重庆市江津中学中考物理二保试卷（含解析）.doc

2016年重庆市江津中学中考物理二保试卷一、选择题（本题共8个小题，每小题只有一个选项符合题意，每小题3分，共24分）1下列有关生活实际现象中的数据正确的是（）a一个大西瓜的质量约为50gb人体安全电压为36vc光在真空中的传播速度为340m/sd节能型超薄42寸液晶电视的电功率约为100w2下列光学现象中，属于光的直线传播的是（）a直的花茎“错位了”b桥在水中的倒影c日偏食d用放大镜看书3下列现象发生的过程中，吸收热量的一组是（）（1）春天，冰雪熔化成溪流（2）夏天，从冰箱里拿出来的饮料罐“出汗”（3）秋天，清晨的雾在太阳出来后散去（4）冬天，室外地面上出现了霜a（1）、（3）b（2）、（4）c（1）、（2）d（3）、（4）4在探究电路的电流规律实验时用了图中的某个电路，已知r1=r2r3，电流表的读数分别是：a1为0.3a、a2为0.15a、a3为0.45a测量时的电路图应是 （）abcd5下列关于如图所示的物理情境的说法中，正确的是（）a如图，用吸管喝饮料，饮料因为受到吸力而向上运动b如图，热气球升空的过程中需燃烧燃料，说明内能可以做功c如图，战斗机进入战斗状态前抛掉副油箱，以减小惯性的作用d如图，推土机的履带做的很宽大，是为了减小推土机对地面的压力6关于热现象，下列说法中正确的是（）a温度越高的物体所具有的内能越大b物体吸收热量，物体的温度一定升高c柏油马路被阳光晒热，是通过做功改变内能d四冲程内燃机每个工作循环中只有一个冲程对外做功7如图所示的情景中，与其对应的物理知识不正确的是（）a如图可说明磁生电b如图可说明电流周围存在磁场c如图可说明通电线圈在磁场中要受到力的作用d如图可说明分子在永不停息地做无规则的运动8如图所示的电路中，电源两端电压为6v并保持不变，定值电阻r1的阻值为10，滑动变阻器r2的最大阻值为50当开关s闭合，滑动变阻器的滑片p由b端移到a端的过程中，下列说法中正确的是（）a电流表和电压表的示数都不变b电压表的示数变大，电流表的示数变小c电压表的示数变化范围为1v6vd电流表的示数变化范围为0.2a0.6a二、填空作图题（本题共6个小题，第14题作图2分，其余每空1分，共12分）9意大利科学家首先准确测出了大气压的值；在海拔越高的位置，测出的大气压（选填“越高”“越低”或“相同“）10我国第五代隐形战机歼20的速度可达声速的两倍多飞机飞行时，以为参照物，飞行员是静止的；机翼的横截面设计成流线形，这是利用了流体的流速越快，压强（选填“越大”或“越小”）的原理，给飞机提供了升力11如图所示，边长为10cm的正方体甲重12n，乙重10n，每个滑轮重6n，则a点受到的力是n，物体甲对地面的压强是pa12如图所示电路，灯l标有“3v 0.9w”，小灯泡电阻不随温度改变，滑动变阻器r上标有“50，1a”的字样，电压表量程为03v，则灯l正常工作时的电流为a若电源电压为4.5v且保持不变，为了保证电路中各元件安全工作，滑动变阻器允许接人电路的阻值范围是13如图所示的消防无人机是由重庆某航空工业有限公司研发的它一次能负载30公斤的重物，从基地升高并自主飞行到指定位置，并投下救火物资，帮助消防员救火它有四个轴，每个轴上都有一个电机机和螺旋桨，使无人机能够稳定地悬停在空中进行作业无人机靠锂电池维持飞行，充满一组锂电池可供飞机工作半小时左右，不过，它能不停地更换电池继续工作请找出一个与以上情景有关的物理信息，并指出对应的物理知识，不得与示例重复示例：物理信息：无人机靠锂电池维持飞行物理知识：电能转化为机械能物理信息：物理知识：14完成下列作图：（1）如图甲，物体在f的作用下静止在竖直墙面上，作出物体所受摩擦力f的示意图（作用点画在o点）（2）在乙图中的方框内标出小磁针的n极或s极三、实验与探究题（本题共3个小题，第15题6分，第16题8分，第17题8分，共22分）15小霄在探究凸透镜成像规律时，按以下步骤进行了探究实验（1）将焦距为20.0cm 