湖北省孝感市孝南区九级物理上学期期末试卷（含解析） 新人教版.doc

湖北省孝感市孝南区2015-2016学年九年级（上）期末物理试卷一、选择题（共10小题，每小题3分，满分30分）1如图所示，电源电压和灯l的电阻不变，灯l上标有“6v 3w”字样，当开关s闭合，滑片p移至a端时，电流表的示数为1a，灯l正常发光，则电源电压u和滑片ab两端电阻为（）a6v 6b6v 12c3v 12d3v 62张华同学在“探究通过导体的电流与其两端电压的关系”时，将记录的实验数据通过整理作出了如图所示图象，根据图象，下列说法正确的是（）a当在导体b的两端加上2v的电压时，通过导体b的电流为0.2ab将a、b两导体串联后接到电压为2v的电源上时，a消耗的电功率小于b消耗的电功率c导体a的电阻等于导体b的电阻d导体a的电阻为0.23关于家庭安全用电，下列说法不正确的是（）a使用测定笔时，手要接触金属笔尾，测试零线时氖管不会发光b一旦发生触电事故，应先切断电源再进行抢救c不靠近高压带电体，不接触低压带电体d同时使用大功率用电器前，只需考虑电能表的承受能力即可4物理世界璀璨纷纭，自然奇观、生活奥秘、现代科技，无一不展现出物理学的神奇与魅力，下面说法正确的是（）a可以用湿毛巾擦点亮的电灯b电冰箱内的照明灯与压缩机是并联的，能够彼此独立工作c家庭电路中，用电器功率越大，电路中电流越小，所以空气开关不会断开d除保险丝外，漏电保护器对人体触电无保护作用5以下关于电与磁四幅图片的描述正确的是（）a甲图：它是探究电磁感应现象的装置图b乙图：向左调节滑动变阻器的滑片，电磁铁吸引大头针的数目变少c丙图：将开关闭合，小磁针的n极向右转动d丁图：电磁继电器是利用电流的热效应来工作的6下列说法正确的是（）a地球上地磁场的北极是地理北极b保险丝一般是用电阻小、熔点高的材料制成c验电器的工作原理是同种电荷相互排斥d电动机的工作原理是电流热效应7把一只“220v60w”的灯泡接在110v的电路两端，假设灯丝电阻不变，则这盏灯实际电功率为（）a30wb60wc15wd120w8将两只额定电压相同的甲、乙两灯并联后接到电路中，且电源电压等于两灯的额定电压，闭合开关后发现，甲灯比乙灯亮，这说明（）a甲灯的功率一定比乙灯的小b甲灯的电阻一定比乙灯的大c通过甲灯的电流一定比乙灯的大d甲灯两端电压一定比乙灯的大9如图是安装在潜水器上深度表的电路简图，显示器由电流表改装而成，压力传感器的电阻随压力的增大而减小，电源电压不变，r0是定值电阻，在潜水器下潜过程中，电路中有关物理量的变化情况是（）a通过显示器的电流变大br0两端的电压减小c传感器两端的电压增大d电路的总功率增大10小灯泡l上标有“2.5v”字样，它的电阻随它两端电压变化的图象如图甲所示将小灯泡l和电阻r0接入图乙所示的电路中，电源电压为6v，且保持不变当开关s闭合时，小灯泡l恰好能正常发光下列说法正确的是（）a开关s断开时，小灯泡l的电阻为0b开关s闭合时，小灯泡l的电阻为10c小灯泡l的额定功率为0.625wd电阻r0的阻值为14二、解答题（共6小题，满分40分）11如图甲所示为伏安法测电阻的电路图，电源电压为6v（1）如果实验操作中出现：电流表有示数，电压表示数是0的现象，其故障可能是_a电压表的量程选小了 b电流表的正、负接线柱接反c把滑动变阻器下端两接线柱连入电路 