重庆市高三物理上学期开学试卷（含解析）.doc

2016-2017学年重庆高三（上）开学物理试卷二、选择题：本题共8小题，每小题6分在每小题给出的四个选项中，第15题只有一项符合题目要求，第68题有多项符合题目要求全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分1物理学中研究问题有多种方法，有关研究问题的方法叙述错误的是（）a在不需要考虑物体本身的大小和形状时，用质点代替物体的方法，采用了等效替代的思想b卡文迪许扭称实验采用放大的思想测出了引力常量c根据速度的定义式，当t非常小时，就可以表示物体在t时刻的瞬时速度，该定义运用了极限思想法d探究加速度与力、质量三个物理量之间的定量关系，采用了控制变量的研究方法2中国北斗卫星导航系统（beidou navigation satellite system，bds）是中国自行研制的全球卫星导航系统，是继美国全球定位系统 （gps）、俄罗斯格洛纳斯卫星导航系统（glonass）之后第三个成熟的卫星导航系统预计2020年左右，北斗卫星导航系统将形成全球覆盖能力如图所示是北斗导航系统中部分卫星的轨道示意图，己知a、b、c三颗卫星均做圆周运动，a是地球同步卫星，则（）a卫星a的角速度小于c的角速度b卫星a的加速度小于b的加速度c卫星a的运行速度大于第一宇宙速度d卫星b的周期大于24 h3一个高尔夫球静止于平坦的地面上，在t=0时球被击出，飞行中球的速率与时间的关系如图所示若不计空气阻力的影响，根据图象提供的信息不可以求出（）a高尔夫球在何时落地b高尔夫球可上升的最大高度c人击球时对高尔夫球做的功d高尔夫球落地时离击球点的距离4如图所示为一种叫做“魔盘”的娱乐设施，当转盘转动很慢时，人会随着“磨盘”一起转动，当“魔盘”转动到一定速度时，人会“贴”在“魔盘”竖直壁上，而不会滑下若磨盘半径为r，人与魔盘竖直壁间的动摩擦因数为，在人“贴”在“魔盘”竖直壁上，随“魔盘”一起运动过程中，则下列说法正确的是（）a人随“魔盘”转动过程中受重力、弹力、摩擦力和向心力作用b如果转速变大，人与器壁之间的摩擦力变大c如果转速变大，人与器壁之间的弹力不变d“魔盘”的转速一定不小于5甲、乙两车在同一水平道路上，一前一后相距s=6m，乙车在前，甲车在后，某时刻两车同时开始制动，此后两车运动的过程如图所示，则下列表述正确的是（）a当t=4s时两车相遇b当t=4s时两车间的距离最大c两车有两次相遇d两车有三次相遇6如图，长为l的轻杆一端固定质量为m的小球，另一端有固定转轴o现使小球在竖直平面内做圆周运动p为圆周轨道的最高点若小球通过圆周轨道最低点时的速度大小为v=，则以下判断正确的是（）a小球不能到达p点b小球到达p点时的速度等于v=c小球能到达p点，且在p点受到轻杆向上的弹力d小球能到达p点，受到轻杆的作用力为零7如图所示，倾角为=30的斜面c置于水平地面上，小物块b置于斜面上，通过细绳跨过光滑的定滑轮（定滑轮通过竖直杆固定）与物体a相连接，连接b的一段细绳与斜面平行，此时b恰好不滑动，a、b、c都处于静止状态，认为最大静摩擦力近似等于滑动摩擦，则（）a竖直杆对滑轮的弹力方向竖直向上b地面对c的支持力小于b、c重力之和c若a、b质量满足一定关系时，c将不受地面摩擦力d若剪断细绳，b下滑过程中，要使c不受地面摩擦，则a、b的质量应相等8宇宙飞船以周期为t绕地球作圆周运动时，由于地球遮挡阳光，会经历“日全食”过程，如图所示已知地球的半径为r，地球质量为m，引力常量为g，地球自转周期为t0太阳光可看作平行光，宇航员在a点测出的张角为，则（）a飞船绕地球运动的线速度为b一天内飞船经历“日全食”的次数为c飞船每次“日全食”过程的时间为d飞船周期为t=三、非选择题：包括必考题和选考题两部分第9题第12题为必考题，每个考题考生都必须作答，第1318为选考题，考生根据要求作答（一）必考题9某同学做“验证力的平行四边形定则”的实验时，主要步骤是：a在桌上放一块方木板，在方木板上铺一张白纸，用图钉把白纸钉