湖北省武汉市中考物理四月调考模拟试卷（四）（含解析）.doc

湖北省武汉市2016年四月调考物理模拟试卷（四）一、选择题（本题包括12小题，每小题只有1个正确选项每小题3分，共36分）1下列关于声音说法正确的是（）a通过声学仪器接收到的超声波等信息判断地震的方位b振动的物体都会发出声音c用大小不同的力先后敲击同一音叉，音叉发声的音调不同d在靠近居民区的轻轨旁，设置隔音墙是在传播过程中减弱噪声2关于温度、比热容、热量、内能，以下说法正确的是（）a炽热的铁水具有内能，冰冷的铁块不具有内能b一个物体吸收了热量，它的温度一定会升高c一个物体温度升高了，它的一定内能增加d利用向清洗液中发射次声波清洗精密仪器3小龙同学在老师的指导下做了一个有趣的实验：找一个圆柱形的玻璃瓶，里面装满水把一支普通铅笔放在玻璃瓶的一侧，透过玻璃瓶，可以看到那支笔，如图所示如果把笔由靠近玻璃瓶的位置向远处慢慢移动，会看到什么现象？小龙记录了这个过程中所看到的现象，其中有错误的是（）a会看到铅笔尖逐渐变长b会看到至某一位置时，铅笔尖突然改变方向c无论怎样移动铅笔，也看不到铅笔倒立缩小的实像d会看到铅笔倒立放大的实像4某实验小组在用天平和量筒测量液体的密度时，测量步骤为：先测出空烧杯的质量；将液体倒入烧杯，测出总质量；算出烧杯中液体的质量；将烧杯中的液体倒入量筒，测出其体积；利用公式算出液体的密度将对实验结果的分析正确的是（）a测量步骤合理，结果准确b测量步骤不合理，原因是烧杯里的液体的质量测不准c测量步骤不合理，结果偏小d测量步骤不合理，原因是烧杯里的液体的体积测不准5小华同学酷爱滑板运动如图所示，在他玩滑板的过程中，关于几个力学问题的思考，下列说法正确的是（）a滑板底部安装轮子是为了用滚动代替滑动从而减小摩擦力b玩滑板时尽量降低重心是为了增加滑板对地的压力c人对滑板的压力和滑板对人的支持力是一对平衡力d滑板在地面滑行是因为人和滑板具有惯性，当惯性消失，滑板就停下来6如图所示，在空中以相同速度水平匀速直线飞行的加油机和受油机，在加油的过程中，下列说法正确的是（）a加油机动能减小，重力势能减小，机械能减小b受油机动能减小，重力势能不变，机械能不变c加油机动能减小，重力势能不变，机械能减小d受油机动能减小，重力势能增大，机械能增大7下面三个电学实验：a、探究电流与电压的关系；b、探究电流与电阻的关系；c、伏安法测电阻都要用到滑动变阻器，关于滑动变阻器，下列说法错误的是（）a三个实验中，它都起保护电路的作用b三个实验中，它都起改变部分电路两端电压的作用c三个实验中，它都起完成多次测量求平均值的作用d三个实验闭合开关前，滑片都要调到最大阻值处8下列四幅图中，小磁针的指向正确的是（）abcd9如图中各实验现象所揭示的原理或规律与其所对应的应用技术错误的是（）abcd10下列关于信息的传递和能量的利用说法正确的是（）a利用声波和电磁波传递信息时都需要介质b手机利用超声波传递信息c煤、石油、天然气、太阳能等都是不可再生能源d核能是指原子核发生分裂或聚合时所释放的能量11底面积为100cm2的烧杯中装有适量水当金属块浸没在水中静止时，如图甲所示，弹簧测力计的示数f1=3.4n，水对杯底的压强为p1；当金属块总体积的露出水面静止时，如图乙所示，弹簧测力计的示数为f2，水对杯底的压强为p2；若p1、p2之差为50pa，g取10n/kg，则（）a金属块的体积v金是2103m3b弹簧测力计的示数f2是5.4nc金属块的密度是2.7103kg/m3d金属块受到的重力是6.8n12如图所示，定值电阻r0=10，当s1和s2均闭合且滑动变阻器的滑片p滑到b端时，电流表a1和a2的示数之比是5：4当s1和s2均断开且滑片p置于变阻器的中点时，小灯泡此时功率为4w，电流表a1的示数为1a，电源电压一定，则下面说法正确的是（）a当s1和s2均闭合且滑动变阻器的滑片p滑到b端时，电路的总功率为72wb当s1和s2均闭合且滑动变阻器的滑片p滑到b端时，电路的总功率为20.57wc当s1和s2均断开且滑片p置于变阻器的中点时，电路的总功率为20wd当s1和s2均断开且滑片p置于变阻器的中点时，电路的总功率为72w二、非选择题（2016武汉模拟）4月16日，海南自主研发的地效翼船在海口桂林洋海域首次实