d电阻r发生了短路（2）电路连接正确后，闭合开关，将滑片p向右移动时，电压表示数_（选填“变大”、“变小”或“不变”）电流表示数_（选填“变大”、“变小”或“不变”）（3）实验过程中，电流表和电压表的示数如图乙所示，则电流表的示数为_，电压表的示数为_，此时测得的rx=_，电阻消耗的电功率为p=_w（4）此实验要多次测量电阻值，最后求电阻值的平均值，其目的是_12在测量小灯泡电功率的实验中，电源电压为4.5v，小灯泡的额定电压为2.5v，小灯泡正常发光时的电阻约为10（1）请你用笔画线代替导线，将图甲中的实物电路连接完整要求：当滑动变阻器的滑片向左移动时，连入电路的电阻变大；连线不得交叉（2）小宇同学闭合开关，移动滑片p到某一位置时，电压表示数（如图乙所示）为_v，若他想测量小灯泡的额定功率，应将图甲中滑动变阻器的滑片p向_（选填“a”或“b”）端移动，使电压表的示数为2.5v（3）小宇同学继续移动滑片p，记下多组对应的电压表和电流表的示数，并绘制成图丙所示的iu关系图象，根据图象信息，可计算出小灯泡的额定功率是_w，还可以得出：小灯泡的实际功率随实际电压的增大而_（选填“增大”、“减小”或“不变”）小灯泡的实际电阻是随电流的增大而_（选填“增大”、“减小”或“不变”）（4）若实验时，小明改变滑动变阻器滑片的位置，测出三组小灯泡电压、电流数据，算出功率的平均值作为小灯泡的额定功率，请指出小明做法的错误之处_13小红利用图甲所示的电路探究电流与电阻的关系已知电源电压为6v且保持不变，实验用到的电阻阻值分别为5、10、15、20、25（1）实验中多次改变r的阻值，调节滑动变阻器的滑片，使电压表示数保持不变，记下电流表的示数，得到如图乙所示的电流i随电阻r变化的图象，由图象可得出结论：_（2）在上述实验中，某同学在读取完电流表示数后，直接拆下阻值为5的电阻，改换成阻值为10的电阻，请你指出他在操作中的错误：_；在读取电流表示数之前，他应进行的操作是：向_移动滑片，使电压表示数为2.5v（3）若在实验过程中出现电流表示数为0，电压表的示数为6v，则电路出现的故障可能是_（4）小红想将定值电阻换成小灯泡来探究电流与电压的关系，你认为她的实验方案可行吗？_（选填“可行”或“不可行”）（5）根据如图丙所示的小磁针指向，画出通电螺线管的导线绕法14如图所示电路中，电源电压8v保持不变，求：（1）只闭合开关s1，电流表示数为0.2a，此时电路中的总电阻；（2）再闭合开关s2，电流表示数变化了0.3a，此时电流表的读数；（3）r1的阻值15小丽家新买了一台电热水器，如图是该热水器的一些技术参数型号fedh50额定电压220v最大水量50kg额定功率1500w她将水箱中装满初温为25的水，通电后正常工作一段时间，发现家中的电能表由如图1中的数据变为图2请问：（1）这段时间里热水器消耗的电能是多少千瓦时？（2）该热水器工作了多长时间？（3）若该热水器的电热转化效率为84%，经过这段时间后水的温度升高了多少？水的比热容为c水=4.2103j/（kg）16如图是一种测量小汽车油箱内油量装置原理图，压力传感器r的电阻会随所受压力的大小发生变化，油量表（由电流表改装而成）指针能指示出油箱里油的多少若电源电压为6v，压力传感器r的上表面积为5cm2，压力传感器r的电阻与所受压力的关系如表所示（汽油热值为q汽油=4.6107j/kg，汽油=0.7103kg/m3，g=10n/kg）：压力f/n050100150200250300电阻r/500380310245200170150（1）当油与箱总重为600n时，压力传感器r受到的压强是多大？（2）若油箱内油为10kg时，汽油完全燃烧能放出的热量是多少？（3）如果空油箱的质量为6kg，油量表指针指向油量为2102m3时，电路中电流是多少？