的凸透镜和点燃的蜡烛固定在光具座上，只调节了两者的高度由图可知物距u=cm移动光屏，烛焰在光屏上成了清晰的像，光屏的位置如图所示，但烛焰的像在光屏的（选填“偏下方”或“偏上方”）接着她纠正了自己的错误，只调节了光屏的高度，就使像成在了光屏中央（2）根据上述实验现象和凸透镜成像规律判断，此时光屏上成的是（选填“放大”“缩小”或“等大”）、倒立的实像实验现象可以说明（选填“照相机”“幻灯机”或“放大镜”）的成像特点（3）接着，她把一凹透镜安装在蜡烛和凸透镜中间，为了在光屏上再一次成清晰的像，应将光屏向（选填“左”或“右”）移动，这说明，凹透镜可以用来矫正（选填上“远视眼”或“近视眼”）16小月家在装修时，发现木匠师傅用车床做出了如图甲所示的底面不规则的实心柱体木块，他发现该柱体可以直立漂浮于水面（木块不吸水），于是她利用天平、刻度尺、一大烧杯和适量水，按如下的实验步骤测出了柱体的底面积已知水的密度为1.0103 kg/m3（1）将天平放在桌面上，然后将游码移至标尺的处，观察指针指示如图乙所示，则应将平衡螺母向（选填“左”或“右”）调（2）把柱体放在天平左盘，通过添加砝码并调节游码，天平再次平衡时，所加砝码和游码位置如图丙所示，柱体的质量为g（3）用刻度尺测出柱体的高度 8.00cm，再把该柱体直立漂浮于烧杯的水中，并在水面处作上记号，标上1g/cm3，如图丁所示；再用刻度尺测出柱体露出水面的高度为 2.00cm，由此他测出了该柱体的密度为 g/cm3（4）根据以上的相关数据，可测出柱体的底面积为cm2（5）小月还用了理论推导的方法把柱体制成了密度计，通过计算，她应该在柱体记号的（选填“上”或“下”）方cm的位置上标出0.8g/cm3的密度刻线17在测量小灯泡的电功率实验中，选择了一个额定电压为2.5v，额定电流小于0.3a的小灯泡来做实验，电源电压恒为3v，且保持不变（1）小明同学按如图甲的电路图的电路图连接好了实物图，请用铅笔代替导线把图乙的实物图连接完整（2）在连接导线的过程中，开关应该（3）正确连接好电路后，闭合开关发现小灯泡不亮，电流表有较小示数，他接下来应该进行的操作是a更换灯泡 b调节滑动变阻器 c更换电源 d把开关断开，再闭合（4）小华同学所在实验小组利用他们所设计的电路进行实验的过程中，把滑动变阻器的滑片从阻值最大位置滑到某一适当位置的过程中，得到了如下几组数据：次数12345电压u/v21.510.50.1电流i/a0.10.140.20.22第3次实验中电流表的示数如图丙所示，此时电流表示数i=a；小华组分析了表中实验数据，并检查了实验电路，发现造成这种现象的原因是由表中数据可知：小灯泡的额定功率为p=w，随着灯泡温度的升高，小灯泡的电阻（选填“变大”“变小”或“不变”），滑动变阻器的最大值为四、论述与计算题（本题共3个小题，第18题6分，第19题8分，第20题8分，共22分解答应写出必要的文字说明、解答步骤和公式，只写出最后答案的不能得分）18如图所示的电路中，电源电压保持不变，电阻r1的阻值为 