在方木板上b用图钉把橡皮条的一端固定在板上的a点，在橡皮条的另一端拴上两条细绳，细绳的另一端系着绳套c用两个弹簧测力计分别钩住绳套，互成角度地拉橡皮条，使橡皮条伸长，结点到达某一位置o记录下o点的位置，读出两个弹簧测力计的示数d按选好的标度，用铅笔和刻度尺作出两只弹簧测力计的拉力f1和f2的图示，并用平行四边形定则求出合力fe只用一只弹簧测力计，通过细绳套拉橡皮条使其伸长，读出弹簧测力计的示数，记下细绳的方向，按同一标度作出这个力f的图示f比较f和f的大小和方向，看它们是否相同，得出结论上述步骤中：（1）有重要遗漏的步骤的序号是 和 （2）遗漏的内容分别是 和 （3）如图所示是甲、乙两位同学在“验证力的平行四边形定则”的实验中所得到的实验结果，若用f表示两个分力f1、f2的合力，用f表示f1和f2的等效力，则可以判断 （填“甲”或“乙”）同学的实验结果是符合事实的10利用如图1所示的装置探究加速度与力的关系一端带有定滑轮的长木板固定在水平桌面上，另一端安装打点计时器，绕过定滑轮和动滑轮的细线将小车和弹簧秤连接，动滑轮下挂有质量可以改变的小重物，将纸带穿过打点计时器后连在小车后面，接通打点计时器，放开小车不计滑轮的质量，忽略滑轮的摩擦实验中弹簧秤的示数f与小重物的重力mg的关系为 af= bf cf保持小车的质量m不变，改变小重物的质量m，重复进行多次实验记下每次弹簧秤的示数f，利用纸带测出每次实验中小车的加速度a将得到的a、f数据绘制成af图象以下可能的是 如果某次实验中已测得小车的质量m，弹簧秤的示数f，小车的加速度a利用这三个数据你还能求出与本次实验相关的什么物理量，并利用这些符号表示出来 （写出一个物理量及其表达式即可）11如图（a）所示，“”型木块放在光滑水平地面上，木块水平表面ab粗糙，bc表面光滑且与水平面夹角为=37木块右侧与竖直墙壁之间连接着一个力传感器，当力传感器受压时，其示数为正值；当力传感器被拉时，其示数为负值一个可视为质点的滑块从c点由静止开始下滑，运动过程中，传感器记录到的力和时间的关系如图（b）所示已知sin37=0.6，cos37=0.8，g取10m/s2求：（1）斜面bc的长度；（2）木块ab表面的摩擦因数12如图所示，通过一个定滑轮用轻绳两端各栓接质量均为m的物体a、b（视为质点），其中连接物体a的轻绳水平（绳足够长），物体a的下边放一个足够长的水平传送带，其顺时针转动的速度恒定为v，物体a与传送带之间的动摩擦因数为0.25；现将物体a以2v0速度从左端mn的标志线冲上传送带，重力加速度为g（1）若传送带的速度v=v0时，求：物体a刚冲上传送带时的加速度（2）若传送带的速度v=v0时，求：物体a运动到距左端mn标志线的最远距离（3）若传送带的速度取（0v2v0）范围某一确定值时，可使物体a运动到距左端mn标志线的距离最远时，与传送带因摩擦产生的内能最小，求：此时传送带的速度v的大小及摩擦产生的内能的最小值是多少？（二）选考题（共45分）请考生从给出的3道物理题，3道化学题，2道生物题中每科任选一题作答，并用2b铅笔在答题卡上把所选题目的题号涂黑注意所做题目的题号必须与所涂题目的题号一致，在答题卡选答区域指定位置答题，如果多做，则每学科按所做的第一题计分物理-选修3-313有关分子的热运动和内能，下列说法正确的是（）a一定质量的气体，温度不变，分子的平均动能不变b物体的温度越高，分子热运动越剧烈c物体的内能是物体中所有分子热运动动能和分子势能的总和d布朗运动是由悬浮在液体中的微粒之间的相互碰撞引起的e外界对物体做功，物体的内能必定增加14如图所示pv图中，一定质量的理想气体由状态a经过 acb过程至状态b，气体对外做功280j，放出热量410j；气体又从状态b经bda过程回到状态a，这一过程中外界对气体做功200jacb过程中气体的内能如何变化？变化了多少？bda过程中气体吸收还是放出多少热量？