2015-2016学年湖北省孝感市孝南区九年级（上）期末物理试卷参考答案与试题解析一、选择题（共10小题，每小题3分，满分30分）1如图所示，电源电压和灯l的电阻不变，灯l上标有“6v 3w”字样，当开关s闭合，滑片p移至a端时，电流表的示数为1a，灯l正常发光，则电源电压u和滑片ab两端电阻为（）a6v 6b6v 12c3v 12d3v 6【考点】欧姆定律的应用；电功率与电压、电流的关系【分析】当开关s闭合，滑片p移至a端时，灯泡l与滑动变阻器的最大阻值并联，电流表测干路电流，根据并联电路的电压特点和灯泡正常发光时的电压等于额定电压确定电源的电压，根据p=ui求出通过灯泡的电流，根据并联电路的电流特点求出通过变阻器的电流，根据欧姆定律求出变阻器的最大阻值【解答】解：当开关s闭合，滑片p移至a端时，灯泡l与滑动变阻器的最大阻值并联，电流表测干路电流，因并联电路中各支路两端的电压相等，且灯l正常发光，所以，电源的电压u=ul=6v，故cd错误；由p=ui可得，通过灯泡的电流：il=0.5a，因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以，通过滑动变阻器的电流：i滑=iil=1a0.5a=0.5a，由i=可得，滑动变阻器的最大阻值：r滑=12，故a错误，b正确故选b【点评】本题考查了并联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，要注意灯泡正常发光时的电压和额定电压相等2张华同学在“探究通过导体的电流与其两端电压的关系”时，将记录的实验数据通过整理作出了如图所示图象，根据图象，下列说法正确的是（）a当在导体b的两端加上2v的电压时，通过导体b的电流为0.2ab将a、b两导体串联后接到电压为2v的电源上时，a消耗的电功率小于b消耗的电功率c导体a的电阻等于导体b的电阻d导体a的电阻为0.2【考点】探究电流与电压、电阻的关系实验【分析】（1）据图得出b 的电阻，而后据欧姆定律分析即可判断；（2）据图判断出ab两个导体的电阻，而后据串联电路电流相等，即据p=i2r分析即可判断；【解答】解：a、据图得出b 的电阻是rb=10；故若在导体b的两端加上2v的电压时，通过导体b的电流为i=1.2a，故a错误；b、据图判断出a的电阻是：ra=5；据a可知，其b 电阻是10，当串联时，电流相等，据公式：p=i2r可知，电阻大的功率大，所以b的功率大于a 的功率，故b正确；c、据ab可知，b的电阻大于a的电阻，故c错误；d、据b可知，a 的电阻是5，故d错误；故选b【点评】图象中反映的是电流与电压的关系，都是正比例函数，通过两段导体的电流与电压成正比当取相同的电压时，可以从图象中分别得到对应的电流，从而求出两导体的电阻3关于家庭安全用电，下列说法不正确的是（）a使用测定笔时，手要接触金属笔尾，测试零线时氖管不会发光b一旦发生触电事故，应先切断电源再进行抢救c不靠近高压带电体，不接触低压带电体d同时使用大功率用电器前，只需考虑电能表的承受能力即可【考点】安全用电原则【分析】（1）测电笔的使用方法：使用测电笔时，手要接触测电笔尾部的金属体笔尖接触电线，氖管发光表明接触的是火线，不发光是零线（2）一旦发生触电事故，应立即断开电源开关，或用绝缘体将电线挑开，使触电者与电源脱离，并进行现场抢救（3）当人靠近到高压线一定距离时就会造成电弧触电或跨步电压触电，故要不靠近高压带电体；安全用电的原则：不接触低压带电体，不靠近高压带电体（4）家庭电路电流过大的原因有两个：一是用电器的总功率过大，另一个是发生短路【解答】解：a、测电笔的使用方法：使用测电笔时，手要接触测电笔尾部的金属体笔尖接触电线，氖管发光表明接触的是火线，不发光是零线，故a正确；b、一旦发生触电事故，应先切断电源再进行抢救，故b正确；c、安全用电的原则是不靠近高压带电体，不接触低压带电体，故c正确d、当家庭电路中接入多个大功率的