湖北省武汉市江汉区中考物理三模试卷（含解析）.doc

湖北省武汉市江汉区2016年中考物理三模试卷一、选择题1关于声音，下列说法正确的是（）a利用回声可以测地球到月球间的距离b人们小声说话时，声音的音调一定低c在市区高架桥两侧修隔音墙是为了在传播过程中减弱噪声d超声“碎石”是利用声音能传递信息2下列错误的是（）a云中形成的冰粒在下落过程中，它的内能逐渐增大b炙手可热的中的热表示的含义是热量c汽油机的做功冲程中将内能转化为机械能d比热容是物质自身的性质，与质量、吸收或放出的热量均无关3如图是同学们探究“平面镜成像特点”的几种情境下列说法正确的是（）a若蜡烛a距玻璃板4cm，则蜡烛b距玻璃板8cm才能与蜡烛a的像完全重合b若蜡烛a在玻璃板中的像偏高且倾斜，则乙图是产生该现象的原因c若在玻璃板与b蜡烛之间放一块挡光板，则不能透过玻璃板看到a的像d以上说法均不正确4在“探究凸透镜成像的规律”实验中，实验桌上有光具座、蜡烛、光屏、焦距分别为15cm和20cm的凸透镜l1和l2等器材，小明先将蜡烛、凸透镜、光屏正确安放在光具座上，如图所示下列说法正确的是（）a若凸透镜是l1，小明不能在光屏上看到烛焰清晰的像b若凸透镜是l1，小明将光屏向右移动适当的距离，光屏上能出现烛焰清晰的像c若凸透镜是l2，小明将光屏移到60 cm刻度线处，光屏上能出现烛焰清晰的像d若凸透镜是l2，小明将光屏移到70 cm刻度线处，光屏上能出现烛焰清晰的像5关于家庭电路和安全用电，下列说法正确的是（）a家庭电路中空气开关“跳闸”，是因为电路中用电器的总功率过大b家庭电路安装漏电保护器、用电器使用三线插头都是防止漏电而采取的安全措施c发现高压输电线掉落在地面上时，可以走近用木棍挑开d试电笔通常也用来检查电气设备的外壳是否带电6下列四幅图中，螺线管两端的极性标注正确的是（）abcd7如图，下列关于电磁现象的表述不正确的是（）a闭合开关，线圈转动，说明磁场对电流有力的作用b用橡胶棒接触验电器的金属球，金属箔片张开，说明橡胶棒带电c用丝绸摩擦过的玻璃棒靠近纸屑，纸屑被吸引，说明玻璃棒有磁性d给导线通电，导线附近的磁针发生偏转，说明电流周围存在磁场8如图是武汉江滩公园中安装的一款太阳能led路灯下列说法不正确的是（）aled灯泡是由多个发光二极管制成的bled灯泡的发光部件是由半导体制成的c太阳能电池板将太阳能直接转化为电能d太阳能电池板旁的蓄电池是将化学能直接转化为电能储存起来9如果上课时教室内的摩擦力突然消失10s，我们身边的情境不可能发生的是（）a教师和学生可以更轻松地在教室内行走b轻轻一吹，书桌上的课本便可飞出去c黑板上的粉笔字消失不见了d天花板上的吸顶灯会下落10小江进行了如下测量：用天平测石片的质量m；往烧杯中加适量水浸没石片在水面位置作上标记取出石片，用量简取水缓慢倒入烧杯，让水面升至标记处，如图所示量筒内倒出水的体积v即为矿石的体积计算出石片的密度根据以上步骤，测出的密度值会（）a偏大b无偏差c偏小d无法确定11如图所示的电路中，若将滑动变阻器r2的滑片由中点滑到最右端，则下列说法错误的是（）av1的示数变小，v2的示数不变bv1的示数不变，v2的示数变大cv1的示数与a的示数的比值不变dv2的示数与a的示数的比值变大12小灯泡l的额定电压为3v，它的iu图象如图甲所示把小灯泡接入如图乙所示的电路中，先将滑动变阻器的滑片p移至b端，闭合开关s，电压表示数为1.5v；再将滑片p向左移动直到电压表示数为3v已知电源电压恒定，滑动变阻器的铭牌标有“10 