甘肃省临洮县第四中学高二物理上学期期中试题.doc

临洮四中2016-2017学年度第一学期期中考试高二物理试题一、选择题（本题共8道小题，每小题8分，共48分）1.（单选）使带电的金属球靠近不带电的验电器，验电器的箔片张开下列各图表示验电器上感应电荷的分布情况，其中正确的是（）abcd2.（单选）如图所示，实线为方向未知的三条电场线，a、b两带电粒子从电场中的o点以相同的初速度飞入。仅在电场力作用下，两粒子的运动轨迹如图中虚线所示，则（ ）a一定带正电，b一定带负电b加速度增大，b加速度增大c电势能减小，b电势能增大d和b的动能一定都增大3.（单选）如图所示a、b为两块水平放置的金属板，通过闭合的开关s分别与电源两极相连，两板中央各有一个小孔a和b，在a孔正上方某处一带电质点由静止开始下落，不计空气阻力，该质点到达b孔时速度恰为零，然后返回。现要使带电质点能穿出b孔，可行的方法是（ ）a. 保持s闭合，将b板适当上移 b. 保持s闭合，将b板适当下移c. 先断开s，再将a板适当上移 d. 先断开s，再将b板适当下移4.（单选）如图所示电路，电源的电动势为12v，l为灯泡，r1和r2为定值电阻，若用电压表测得a、b两点间的电压为12v，则说明（）al、r1和r2都断了bl、r1和r2都是好的cl是好的，r1和r2中至少有一个断了dr1和r2是好的，l断了5. （单选）两只完全相同的电流表，一只改装成电压表，一只改装成电流表，一同学做实验时，误将电压表和电流表串联起来接入电路中，则（）a两只表的指针都不能偏转b两只表的指针偏转角度相等c电压表的指针有偏转，电流表的指针几乎不偏转d电流表的指针有偏转，电压表的指针几乎不偏转6.（多选）如图所示，图线1表示的导体的电阻为r1，图线2表示的导体的电阻为r2，则下列说法正确的是（）ar1：r2=1：3br1：r2=3：1c将r1与r2串联后接于电源上，则电流比i1：i2=1：3d将r1与r2并联后接于电源上，则电流比i1：i2=3：17.（多选）将一电荷量为+q 的小球放在不带电的金属球附近,所形成的电场线分布如图所示，金属球表面的电势处处相等。 a、b 为电场中的两点，则（ ）aa 点的场强与b 点的场强无法比较强弱ba 点的电势比b 点的高c检验电荷 - q 在a 点的电势能比在b 点的大d将检验电荷 - q 从a 点移到b 点的过程中，电场力做负功8.（多选）如图所示，abcd为匀强电场中相邻的四个等势面，相邻等势面间距离为5cm一个电子仅受电场力垂直经过电势为零的等势面d时，动能为15ev（电子伏），到达等势面a时速度恰好为零则下列说法正确的是（）a场强方向从a指向db匀强电场的场强为100 v/mc电子经过等势面c时，电势能大小为5 evd电子在上述等势面间运动的时间之比为1：2：3二、实验题（本题共2道小题,第1题6分, 第2题12分共18分）9. （单选）用伏安法测电阻时，待测电阻大约是10欧，电流表的内阻是1欧，电压表的内阻是5千欧，则（）a用电流表外接法，此时测量值比真实值大b用电流表外接法，此时测量值比真实值小c用电流表内接法，此时测量值比真实值大d用电流表内接法，此时测量值比真实值小10.（2014秋市中区校级期中）在“描绘小灯泡的伏安特性曲线”的实验中，小灯泡的规格为“3.8v，0.3a”除了开关、导线外，还有如下器材：电压表v，量程05v，内阻约5k；电流表a1，量程0500ma，内阻约0.5；电流表a2，量程0100ma，内阻约4；滑动变阻器r1，最大阻值10，额定电流2.0a；滑动变阻器r2，最大阻值100，额定电流1.0a；直流电源e，电动势约为6v，内阻约为0.5（1）上述器材中，电流表应选，滑动变阻器应选（填器材符号）（2）请根据所选的器材，在图甲中用笔画线代替导线，连接实验电路（3）根据实验数据，通过描点连线得到了小灯泡的伏安特性曲线，如图乙所示则可确定小灯泡的功率p与u2和i2的关系，下列示意图中正确的是三、计算题（本题共4道小题,第1题8分,第2题10分,第3题16分, ,共34分）11.