用电器时，除了考虑电能表，还应考虑导线，故d不正确故选：d【点评】本题考查了学生对安全用电知识的了解与掌握，平时学习时多了解、积累，加强安全意识，学好电、用好电4物理世界璀璨纷纭，自然奇观、生活奥秘、现代科技，无一不展现出物理学的神奇与魅力，下面说法正确的是（）a可以用湿毛巾擦点亮的电灯b电冰箱内的照明灯与压缩机是并联的，能够彼此独立工作c家庭电路中，用电器功率越大，电路中电流越小，所以空气开关不会断开d除保险丝外，漏电保护器对人体触电无保护作用【考点】安全用电原则【分析】不纯净的水是导体，水在人手和火线之间连通，会发生触电事故；并联电路中，各用电器可以独立工作，互不影响；家庭电路中，电流过大的原因：一是短路；二是用电器的总功率过大；正常情况下，用电器通过相线、中性线和供电系统中的电源构成闭合电路，不应该有电流流入大地，但是如果站在地上的人不小心接触了相线，电流经过人体（或其他导体）流入大地，这时总开关上的“漏电保护器”就会迅速切断电路，对人起到保护作用【解答】解：a、湿毛巾的水份是导体，擦点亮的电灯容易发生触电事故，故a错误；b、因为压缩机和照明灯可以单独工作，互不影响，所以冰箱内的压缩机与照明灯的连接方式是并联，故b正确；c、家庭电路中，用电器功率越大，电路中电流越大，所以空气开关会断开，故b错误；d、漏电保护器对人体触电有保护作用，故d错误故选：b【点评】本题考查了学生对安全用电知识的了解与掌握，平时学习时多了解、积累，加强安全意识，学好电、用好电5以下关于电与磁四幅图片的描述正确的是（）a甲图：它是探究电磁感应现象的装置图b乙图：向左调节滑动变阻器的滑片，电磁铁吸引大头针的数目变少c丙图：将开关闭合，小磁针的n极向右转动d丁图：电磁继电器是利用电流的热效应来工作的【考点】电磁感应；通电螺线管的磁场；影响电磁铁磁性强弱的因素；电磁继电器的组成、原理和特点【分析】（1）闭合电路的一部分导体在磁场中切割磁感线运动，导体中有感应电流产生（2）电磁铁的磁性强弱与电流大小和线圈的匝数有关（3）据安培定则分析判断即可解决（4）电磁继电器是利用电流的磁效应工作的【解答】解：a、此题中有电源，是探究磁场对通电导体是否有力的作用的实验故a错误b、电磁铁中磁性强弱与电流的强弱、线圈匝数有关，即向左调节滑动变阻器的滑片，电阻变小，电流变大，故电磁铁吸引大头针的数目变多，故b错误；c、将开关闭合，据安培定则可知，螺线管右侧为n极，左侧为s极，根据同名磁极相互排斥，故小磁针的n极向右转动，故c正确；d、电磁继电器是利用电流的磁效应来工作的，故d错误；故选c【点评】电动机的原理图和发电机的原理图的重要区别：电动机的电路中有电源；发电机的电路中没有电源6下列说法正确的是（）a地球上地磁场的北极是地理北极b保险丝一般是用电阻小、熔点高的材料制成c验电器的工作原理是同种电荷相互排斥d电动机的工作原理是电流热效应【考点】地磁场；直流电动机的原理；验电器的原理及使用；熔断器的作用及保险丝的选择方法【分析】地磁场的南北极与地理南北极相反，且不重合即：地磁南极在地理北极附近，地磁北极在地理南极附近保险丝通常安装在火线上，它是由电阻率大、熔点低的铅锑合金制成的，当电路中有过大电流通过时，保险丝发热自动熔断，切断电路，从而起到保护电路的作用验电器使用时是让金属杆上的金属箔带上同种电荷，然后同种电荷会相互排斥从而验证物体是否带电的电动机的原理是利用通电导体在磁场中受力转动的原理制成的【解答】解：a、地磁北极在地理南极附近，地磁南极在地理北极附近故a错误；b、保险丝是由电阻率大、熔点低的铅锑合金制成的故b错误；c、验电器是利用同种电荷相互排斥的原理制成的；故c正确；d、电动机是利用通电导体在磁场中受力运动的原理制成的； 