福建省晋江市第一中学高中物理 恒定电流练习.doc

恒定电流1、如图所示，电源电动势e8 v，内阻不为零，电灯a标有“10 v10 w”字样，电灯b标有“8 v20 w”字样，滑动变阻器的总电阻为6 ，当滑动触头p由a端向b端滑动的过程中(不考虑电灯电阻的变化)()a电流表的示数一直增大，电压表的示数一直减小b电流表的示数一直减小，电压表的示数一直增大c电流表的示数先增大后减小，电压表的示数先减小后增大d电流表的示数先减小后增大，电压表的示数先增大后减小2、如图所示的电路中，电电动势为e，内阻为r，l1和l2为相同的灯泡，每个灯泡（阻值恒定不变）的电阻和定值电阻相同，阻值均为r，电压表为理想电表，k为单刀双掷开关，当开关由1位置打到2位置时，下列说法错误的是：（ ）a电压表读数将变小 bl1亮度不变，l2将变亮cl1将变亮，l2将变暗 d电的发热功率将变大3、如图所示电路，r1、r2、r3是定值电阻，c点接地，a、b两接线柱接上直流电源，开关s是断开的，那么，当开关s闭合后 （ ）aab两点电势均升高 bab两点电势均降低ca点电势升高，b点电势降低 da点电势降低，b点电势升高4、如图所示电路中，闭合电键，灯l1、l2正常发光，由于电路出现故障，突然发现灯l1变亮，灯l2变暗，电流表的读数变小，根据分析，发生故障的可能是 （ ）ar1断路br2断路 cr3短路dr4短路5、在研究微型电动机的性能时,应用如图所示的实验电路。调节滑动变阻器r并控制电动机停止转动时,电流表和电压表的示数分别为0.50a和2.0 v。重新调节r并使电动机恢复正常运转,此时电流表和电压表的示数分别为2.0a和24.0 v。则这台电动机正常运转时输出功率为()a.32 wb.44 wc.47 wd.48 w6、如图所示，e为内阻不能忽略的电池，r1、r2、r3为定值电阻，s0、s为开关，v与a分别为电压表与电流表初始时s0与s均闭合，现将s断开，则（ ）av的读数变大，a的读数变小 bv的读数变大，a的读数变大cv的读数变小，a的读数变小 dv的读数变小，a的读数变大7、直流电路如图所示，在滑动变阻器的滑片p向右移动时，电源的（ ）a总功率一定减小 b效率一定增大c内部损耗功率一定减小d输出功率一定先增大后减小 8、如图所示，a、b两端电压恒定，电阻r1=2k，用内阻也是2k的电压表测电阻r1两端电压为2v，测r2两端电压为4v，则不接电压表时，a、b间总电压为（ ） a6v b8v c10v d12v9、如图所示，a和b为竖直放置的平行金属板，在两极板间用绝缘线悬挂一带电小球。开始时开关s闭合且滑动变阻器的滑动头p在a处，此时绝缘线向右偏离竖直方向。（电源的内阻不能忽略）下列判断正确的是 （ ） a小球带负电 b当滑动头从a向b滑动时，细线的偏角变大 c当滑动头从a向b滑动时，电流表中有电流，方向从上向下 d当滑动头停在b处时，电源的输出功率一定大于滑动头在a处时电源的输出功率10、如图所示的电路中，两平行金属板a、b水平放置，两板间的距离d=40cm。电源电动势e=24v，内电阻r=1，电阻r=15。闭合开关s，待电路稳定后，将一带正电的小球从b板小孔以初速度0=4m/s竖直向上射入板间。若小球带电量为q=110-2c，质量为m=210-2kg，不考虑空气阻力。