如图1-77所示，在匀强电场中的m、n两点距离为2 cm，两点间的电势差为5 v,m、n连线与场强方向成60角，则此电场的电场强度多大？12.在电场中把电量为2.010-9c的正电荷从a点移到b点，电场力做功1. 510-7j，再把这个电荷从b点移到c点，克服电场力做功4.010-7j (1)求a、c两点间电势差？(2)电荷从a经b移到c，电势能如何变化？变化多少？13.水平放置的两块平行金属板长l，两板间距d，两板间电压为u，且上板为正，一个电子沿水平方向以速度v0从两板中间射入，已知电子质量m，电荷量e，如图，求：（1）电子偏离金属板时的侧位移y是多少？（2）电子飞出电场时的速度是多少？（3）电子离开电场后，打在屏上的p点，若屏与金属板右端相距s，求op的长？卷答案1.考点：电荷守恒定律版权所有分析：当带电金属球靠近不带电的验电器时，由于电荷间的相互作用，而使电荷发生了移动从而使箔片带电解答：解：由于同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引，故验电器的上端应带上与小球异号的电荷，而验电器的箔片上将带上与小球同号的电荷；故只有b符合条件故选：b点评：本题根据电荷间的相互作用，应明确同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引2.d3.b4.考点：闭合电路的欧姆定律版权所有专题：恒定电流专题分析：由题意知，a、b两点间的电压等于电源的电动势，说明灯l和电源的内阻没有电压，电路中有断路，即可进行分析解答：解：据题a、b两点间的电压等于电源的电动势，说明灯l和电源的内阻没有电压，电路中有断路l不可能断路，否则电压表就没有读数了可知中r1和r2至少有一个断了故c正确，abd错误故选：c点评：本题是故障分析问题，考查分析、判断和推理能力外电路有断路时，往往电压等于电源电动势的电路有断路5.考点：把电流表改装成电压表版权所有专题：实验题分析：电流表改装成电压表是串联较大的分压电阻；电流表改装成大量程电流表是并联较小的分流电阻；将电压表和电流表串联，通过两电表的电流相等，由于电压表内阻较大，电流较小解答：解：电流表改装成电压表是串联较大的分压电阻；电流表改装成大量程电流表是并联较小的分流电阻；两表串联后，电流相等，但通过电流表的电流大多数从分流电阻通过，故电压表指针有偏转，电流表表头指针偏转角度很小，或者几乎不偏转；故abd错误，c正确；故选c点评：本题关键是明确电流表和电压表的改装原理，熟悉串联电路的电流特点，基础题6.考点：欧姆定律版权所有专题：恒定电流专题分析：通过iu图象得出两电阻的关系串联电路电流相等，并联电路，电压相等，电流比等于电阻之反比解答：解：a、根据iu图象知，图线的斜率表示电阻的倒数，所以r1：r2=1：3；故a正确，b错误；c、串联电路电流处处相等，所以将r1与r2串联后接于电源上，电流比i1：i2=1：1故c错误；d、并联电路，电压相等，电流比等于电阻之反比，所以将r1与r2并联后接于电源上，电流比i1：i2=3：1故d正确；故选：ad点评：解决本题的关键知道iu图线的斜率表示电阻的倒数以及知道串并联电路的特点7.bda、电场