故d错误故选c【点评】本题涉及多个知识点，要全面掌握基础知识，是中考的常见题型7把一只“220v60w”的灯泡接在110v的电路两端，假设灯丝电阻不变，则这盏灯实际电功率为（）a30wb60wc15wd120w【考点】实际功率【分析】知道灯泡的额定电压和额定功率，根据p额=的变形公式r=求出灯丝的电阻，由于灯丝电阻不变，再根据为p实=求出实际电压下灯泡的电功率即为灯泡的实际功率【解答】解：由p额=得灯丝的电阻r=，则这盏灯实际电功率为p实=15w故选：c【点评】本题考查了电功率公式的灵活应用，要分清额定状态和实际状态下的相同量和不同量，如两状态下的电阻我们认为是不变的，而电压、电流是不一样的8将两只额定电压相同的甲、乙两灯并联后接到电路中，且电源电压等于两灯的额定电压，闭合开关后发现，甲灯比乙灯亮，这说明（）a甲灯的功率一定比乙灯的小b甲灯的电阻一定比乙灯的大c通过甲灯的电流一定比乙灯的大d甲灯两端电压一定比乙灯的大【考点】实际功率【分析】灯泡的亮度由灯泡的实际功率决定，灯泡越亮，灯泡实际功率越大，由并联电路特点及电功率公式、欧姆定律分析答题【解答】解：a、闭合开关发现甲灯比乙灯亮，说明甲灯的实际功率比乙灯的实际功率大，故a错误；b、两灯并联，它们两端电压u相等，由p=，可得，r=，已知p甲p乙，所以r甲r乙，故b错误；c、灯泡电压u相等，因为r甲r乙，所以由i=可知，i甲i乙，故c正确；d、并联电路电压相等，两盏白炽灯并联接入电路中，则两灯两端电压u相等，故d错误故选c【点评】灯泡亮度由灯泡的实际功率决定，应用电功率公式及并联电路特点、欧姆定律即可正确解题9如图是安装在潜水器上深度表的电路简图，显示器由电流表改装而成，压力传感器的电阻随压力的增大而减小，电源电压不变，r0是定值电阻，在潜水器下潜过程中，电路中有关物理量的变化情况是（）a通过显示器的电流变大br0两端的电压减小c传感器两端的电压增大d电路的总功率增大【考点】电路的动态分析；液体压强计算公式的应用；欧姆定律的应用；电功率的计算【分析】在潜水器下潜过程中，压力传感器受到的压力变大，其电阻变小，根据欧姆定律可知电路中电流的变化和r0两端电压的变化，利用串联电路的电压特点可知传感器两端的电压变化，利用p=ui可知电路总功率的变化【解答】解：由电路图可知，两电阻串联，电流表显示器串联在电路中，由p=gh可知，在潜水器下潜过程中，压力传感器受到的压力增大，因压力传感器的电阻随压力的增大而减小，所以，传感器的电阻减小，电路中的总电阻减小，由i=可知，电路中的电流增大，即通过显示器的电流增大，故a正确；由u=ir可知，r0两端的电压增大，故b错误；因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，传感器两端的电压减小，故c错误，由p=ui可知，电路的总功率增大，故d正确故选ad【点评】本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的灵活应用，关键是分析好在潜水器下潜过程中压力传感器受到压强的变化和其阻值的变化10小灯泡l上标有“2.5v”字样，它的电阻随它两端电压变化的图象如图甲所示将小灯泡l和电阻r0接入图乙所示的电路中，电源电压为6v，且保持不变当开关s闭合时，小灯泡l恰好能正常发光下列说法正确的是（）a开关s断开时，小灯泡l的电阻为0b开关s闭合时，小灯泡l的电阻为10c小灯泡l的额定功率为0.625wd电阻r0的阻值为14【考点】电功率的计算；欧姆定律的应用【分析】a、当s断开时，灯泡两端的电压为0，由图甲可知电压为0时的电阻；b、当s闭合时，小灯泡恰好能正常发光，恰好正常发