物理-选修3-415一列简谐横波沿x轴的正向传播，振幅为2cm，周期为t已知在t=0时刻波上相距50cm的两质点a、b的位移都是cm，但运动方向相反，其中质点a沿y轴负向运动，如图所示，下列说法正确的是（）a该列简谐横波波长可能为37.5cmb该列简谐横波波长可能为12cmc质点a质点b的速度在某一时刻可以相同d当质点b的位移为+2cm时，质点a的位移为负e在t=时刻质点b速度最大16如图所示，真空中有一个半径为r=0.1m、质量分布均匀的玻璃球，频率为f=5.01014 hz的细激光束在真空中沿直线bc传播，在玻璃球表面的c点经折射进入小球，并在玻璃球表面的d点又经折射进入真空中已知cod=120，玻璃球对该激光束的折射率为求：（1）此激光束在真空中的波长；（2）此激光束进入玻璃时的入射角；（3）此激光束穿越玻璃球的时间物理-选修3-517如图所示，是氢原子的部分能级图关于氢原子能级的跃迁，下列叙述中正确的是（）a用能量为10.3ev的光子照射，可使处于基态的氢原子跃迁到激发态b用能量为14.0ev的光子照射，可使处于基态的氢原子电离c用能量为12.20ev的大量电子，去激发处于基态的大量氢原子后，可能辐射3种不同频率的光子d大量处于第4激发态的氢原子向低能级跃迁，可能辐射3种不同频率的光子e大量处于第4激发态的氢原子向低能级跃迁时，辐射最低光子的能量为0.66ev18如图所示，质量为3kg的木箱静止在光滑的水平面上，木箱内粗糙的底板正中央放着一个质量为1kg的小木块，小木块可视为质点现使木箱和小木块同时获得大小为2m/s的方向相反的水平速度，小木块与木箱每次碰撞过程中机械能损失0.4j，小木块最终停在木箱正中央已知小木块与木箱底板间的动摩擦因数为0.3，木箱内底板长为0.2m求：木箱的最终速度的大小；小木块与木箱碰撞的次数2016-2017学年重庆一中高三（上）开学物理试卷参考答案与试题解析二、选择题：本题共8小题，每小题6分在每小题给出的四个选项中，第15题只有一项符合题目要求，第68题有多项符合题目要求全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分1物理学中研究问题有多种方法，有关研究问题的方法叙述错误的是（）a在不需要考虑物体本身的大小和形状时，用质点代替物体的方法，采用了等效替代的思想b卡文迪许扭称实验采用放大的思想测出了引力常量c根据速度的定义式，当t非常小时，就可以表示物体在t时刻的瞬时速度，该定义运用了极限思想法d探究加速度与力、质量三个物理量之间的定量关系，采用了控制变量的研究方法【考点】m8：探究加速度与物体质量、物体受力的关系【分析】质点是用来代替物体的，采用是等效替代法卡文迪许扭秤实验体现了放大的思想，用来测量万有引力常量在研究影响加速度与质量和合外力的关系时，由于影响加速度的量有质量和力，故应采用控制变量法速度的定义v=，当t0时，表示物体在t时刻的瞬时速度，是采用数学上极限思想方法【解答】解：a、在不需要考虑物体本身的形状和大小时，用质点来代替物体的方法是理想模型方法故a错误b、卡文迪许扭称实验采用放大的思想通过较大的力矩将微小的万有引力的作用效果放大从而测出了引力常量，故b正确；c、速度的定义v=，表示平均速度，当t0时，表示物体在t时刻的瞬时速度，是采用数学上极限思想方法故c正确d、在研究影响加速度与质量和合外力的关系时，由于影响加速度的量有质量和力，故应采用控制变量法，故d正确；本题选错误的，故选：a2中国北斗卫星导航系统（beidou navigation satellite system，bds）是中国自行研制的全球卫星导航系统，是继美国全球定位系统 （gps）、俄罗斯格洛纳斯卫星导航系统（glonass）之后第三个成熟的卫星导航系统预计2020年左右，北斗卫星导航系统将形成全球覆盖能力如图所示是北斗导航系统中部分卫星的轨道示意图，己知a、b、c三颗卫星均做圆周运动，a是地球同步卫星，则（）a卫星a的角速度小于c的角速度b卫星a的加速度小于b的加速度c卫星a的运行速度大于第一宇宙速度d卫星b的周期大于24 