那么，要使小球恰能到达a板，滑动变阻器接入电路的阻值和此时电源的输出功率为（取g=10m/s2）a8、23w b32、8 w c8、15w d32、23w11、如图所示为大型电子地磅电路图，电源电动势为e，内阻不计不称物体时，滑片p在a端，滑动变阻器接入电路的有效电阻最大，电流较小；称重物时，在压力作用下使滑片p下滑，滑动变阻器有效电阻变小，电流变大，这样把电流对应的重量值刻在刻度盘上，就可以读出被称物体的重量值若滑动变阻器上a、b间距离为l，最大阻值等于电阻阻值r0，已知两只弹簧的总弹力与形变量成正比，其比例系为k，所称重物的重量g与电流大小i的关系为 （ ） a b c d12、在如图甲所示的电路中，电源电动势为3.0v，内阻不计，l1、l2、l3为3个相同规格的小灯泡，这种小灯泡的伏安特性曲线如图所示则当开关闭合后（ ）al1电流为l2电流的1.25倍 bl1的电阻为7.5cl1消耗的电功率为0.75wdl2消耗的电功率为0.375w13、如图所示，d是理想二极管，ab是平行板电容器，在电容器板间有一电荷p处于静止状态，当两极板a和b的间距增大的瞬间（仍平行），p点的运动情况是（ ） a向下运动 b向上运动c仍静止不动 d无法判断14、一个用半导体材料制成的电阻器d，其电流i随它两端电压u变化的伏安特性曲线如图甲所示。现将它与两个标准电阻r1、r2组成如图乙所示的电路，当开关s接通位置1时，三个用电器消耗的电功率均为p。将开关s切换到位置2后，电阻器d和电阻r1、r2消耗的电功率分别为pd、p1、p2，下列判断正确的是（ ）a b c d15、如图所示电路中，电源电动势为e、内阻为r，r1、r2、r3、r4均为定值电阻，a、b为两个小灯泡。当电路中某电阻发生故障后，a灯变亮、b灯变暗，则该故障可能为（ ）（a）r1短路 （b）r2断路（c）r3短路 （d）r4断路16、如图电路中，电源电动势、内电阻、r1、r2为定值。闭合s后，将r的滑健向右移动，电压表的示数变化量的绝对值为u，电阻r2的电压变化量的绝对值为u，电源电流变化量的绝对值为i，下列说法正确的是：（ ）a通过r1的电流增大，增大量等于u/r1b通过r2的电流增大，增大量i小于u/r2cu与i的比值保持不变du与i的比值保持不变17、在如图所示电路中，电源电动势e6v，内阻r1，保护电阻r03，滑动变阻器总电阻r20，闭合电键s，在滑片p从a滑到b的过程中，正确的是（ ）a滑动变阻器消耗的功率先减小后增大 b滑动变阻器消耗的功率先增大后减小c滑动变阻器消耗的功率先减小后增大，再减小后增大d滑动变阻器消耗的功率先增大后减小，再增大后减小18、如图所示的电路中，电源的内电阻不能忽略不计。现闭合开关s，待电路中的电流稳定后，调节可变电阻r的阻值，电压表的示数增大了。下列判断正确的是： （ ）a可变电阻r被调到较小的阻值b电阻r2两端的电压减小，减小量等于 c通过电阻r2的电流减小，减小量小于 d路端电压增大，增大量等于19、如图电路中，电源电动势为e、内阻为r，闭合开关s，增大可变电阻r的阻值后，电压表示数的变化量为u。在这个过程中，下列判断正确的是a电阻r1两端的电压减小，减小量等于ub电容器的带电量减小，减小量小于cuc电压表的示数u和电流表的示数i的比值变大d电压表示数变化量u和电流表示数变化量的比值不变20、在图中所示的电路中，a、b、c分别表示理想电流表或电压表，它们的示数以安或伏为单位，当开关s闭合后，a、b、c三块表的示数分别为l、2、3时，灯、l2恰好正常发光。已知灯、l2的额定功率之比为31 ，则可判定aa、b、c均为电流表ba、b、c均为电压表cb为电流表，a、c为电压表 db为电压表，a、c为电流表21、如图所示，电流表a1(0-3a)和a2(006a)是由两个相同的电流计改装而成，现将这两个电流表并联后接人电路中闭合开关s，调节滑动变阻器，下列说法中正确的是：aa1、a2的读数之比为1：1 bal、a2的读数之比为5：1 ca1、a2的指针偏转角度之比为1：1 dal、a2的指针偏转角度之比为122如图所示的两种电路中，电源相同，各电阻器阻值相等，各电流表的内阻相等且不可忽略不计电流表a1、a2、a3和a4读出的电流值分别为i1、i2、i3和i4下列关系式中正确的是( )ai1=i3 bi1i4ci2=2i1 