2a”下列说法中错误的是（）a电源电压为4.5vb小灯泡的额定功率为1.5wc小灯泡正常发光时，滑动变阻器消耗的电功率为1.25wd小灯泡正常发光时，滑动变阻器接入电路的阻值为3二、填空题13航母舰载机即将起飞前，燃料燃烧会获得大量的能，向后喷射出高温高速燃气流为了避免对舰上人员及其它器材造成危害，甲板上安装可偏流板（如图），偏流板后面装有供冷却水循环流动的格状水管，这是利用水的的特性来降低偏流板的温度制作偏流板材料的熔点应较（填“高”或“低”）14小红用2n的水平推力推重为30n的物体，结果没有推动，是因为推力于摩擦力；若小红改用15n的水平推力刚好推着这个物体在水平面上做匀速直线运动，则物体受到的摩擦力是n，若小红改用20n的水平推力沿同一水平面推着该物体运动，则此时物体受到的摩擦力是n15小明探究水沸腾时温度变化的特点，实验装置如图甲所示（1）加热一定时间后，温度计的示数如图所示，此时水的温度为；（2）当观察到时，说明水已沸腾；（3）水在沸腾过程中虽然温度不再升高，但酒精灯要持续加热，这说明液体在沸腾过程中要；（4）图乙中能正确表示实验过程中水温度变化的图象是 （填“a”“b”“c”或“d”）16物理实验复习时，小美和小丽再探有关杠杆平衡的问题（1）小美先将杠杆调节至水平位置平衡，在左右两侧各挂如图甲所示的钩码后，杠杆的端下降要使杠杆重新在水平位置平衡，如果不改变钩码总数和悬挂点位置，只需将即可（2）小丽还想探究当动力和阻力在杠杆同侧时杠杆的平衡情况，于是她将杠杆左侧的所有钩码拿掉，结果杠杆转至竖直位置，如图乙所示小丽在a点施加一个始终水平向右的拉力f，却发现无论用多大的力都不能将杠杆拉至水平位置平衡你认为原因是（3）他们认为（2）问中拉力是做功的如果水平向右的拉力f大小不变，oa长l，将杠杆从竖直位置拉着转过30的过程中，拉力f做功为17在探究“电压一定时，电流跟电阻关系”的实验中，设计电路图如图甲所示变阻器是规格“100.5a”“201a”“502a”中的一个（1）根据图甲用笔画线代替导线将图乙实物连接成完整电路（导线不允许交叉）（2）连接好电路，闭合开关，发现电流表没有示数，移动滑动变阻器的滑片，电压表示数始终接近5.5v造成这一现象的原因可能是a电流表坏了 b滑动变阻器短路c电阻处接触不良 d电阻短路（3）排除电路故障后成功完成了5次实验进行第1次实验，刚闭合开关时发现此时电流表示数为，多次改变r的阻值，调节滑动变阻器，使电压示数，实验数据记录如下表表格中第5次实验所缺的数据应该写实验次数12345电阻r/510152030电流i/a0.30.20.1518在“探究力和运动的关系”的实验中，让滑块由静止开始沿斜面滑下，小车在三种不同水平面上运动一段距离后分别停留在如图所示的位置（1）实验需要控制滑块初始速度相同，则滑块应从同一斜面的开始下滑（2）滑块进入水平面后，在运动过程中下列正确的是；a物体对平面的压力和平面对它的支持力相互平衡b物体受到的摩擦力逐渐减小c物体向前运动是因为动力大于阻力d滑块的动能转化为内能，而且滑块减小的动能小于滑块增加的内能（3）在此实验所给器材基础上，添加一个小钩码，运用这些器材一定可探究的是a物体动能大小与质量是否有关b物体动能大小与速度是否有关ca、b都可探究19（10分）（2015黄冈）电动蛙式打夯机（图甲）是利用冲击和冲击振动来夯实，平整场地的机械，由电动机、皮带轮，偏心块、夯架、夯锤等组成（图乙），启动电动机，在旋转着的偏心块离心力作用下，夯架绕后轴上下摆动，当夯架向下摆动时夯锤就夯击土层，向上摆动时时打夯机前移，故每夯击一次，机身即向前移动一次表是某型号电动蛙式打夯机的部分参数（设夯锤夯击土层的能量全部用于夯实土层）（1）若打夯机以10m/min的平均速度沿直线前进，则10min前进了多少米？（2）为了估算某次夯锤夯击土层时的冲击力，小明将重为4n，底面积为1cm2的圆柱体竖直平放在被夯击土层上，土层被压下的深度相同，则此次夯击时的平均冲击力为多少牛？（3）施工时，若打夯机前移消耗的能量为200j/次，则打夯机的机械效率是多少？