h【考点】4h：人造卫星的加速度、周期和轨道的关系【分析】地球同步卫星，周期与自转周期相等，第一宇宙速度是地球卫星运动的最大速度，根据万有引力提供向心力公式判断卫星a和卫星c的角速度关系以及卫星a、b在轨道运行时的加速度大小关系【解答】解：由图示可知：ra=rbrc；a、万有引力提供卫星做圆周运动的向心力，由牛顿第二定律得：g=m2r，解得：=，由于：rarc，则：ac，故a正确；b、万有引力提供卫星做圆周运动的向心力，由牛顿第二定律得：g=ma，解得：a=，由于：ra=rb，则：aa=ab，故b错误；c、万有引力提供卫星做圆周运动的向心力，由牛顿第二定律得：g=m，解得：v=，由于卫星的轨道半径大于地球半径，a的运行速度小于第一宇宙速度，故c错误；d、万有引力提供卫星做圆周运动的向心力，由牛顿第二定律得：g=m2r，解得：t=2，由于：ra=rb，则：tb=ta=24h，故d错误；故选：a3一个高尔夫球静止于平坦的地面上，在t=0时球被击出，飞行中球的速率与时间的关系如图所示若不计空气阻力的影响，根据图象提供的信息不可以求出（）a高尔夫球在何时落地b高尔夫球可上升的最大高度c人击球时对高尔夫球做的功d高尔夫球落地时离击球点的距离【考点】66：动能定理的应用【分析】一个高尔夫球静止于平坦的地面上，在t=0时球被击出，飞行中球的速率与时间的关系如图所示若不计空气阻力的影响，根据图象提供的信息不可以求出【解答】解：a、不计空气阻力，高尔夫球落到水平地面上时，速率相等由图看出，小球5s时刻速率与开始的速率相同，所以小球在5s末落地可以求出，不符合题意，故a错误b、小球的初速度大小为v0=31m/s，到达最高点时的速度大小为v=19m/s，由动能定理得mgh=，由此式可求出最大高度h可以求出，不符合题意，故b错误c、由动能定理得：人击球时对高尔夫球做的功w=，由于高尔夫球的质量m未知，无法求出w符合题意故c正确d、高尔夫球水平方向做匀速直线运动，水平方向分速度vx=19m/s，高尔夫球落地时离击球点的距离为s=vxt=195m=95m可以求出，不符合题意，故d错误故选：c4如图所示为一种叫做“魔盘”的娱乐设施，当转盘转动很慢时，人会随着“磨盘”一起转动，当“魔盘”转动到一定速度时，人会“贴”在“魔盘”竖直壁上，而不会滑下若磨盘半径为r，人与魔盘竖直壁间的动摩擦因数为，在人“贴”在“魔盘”竖直壁上，随“魔盘”一起运动过程中，则下列说法正确的是（）a人随“魔盘”转动过程中受重力、弹力、摩擦力和向心力作用b如果转速变大，人与器壁之间的摩擦力变大c如果转速变大，人与器壁之间的弹力不变d“魔盘”的转速一定不小于【考点】4a：向心力；27：摩擦力的判断与计算【分析】人随“魔盘”转动过程中受重力、弹力、摩擦力作用，由弹力提供圆周运动所需的向心力，由牛顿第二定律和向心力公式结合分析【解答】解：a、人随“魔盘”转动过程中受重力、弹力、摩擦力，向心力是弹力，故a错误b、人在竖直方向受到重力和摩擦力，二力平衡，则知转速变大时，人与器壁之间的摩擦力不变故b错误c、如果转速变大，由f=mr2，知人与器壁之间的弹力变大，故c错误d、人恰好贴在魔盘上时，有 mgf，n=mr（2n）2，又f=n解得转速为 n，故“魔盘”的转速一定大于 ，故d正确故选：d5甲、乙两车在同一水平道路上，一前一后相距s=6m，乙车在前，甲车在后，某时刻两车同时开始制动，此后两车运动的过程如图所示，则下列表述正确的是（）a当t=4s时两车相遇b当t=4s时两车间的距离最大c两车有两次相遇d两车有三次相遇【考点】1i：匀变速直线运动的图像【分析】根据图象与时间轴围成的面积可求出两车的位移，则可确定何时两车相遇能够画出两车的运动情景过程，了解两车在过程中的相对位置【解答】解：a、图象与时间轴围成的面积可表示位移，04s，甲的位移为48m，乙的位移为40m，甲、乙两车在同一水平道路上，一前一后相距s=6m，当t=4s时，甲车在前，乙车在后，相距2m所以当t=4s时两车不相遇，第一次相遇发生在4s之前故a错误b、开始时乙车在前，甲车在后，甲的速度大于乙的速度，所以两车间的距离减小，故