di2i3+i423图中的r1=r2，外加电压u保持不变，当双刀双掷开关掷向3，6位置和掷向1，4位置时，两电阻在单位时间里放出的总热量之比为( )a14 b41c21 d1224在纯电阻电路中，当用一个固定的电源(e、r是定值)向变化的外电阻供电时，关于电源的输出功率p随外电阻r变化的规律如图4所示，则()a当rr时，电源有最大的输出功率b当rr时，电源的效率50%c电源的功率p随外电阻r的增大而增大d电源的效率随外电阻r的增大而增大25电阻非线性变化的滑动变阻器r2接入图5甲所示的电路中，移动滑动变阻器触头改变接入电路中的电阻有效长度x(x为图中a与触头之间的距离)，定值电阻r1两端的电压u1与x间的关系如图乙所示，a、b、c为滑动变阻器上等间距的三个点，当触头从a移到b和从b移到c的这两个过程中，下列说法正确的是()a电流表a示数变化相等 b电压表v2的示数变化不相等c电阻r1的功率变化相等 d电源的输出功率均不断增大26在如图6所示的电路中，由于某一电阻发生短路或断路，a灯变暗，b灯变亮，则故障可能是()ar1短路 br2断路 cr3断路dr4短路27某同学将一直流电源的总功率pe、输出功率pr和电源内部的发热功率pr随电流i变化的图线画在同一坐标系内，如图8所示，根据图线可知()a反映pr变化的图线是bb电源电动势为8 v c电源内阻为2 d当电流为0.5 a时，外电路的电阻为6 28如图9所示，图中直线表示某电源的路端电压与电流的关系图线，图中曲线表示该电源的输出功率与电流的关系图线，则下列说法正确的是()a电源的电动势为50 vb电源的内阻为 c电流为2.5 a时，外电路的电阻为15 d输出功率为120 w时，输出电压是30 v29电源、开关s、s、定值电阻r1、光敏电阻r2和电容器连接成如图10所示电路，电容器的两平行板水平放置当开关s、s闭合，并且无光照射光敏电阻r2时，一带电液滴恰好静止在电容器两板间的m点当用强光照射光敏电阻r2时，光敏电阻的阻值变小，则()a液滴向下运动 b液滴向上运动 cr2两端的电势差是否升高无法分析d当光照强度不变时断开s，把电容器的上极板向上移一小段距离，则上极板的电势比a点的电势高30如图11所示的电路中，r是压敏电阻，其阻值随所受压力f的增大而减小闭合开关s后，在缓慢增大f的过程中，下列判断正确的是()a灯泡l1亮度将变大 b灯泡l2亮度将变大c电容器c所带电荷量将增大d电源的输出功率一定减小31在如图所示的电路中，两平行正对金属板a、b水平放置，两板间的距离d4.0 cm.电源电动势e400 v，内阻r20 ，电阻r11 980 .闭合开关s，待电路稳定后，将一带正电的小球(可视为质点)从b板上的小孔以初速度v01.0 m/s竖直向上射入两板间，小球恰好能到达a板若小球所带电荷量q1.0107 c，质量m2.0104 kg，不考虑空气阻力，忽略射入小球对电路的影响，取g10 m/s2.求：(1)a、b两金属板间电压的大小u；(2)滑动变阻器消耗的电功率p滑；(3)电源的效率.32、在如图所示的电路中，是电阻箱，其最大阻值为99；和是定值电阻，其阻值分别为15和5；电源的电动势12v，内阻=1；电容c=500f，其耐压值为20v，开始时，先将电阻箱的组织调到最大值接入电路中，请计算： （1）在断开、闭合的状态下，电容器c的电量是多大； （2）在已经闭合的情况下，再将闭合，电路稳定后电容器c的电量将改变多少； （3）在已经闭合的情况下，为了使得再合上时，电容器c的电量恰好不发生改变，那么应该把的阻值预先调为多大才行。评卷人得分四、综合题（每空？ 分，共？ 