电动机功率3kw夯锤夯击土层的能量400j/次夯锤着地面积600cm2前进速度811m/min夯击次数120次/min2016年湖北省武汉市江汉区中考物理三模试卷参考答案与试题解析一、选择题1关于声音，下列说法正确的是（）a利用回声可以测地球到月球间的距离b人们小声说话时，声音的音调一定低c在市区高架桥两侧修隔音墙是为了在传播过程中减弱噪声d超声“碎石”是利用声音能传递信息【考点】声音的传播条件；防治噪声的途径；声与能量【分析】（1）声音能够在固体、液体、气体中传播，真空不能传声（2）乐音的三个特征，音调、响度和音色（3）减弱噪声的途径：在声源处减弱消声；在传播过程中减弱吸声；在耳朵处减弱隔声（4）声音既能够传递信息，又能够传递能量【解答】解：a、声音不能在真空中传播，因此不能利用利用回声探测地球到月球的距离，该选项说法不正确；b、人们小声说话，声带的振幅小，响度小，与音调无关，该选项说法不正确；c、高架道路两侧建起隔音墙是为了在传播过程中减弱噪声，该选项说法正确；d、利用超声波粉碎人体内的结石，说明声波可以传递能量，该选项说法不正确故选c【点评】本题考查了音色、回声、真空不能传声以及声与能量的相关知识，具有一定的综合性，属于声学基础知识的考查2下列错误的是（）a云中形成的冰粒在下落过程中，它的内能逐渐增大b炙手可热的中的热表示的含义是热量c汽油机的做功冲程中将内能转化为机械能d比热容是物质自身的性质，与质量、吸收或放出的热量均无关【考点】物体内能的改变；温度、热量与内能的关系；比热容的概念；内燃机的四个冲程【分析】（1）改变物体内能的方法有两种：做功和热传递，做功是能量的转化，热传递是内能的转移；当外界对物体做功时，物体的内能增大；当物体对外界做功时，物体的内能就会减小；（2）“热”有不同含义，有“温度”“内能”“热量”等多种含义，温度表示物体的冷热程度；内能表示物体具有内能；热量是热传递过程中吸收或放出热量的多少；（3）做功冲程是内能转化为机械能的冲程；（4）比热容是物质本身的一种特性，与物质的种类和状态有关，与物质吸收热量的多少、质量多少、温度变化没有关系【解答】解：a、中形成的冰粒在下落中，一部分机械能转化为内能，温度渐渐升高变成了雨滴，其内能逐渐增大，故a正确；b、“炙手可热”是利用火加热把热量转移给了手，因此是通过热传递的方式来改变物体的内能，故b错误；c、做功冲程是内能转化为机械能的冲程，燃料燃烧的化学能转化为内能，高温高压的燃气推动活塞做功，故c正确；d、比热容是物质本身的一种物理属性，决定于物质的种类和状态，与吸收热量的多少、升高温度的多少、质量的多少没有关系，故d正确故选b【点评】本题主要考查学生对：改变物体内能方法、内燃机的做功冲程及其能量转化以及比热容特点的了解和掌握，属于综合性题目3如图是同学们探究“平面镜成像特点”的几种情境下列说法正确的是（）a若蜡烛a距玻璃板4cm，则蜡烛b距玻璃板8cm才能与蜡烛a的像完全重合b若蜡烛a在玻璃板中的像偏高且倾斜，则乙图是产生该现象的原因c若在玻璃板与b蜡烛之间放一块挡光板，则不能透过玻璃板看到a的像d以上说法均不正确【考点】平面镜成像的特点、原理、现象及其实验方案【分析】（1）由平面镜的成像特点，像物关于镜面对称可知：玻璃板如果不竖直，蜡烛的像与蜡烛不能重合；根据平面镜的成像特点，像物关于镜面对称作出蜡烛的像点即可确定平板玻璃中蜡烛a的像偏高且倾斜的是哪一个（2）根据平面镜成像特点，物像等距即可解答此题（3）平面镜成的是虚像，是光的反射形成的，因此，在玻璃板后面放一块档光板，不会影响观察物体的像【解答】解：a、由平面镜成像特点可知，若蜡烛a距玻璃板4cm，蜡烛a的像距离平面镜也为4cm，则蜡烛b与玻璃板相距4cm才能与蜡烛a的像完全重合故a错误；bd、实验时平面镜必须要竖直放置，如果不竖直，不论怎样移动后面的蜡烛都不可能与前面蜡烛的像完全重合，由图可知，甲图平面镜竖直放置，不会出现像偏高的情况，乙和丙图平面镜没有竖直放置，分别作出蜡烛a的关于平面镜的对称点，可知，乙图平板玻璃中蜡烛a的像偏高且倾斜，如下图：故b正确，d错误；c、平面镜成的是虚像，是光的反射形成的，因此，如果在玻璃板后面放一块档光板，则能看见物体的像a，无法看到物体b故c错误；故选b【点评】探究平面镜成像特点的实验是中考出题的一个热点，本题围绕这个探究过程可能遇到的问题，解决办法，合理的思考和解释来考查同学的，值得我们关注4在“探究凸透镜成像的规律”实验中，实验桌上有光具座、蜡烛、光屏、焦距分别为15cm和20cm的凸透镜l1和l2等器材，小明先将蜡烛、凸透镜、光屏正确安放在光具座上，如图所示下列说法正确的是（）a若凸透镜是l1，小明不能在光屏上看到烛焰清晰的像b若凸透镜是l1，小明将光屏向右移动适当的距离，光屏上能出现烛焰清晰的像c若凸透镜是l2，小明将光屏移到60 