b错误c、06s，甲的位移为60m，乙的位移为54m，两车第二次相遇，6s后，由于乙的速度大于甲的速度，乙又跑到前面，8s后，由于甲的速度大于乙的速度，两车还会发生第三次相遇，故c错误，d正确故选d6如图，长为l的轻杆一端固定质量为m的小球，另一端有固定转轴o现使小球在竖直平面内做圆周运动p为圆周轨道的最高点若小球通过圆周轨道最低点时的速度大小为v=，则以下判断正确的是（）a小球不能到达p点b小球到达p点时的速度等于v=c小球能到达p点，且在p点受到轻杆向上的弹力d小球能到达p点，受到轻杆的作用力为零【考点】4a：向心力【分析】根据机械能守恒定律求出小球到达最高点的速度，根据牛顿第二定律求出小球在最高点受到杆子的作用力【解答】解：根据机械能守恒定律得，解得在最高点杆子作用力为零时，mg=，解得在最高点，由于，所以杆子表现为向上的弹力故b c正确，a、d错误故选：bc7如图所示，倾角为=30的斜面c置于水平地面上，小物块b置于斜面上，通过细绳跨过光滑的定滑轮（定滑轮通过竖直杆固定）与物体a相连接，连接b的一段细绳与斜面平行，此时b恰好不滑动，a、b、c都处于静止状态，认为最大静摩擦力近似等于滑动摩擦，则（）a竖直杆对滑轮的弹力方向竖直向上b地面对c的支持力小于b、c重力之和c若a、b质量满足一定关系时，c将不受地面摩擦力d若剪断细绳，b下滑过程中，要使c不受地面摩擦，则a、b的质量应相等【考点】2h：共点力平衡的条件及其应用；29：物体的弹性和弹力【分析】隔离滑轮受力分析，受三个力而平衡，根据平衡条件判断杆的弹力方向；再bc整体受力分析，则b与c间的弹力和摩擦力将为内力而不需要考虑，根据平衡条件或牛顿第二定律分析【解答】解：a、对滑轮受力分析，受两边绳子的拉力和杆的拉力，根据平衡条件，杆的拉力在两个绳子拉力的角平分线的反方向上，不是竖直的，故a错误；bc、以bc组成的整体为研究对象，分析受力，画出力图如图：根据平衡条件得水平面对c的摩擦力f=fcos，方向一定是水平向左故c错误；由图得到水平面对c的支持力大小n=gc+gbfsingc+gb，故b正确；d、若剪断细绳，b下滑过程中，是由静到动，是加速，故加速度平行斜面向下；c物体平衡，合力为零；b物体加速度平行斜面向下，合力平行斜面向下；故bc正确平行斜面向下；再对整体受力分析，受重力、支持力和向左的静摩擦力，故c一定受向左的静摩擦力，与a、b的质量无关，故d错误；故选：b8宇宙飞船以周期为t绕地球作圆周运动时，由于地球遮挡阳光，会经历“日全食”过程，如图所示已知地球的半径为r，地球质量为m，引力常量为g，地球自转周期为t0太阳光可看作平行光，宇航员在a点测出的张角为，则（）a飞船绕地球运动的线速度为b一天内飞船经历“日全食”的次数为c飞船每次“日全食”过程的时间为d飞船周期为t=【考点】48：线速度、角速度和周期、转速；4f：万有引力定律及其应用【分析】宇宙飞船绕地球做匀速圆周运动，由飞船的周期及半径可求出飞船的线速度；同时由引力提供向心力的表达式，可列出周期与半径及角度的关系当飞船进入地球的影子后出现“日全食”到离开阴影后结束，所以算出在阴影里转动的角度，即可求出发生一次“日全食”的时间；由地球的自转时间与宇宙飞船的转动周期，可求出一天内飞船发生“日全食”的次数【解答】解：a、飞船绕地球匀速圆周运动 线速度为又由几何关系知 故a正确；b、地球自转一圈时间为to，飞船绕地球一圈时间为t，飞船绕一圈会有一次日全食，所以每过时间t就有一次日全食，得一天内飞船经历“日全食”的次数为 故b不正确；c、由几何关系，飞船每次“日全食”过程的时间内飞船转过角 