现双船试飞据了解，地效翼船俗称会飞的船，停在水面像船，起飞后则像飞机此次试飞的cyg11型翼船某型号飞行器的总质量为1.0103t，最大飞行速度为720km/h，百公里耗油28升（1）飞行器飞行时，机翼上方气流比下方气流的流速；（2）飞行器飞行时，将燃料的能转化为飞行器的能；（3）飞行器以最大速度飞行1440km，需要h14如图所示，水平桌面上有一块圆形玻璃转盘，距转盘上方2m高处有一盏灯成像在其中灯的像距离该灯m；若用手水平拨动转盘，则会观察到灯的像的位置（选填“改变”或“不改变”）15小明探究水沸腾时温度变化的特点，实验装置如图甲所示（1）加热一定时间后，温度计的示数如图所示，此时水的温度为；（2）当观察到时，说明水已沸腾；（3）水在沸腾过程中虽然温度不再升高，但酒精灯要持续加热，这说明液体在沸腾过程中要；（4）图乙中能正确表示实验过程中水温度变化的图象是 （填“a”“b”“c”或“d”）16如图所示，在“探究影响滑动摩擦力大小的因素”实验实验中用到了一个弹簧测力计、一块木块、一个钩码、两块材料相同但表面粗糙程度不同的长木板（1）将物体置于水平木板上，用弹簧测力计沿水平方向拉动，使其做运动，这时滑动摩擦力的大小等于弹簧测力计拉力的大小；（2）若乙装置中，木块在运动过程中拉力突然变大，滑动摩擦力将（选填“不变”“变大”或“变小”）；（3）小明设计了如图所示的实验方案，通过实验得到了正确的结论下列各种现象中，利用该实验结论的是a汽车在结冰的路面上行驶，在车轮上缠绕铁链b用力压住橡皮，擦去写错的字c移动很重的石块时，在地上铺设滚木若甲图中物体运动的速度大小为v1，乙图中物体运动的速度大小为v2实验过程中关于v1和v2的大小下列说法正确的是av1一定大于v2bv1一定小于v2cv1一定等于v2dv1可以大于、等于或小于v217小刚和小明等同学一起做“探究杠杆的平衡条件”的实验小刚将杠杆中点置于支架上，调节杠杆两端的平衡螺母，使杠杆在水平位置平衡（1）如图甲所示，若每个钩码重0.5n，且杠杆上每格相等，小明在杠杆左端图示位置处挂上3个钩码，为使杠杆在水平位置平衡，他在图中a处施加一个方向向上的力f1，此力的大小至少为n；（2）若撤去力f1，改在杠杆右端b处施加一个力，这个力最小为n；（3）转动f2，使f2方向如图乙所示，仍使杠杆平衡请在图乙中画出力f2的力臂18莉莉用如图1所示的实验电路测量小灯泡的额定功率，已知待测小灯泡额定电压为4.5v，小灯泡额定功率约为1w，电源电压恒为6v（1）闭合开关前，应将滑动变阻器的滑片移至（选填“a”或“b”）端；（2）若有三个滑动变阻器，规格分别为r1（5 2a ）、r2（20 1a）、r3（100 0.1a），则应选择（选填“r1”、“r2”或“r3”）；（3）将滑动变阻器阻值调到最大，闭合开关，发现小灯泡不亮，电流表无示数，电压表示数接近电源电压，经检查灯泡是完好的，则故障可能是导线（选填“a”、“b”、“c”、“d”、“e”、“f”或“g”）出线故障（4）排除故障后，移滑动变阻器的滑片，当电压表的实数为4.5v时，电流表的示数如图2所示，则小灯泡额定功率的测量值为w；（5）若该灯泡被烧坏了，断开开关后，某同学用规格为“4.5v 1.5w”的小灯泡代替已烧坏灯泡，闭合开关后，为使其两端电压达到额定电压，应让滑动变阻器的滑片（选填“位置不变”、“向a端移动”或“向b端移动”）19近年来，在宾馆、厂矿、医院、学校等单位使用全自动不锈钢电热开水器（外型如图1所示）越来越普遍原因是它具有自动控水、自动测温、自动控温、热效率高、安全卫生、使用方便等优点某电热开水器说明书上的铭牌如表：功率2kw容量22.6升额定电压220v水咀数1重量16kg外形尺寸（cm）422969.5它的机械部分结构如图2所示，当容器内水面上升时，浮力球也随之上升，通过连杆推动活塞向左活动（如图3），当水位到达一定位置时，活塞关闭进水口，停止进水；当容器内水量不足时，水面下降，浮力球随之下降，连杆带动活塞向右运动，进水口打开，向容器内进水（1）根据所给数据，你知道该电热开水器电热管的电阻值大约为（2）某次电路中只有该电热开水器工作的情况下，小明发现电热开水器所在电路中标有3000r/kwh的电能表在10min时间内转过了1020转，请你据此计算出电热开水器的实际功率；（3）若在进水口处水的压强为4104pa，活塞的横截面积为3.0104m2时，且当活塞正好堵住进水口时，连接活塞与浮力小球的连杆与水平面的夹角为45（如图4所示）若己知连杆支点上下长度之比为1：3，不计连杆、浮力小球的重力及摩擦，则浮力小球的体积最小为多少？