20闭合开关s，电流表a1的示数为 0.3a，电流表a2的示数为 0.2a求：（1）电源电压u（2）电阻r2的阻值19如图甲为高温高压蒸汽消毒锅，如图乙是自动测定锅内温度的电路原理图，其中r0为定值电阻，阻值为5a为温度指示表（实质是一只量程为00.6a的电流表），rx（测温探头）为热敏电阻（其电阻值随锅内温度的变化而变化）关于热敏电阻的阻值与温度的对应关系如表所示；锅内的温度值/2537.55062.57587.5100112.5125rx对应的电阻值/1458050302015105（1）若对总质量为5kg、初温为15的钢制器械进行消毒，消毒温度须达到115时，器械共吸收的热量为多少已知钢的比热容c钢=460j/（kg）（2）若锅内温度为75时电流表的示数为0.24a，锅内温度为112.5时电流表的示数为0.5a；求热敏电阻rx在温度为112.5的阻值为多少（3）若高温高压蒸汽消毒锅的温度为25时，该电路中r0的电功率为多大20一圆柱形容器内盛有一定量的水，且水深为20cm，如图a所示现将一质量为800g的密封空心铁盒a放入水中，空心铁盒有一半体积浮出水面，如图b所示当铁盒上放一个小磁块b时，铁盒恰好没入水中，如图c所示当把它们倒置水中，a有的体积露出水面，如图d所示（g=10n/kg）试求：（1）放入a前，水对容器底的压强（2）铁盒a的体积（3）小磁块b的密度2016年重庆市江津中学中考物理二保试卷参考答案与试题解析一、选择题（本题共8个小题，每小题只有一个选项符合题意，每小题3分，共24分）1下列有关生活实际现象中的数据正确的是（）a一个大西瓜的质量约为50gb人体安全电压为36vc光在真空中的传播速度为340m/sd节能型超薄42寸液晶电视的电功率约为100w【考点】质量的估测；光的传播速度与光年；电压；电功率【分析】此题考查对生活中常见物体物理量的估测，结合对生活的了解和对物理单位的认识，必要时进行相关的计算，找出符合实际的选项【解答】解：a、一个大西瓜的质量在5kg=5000g左右故a不符合实际；b、经验证明，只有不高于36v的电压对人体才是安全的故b不符合实际；c、光在真空中的传播速度最大，为3.0108m/s故c不符合实际；d、节能型超薄42寸液晶电视机正常工作的电流在0.45a左右，电功率在p=ui=220v0.45a100w左右故d符合实际故选d2下列光学现象中，属于光的直线传播的是（）a直的花茎“错位了”b桥在水中的倒影c日偏食d用放大镜看书【考点】光在均匀介质中直线传播【分析】光的折射是指光线从一种介质斜射入另一种介质时，光的传播方向发生改变的现象，比如透镜成像，水变浅了，水中的筷子折断了等；光的反射是指光线在传播的过程中遇到障碍物被反射出去的现象，比如平面镜成像；要掌握光沿直线传播现象，知道影子的形成、日月食的形成、小孔成像都是光沿直线传播形成的根据四幅图中形成的原理不同，对其进行分类，并选出符合要求的选项【解答】解：a、直的花茎“错位”了，是因为光从一种介质斜射入另一种介质时，光线发生偏折形成的，如同插入水中的筷子向上弯折的原理是一样的，故a错误b、桥在水中的倒影，是因为光的反射形成的，故b错误c、日偏食是光的直线传播原理形成的现象，故c正确d、用放大镜看书，故光线在通过透镜镜是发生了折射，故是光的折射的原理，故d错误故选：c3下列现象发生的过程中，吸收热量的一组是（）（1）春天，冰雪熔化成溪流（2）夏天，从冰箱里拿出来的饮料罐“出汗”（3）秋天，清晨的雾在太阳出来后散去（4