所需的时间为t=；故c错误；d、万有引力提供向心力则故d正确；故选：ad三、非选择题：包括必考题和选考题两部分第9题第12题为必考题，每个考题考生都必须作答，第1318为选考题，考生根据要求作答（一）必考题9某同学做“验证力的平行四边形定则”的实验时，主要步骤是：a在桌上放一块方木板，在方木板上铺一张白纸，用图钉把白纸钉在方木板上b用图钉把橡皮条的一端固定在板上的a点，在橡皮条的另一端拴上两条细绳，细绳的另一端系着绳套c用两个弹簧测力计分别钩住绳套，互成角度地拉橡皮条，使橡皮条伸长，结点到达某一位置o记录下o点的位置，读出两个弹簧测力计的示数d按选好的标度，用铅笔和刻度尺作出两只弹簧测力计的拉力f1和f2的图示，并用平行四边形定则求出合力fe只用一只弹簧测力计，通过细绳套拉橡皮条使其伸长，读出弹簧测力计的示数，记下细绳的方向，按同一标度作出这个力f的图示f比较f和f的大小和方向，看它们是否相同，得出结论上述步骤中：（1）有重要遗漏的步骤的序号是c和e（2）遗漏的内容分别是c中未记下两条细绳的方向和e中未说明是否把橡皮条的结点拉到了同一位置o（3）如图所示是甲、乙两位同学在“验证力的平行四边形定则”的实验中所得到的实验结果，若用f表示两个分力f1、f2的合力，用f表示f1和f2的等效力，则可以判断甲（填“甲”或“乙”）同学的实验结果是符合事实的【考点】m3：验证力的平行四边形定则【分析】（1）步骤e中只有使结点到达同样的位置o，才能表示两种情况下力的作用效果相同；（2）注意通过平行四边形得到的合力与实验测得的之间存在误差，明确什么事实验测量值，什么是理论值即可正确解答【解答】解：（1）本实验为了验证力的平行四边形定则，采用的方法是作力的图示法，作出合力和理论值和实际值，然后进行比较，得出结果所以，实验时，除记录弹簧秤的示数外，还要记下两条细绳的方向，以便确定两个拉力的方向，这样才能作出拉力的图示有重要遗漏的步骤的序号是c、e（2）遗漏的内容分别是：步骤c中未记下两条细绳的方向；步骤e中未说明把橡皮条的结点拉到位置o （3）实验测的弹力方向沿绳子方向，即图中的ao方向，由于误差的存在，作图法得到的合力与实验值有一定的差别，即作图得出的合力方向与ao方向有一定的夹角，故甲同学更符合实验事实故答案是：（1）c、e；（2）c中未记下两条细绳的方向；e中未说明是否把橡皮条的结点拉到了同一位置o；（3）甲10利用如图1所示的装置探究加速度与力的关系一端带有定滑轮的长木板固定在水平桌面上，另一端安装打点计时器，绕过定滑轮和动滑轮的细线将小车和弹簧秤连接，动滑轮下挂有质量可以改变的小重物，将纸带穿过打点计时器后连在小车后面，接通打点计时器，放开小车不计滑轮的质量，忽略滑轮的摩擦实验中弹簧秤的示数f与小重物的重力mg的关系为caf= bf cf保持小车的质量m不变，改变小重物的质量m，重复进行多次实验记下每次弹簧秤的示数f，利用纸带测出每次实验中小车的加速度a将得到的a、f数据绘制成af图象以下可能的是a如果某次实验中已测得小车的质量m，弹簧秤的示数f，小车的加速度a利用这三个数据你还能求出与本次实验相关的什么物理量，并利用这些符号表示出来f=fma（写出一个物理量及其表达式即可）【考点】m8：探究加速度与物体质量、物体受力的关系【分析】（1）小重物做匀加速直线运动，根据牛顿第二定律即可判断；（2）本实验没有平衡摩擦力，所以当f0时，a=0，即在f轴上有截距，绳子的拉力减去摩擦力等于小车受到的合外力，即ff=ma，求出af的表达式，从而选择图象；（3）根据牛顿第二定律求出小车与木板间的摩擦力【解答】解：（1）小重物做匀加速直线运动，根据牛顿第二定律得：mg2f=ma，解得：f=，故c正确故选：c（2）根据实验装置可知，本实验没有平衡摩擦力，所以当f0时，a=0，即在f轴上有截距，绳子的拉力减去摩擦力等于小车受到的合外力，即ff=ma，a=，是一条倾斜的直线，故a正确故选：a（3）如图已测得小车的质量m，弹簧秤的示数f，小车的加速度a利用这些数据可以求解摩擦力，根据ff=ma得：f=fma故答案为：（1）c；（2）a；（3）f=fma11如图（a）所示，“”型木块放在光滑水平地面上，木块水平表面ab粗糙，bc表面光滑且与水平面夹角为=37木块右侧与竖直墙壁之间连接着一个力传感器，当力传感器受压时，其示数为正值；当力传感器被拉时，其示数为负值一个可视为质点的滑块从c点由静止开始下滑，运动过程中，传感器记录到的力和时间的关系如图