分）28、（10分） 如图所示电路中，电源电动势e=18v，内阻r=1，外电路中电阻r2=5，r3=6，平行板间距d=2cm，当滑动变阻器的滑动头p位于中点时，电流表的示数为2a，平行板间静止悬浮着一个电量q=810-7c带负电的微粒,（g=10m/s2 ）试求（1）滑动变组器r1的总阻值；（2）微粒的质量；（3）上、下调节滑动头p时微粒的最大加速度29、（12分）在如图所示的电路中，是电阻箱，其最大阻值为99；和是定值电阻，其阻值分别为15和5；电源的电动势12v，内阻=1；电容c=500f，其耐压值为20v，开始时，先将电阻箱的阻值调到最大值接入电路中，请计算： （1）在断开、闭合的状态下，电容器c的电量是多大； （2）在已经闭合的情况下，再将闭合，电路稳定后电容器c的电量将改变多少；评卷人得分五、填空题（每空？ 分，共？ 分）30、如图所示，是一种家用电熨斗的电路原理图（额定电压为220v），虚线框内为加热电路.r0是定值电阻，r是可变电阻（调温开关）该电熨斗温度最低时的耗电功率为121w，温度最高时的耗电功率为484w则r0的阻值为_；假定电熨斗每秒钟散发的热量q跟电熨斗表面温度与环境温度的温差关系如右图所示，现在温度为20的房间使用该电熨斗来熨烫毛料西服，要求熨斗表面温度为220，且保持不变，问应将r的阻值调为_。参考答案一、选择题1、c【命题立意】本题是考查恒定电流部分检测灯泡明暗程度和仪表读数变化、功率大小变化。【解析】开关在位置1时，外电路总电阻，电压表示数，同理，两灯电压,电源内阻的发热功率为开关在位置2时，外电路总电阻,，电压表示数,，灯泡l1的电压,l2的电压，电源内阻的发热功率为综上所述，电压表读数将变小，a正确，l1亮度不变，l2将变亮故b正确c错误电源内阻的发热功率将变大d正确；故选择错误答案为c。 2、【考点】： 电阻定律【分析】： 分析两电阻之间的大小关系，再由串并联电路的规律可得出电流大小；由电阻定律即可求得电阻率【解析】： 解：由电阻定律可知：r=可知：两导体的电阻ra=rb=；两电阻串联，分压相等，则a两端的电压为；由欧姆定律可知：ra=解得：=；故选：a【点评】： 本题要注意电阻定律的应用，明确电阻的大小与电阻率和厚度的关系，明确电阻微型化的依据 3、a 4、a 5、a 6、b 7、 8、解析：6. c：由闭合电路欧姆定律，可得：，代入数据可得：，。所以c正确。 9、c 10、a 11、b 由二力平衡可得重物重量大小等于两根弹簧力大小，即：，结合闭合电路的欧姆定律可知：在，联解两式可知b项正确。 12、 ac 13、 c 14、c 15、 c 16、bcd 17、d 18、c 19、bcd 20、c 21、d二、多项选择22、【答案】bc【命题立意】本题旨在考查电表的改装【解析】电流表a1(0-3a)和a2(006a)是由两个相同的电流计改装而成，都是并联电阻，在图中两电流计也是并联的，所以c正确；它们的量程之比为5：1，即总电阻之比为1：5，所以并为联时读数之5：1【举一反三】当串联时读数之比、偏转角度之比各是多少 ？23、【答案】cd【命题立意】 本题旨在考查带电粒子在混合场中的运动、电容和闭合电路的欧姆定律。【解析】根据图示电路图，由欧姆定律可得：电容器两端电压：u=ir1=，油滴受到的电场力：f=，开始时油滴静止不动，f=mg，要使油滴向下运动，则电场力应减小；a、增大r1的阻值，电场力：f=变大，电场力大于重力，油滴受到的合力向上，油滴向上运动，故a错误；b、降两极板错开，电路不变，电压不变，所以电场力不变，故仍然静止，故b错误；c、增大两板间的距离，极板间的电场强度减小，电场力减小，小于重力，油滴受到的合力向下，油滴向下运动，故c正确；d、断开电键s，极板间的电场强度为零，电场力为零，油滴受到重力作用，油滴向下运动，故d正确；故选cd。【易错警示】分析清楚电路结构，求出极板间的电场强度，求出油滴受到的电场力，然后根据电场力的表达式分析答题本题考查了判断油滴的运动状态问题，分析清楚极板间的电场力如何变化是正确解题的关键。 24、bd 三、计算题25、