光的含义是灯泡两端的实际电压等于额定电压；c、由公式p=即可算出灯泡的额定功率；d、先根据公式i=算出串联电路的电流，然后根据串联电路电压规律算出电阻r0两端的电压，最后根据公式r=算出电阻r0的阻值【解答】解：a、当s断开时，灯泡两端的电压为0，由图甲可知：当电压为0时，对应的电阻为2，所以选项a是错误的；b、当s闭合时，小灯泡恰好能正常发光，此时灯泡两端的电压等于2.5v，由图甲可知：当电压为2.5v时，对应的电阻为10，所以选项b是正确的；c、灯泡的额定功率：p=0.625w，所以选项c是正确的；d、电路中的电流：i=0.25a，r0两端的电压：u0=uul=6v2.5v=3.5v，r0的电阻：r0=14，所以选项d是正确的故选 b、c、d【点评】灯泡的电阻与灯泡的温度有关，而灯泡的温度与灯泡的电功率有关，电功率又与灯泡的实际电压有关，所以解答本题时一定要注意分析图甲二、解答题（共6小题，满分40分）11如图甲所示为伏安法测电阻的电路图，电源电压为6v（1）如果实验操作中出现：电流表有示数，电压表示数是0的现象，其故障可能是da电压表的量程选小了 b电流表的正、负接线柱接反c把滑动变阻器下端两接线柱连入电路 d电阻r发生了短路（2）电路连接正确后，闭合开关，将滑片p向右移动时，电压表示数变小（选填“变大”、“变小”或“不变”）电流表示数变小（选填“变大”、“变小”或“不变”）（3）实验过程中，电流表和电压表的示数如图乙所示，则电流表的示数为0.5a，电压表的示数为2.5v，此时测得的rx=5，电阻消耗的电功率为p=1.25w（4）此实验要多次测量电阻值，最后求电阻值的平均值，其目的是减小误差【考点】伏安法测电阻的探究实验；串联电路的电流规律；串联电路的电压规律；欧姆定律的应用【分析】（1）电路的故障有两种：断路或短路，根据电压表和电流表的示数可做出判断；（2）根据电路中电阻的变化和欧姆定律作答；（3）根据电流表小量程和电压表大程读数，分别根据r=和p=ui求解；（4）多次测量取平均值可以减小误差【解答】解：（1）电流表有示数，说明电路是通路，电压表示数为0，说明电压表并联的部分发生了短路，所以只有选项d电阻rx发生了短路符合题意；（2）将滑片p向右移动时，变阻器连入电路中的电阻变大，总电阻变大，根据欧姆定律，电流中电流i变小，待测电阻的电压ux=irx变小；（3）图乙中电流表小量程分度值为0.02a，示数为0.5a；电压表大量程分度值为0.1v，示数为2.5v，rx=5，其电功率大小p=ui=2.5v0.5a=1.25w；（4）此实验要多次测量电阻值，最后求电阻值的平均值，其目的是为了减小误差故答案为：（1）d；（2）变小；变小；（3）0.5a；2.5v；5；1.25；（4）减小误差【点评】本题用伏安法测电阻，考查故障的分析、对变化电路的讨论、电表的读数及电阻和电功率的计算及减小误差的方法，是中考的热点问题，要熟练掌握12在测量小灯泡电功率的实验中，电源电压为4.5v，小灯泡的额定电压为2.5v，小灯泡正常发光时的电阻约为10（1）请你用笔画线代替导线，将图甲中的实物电路连接完整要求：当滑动变阻器的滑片向左移动时，连入电路的电阻变大；连线不得交叉（2）小宇同学闭合开关，移动滑片p到某一位置时，电压表示数（如图乙所示）为2.2v，若他想测量小灯泡的额定功率，应将图甲中滑动变阻器的滑片p向b（选填“a”或“b”）端移动，使电压表的示数为2.5v（3）小宇同学继续移动滑片p，记下多组对应的电压表和电流表的示数，并绘制成图丙所示的iu关系图象，根据图象信息，可计算出小灯泡的额定功率是0.5w，还可以得出：小灯泡的实际功率随实际电压的增大而增大（选填“增大”、“减小”或