（b）所示已知sin37=0.6，cos37=0.8，g取10m/s2求：（1）斜面bc的长度；（2）木块ab表面的摩擦因数【考点】37：牛顿第二定律；2g：力的合成与分解的运用【分析】（1）根据牛顿第二定律求出滑块在斜面上运动的加速度，结合位移时间公式求出滑块的位移根据木板对传感器的压力得出物块的质量，结合传感器对木板的拉力求出滑动摩擦力的大小，结合滑动摩擦力公式求出动摩擦因数的大小【解答】解：（1）分析滑块受力，由牛顿第二定律得，加速度为：，通过图象可知滑块在斜面上运动的时间为：t1=1s，由运动学公式得：（2）滑块对斜面的压力为：n1=mgcos，木板对传感器的压力为：f1=n1sin，由图象知：f1=12n，代入数据解得：m=2.5kg，传感器对木板的拉力为：f2=f=mg=5n，解得：答：（1）斜面bc的长度为3m；（2）木块ab表面的摩擦因数为0.212如图所示，通过一个定滑轮用轻绳两端各栓接质量均为m的物体a、b（视为质点），其中连接物体a的轻绳水平（绳足够长），物体a的下边放一个足够长的水平传送带，其顺时针转动的速度恒定为v，物体a与传送带之间的动摩擦因数为0.25；现将物体a以2v0速度从左端mn的标志线冲上传送带，重力加速度为g（1）若传送带的速度v=v0时，求：物体a刚冲上传送带时的加速度（2）若传送带的速度v=v0时，求：物体a运动到距左端mn标志线的最远距离（3）若传送带的速度取（0v2v0）范围某一确定值时，可使物体a运动到距左端mn标志线的距离最远时，与传送带因摩擦产生的内能最小，求：此时传送带的速度v的大小及摩擦产生的内能的最小值是多少？【考点】6b：功能关系；1e：匀变速直线运动的位移与时间的关系；1g：匀变速直线运动规律的综合运用【分析】（1）若传送带的速度v=v0时，物体a的速度大于传送带的速度，受到的摩擦力的方向向左，同时受到向左的拉力，对a和b，分别运用牛顿第二定律列式，即可求出加速度（2）加速度a1向右做匀减速运动，直到速度减为v，接着以加速度a2向右做匀减速运动，直到速度减为0，最后又向左做加速运动根据牛顿第二定律和运动学公式求解即可；b的位移大小与a的位移大小相等（3）根据运动学公式得到物体a与传送带相对位移的大小与v的关系，从而得到摩擦产生的内能与v的关系式，由数学知识求解内能最小时v的值，并求内能的最小值【解答】解：（1）设物体a向右减速到v0时的加速度为a1，由牛顿第二定律得：对物体a有：t+mg=ma1；对物体b有：tmg=ma1；解得加速度的大小：a1=g （2）物体a向右减速到v0时的位移为x1，有：=2a1x1； 得：x1=当物体的速度小于v0时，物体a受向右的滑动摩擦力向右减速运动，对物体a有：对物体a有：tmg=ma2；对物体b有：mgt=ma2；解得加速度的大小：a2=g 物体a向右由v0减速到零时的位移为x2，有： 0=2a2x2； 得：x2= 物体a运动到距左端mn标志线的最远距离：x=x1+x2=（3）物体a向右减速到v时的时间：t=物体a向右减速到v0时相对传送带向前的位移为x1，由运动学公式有：x1=vt= 物体a向右由v减速到零时，相对传送带向后的位移为x2，由运动学公式有：x2=v（）= 物体a与传送带因摩擦产生的内能：q=mg（x1+x2）=m（）对二次函数求极值得：当v=时，产生的内能q最小：qmin=答：（1）若传送带的速度v=v0时，物体a刚冲上传送带时的加速度是g（2）若传送带的速度v=v0时，物体a运动到距左端mn标志线的最远距离是（3）此时传送带的速度v的大小是，摩擦产生的内能的最小值是（二）选考题（共45分）请考生从给出的3道物理题，3道化学题，2道生物题中每科任选一题作答，并用2b铅笔在答题卡上把所选题目的题号涂黑注意所做题目的题号必须与所涂题目的题号一致，在答题卡选答区域指定位置答题，如果多做，则每学科按所做的第一题计分物理-选修3-313有关分子的热运动和内能，下列说法正确的是（）a一定质量的气体，温度不变，分子的平均动能不变b物体的温度越高，分子