cm刻度线处，光屏上能出现烛焰清晰的像d若凸透镜是l2，小明将光屏移到70 cm刻度线处，光屏上能出现烛焰清晰的像【考点】凸透镜成像的应用【分析】根据凸透镜成像的几种情况进行判断：u2f，成倒立、缩小的实像，像距fv2f，2fuf，成倒立、放大的实像，像距v2fu=2f，成倒立、等大的实像，像距v=2fuf，成正立、放大的虚像【解答】解：（1）若凸透镜是l1，此时物距u=40cm2f，成倒立、缩小的实像，像距应该是fv2f，而图中v=10cm，故不能在光屏上看到烛焰清晰的像，当将光屏向右移动适当的距离，光屏上能出现烛焰清晰的像，故ab正确；（2）若凸透镜是l2，此时物距u=40cm=2f，成倒立、等大的实像，像距应该是v=2f=40cm，将光屏移到60cm刻度线处，此时v=10cm，则光屏上不能出现烛焰清晰的像故c错误；（3）若凸透镜是l2，此时物距u=40cm=2f，成倒立、等大的实像，像距应该是v=2f=40cm，而小明将光屏移到70cm刻度线处，此时v=20cm，则光屏上不能出现烛焰清晰的像故d错误；故选ab【点评】（1）凸透镜成像实验中，烛焰、凸透镜、光屏处于某刻度线处，和它们之间距离多少是不同的，注意这点，防止混淆（2）凸透镜成像的几种情况和应用是凸透镜成像习题的重要依据，一定要熟练掌握5关于家庭电路和安全用电，下列说法正确的是（）a家庭电路中空气开关“跳闸”，是因为电路中用电器的总功率过大b家庭电路安装漏电保护器、用电器使用三线插头都是防止漏电而采取的安全措施c发现高压输电线掉落在地面上时，可以走近用木棍挑开d试电笔通常也用来检查电气设备的外壳是否带电【考点】安全用电原则【分析】空气开关自动跳闸的原因是电流过大，引起家庭电路中电流过大的原因有两个：短路或总功率过大；漏电保护器的作用，出现“跳闸”的原因：一是短路，二是用电器总功率过大，三是用电器漏电；三孔插座的第三个孔接地线，三脚插头的第三个脚接用电器金属外壳；安全用电的原则是：不接触低压带电体，不靠近高压带电体；用测电笔时，必须用手接触到笔尾的金属体【解答】解：a、家庭电路中的空气开关跳闸，原因有两个，短路或总功率过大故a错误；b、家庭电路安装漏电保护器、用电器使用三线插头都是防止漏电而采取的安全措施故b正确；c、对于高压带电体，我们应当采取的措施是必须远离高压带电体，如发现有高压输电线落在或靠近地面，不可走近，应立即设立警示牌，并通知电力部门抢修故c错误；d、试电笔通常也用来检查电气设备的外壳是否带电，故d正确故选bd【点评】此题考查的是我们对安全用电常识的掌握，属于生活技能的考查掌握安全用电常识，是保证安全，避免受到伤害的基本要求6下列四幅图中，螺线管两端的极性标注正确的是（）abcd【考点】通电直导线周围的磁场【分析】在四个选项中，直接告诉了螺线管的绕向和螺线管中电流的方向，利用安培定则即可确定螺线管的磁极标注是否正确【解答】解：a、电流由螺线管的左端流入，由安培定则可知，螺线管的右端为n极，故a错误b、电流由螺线管的下端流入，由安培定则可知，螺线管的上端为n极，故b错误c、电流由螺线管的左端流入，由安培定则可知，螺线管的右端为n极，故c正确d、电流由螺线管的右端流入，由安培定则可知，螺线管的左端为n极，故d错误故选c【点评】安培定则涉及三个方向：电流方向、线圈绕向、磁场方向；关于它的考查一般是告诉其中的两个，让确定第三个此题中就是告诉了电流方向与线圈绕向让确定所标磁场方向是否正确7如图，下列关于电磁现象的表述不正确的是（）a闭合开关，线圈转动，说明磁场对电流有力的作用b用橡胶棒接触验电器的金属球，金属箔片张开，说明橡胶棒带电c用丝绸摩擦过的玻璃棒靠近纸屑，纸屑被吸引，说明玻璃棒有磁性d给导线通电，导线附近的磁针发生偏转，说明电流周围存在磁场【考点】物体带电现象；通电直导线周围的磁场；直流电动机的原理；验电器的原理及使用【分析】