2016年湖北省武汉市四月调考物理模拟试卷（四）参考答案与试题解析一、选择题（本题包括12小题，每小题只有1个正确选项每小题3分，共36分）1下列关于声音说法正确的是（）a通过声学仪器接收到的超声波等信息判断地震的方位b振动的物体都会发出声音c用大小不同的力先后敲击同一音叉，音叉发声的音调不同d在靠近居民区的轻轨旁，设置隔音墙是在传播过程中减弱噪声【分析】a、利用声音传递信息；如：医生利用听诊器，通过听到的声音判断人体内心脏、肺的健康状况；利用接收到台风产生的次声波来判断台风的风向及位置；利用地震、机器产生的次声波来判断地震的位置和机器的优劣；b、声音是一种波，是由物体振动产生的但声波还不是声音，发声的物体不同，所发出的声音也不同如果把振动的物体放在真空的玻璃罩中，就听不到声音c、响度是由发声体的振幅决定的；振幅：物体振动的幅度，也是物体离开原来位置的最大距离响度与振幅的关系：发声体的振幅越大，响度就越大；振幅越小，响度也越小；d、减小噪音原则：一、声源处减弱 二、传播过程中减弱 三、接收处减弱【解答】解；a、通过声学仪器接收到的次声波等信息判断地震的方位和强度，属于利用声音传递信息；不是次声波；a错误；b、声音是一种波，是由物体振动产生的.如果把振动的物体放在真空的玻璃罩中，就听不到声音因此振动的物体不一定发出声音；b错误c、用力大小只会影响振幅，振幅与声音响度的大小有关，而音叉的声调与震动的频率有关，加快敲击频率方可改变音调c错误；d、安装隔音墙在传播能在路径上减弱噪声，d正确故选d【点评】本题考查了声音的产生、传播以及听到声音的条件，是声学的基础知识，属于识记性内容，比较简单2关于温度、比热容、热量、内能，以下说法正确的是（）a炽热的铁水具有内能，冰冷的铁块不具有内能b一个物体吸收了热量，它的温度一定会升高c一个物体温度升高了，它的一定内能增加d利用向清洗液中发射次声波清洗精密仪器【分析】a、一切物体都有内能，组成所有物质的分子都在不停的做无规则运动；b、当晶体熔化、液体沸腾时，都要吸收热量，但温度不变；c、物体温度升高时，分子的无规则运动速度也越快，内能增加；d、声音能够传递能量，如：利用声波来清洗钟表等精细的机械，“超声波碎石”等【解答】解：a、由于一切物体都有内能，因此炽热的铁水具有内能，冰冷的铁块也具有内能，故a错误b、一个物体吸收了热量，它的温度不一定会升高，如晶体熔化、液体沸腾时，都要吸收热量，但温度不变；故b错误c、物体温度升高时，分子的无规则运动速度也越快，内能增加，故c正确d、用超声波清洗精密仪器，即是利用声音传递能量，不是利用次声波故d错误故选c【点评】本题主要考查了学生对温度、热量、内能的关系的掌握，是热学的难点，是中考的热点还考查了声音的利用，利用声可以传递信息，也可以传递能量属于基本内容，比较简单3小龙同学在老师的指导下做了一个有趣的实验：找一个圆柱形的玻璃瓶，里面装满水把一支普通铅笔放在玻璃瓶的一侧，透过玻璃瓶，可以看到那支笔，如图所示如果把笔由靠近玻璃瓶的位置向远处慢慢移动，会看到什么现象？小龙记录了这个过程中所看到的现象，其中有错误的是（）a会看到铅笔尖逐渐变长b会看到至某一位置时，铅笔尖突然改变方向c无论怎样移动铅笔，也看不到铅笔倒立缩小的实像d会看到铅笔倒立放大的实像【分析】由凸透镜成像的规律知，当物距在一倍焦距以内时，得到正立、放大的虚像；物体在一倍焦距到二倍焦距之间时，得到倒立、放大的实像；物体在二倍焦距以外时，得到倒立、缩小的实像【解答】解：a、该玻璃瓶相当于一个柱面透镜当铅笔由靠近瓶子的位置逐渐远离时，透过透镜会看到铅笔尖逐渐变长，故a正确；b、该玻璃瓶相当于一个凸透镜，当铅笔由靠近凸透镜的位置逐渐远离的过程中，透过透镜会看到铅笔逐渐变大，当到达某一位置时，由正立的虚像变为倒立的实像，铅笔尖也会改变方向，故b正确c、当将铅笔移动到2倍焦距以外时，会看到一个倒立、缩小的实像，故c错误