）冬天，室外地面上出现了霜a（1）、（3）b（2）、（4）c（1）、（2）d（3）、（4）【考点】熔化与熔化吸热特点；汽化及汽化吸热的特点【分析】物质从固态变为液态是熔化过程，熔化吸热；物质从液体变为固态是凝固过程，凝固放热；物质从气态变为液态是液化过程，液化放热；物质从液态变为气态是汽化过程，汽化吸热；物质从固态直接变为气态是升华过程，升华吸热；物质从气态直接变为固态是凝华过程，凝华放热【解答】解：（1）春天，冰雪熔化汇成溪流，物质从固态变为液态是熔化过程，熔化吸热；（2）夏天，从冰箱里拿出来的饮料罐“出汗”，空气中的水蒸气遇冷液化形成的，液化放热；（3）秋天，清晨的雾在太阳出来后散去，物质从液态变为气态是汽化过程，汽化吸热；（4）冬天，室外地面上出现了霜，物质从气态直接变为固态是凝华过程，凝华放热吸收热量的一组是（1）和（3）故选a4在探究电路的电流规律实验时用了图中的某个电路，已知r1=r2r3，电流表的读数分别是：a1为0.3a、a2为0.15a、a3为0.45a测量时的电路图应是 （）abcd【考点】串、并联电路的设计；串联电路的电流规律；并联电路的电流规律；欧姆定律的应用【分析】（1）串联电路中，各处电流相等；并联电路中，干路电流等于各支路电流之和；（2）电阻并联时，两端电压相等，电阻大的支路通过的电流小【解答】解：a、为串联电路，三个电流表的示数应该相等，显然不符合题意，该选项错误b、r2和r3组成并联电路，电流表a1测r2的电流，电流表a2测r3的电流，电流表a3测干路的总电流；根据欧姆定律和并联电路电流的规律，因为r2r3，所以a1的示数应大于a2的示数，a3的示数等于a1和a2的示数之和，符合题意，所以该选项正确c、r1和r2组成并联电路，电流表a1测r1的电流，电流表a2测r2的电流，电流表a3测干路的总电流；根据欧姆定律和并联电路电流的规律，因为r1=r2，所以a1的示数应等于a2的示数，a3的示数等于a1和a2的示数之和，不符合题意，所以该选项错误d、r2和r3组成并联电路，电流表a1测r2的电流，电流表a3测r3的电流，电流表a2测干路的总电流；根据欧姆定律和并联电路电流的规律，因为r2r3，所以a1的示数应大于a3的示数，a2的示数等于a1和a3的示数之和，不符合题意，所以该选项错误故选b5下列关于如图所示的物理情境的说法中，正确的是（）a如图，用吸管喝饮料，饮料因为受到吸力而向上运动b如图，热气球升空的过程中需燃烧燃料，说明内能可以做功c如图，战斗机进入战斗状态前抛掉副油箱，以减小惯性的作用d如图，推土机的履带做的很宽大，是为了减小推土机对地面的压力【考点】大气压强的存在；惯性；减小压强的方法及其应用；内能的利用及其意义【分析】（1）大气压强在生活中的应用例子有，用吸管吸饮料、压水井、吸尘器、拔罐等（2）热气球工作，把内能转化为机械能（3）惯性的大小只与质量有关，只能说物体具有惯性（4）推土机做的很宽大，是为了增大受力面积减小压强【解答】解：a、用吸管吸饮料是大气压把饮料压入嘴巴的，所以a错误b、热气球升空的过程中需燃烧燃料，把内能转化为机械能，说明内能能够对外做功，故b正确c、战斗机进入战斗状态前抛掉副油箱，为了减小惯性，不能说减小惯性作用，故c错误d、推土机的履带做的很宽大，是为了减小推土机对地面的压强，而压力保持不变，故d错误故选b6关于热现象，下列说法中正确的是（）a温度越高的物体所具有的内能越大b物体吸收热量，物体的温度一定升高c柏油马路被阳光晒热，是通过做功改变内