热运动越剧烈c物体的内能是物体中所有分子热运动动能和分子势能的总和d布朗运动是由悬浮在液体中的微粒之间的相互碰撞引起的e外界对物体做功，物体的内能必定增加【考点】8f：热力学第一定律；84：布朗运动【分析】温度是分子平均动能的标志，内能是所有分子的动能和所有分子势能的总和，布朗运动反应了液体分子的无规则运动，改变内能的方式有做功和热传递【解答】解：a、温度是分子平均动能的标志，所以温度不变，分子的平均动能不变，a正确；b、物体的温度越高，分子热运动越剧烈，b正确；c、物体的内能就是物体内部所有分子的动能和分子势能的总和，c正确；d、布朗运动是由液体分子之间的不规则运动引起的，d错误；e、改变内能的方式有做功和热传递，外界对物体做功，物体的内能不一定增加，e错误；故选：abc14如图所示pv图中，一定质量的理想气体由状态a经过 acb过程至状态b，气体对外做功280j，放出热量410j；气体又从状态b经bda过程回到状态a，这一过程中外界对气体做功200jacb过程中气体的内能如何变化？变化了多少？bda过程中气体吸收还是放出多少热量？【考点】99：理想气体的状态方程；8f：热力学第一定律【分析】在运用u=q+w来分析问题时，首先必须理解表达式的物理意义，掌握它的符号法则：w0，表示外界对系统做功；w0，表示系统对外界做功；q0，表示系统吸热；q0，表示系统放热；u0，表示系统内能增加；u0，表示内能减少气体由状态a经过 acb过程至状态b，又从状态b经bda过程回到状态a，整个过程内能变化为0【解答】解：acb过程中：w1=280j，q1=410j由热力学第一定律得：u=w1+q1=690j气体内能的减少量为690j因为一定质量理想气体的内能只是温度的函数，气体由状态a经过 acb过程至状态b，又从状态b经bda过程回到状态a，整个过程内能变化为0从状态b经bda过程回到状态u=690j由题意知w2=200j由热力学第一定律u=w2+q2q2=490j即吸收热量490j答：acb过程中气体的内能减少了690jbda过程中气体吸收热量490j物理-选修3-415一列简谐横波沿x轴的正向传播，振幅为2cm，周期为t已知在t=0时刻波上相距50cm的两质点a、b的位移都是cm，但运动方向相反，其中质点a沿y轴负向运动，如图所示，下列说法正确的是（）a该列简谐横波波长可能为37.5cmb该列简谐横波波长可能为12cmc质点a质点b的速度在某一时刻可以相同d当质点b的位移为+2cm时，质点a的位移为负e在t=时刻质点b速度最大【考点】f4：横波的图象；f5：波长、频率和波速的关系【分析】图中a、b两质点的位移都是cm，加速度相同，运动方向相反，此时两质点的速度大小相等，但此后b的速度减小，a的速度增大，a到达平衡位置时，b还没有到达波峰，显然两点不是反相点，结合振动方程求出二质点振动的时间差，然后确定波的周期根据质点位移关系分析运动的加速度、速度大小关系【解答】解：根据质点的振动方程：x=asin（t），设质点的起振的方向向上，则：b点： =2sint1，所以：t1=，a点振动的时间比b点长，所以： =2sint2，则t2=，ab两个质点振动的时间差：t=t2t1=，所以ab之间的距离：x=vt=v=则通式为（n+）=50cm；则波长可以为=（n=0，1，2，3）；若波长为37.5cm，则n无关；故波长不可能为37.5cm；故a错误；b、当n=4时，=12cm；故b正确；c、在两质点振动时，若两点分别处在平衡位置上下方时，则两物体的速度可以相同；故c正确；d、当质点的位移为2时，b到达正向位移处，此时a还未到达平衡位置；故d错误；e、由以上分析可知，当经t=时刻质点b到达平衡位置处，故b的速度最大；e正确；故选：bce16如图所示，真空中有一个半径为r=0.1m、质量分布均匀的玻璃球，频率为f=5.01014 hz的细激光束在真空中沿直线bc传播，在玻璃球表面的c点经折射进入小球，并在玻璃球表面的d点又经折射进入真空中已知cod=120，玻璃球对该激光束的折射