；d、当铅笔处于焦距和2倍焦距之间时，会看到一个倒立、放大的实像，故d正确；故选c【点评】此题主要考查凸透镜成像规律的应用，涉及到光的反射、光的折射、凸透镜成像的规律等知识，属于一道光学综合题此实验最好亲自做一下比较好4某实验小组在用天平和量筒测量液体的密度时，测量步骤为：先测出空烧杯的质量；将液体倒入烧杯，测出总质量；算出烧杯中液体的质量；将烧杯中的液体倒入量筒，测出其体积；利用公式算出液体的密度将对实验结果的分析正确的是（）a测量步骤合理，结果准确b测量步骤不合理，原因是烧杯里的液体的质量测不准c测量步骤不合理，结果偏小d测量步骤不合理，原因是烧杯里的液体的体积测不准【分析】测出空烧杯和液体倒入烧杯时的总质量后，两者的差值即为液体的质量；将烧杯内的液体倒入量筒时，会有一部分液体残留在烧杯的内壁，致使所测液体的体积偏小，根据=分析所测结果和真实值之间的关系【解答】解：由实验步骤可知，所测液体的质量是准确的，在测量液体体积时，由于烧杯内壁有残留的液体，会使所测液体的体积偏小，由=可知，测量结果偏大；为防止烧杯壁粘液体带来实验误差，应先测烧杯和液体总质量，再将液体倒入量筒测出体积，最后测出剩余液体和烧杯的质量，用密度公式=算出液体的密度，所以本题中先测出空烧杯的质量是不必要且不合理的故选：d【点评】本题考查了测量液体密度实验的操作过程中，合理安排实验步骤是准确测量的关键，测空烧杯的质量是不必要也是不合理的，因为这样不可避免地在倾倒液体时，会在容器内有残留，从而造成测量误差，因此我们应该学会分析并能利用合理的设计来来进尽量减小误差的产生5小华同学酷爱滑板运动如图所示，在他玩滑板的过程中，关于几个力学问题的思考，下列说法正确的是（）a滑板底部安装轮子是为了用滚动代替滑动从而减小摩擦力b玩滑板时尽量降低重心是为了增加滑板对地的压力c人对滑板的压力和滑板对人的支持力是一对平衡力d滑板在地面滑行是因为人和滑板具有惯性，当惯性消失，滑板就停下来【分析】（1）减小摩擦的方法：减小压力；使接触面更加光滑；或将滚动代替滑动；（2）重心越大，物体的稳定性越好；（3）二力平衡的条件：大小相等、方向相反、作用在一条直线上、作用在一个物体上；（4）一切物体在任何时候都有惯性【解答】解：a、用滚动代替滑动可以减小摩擦，因此滑板底部安装轮子是利用了滚动代替滑动可以减小摩擦力；故a正确；b、玩滑板时尽量降低重心是为了增加人的稳定性，不能增加压力；故b错误；c、人对滑板的压力，受力物是滑板；对人的支持力，受力物是人，压力和支持力是一对相互作用力，不是一对平衡力，故c错误；d、人和滑板在地面滑行，由于惯性继续向前滑行，滑板停下来是因为受到摩擦力，而不是惯性消失，故d错误故选a【点评】本题考查二力平衡的条件、减小摩擦力的方法、稳度和提高稳度的方法以及惯性知识，涉及内容较多，但都比较简单，特别注意降低重心可以提高物体的稳度6如图所示，在空中以相同速度水平匀速直线飞行的加油机和受油机，在加油的过程中，下列说法正确的是（）a加油机动能减小，重力势能减小，机械能减小b受油机动能减小，重力势能不变，机械能不变c加油机动能减小，重力势能不变，机械能减小d受油机动能减小，重力势能增大，机械能增大【分析】分析加油机和受油机的动能和重力势能大小的变化，从动能和重力势能大小的影响因素进行考虑（1）动能大小的影响因素：质量、速度质量越大，速度越大，动能越大（2）重力势能大小的影响因素：质量、被举得高度质量越大，高度越高，重力势能越大（3）机械能=动能+势能【解答】解：ac、空中以相同速度水平匀速直线飞行的加油机，其速度不变，但质量变小，故其动能变小；同时其高度不变，但其质量变小，故其重力势能变小，所以机械能变小；故a正确、c错误；bd、空中以相同速度水平匀速直线飞行的受油机，其速度不变，但质量变大，故其动能变大；同时其高度不变，但其质量变大，故其重力势能变大，所以机械能变大；故bd错误故选a【点评】知道动能、重力势能和机械能大小的影响因素，注意加油机和受油机质量的变化，是解决该题的关键7下面三个电学实验：a、探究电流与电压的关系；b、探究电流与电阻的关系；c、伏安法测电阻都要用到滑动变阻器，关于滑动变阻器，下列说法错误的是（）a三个实验中，它都起保护电路的作用b三个实验中，它都起改变部