能d四冲程内燃机每个工作循环中只有一个冲程对外做功【考点】温度、热量与内能的关系；热传递改变物体内能；内燃机的四个冲程【分析】（1）内能与物体的质量、温度和状态有关；（2）晶体熔化时，吸收热量，温度不变；（3）改变物体内能的方式有两种：做功和热传递，热传递过程是能量的转移过程，而做功过程是能量的转化过程；（4）四冲程内燃机一个工作循环四个冲程，对外做功一次【解答】解：a、因为内能与物体的质量、温度和状态有关，而物体的质量和状态不确定，因此仅温度高不能说明物体具有的内能大，故a错误；b、物体吸收热量，物体的温度不一定升高，如冰熔化时，吸收热量，温度不变，故b错误；c、柏油马路被阳光晒热，是通过热传递改变内能的，故c错误；d、四冲程内燃机每个工作循环中只有做功冲程对外做功，故d正确故选d7如图所示的情景中，与其对应的物理知识不正确的是（）a如图可说明磁生电b如图可说明电流周围存在磁场c如图可说明通电线圈在磁场中要受到力的作用d如图可说明分子在永不停息地做无规则的运动【考点】电磁感应；通电直导线周围的磁场；磁场对通电导线的作用；扩散现象【分析】由实验的装置及实验现象可知实验的原理及意义，作出判断【解答】解：a、导线与灵敏电流计相连，当导体在磁场中做切割磁感线运动时，灵敏电流计发生偏转，就会产生感应电流，但是如果导体做的不是切割磁感线运动，就不会产生电流，故a正确；b、导线内通以电流后，放在其周围的小磁针会发生偏转，说明通电导线周围存在磁场，故b正确；c、线圈没有与电源相连，使线圈转动时，会做切割磁感线运动，产生感应电流，是电磁感应现象，故c错误；d、二氧化氮气体密度大于空气，抽掉玻璃板后，可看到两种气体逐渐混合在一起，颜色变得均匀，这是分子运动的结果，是扩散现象；说明分子在永不停息的做无规则运动，并且分子间有间隙；故d正确故选c8如图所示的电路中，电源两端电压为6v并保持不变，定值电阻r1的阻值为10，滑动变阻器r2的最大阻值为50当开关s闭合，滑动变阻器的滑片p由b端移到a端的过程中，下列说法中正确的是（）a电流表和电压表的示数都不变b电压表的示数变大，电流表的示数变小c电压表的示数变化范围为1v6vd电流表的示数变化范围为0.2a0.6a【考点】欧姆定律的应用；电阻的串联；电路的动态分析【分析】先画出等效电路图，电阻r1和滑动变阻器r2串联，电压表测r1两端的电压，电流表测电路中电流；根据滑动变阻器的移动可知电路中总电阻的变化，根据欧姆定律求出电路中电流的变化和电压表的示数变化根据欧姆定律和串联电路的特点分别求出当滑片在a端、b端时，电流表和电压表的示数，进而得出两表示数的变化范围【解答】解：等效电路图如图所示：（1）当滑片由b端移到a端的过程中，滑动变阻器的阻值变小，电路中的总电阻变小；根据i=可知可知，电路中的电流变大，即电流表示数变大；根据u=ir可知，r1两端电压变大，即电压表示数变大（2）当滑片在b端时，r1、r2串联，电路的总电阻为r=r1+r2=10+50=60，电路中的电流为i=0.1a，电压表的示数为u1=ir1=0.1a10=1v；（3）当滑片在a端时，电路中只有r1，此时电路中的电流为i=0.6a，r1两端电压为电源电压，电压表示数为6v故滑片由b端移到a端的过程中，电流表的示数变化范围是0.1a0.6a，电压表的示数变化范围是1v6v故选c二、填空作图题（本题共6个小题，第14题作图2分，其余每空1分，共12分）9意大利科学家托里拆利首先准确测出了大气压的值；在海拔越高的位置，测出的大气