两种不同物质组成的物体相互摩擦后，物体能吸引轻小物体的现象是摩擦起电；同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引；奥斯特首先发现了电流的周围存在磁场【解答】解：a、当闭合开关后，线圈转动，说明磁场对电流有力的作用，故a叙述正确；b、同种电荷相互排斥，用橡胶棒接触验电器的金属球，金属箔片张开，说明橡胶棒电，故b叙述正确；c、用丝绸摩擦过的玻璃棒，玻璃棒带正电，因此可以吸引轻小物体，故c叙述错误；d、给导线通电，导线附近的磁针发生偏转，说明电流周围存在磁场，故d叙述正确故选：c【点评】本题考查物体的带电现象、验电器的原理、通电导线周围有磁场，知识点较多，属于中等题8如图是武汉江滩公园中安装的一款太阳能led路灯下列说法不正确的是（）aled灯泡是由多个发光二极管制成的bled灯泡的发光部件是由半导体制成的c太阳能电池板将太阳能直接转化为电能d太阳能电池板旁的蓄电池是将化学能直接转化为电能储存起来【考点】太阳能的利用【分析】（1）led灯泡是由多个发光二极管制成的；（2）led灯（发光二极管）发光时几乎不发热，将电能直接转化为光能；（3）太阳能电池板把太阳能转化为电能，蓄电池充电时把电能转化为化学能，放电时把化学能转化为电能【解答】解：a、led灯泡是由多个发光二极管制成的，故a正确；b、led灯能发光主要使用的材料是半导体，故b正确；c、太阳能电池板可以把太阳能转化为电能，故c正确；d、蓄电池充电时，将电能转化为化学能；蓄电池在夜晚放电时，将化学能转化为电能，故d错误故选d【点评】本题考查了led灯的优点、太阳能电池能的转化，考查了对物理知识的综合理解能力9如果上课时教室内的摩擦力突然消失10s，我们身边的情境不可能发生的是（）a教师和学生可以更轻松地在教室内行走b轻轻一吹，书桌上的课本便可飞出去c黑板上的粉笔字消失不见了d天花板上的吸顶灯会下落【考点】摩擦力产生的条件【分析】判断几个选项的动作是否要靠摩擦力来完成，并根据力和运动的关系进行分析【解答】解：a、人行走时，要靠脚与地面的摩擦力，若没有摩擦力，人将无法行走，a不可能发生；b、若没有摩擦力，轻轻一吹，书桌上的课本便可飞出去，b可能发生；c、黑板上粉笔沫因为分子间的引力与黑板挤压而受到黑板的摩擦，如果没有摩擦力，会在重力作用下脱落粉笔字将消失不见，c可能发生；d、若没有摩擦力，吸顶灯的螺丝将无法固定，吸顶灯会滑落，d可能发生故选a【点评】本题主要考查了对摩擦力有关知识的掌握，要正确解决此题，关键能够分析出摩擦力的作用10小江进行了如下测量：用天平测石片的质量m；往烧杯中加适量水浸没石片在水面位置作上标记取出石片，用量简取水缓慢倒入烧杯，让水面升至标记处，如图所示量筒内倒出水的体积v即为矿石的体积计算出石片的密度根据以上步骤，测出的密度值会（）a偏大b无偏差c偏小d无法确定【考点】固体密度的测量【分析】当将石片从水中拿出时，石片上会沾有水，向烧杯内倒入的水会偏多，根据密度公式可分析出误差【解答】解：取出石片时，石片上会沾有水，因此倒入水的体积大于石片的体积，体积测量偏大由=可知，测量结果偏小故选c【点评】固体密度的测量是初中物理的重要实验，一定要熟练掌握要正确测量出石片的密度，关键能够分析出物体的质量、体积测量误差，然后根据密度公式分析即可11如图所示的电路中，若将滑动变阻器r2的滑片由中点滑到最右端，则下列说法错误的是（）av1的示数变小，v2的示数不变bv1的示数不变，v2的示数变大cv1的示数与a的示数的比值不变dv2的示数与a的示数的比值变大【考点】电路的动态分析；欧姆定律的应用【分析】由电路图可知，r1与r2串联，电压表v1测r1两端的电压，电压表v2测电源的电压，电流表测电路中的电流根据电源的电压可知滑片移动时电压表v2示数的变化，根据滑片的移动可知接入电路中电阻的变化，根据欧姆定律可知电路中电流的变化和r1两端的电压变化，然后判断v2的示数与a的示数的比值变化，根据欧姆定律结合r1的阻值判断v1的示数与a的示数的比值变化【解答】解：由电路图可