分电路两端电压的作用c三个实验中，它都起完成多次测量求平均值的作用d三个实验闭合开关前，滑片都要调到最大阻值处【分析】（1）滑动变阻器的作用：保护电路；改变电路中的电流大小，改变部分电路两端的电压；（2）滑动变阻器在使用时，闭合开关前滑片都要调到最大阻值处（3）在探究电流与电压的关系时，要保持电阻一定，研究电流与电压的关系；在研究电流与电阻关系时，要保持电阻两端电压一定，研究电阻对电流的影响；在伏安法测电阻实验中，多次测量取平均值可以减小测量误差，使测量结果更接近真实值；【解答】解：在探究电流与电压的关系、探究电流与电阻的关系、伏安法测电阻的实验中：（1）在闭合开关前，滑动变阻器的滑片都要调到最大阻值处，起到保护电路的作用；故ad正确；（2）在实验过程中，调节滑动变阻器的滑片，可以改变部分电路两端的电压，起到分压的作用，故b正确；（3）伏安法测电阻实验滑动变阻器的作用是多次测量求平均值来减小误差，而其它两个实验不是，故c错误故选：c【点评】题目列举的三个实验是电学最重要的实验，有相似之处，但都存在本质的区别，注意找出异同，系统掌握8下列四幅图中，小磁针的指向正确的是（）abcd【分析】已知电流方向或电源的正负极，根据安培定则确定螺线管的n、s极，利用磁极间的相互作用对各个选项注意分析即可【解答】解：a、已知电流由右侧流入，由安培定则可得螺线管的左端应为n极，右端应为s极，由磁极间的相互作用可知，小磁针右端应为s极，故a错误；b、已知电流由上侧流入，由安培定则可得螺线管的下端应为n极，上端应为s极，由磁极间的相互作用可知，小磁针下端应为n极，故b错误；c、已知电流由右上侧流入，由安培定则可得螺线管的左端应为n极，右端应为s极，由磁极间的相互作用可知，小磁针左端为n极，右端为s极，故c正确；d、由安培定则可得螺线管的右端应为n极，左端应为s极，由磁极间的相互作用可知，小磁针应水平方向，且左端为s极，右端为n极，故d错误故选c【点评】对于电磁铁，不论是告诉电流方向判磁极方向还是由磁极方向判电流方向，都由安培定则进行判定9如图中各实验现象所揭示的原理或规律与其所对应的应用技术错误的是（）abcd【分析】奥斯特实验证明通电导体周围存在磁场电磁铁磁性强弱的影响因素：电流大小、线圈匝数多少电流越大，匝数越多，电磁铁的磁性越强通电导体在磁场中受力而运动，根据这个原理制成电动机闭合电路的一部分导体在磁场中切割磁感线运动，导体中有感应电流产生，这种现象是电磁感应，这是发电机的原理【解答】解：a、通电导体周围存在磁场，可以制成电磁铁，电铃应用了电磁铁，不符合题意b、动圈式话筒的工作原理是：电磁感应现象的应用，不是电磁铁的应用，故错误，符合题意c、电动机是根据通电导体在磁场中受力而运动的原理工作的，不符合题意d、根据电磁感应现象制成发电机，不符合题意故选b【点评】分析的关键是明确为了实验所对应的物理知识，再对照生活中的应用举例；判断是否相对应10下列关于信息的传递和能量的利用说法正确的是（）a利用声波和电磁波传递信息时都需要介质b手机利用超声波传递信息c煤、石油、天然气、太阳能等都是不可再生能源d核能是指原子核发生分裂或聚合时所释放的能量【分析】（1）声音的传播需要介质，电磁波可以在真空中传播；（2）广播、电视和移动通信都是利用电磁波来传递信息的；（3）要解答本题需掌握：可再生和不可再生能源的特点；（4）解答本题应掌握：核能是指利用原子核的裂变或聚变过程中由于能量损耗而释放出能量的现象【解答】解：a、声音的传播需要介质，电磁波的传播不需要介质，故a错误；b、手机属于移动电话，它既是电磁波发射台也是电磁波接受台，所以是利用电磁波来传递信息的，故b错误；c、在“煤、石油、天然气、太阳能”这些能源中，太阳能是可再生能源，煤、石油和天然气是不可再生能源，故c错误；d、核能是指重核裂变或轻核发生聚变时释放出的能量，故d正确故选：d【点评】本题涉及的知识点较多，但难度不大，熟练掌握基础知识即可正确解题11底面积为100cm2的烧杯中装有适量水当金属块浸没在水中静止时，如图甲所示，弹簧测力计的示数f1=3.4n，水对杯底的压强为p1；当金属块总体积的露出水面静止时，如图乙所示，弹簧测力计的示数为f2，水对杯底的压强为p2；若p1、p2之差为50pa，g取10n