线的疏密表示场强的大小，由图象知a点的电场强度比b点大，故a错误；b、a点所在的电场线从q出发到不带电的金属球终止，所以a点的电势高于金属球的电势，而b点所在处的电场线从金属球发出到无穷远，所以金属球的电势高于b点的电势，即a点的电势比b点的高故b正确；c、电势越高的地方，负电荷具有的电势能越小，即负电荷在a点的电势能较b点小，故c错误；d、由上知，-q在a点的电势能较b点小，则把-q电荷从电势能小的a点移动到电势能大的b点，电势能增大，电场力做负功故d正确。故选：bd8.考点：带电粒子在匀强电场中的运动；等势面版权所有专题：带电粒子在电场中的运动专题分析：匀强电场中等势面是平行等间距的直线；只有电场力做功，电势能和动能之和守恒解答：解：a、电子到达等势面a时速度恰好减为零，说明电场力向下，负电荷受到的电场力方向与电场强度方向相反，故场强方向从d指向a，故a错误；b、从d到a，动能减小15ev，故电场力做功15ev，故有：wda=eedda=15ev，解得e=，故b正确；c、只有电场力做功，电势能和动能之和守恒，故：ekd+epd=eka+epa，解得epa=15ev；匀强电场中，没前进相同距离电势变化相同，故epc=5ev，故c正确；d、运用逆向思维，到达a后，假设时间倒流，做初速度为零的匀加速直线运动，根据x=，通过1s、2s、3s的时间之比为，故通过连续三段s时间之比为1：（）：（），故d错误；故选：bc点评：本题是带电粒子在匀强电场中的匀减速直线运动问题，电势能和动能之和守恒，根据功能关系和匀变速直线运动的规律列方程后联立分析9.a1；r1；（2）如图，（3）d，解：、由题意可知，灯泡的额定电流为0.3a，故电流表选择a1；因本实验中要求从零开始调节，故采用分压接法，滑动变阻器选择小电阻；故选r1；根据电路图连线实物图如下图、由p=可知，在p图象中图象上某点与原点连线的斜率为电阻r，而电阻r又随温度的升高而增大，故d正确，c错误，同理在p图象中，图象上某点与原点连线的斜率为电阻倒数，因随温度的升高r增大因而应减小，故ab均错误，本题应选d故答案为：a1；r1；（2）如图，（3）d，10.考点：伏安法测电阻版权所有专题：实验题；恒定电流专题分析：伏安法测电阻时有电流表内接和外接两种接法，由于实际电压表内阻较大，但不是无穷大，实际电流表内阻较小，也不是零，故两种接法都存在一定的实验误差，要根据实际情况灵活选择，以减小实验误差解答：解：由于本题中因，用电流表内接法时，安培表的分压作用比较明显，误差较大，而用安培表外接法时，电压表的分流作用较小，故应该采用安培表外接法；采用安培表外接法，电压表读数比较准确，由于伏特表的分流作用，电流表的读数偏大，故电阻的测量值偏小，测量值等于待测电阻与伏特表相并联的电阻值；故选：b点评：本题关键分析清楚电流表内、外接法的误差来源，然后根据实际数据选择误差较小的接法11.500v/m12.解：(1)uac=-125（v） (2)epa-epc=wac=wab+wbc=-2.510-7 j, 电势能增加-2分电势能增加了2.510-7 j（3分）13.考点：带电粒子在匀强电场中的运动版权所有专题：带电粒子在电场中的运动专题分析：电子垂直进入电场，在电场力的作用下做类平抛运动，离开电场后，做匀速直线运动，打在屏上利用平抛运动的知识求解侧位移和离开电场的速度；求op时包括两部分，om和mp解答：解：设电子所受电场力为f，加速度为a，在电场运动的时间为t，偏转位移为y，离开电场的速度为v，偏转角度为 ，电子垂直进入电场受到电场力：f=eq极板间的场强：e=根据牛顿第二定律得：f=ma电子在电场中做类