“不变”）小灯泡的实际电阻是随电流的增大而增大（选填“增大”、“减小”或“不变”）（4）若实验时，小明改变滑动变阻器滑片的位置，测出三组小灯泡电压、电流数据，算出功率的平均值作为小灯泡的额定功率，请指出小明做法的错误之处不能多次测量求平均值【考点】电功率的测量【分析】（1）根据灯泡正常发光时的电流确定电流表量程，根据题目要求确定滑动变阻器的接法，把电流表、滑动变阻器串联接入电路（2）由图示电压表确定其量程与分度值，读出电压表示数，根据电压表示数与灯泡额定电压间的关系，根据电路图确定滑片的移动方向（3）由图象求出灯泡额定电压对应的电流，然后由p=ui求出灯泡额定功率；根据灯泡电流随电压的变化关系，由p=ui判断灯泡实际功率如何随电压变化，由r=判断电阻如何变化（4）不同电压下的实际功率不同，在测量额定功率时，不能测量不同电压下的电功率求平均值【解答】解：（1）灯泡正常发光时电流约为i=0.25a，则电流表选00.6a量程，当滑动变阻器的滑片向左移动时，连入电路的电阻变大，则滑动变阻器应接右下接线柱b，把电流表、滑动变阻器串联接入电路，电路图如图所示（2）由图乙所示电压表可知，其量程为03v量程，分度值是0.1v，其示数为2.2v，小于灯泡额定电压，要测量小灯泡的额定功率，应减小滑动变阻器分压，减小滑动变阻器接入电路的阻值，使灯泡两端电压变大，由电路图可知，应把滑动变阻器的滑片p向b端移动，使电压表的示数为2.5v（3）由iu图象可知，灯泡额定电压2.5v所对应的电流是0.2a，灯泡额定功率p=ui=2.5v0.2a=0.5w；由iu图象可知，随灯泡电压的增大，灯泡电流增大，灯泡实际功率p=ui增大，根据r=电阻增大（4）额定功率是用电器在额定电压下的功率，由于不同电压下的电功率不同，所以不能通过计算平均值来作为额定功率故答案为：（1）电路图如图所示；（2）2.2；b；（3）0.5；增大；增大；（4）不能多次测量求平均值【点评】本题考查了连接实物电路图、电表读数、滑动变阻器的调节、求灯泡额定功率、连接电路时的注意事项等，对电表进行多读数时，要先确定其量程与分度值，然后再读数，读数时视线要与电表刻度线垂直13小红利用图甲所示的电路探究电流与电阻的关系已知电源电压为6v且保持不变，实验用到的电阻阻值分别为5、10、15、20、25（1）实验中多次改变r的阻值，调节滑动变阻器的滑片，使电压表示数保持不变，记下电流表的示数，得到如图乙所示的电流i随电阻r变化的图象，由图象可得出结论：电压一定时，导体中的电流与电阻成反比（2）在上述实验中，某同学在读取完电流表示数后，直接拆下阻值为5的电阻，改换成阻值为10的电阻，请你指出他在操作中的错误：没有断开开关；在读取电流表示数之前，他应进行的操作是：向左移动滑片，使电压表示数为2.5v（3）若在实验过程中出现电流表示数为0，电压表的示数为6v，则电路出现的故障可能是电阻断路（4）小红想将定值电阻换成小灯泡来探究电流与电压的关系，你认为她的实验方案可行吗？不可行（选填“可行”或“不可行”）（5）根据如图丙所示的小磁针指向，画出通电螺线管的导线绕法【考点】探究电流与电压、电阻的关系实验【分析】（1）根据图象分析电流和电阻的关系：电压一定，电流和电阻成反比；分析图丙中图象，曲线上每一点对应的电流和电阻的乘积相等，据此得出结论；（2）在连接电路时，必须断开开关；拆下阻值为5的电阻改换成阻值为10的电阻，则根据电路中的电阻变大，根据欧姆定律和串联电路的电压特点判断电压表示数的变化；将滑动变阻器的滑片移到最左端时接入电路中的电阻最大，将5的电阻更换为10的电阻接入电路后，应减小滑动变阻器接入电路中的电阻，使电压表的示数达到原来的示数不变；（3）电流