/kg，则（）a金属块的体积v金是2103m3b弹簧测力计的示数f2是5.4nc金属块的密度是2.7103kg/m3d金属块受到的重力是6.8n【分析】（1）知道两种情况下杯底受到的压强差，根据液体压强公式求杯内水面下降的高度，从而可求出金属块排开水的体积，也就可以求出金属块的体积；（2）利用称重法f浮=g+f示分别得出一个方程，而金属块重相同，求出两种情况下金属块受到的浮力，又知道f1，据此求出图乙弹簧测力计的示数；（3）根据=求出金属块的密度【解答】解：（1）p=gh，水面降低的高度：h=5103m，金属块体积排开水的体积：v水=sh=100104m25103m=5105m3，v水=，v金=45105m3=2104m3，故a不正确；（2）在图甲和图乙中，金属块受力如图1和2所示：由于两次金属块都处于平衡状态，则有：f1+f浮=g，f2+f浮=g；图甲中金属块受到的浮力为：f浮=水gv物=1103kg/m310n/kg2104m3=2n，金属受到的重力为g=3.4n+2n=5.4n，故d不正确；图乙中物体受到的浮力为：f浮=f浮=1.5n，f2=5.4n1.5n=3.9n，故b不正确；（3）金属的密度为：=2.7103kg/m3，故c正确故选c【点评】解决本题的关键是灵活运用阿基米德原理和称重法测浮力，在解答的过程中要注意单位的换算12如图所示，定值电阻r0=10，当s1和s2均闭合且滑动变阻器的滑片p滑到b端时，电流表a1和a2的示数之比是5：4当s1和s2均断开且滑片p置于变阻器的中点时，小灯泡此时功率为4w，电流表a1的示数为1a，电源电压一定，则下面说法正确的是（）a当s1和s2均闭合且滑动变阻器的滑片p滑到b端时，电路的总功率为72wb当s1和s2均闭合且滑动变阻器的滑片p滑到b端时，电路的总功率为20.57wc当s1和s2均断开且滑片p置于变阻器的中点时，电路的总功率为20wd当s1和s2均断开且滑片p置于变阻器的中点时，电路的总功率为72w【分析】s1和s2均闭合，滑动变阻器的滑片p滑到b端，r0与rab并联，根据并联电路特点和欧姆定律可计算出rab的大小；s1和s2均断开，滑片p置于变阻器的中点， rab与灯泡串联，根据p=计算灯泡电压和电阻以及电源电压，根据p=ui计算电路的总功率；根据p=，计算s1和s2均闭合，滑动变阻器的滑片p滑到b端电路的总功率【解答】解：s1和s2均闭合，滑动变阻器的滑片p滑到b端，r0与rab并联，a1测干路电流，a2的测r0电流，因为=，所以=，根据并联电路的分流原理： =，r0=10，所以rab=4r0=40s1和s2均断开，滑片p置于变阻器的中点， rab与灯泡串联，电流表a1的示数为1a，即：il=i滑=ia1=1a，根据p=ui，ul=4v，根据i=，rl=4，所以电源电压：u=i（rl+rab）=1a（4+40）=24v，此时电路消耗的总功率：p总=uia1=24v1a=24w所以cd错误；s1和s2均闭合，滑动变阻器的滑片p滑到b端，r0与rab并联，u=ul=uab=24v，此时电流消耗总功率：p总=p0+pab=+=+=72w，故a正确，b错误故选a【点评】本题考查了串联和并联电路特点、欧姆定律应用和电功率的计算，要能熟练运用公式，解题的关键是正确分析开关在不同状态下电路的连接方式二、非选择题（2016武汉模拟）4月16日，海南自主研发的地效翼船在海口桂林洋海域首次实现双船试飞据了解，地效翼船俗称会飞的船，停在水面像船，起飞后则像飞机此次试飞的cyg11型翼船某型号飞行器的总质量为1.0103t，最大飞行速度为720km/h，百公里耗油28升（1）飞行器飞行时，机翼上方气流比下方气流的流速大；（2）飞行器飞行时，将燃料的化学能能转化为飞行器的机械能能；（3）飞行器以最大速度飞行1440km，需要2h【分析】（1）等质量的空气在相同的时间内同时通过机翼的上表面和下表面，由于上表面弯曲，机翼上方气流的截面面积大，所以机翼上方的流速就大于机翼下方的流速；（2）燃料燃烧时化学能转化为内能，再转化成飞行器的机械能；（3）已知路程和速度，根据速度公式v=得t=，计算出飞行器飞行的时间【解答】解：（1）飞行器飞行时，机翼上方气流比下方气流的流速大，流速快气压小，机翼下方的