知，r1与r2串联，电压表v1测r1两端的电压，电压表v2测电源的电压，电流表测电路中的电流因电源的电压不变，所以，滑片移动时，电压表v2的示数不变，故b错误；将滑动变阻器r2的滑片由中点滑到最右端时，接入电路中的电阻变大，电路中的总电阻变大，由i=可知，电路中的电流变小，即电流表a的示数变小，由u=ir可知，r1两端的电压变小，即电压表v1的示数变小，故a正确；因v2的示数不变，a的示数变小，所以，v2的示数与a的示数的比值变大，故d正确；由r=可知，v1的示数与a的示数的比值等于r1的阻值，所以，v1的示数与a的示数的比值不变，故c正确故选b【点评】本题考查了电路的动态分析，涉及到欧姆定律的应用，分清电路的连接方式和电压表所测的电路元件是关键12小灯泡l的额定电压为3v，它的iu图象如图甲所示把小灯泡接入如图乙所示的电路中，先将滑动变阻器的滑片p移至b端，闭合开关s，电压表示数为1.5v；再将滑片p向左移动直到电压表示数为3v已知电源电压恒定，滑动变阻器的铭牌标有“10 2a”下列说法中错误的是（）a电源电压为4.5vb小灯泡的额定功率为1.5wc小灯泡正常发光时，滑动变阻器消耗的电功率为1.25wd小灯泡正常发光时，滑动变阻器接入电路的阻值为3【考点】欧姆定律的应用【分析】（1）当滑动变阻器的滑片p移至b端时，滑动变阻器的最大阻值和灯泡串联，根据图象读出电路中的电流，根据欧姆定律求出滑动变阻器两端的电压，根据串联电路的电压特点求出电源的电压；（2）由图象可知电压表的示数为3v时对应的电流，根据p=ui求出灯泡的额定功率，根据串联电路的电压特点求出滑动变阻器两端的电压，根据欧姆定律求出滑动变阻器接入电路中的电阻，根据p=ui求出此时滑动变阻器消耗的电功率【解答】解：（1）当滑动变阻器的滑片p移至b端时，滑动变阻器的最大阻值和灯泡串联，由图象可知，当电压表示数为1.5v时，电路中的电流i=0.3a，由i=可得，滑动变阻器两端的电压：u滑=ir滑=0.3a10=3v，因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，电源的电压：u=ul+u滑=1.5v+3v=4.5v，故a正确；（2）由图象可知，灯泡两端的电压为3v时，电路中的电流i=0.5a，因额定电压下灯泡的实际功率和额定功率相等，所以，灯泡的额定功率：pl额=ul额i=3v0.5a=1.5w，故b正确；此时滑动变阻器两端的电压：u滑=uul额=4.5v3v=1.5v，滑动变阻器接入电路中的电阻：r滑=3，故d正确；滑动变阻器消耗的电功率：p滑=u滑i=1.5v0.5a=0.75w，故c不正确故选c【点评】本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的灵活应用，关键是根据图象得出电压对应的电流，要注意额定电压下灯泡的实际功率和额定功率相等二、填空题13航母舰载机即将起飞前，燃料燃烧会获得大量的内能，向后喷射出高温高速燃气流为了避免对舰上人员及其它器材造成危害，甲板上安装可偏流板（如图），偏流板后面装有供冷却水循环流动的格状水管，这是利用水的比热容大的特性来降低偏流板的温度制作偏流板材料的熔点应较高（填“高”或“低”）【考点】内能的利用及其意义；水的比热容的特点及应用【分析】（1）燃料燃烧时，它的化学能转化为内能；（2）用水循环来降低偏流板的温度，是因为水在升高相同的温度时可以吸收更多的热量，冷却效果好；（3）飞机起飞时向后喷射出高温高速燃气流，为了防止偏流板被高温熔化，制作偏流板材料的熔点应较高【解答】解：飞机内的燃料的燃烧，使飞机获得大量的内能，然后转化为飞机的机械能；水的比热容比较大，在升高相同的温度需要吸收更多的热量，所以利用水来降低偏流板的温度；飞机起飞时向后喷射出高温高速燃气流，为了防止偏流板被高温熔化，所以制作偏流板材料的应具有较高的熔点故答案为：内；比热容大；高【点评】本题考查了燃料燃烧过程能的转化、水比热容的特点、物质的熔点，具有一定的综合性14小红用2n的水平推力推重为30n的