表示数为零说明电路断路，电压表有示数说明电压表和电源连接的部分电路正常；（4）知道灯丝的电阻受温度的影响，要探究电流与电压的关系，需保持电阻不变（5）由磁极间的相互作用可知螺线管的磁极，则由右手螺旋定则可知螺线管的绕法【解答】解：（1）分析图乙图象，曲线上每点对应的电流和电阻的乘积都等于2.5v，由此得出结论：电压一定时，导体中的电流与电阻成反比；（2）据题意可知，这位同学没有断开开关就更换电阻，是错误的；拆下阻值为5的电阻改换成阻值为10的电阻，则电路中的电阻变大，根据欧姆定律可知电路中的电流变小，变阻器两端的电压减小，由于电源电压不变，根据串联电路的电压特点可知：10电阻两端的电压变大，即电压表示数变大在用10电阻替换5电阻时，应先断开开关，拆下5的电阻，然后换上10的电阻，闭合开关，由于10电阻两端的电压变大，所以应增大滑动变阻器接入电路中的电阻，将即滑动变阻器的滑片向左移动，减小电路中的电流，使电压的示数达到2.5v（3）电流表的示数为零说明电路中有断路，再根据电压表的示数判断出电路故障电压表示数为3v等于电源电压，说明电压表的两个接线柱和电源连接的部分没有断路，所以故障是电阻断路了；（4）由于灯丝的电阻受温度的影响，要探究电流与电压的关系，需保持电阻不变，所以不能用小灯泡做此实验（5）小磁针n极接近螺线管，因异名磁极相互吸引，则螺线管右侧为s极，左侧为n极；电源右侧为正极，则由右手螺旋定则可知螺线管的绕向如图：故答案为：（1）电压一定时，导体中的电流与电阻成反比；（2）没有断开开关；左；（3）电阻断路；（4）不可行；（5）如上图【点评】本题考查了电路故障的判断、控制变量法在实验结论中的应用等，关键：一是会根据电源的电压和电路中的最大电流确定电表的量程；二是会根据控制变量法分析实验数据得出结论，特别是会分析表中的示数得出电流与电阻的关系14如图所示电路中，电源电压8v保持不变，求：（1）只闭合开关s1，电流表示数为0.2a，此时电路中的总电阻；（2）再闭合开关s2，电流表示数变化了0.3a，此时电流表的读数；（3）r1的阻值【考点】欧姆定律的应用【分析】（1）只闭合开关s1，r1与r2串联，电流表测电路中的电流，根据欧姆定律求出电路中的总电阻；（2）再闭合开关s2，电路为r1的简单电路，根据电阻的串联和欧姆定律可知电路中电流的变化，然后得出电流表的示数；（3）根据欧姆定律求出r1的阻值【解答】解：（1）只闭合开关s1，r1与r2串联，电流表测电路中的电流，由i=可得，电路中的总电阻：r=40；（2）再闭合开关s2，电路为r1的简单电路，因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，所以，电路中的电流变大，因电流表示数变化了0.3a，所以，此时电流表的读数i=i+i=0.2a+0.3a=0.5a；（3）r1的阻值：r1=16答：（1）只闭合开关s1时，电路中的总电阻为40；（2）再闭合开关s2时，电流表的读数为0.5a；（3）r1的阻值为16【点评】本题考查了串联电路的特点和欧姆定律的应用，关键是根据电流表示数的变化量得出再闭合开关s2时电路中的电流15小丽家新买了一台电热水器，如图是该热水器的一些技术参数型号fedh50额定电压220v最大水量50kg额定功率1500w她将水箱中装满初温为25的水，通电后正常工作一段时间，发现家中的电能表由如图1中的数据变为图2请问：（1）这段时间里热水器消耗的电能是多少千瓦时？（2）该热水器工作了多长时间？（3）若该热水器的电热转化效率为84%，经过这段时间后水的温度升高了多少？水的比热容为c水=4.2103j/（kg）【考点】电功与热量的综合计算【分析】（1