压强大于上方的压强，所以能获得向上的升力；（2）飞行器飞行时将燃料的化学能转化为内能，再转化为飞行器的机械能，因此飞行器飞行时将燃料的化学能转化为飞行器的机械能；（3）s=1440km，v=720km/h由v=得：t=2h故答案为：（1）大；（2）化学能，机械能；（3）2【点评】本题考查知识点较多，但难度不大，解题的关键是能够灵活利用所学公式14如图所示，水平桌面上有一块圆形玻璃转盘，距转盘上方2m高处有一盏灯成像在其中灯的像距离该灯4m；若用手水平拨动转盘，则会观察到灯的像的位置不改变（选填“改变”或“不改变”）【分析】平面镜成像的特点是：物体在平面镜中所成的像是虚像，像和物体的大小相等，上下（或左右）相反，它们的连线垂直于镜面，它们到镜面的距离相等【解答】解：根据平面镜成像特点可知在离转盘2m高处有一盏电灯，灯在玻璃转盘中的像离转盘的距离也是2m，灯的像到灯的距离为2m+2m=4m；平面镜所成的像与物体关于镜面对称，用手水平拨动转盘时，通过玻璃转盘观察到灯的像的位置不改变故答案为：4；不改变【点评】此题主要考查学生对平面镜成像特点的理和掌握，难度不大，属于基础题15小明探究水沸腾时温度变化的特点，实验装置如图甲所示（1）加热一定时间后，温度计的示数如图所示，此时水的温度为89；（2）当观察到温度计度数不变时，说明水已沸腾；（3）水在沸腾过程中虽然温度不再升高，但酒精灯要持续加热，这说明液体在沸腾过程中要继续吸热；（4）图乙中能正确表示实验过程中水温度变化的图象是a （填“a”“b”“c”或“d”）【分析】（1）温度计的读数：确定每一个大格和每一个小格各代表是示数，再进行读数；（2）水沸腾前和沸腾时都会从水底冒出气泡，但一种缓慢、一种剧烈，且在温度和形态变化上也有不同（3）液体沸腾时吸收热量，温度保持不变（4）根据液体沸腾的特点：不断吸收热量，温度保持不变对各个图象注意分析即可【解答】解：（1）每一个大格代表10，每一个小格代表1，示数是89（2）水在沸腾时，水温都达到沸点，温度不再升高，水在各个部位同时汽化，因此大量气泡会在上升过程中逐渐得到补充，加之越往水面液体的压强越小，因此气泡会越变越大；（3）液体沸腾时要继续吸收热量，因此水在沸腾过程中虽然温度不再升高，但酒精灯要持续加热；（4）液体沸腾的特点：不断吸收热量，温度保持不变如图a水吸收热量，温度升高，升高到沸点以后，不断吸收热量，温度保持不变，图a所示的是水的温度随时间变化的图象图b是晶体熔化图象，c图是晶体凝固图象，d图表示吸收热量，温度一直升高，故bcd都不符合题意故答案为：（1）89；（2）温度计度数不变；（3）继续吸热；（4）a【点评】此题是观察水的沸腾，要用温度计测量水的温度，所以要会进行温度计的读数同时考查了水沸腾的条件及特点，知道水在沸腾过程中温度保持不变，但要不断吸热16如图所示，在“探究影响滑动摩擦力大小的因素”实验实验中用到了一个弹簧测力计、一块木块、一个钩码、两块材料相同但表面粗糙程度不同的长木板（1）将物体置于水平木板上，用弹簧测力计沿水平方向拉动，使其做匀速直线运动，这时滑动摩擦力的大小等于弹簧测力计拉力的大小；（2）若乙装置中，木块在运动过程中拉力突然变大，滑动摩擦力将不变（选填“不变”“变大”或“变小”）；（3）小明设计了如图所示的实验方案，通过实验得到了正确的结论下列各种现象中，利用该实验结论的是ba汽车在结冰的路面上行驶，在车轮上缠绕铁链b用力压住橡皮，擦去写错的字c移动很重的石块时，在地上铺设滚木若甲图中物体运动的速度大小为v1，乙图中物体运动的速度大小为v2实验过程中关于v1和v2的大小下列说法正确的是dav1一定大于v2bv1一定小于v2cv1一定等于v2dv1可以大于、等于或小于v2【分析】（1）根据二力平衡的知识可知，弹簧测力计水平方向匀速拉动木块时，弹簧测力计才能测出摩擦力的大小；（2）影响滑动摩擦力的因素是压力大小和接触面的粗糙程度，与速度无关；（3）滑动摩擦力大小与压力大小和接触面的粗糙程度有关，根据实验现象得出相应的结论，再对照选项分析其应用是哪一个；滑动摩擦力大小与物体运动速度无关【解答】解：（1）用弹簧测力计水平方向匀速拉动木块时，弹簧测力计处于匀速直线运动状态，则弹簧测力计在水平方向上受到了摩擦力和拉力是一对