物体，结果没有推动，是因为推力2于摩擦力；若小红改用15n的水平推力刚好推着这个物体在水平面上做匀速直线运动，则物体受到的摩擦力是15n，若小红改用20n的水平推力沿同一水平面推着该物体运动，则此时物体受到的摩擦力是15n【考点】摩擦力的大小【分析】（1）掌握二力平衡条件，知道一对平衡力的大小相等、方向相反、作用在同一直线上；（2）掌握影响摩擦力大小的因素：压力和接触面的粗糙程度【解答】解：物体受到2n的水平推力，物体未动，说明物体处于静止状态，则在水平方向上所受的推力与摩擦力相互平衡，摩擦力等于推力等于2n；当水平推力增大到15n时，物体恰好做匀速运动，所以此时摩擦力与推力是一对平衡力，大小等于15n，当水平推力增大到20n时，物体对地面的压力和接触面的粗糙程度不变，所以摩擦力不变，仍为15n故答案为：2；15；15【点评】此题考查了二力平衡条件的应用，当物体处于静止状态或匀速直线运动状态时，受平衡力的作用，是一道基础性题目15小明探究水沸腾时温度变化的特点，实验装置如图甲所示（1）加热一定时间后，温度计的示数如图所示，此时水的温度为89；（2）当观察到温度计度数不变时，说明水已沸腾；（3）水在沸腾过程中虽然温度不再升高，但酒精灯要持续加热，这说明液体在沸腾过程中要继续吸热；（4）图乙中能正确表示实验过程中水温度变化的图象是a （填“a”“b”“c”或“d”）【考点】探究水的沸腾实验【分析】（1）温度计的读数：确定每一个大格和每一个小格各代表是示数，再进行读数；（2）水沸腾前和沸腾时都会从水底冒出气泡，但一种缓慢、一种剧烈，且在温度和形态变化上也有不同（3）液体沸腾时吸收热量，温度保持不变（4）根据液体沸腾的特点：不断吸收热量，温度保持不变对各个图象注意分析即可【解答】解：（1）每一个大格代表10，每一个小格代表1，示数是89（2）水在沸腾时，水温都达到沸点，温度不再升高，水在各个部位同时汽化，因此大量气泡会在上升过程中逐渐得到补充，加之越往水面液体的压强越小，因此气泡会越变越大；（3）液体沸腾时要继续吸收热量，因此水在沸腾过程中虽然温度不再升高，但酒精灯要持续加热；（4）液体沸腾的特点：不断吸收热量，温度保持不变如图a水吸收热量，温度升高，升高到沸点以后，不断吸收热量，温度保持不变，图a所示的是水的温度随时间变化的图象图b是晶体熔化图象，c图是晶体凝固图象，d图表示吸收热量，温度一直升高，故bcd都不符合题意故答案为：（1）89；（2）温度计度数不变；（3）继续吸热；（4）a【点评】此题是观察水的沸腾，要用温度计测量水的温度，所以要会进行温度计的读数同时考查了水沸腾的条件及特点，知道水在沸腾过程中温度保持不变，但要不断吸热16物理实验复习时，小美和小丽再探有关杠杆平衡的问题（1）小美先将杠杆调节至水平位置平衡，在左右两侧各挂如图甲所示的钩码后，杠杆的左端下降要使杠杆重新在水平位置平衡，如果不改变钩码总数和悬挂点位置，只需将左侧2个钩码挂到右侧即可（2）小丽还想探究当动力和阻力在杠杆同侧时杠杆的平衡情况，于是她将杠杆左侧的所有钩码拿掉，结果杠杆转至竖直位置，如图乙所示小丽在a点施加一个始终水平向右的拉力f，却发现无论用多大的力都不能将杠杆拉至水平位置平衡你认为原因是水平位置时动力臂为零杠杆无法平衡（3）他们认为（2）问中拉力是做功的如果水平向右的拉力f大小不变，oa长l，将杠杆从竖直位置拉着转过30的过程中，拉力f做功为fl【考点】探究杠杆的平衡条件实验【分析】（1）根据图甲中左右两侧挂钩码后两边力与力臂的乘积大小，判断杠杆的哪端下降；根据杠杆的平衡条件计算不改变钩码总数和悬挂点位置时，挂钩码情况；（2）分析f作用下其力臂变化情况，根据杠杆的平衡条件找到原因；（3）分析f在杠杆从竖直位置转过30的过程中f水平移动距离，根据w=fs计算拉力f做的功【解答】解：（1）若每个钩码重为g，杠杆上每格长l，由图甲，左侧力与力臂的乘积：5g4l=20gl，右侧力与力臂的乘积：2g3l=6gl，因为：20gl6gl，所以杠杆左侧下降；如果不改变钩码总数和悬挂点位置，若要杠杆平衡，左侧取下n个钩码挂到右侧，则：（5n）g4l=（2+n）g3l，解得：n=2，即需将左侧2个钩码挂到右侧即可；（2）由图将杠杆左侧的所有钩码拿掉，在a点施加一个始终水平向右的拉力f，当杠杆拉到水平位置时f的力臂通过支点，即力臂为0，根据杠杆的平衡条件所以始终不能平衡；（3）由图杠杆从竖直位置转过30的过程，f水平移动距离为oa长的一半，即l，所以拉力f做的功：w=fl=fl故答案为：（1）左；左侧2个钩码挂到右侧；（2）水平位置时动力臂为零杠杆无法平衡；（3）fl【点评】本题考查杠杆平衡条件实验中出现问题分析和杠杆平衡条件运用，关键是求出杠杆转动30时水平拉力f水平移动距离17在探究“电压一定时，电流跟电阻关系”的实验中，设计电路图如图甲所示变阻器是规格“100.5a”“201a”“502a”中的一个（1）根据图甲用笔画线代替导线将图乙实物连接成完整电路（导线不允许交叉）（2）连接好电路，闭合开关，发现电流表没有示数，移动滑动变阻器的滑片，电压表示数始终接近5.5v造成这一现象的原因可能是ca电流表坏了 b滑动变阻器短路c电阻处接触不良 d电阻短路（3）排除电路故障后成功完成了5次实验进行第1次实验，刚闭合开关时发现此时电流表示数为0.1a，多次改变r的阻值，调节滑动变阻器，使电压示数3v，实验数据记录如下表表格中第5次实验所缺的数据应该写0.1实验次数12345电阻r/510152030电流i/a0.30.20.15【考点】探究电流与电压、电阻的关系实验【分析】（1）电压表要并联在被测电路两端，电流从电压表的“”接线柱流入，从“”接线柱流出；滑动变阻器采取“一上一下”的接法；（2）电流表没有示数，电压表示数始终接近电源电压，电路故障可能为电压表所测量的电阻断路；（3）根据表格中数据确定电阻两端的电压，由串联电路的特点及欧姆定律判断出所选择的滑动变阻器的规格；刚闭合开关时，变阻器的阻值最大，根据欧姆定律计算出电流表的示数；探究电流与电阻的关系时，应注意使电阻两端的电压不变【解答】解：（1）电压表要并联在定值电阻两端，滑动变阻器采取“一上一下”的连接方式，如图所示：（2）连接好电路，闭合开关，发现电流表没有示数，说明电路发生断路；移动滑动变阻器的滑片，电压表示数始终接近电源电压造成这一现象的原因是与电压表并联的电阻r断路，c说法正确；（3）由表格中第二组数据知，电阻两端的电压：u=ir=0.3a10=3v；当变阻器的阻值为30时，所需滑动变阻器的阻值最大，此时电路中的电流i=0.1a；由（2）知，电源电压为5.5v，滑动变阻器两端的电压：u滑=5.5v3v=2.5v；由欧姆定律得，变阻器的阻值：r滑=25，所以应选择502a的滑动变阻器；刚闭合开关时，变阻器阻值为最大，即50，所以此时电路中的电流i=0.1a；要探究电流与电阻的关系，需保持电阻两端的电压不变，始终为3v；由以上计算可知，第5次电流值为0.1a故答案为：（1）见上图；（2）c；（3）0.1a；3v；0.1【点评】此题主要考查的是学生对电路连接、滑动变阻器的使用、电路故障分析、电流表读数和实验数据处理的理解和掌握，中考常见题型，有一定难度特别是第三问确定滑动变阻器的最大阻值是关键18在“探究力和运动的关系”的实验中，让滑块由静止开始沿斜面滑下，小车在三种不同水平面上运动一段距离后分别停留在如图所示的位置（1）实验需要控制滑块到达水平面时初始速度相同，则滑块应从同一斜面的同一高度开始下滑（2）滑块进入水平面后，在运动过程中下列正确的是d；a物体对平面的压力和平面对它的支持力相互平衡b物体受到的摩擦力逐渐减小c物体向前运动是因为动力大于阻力d滑块的动能转化为内能，而且滑块减小的动能小于滑块增加的内能（3）在此实验所给器材基础上，添加一个小钩码，运用这些器材一定可探究的是ca物体动能大小与质量是否有关b物体动能大小与速度是否有关ca、b都可探究【考点】阻力对物体运动影响的探究实验【分析】（1）为完成研究“运动和力的关系”的实验，应采用控制变量的思想，即保持小车到达水平面时的速度相同；（2）平衡力大小相等，方向相反，作用在同