平衡力，所以大小相等；（2）若乙装置中，木块在运动过程中拉力突然变大，滑动摩擦力将不变，因为压力和接触面的粗糙程度都没变化，滑动摩擦力不变；（3）如图的实验中，接触面的粗糙程度相同，压力大小不同，测力计的示数不同，可知接触面的粗糙程度相同，压力越大，滑动摩擦力越大；a汽车在结冰的路面上行驶，在车轮上缠绕铁链，是增大接触面的粗糙程度来增大摩擦，不合题意；b用力压住橡皮，擦去写错的字，是在接触面粗糙程度相同时，增大压力来增大摩擦力，符合题意；c移动很重的石块时，在地上铺设滚木，是变滑动摩擦为滚动摩擦来减小摩擦力，不合题意故利用上述结论的是选项b滑动摩擦力大小与压力大小和接触面的粗糙程度有关，与物体运动速度无关，所以甲图中物体运动的速度v1可以大于、等于或小于乙图中物体运动的速度v2，故选项d正确故答案为：（1）匀速直线；（2）不变；（3）b；d【点评】此题考查学生对于影响滑动摩擦力大小的因素实验的理解和掌握，注意控制变量法的应用，并注意滑动摩擦力大小与运动速度无关17小刚和小明等同学一起做“探究杠杆的平衡条件”的实验小刚将杠杆中点置于支架上，调节杠杆两端的平衡螺母，使杠杆在水平位置平衡（1）如图甲所示，若每个钩码重0.5n，且杠杆上每格相等，小明在杠杆左端图示位置处挂上3个钩码，为使杠杆在水平位置平衡，他在图中a处施加一个方向向上的力f1，此力的大小至少为2n；（2）若撤去力f1，改在杠杆右端b处施加一个力，这个力最小为1.5n；（3）转动f2，使f2方向如图乙所示，仍使杠杆平衡请在图乙中画出力f2的力臂【分析】（1）根据杠杆的平衡条件：f1l1=f2l2，力要最小，力臂须最大，由此分析计算最小力；（2）根据杠杆的平衡条件：f1l1=f2l2，将已知条件代入便可求出f2的大小；（3）力臂是支点到力的作用线的距离，由此画出f2的力臂【解答】解：（1）根据杠杆的平衡条件可知，当力臂最大时，力才最小，由图以a到o点距离为力臂是最大的力臂，则力方向应竖直向上，若杠杆上每格长为l，f13l=30.5n4l，所以f1=2n；（2）使杠杆在水平位置平衡，则力f2的方向应竖直向下，由f1l1=f2l2得，f24l=30.5n4l，解得，f2=1.5n；（3）先延长力的作用线，再从o点作它的垂线，即f2的力臂，如图所示：故答案为：（1）2；（2）1.5；（3）见上图【点评】此题是探究杠杆的平衡条件实验，考查了杠杆的调节及平衡条件的应用以及力臂的画法，要分析过程中，要注意力和力臂的统一，力臂的作图要规范18莉莉用如图1所示的实验电路测量小灯泡的额定功率，已知待测小灯泡额定电压为4.5v，小灯泡额定功率约为1w，电源电压恒为6v（1）闭合开关前，应将滑动变阻器的滑片移至b（选填“a”或“b”）端；（2）若有三个滑动变阻器，规格分别为r1（5 2a ）、r2（20 1a）、r3（100 0.1a），则应选择r2（选填“r1”、“r2”或“r3”）；（3）将滑动变阻器阻值调到最大，闭合开关，发现小灯泡不亮，电流表无示数，电压表示数接近电源电压，经检查灯泡是完好的，则故障可能是导线f（选填“a”、“b”、“c”、“d”、“e”、“f”或“g”）出线故障（4）排除故障后，移滑动变阻器的滑片，当电压表的实数为4.5v时，电流表的示数如图2所示，则小灯泡额定功率的测量值为0.99w；（5）若该灯泡被烧坏了，断开开关后，某同学用规格为“4.5v 1.5w”的小灯泡代替已烧坏灯泡，闭合开关后，为使其两端电压达到额定电压，应让滑动变阻器的滑片向a端移动（选填“位置不变”、“向a端移动”或“向b端移动”）【分析】（1）闭合开关前，变阻器滑片应置于最大阻值处；（2）求出小灯泡正常发光时的电流，以及滑动变阻器接入电路的电阻，根据提供的滑动变阻器的最大电流和最大阻值进行选择；（3）根据电压表、电流表和灯泡的工作情况，结合电路的三种状态，可对电路中可能出现的故障进行分析；（4）根据电流表的量程和分度值，读出电流表的示数，再根据p=ui可计算电功率的大小；（5）计算所换的灯泡的电阻值，与原灯泡的电阻相比较，再根据串联分压，可判断滑片的移动情况【解答】解：（1）闭合开关前，应将滑动变阻器的滑片置于最大阻值处，即应置于b端（2）由公式p=ui得，灯泡正常工作时，电路中的电流：i=0