压越低（选填“越高”“越低”或“相同“）【考点】大气压强的测量方法；大气压强与高度的关系【分析】托里拆利第一次通过实验测出来大气压值，这就是著名的托里拆利实验在相同条件下，海拔越高，大气压越低【解答】解：首先用实验测出大气压强值的科学家是托里拆利，海拔越高大气压越小，所以在海拔越高的位置，测出的大气压越低故答案为：托里拆利；越低10我国第五代隐形战机歼20的速度可达声速的两倍多飞机飞行时，以飞机为参照物，飞行员是静止的；机翼的横截面设计成流线形，这是利用了流体的流速越快，压强越小（选填“越大”或“越小”）的原理，给飞机提供了升力【考点】参照物及其选择；流体压强与流速的关系【分析】（1）运动和静止是相对的，相对于参照物来说物体位置发生变化则是运动的，否则是静止的；（2）在流体中，流速越大的位置压强越小【解答】解：飞行员始终坐在飞机里，他与飞机的位置没有发生变化，所以飞行员以飞机为参照物是静止的；飞机的机翼上表面空气流速大，下表面空气流速小由于流体压强与流速有关，流速越大的地方压强越小，流速越小的地方压强越大，所以飞机机翼上表面受到向下的压强小，下表面受到向上的压强大，于是产生了一个向上的压强差，正是这个向上的压强差为飞机提供了向上的升力故答案为：飞机；越小11如图所示，边长为10cm的正方体甲重12n，乙重10n，每个滑轮重6n，则a点受到的力是8n，物体甲对地面的压强是400pa【考点】压强的大小及其计算；滑轮组绳子拉力的计算【分析】把动滑轮和乙物体看做整体，受到竖直向下乙物体的重力和动滑轮的重力、竖直向上两股绳子的拉力，根据四个力平衡求出绳子的拉力，同一根绳子的拉力相等，据此求出a点受到的力，甲对地面的压力等于自身的重力减去绳子的拉力，受力面积为甲的底面积，根据p=求出物体甲对地面的压强【解答】解：把动滑轮和乙物体看做整体，受到竖直向下的乙物体和动滑轮的总重力、竖直向上两股绳子的拉力，因整体静止处于平衡状态，所以，2f=g动+g乙=6n+10n=16n，解得：f=8n，因同一根绳子上的拉力相等，所以，a点受到的力为8n；甲对地面的压力：f压=g甲f=12n8n=4n，受力面积：s甲=l甲2=（0.1m）2=0.01m2，物体甲对地面的压强：p=400pa故答案为：8；40012如图所示电路，灯l标有“3v 0.9w”，小灯泡电阻不随温度改变，滑动变阻器r上标有“50，1a”的字样，电压表量程为03v，则灯l正常工作时的电流为0.3a若电源电压为4.5v且保持不变，为了保证电路中各元件安全工作，滑动变阻器允许接人电路的阻值范围是520【考点】欧姆定律的应用；电功率与电压、电流的关系【分析】由电路图可知，灯泡l与滑动变阻器r串联，电压表测r两端的电压，电流表测电路中的电流（1）灯泡正常发光时的电压和额定电压相等，根据p=ui求出灯l正常工作时的电流；（2）比较灯泡正常工作时的电流和滑动变阻器允许通过的最大电流确定电路中的最大电流，此时滑动变阻器接入电路中的电阻最小，根据欧姆定律求出电路中的最小阻值和灯泡的电阻，利用电阻的串联求出变阻器接入电路中的最小阻值；当电压表的示数最大时滑动变阻器接入电路中的电阻最大，根据串联电路的电压特点求出灯泡两端的电压，根据串联电路的电流特点和欧姆定律求出电路中的电流，根据欧姆定律求出变阻器接入电路中的电阻，然后得出答案【解答】解：由电路图可知，灯泡l与滑动变阻器r串联，电压表测r两端的电压，电流表测电路中的电流（1）由p=ui可得，灯l正常工作时的电流：il=0.3a；（2）因串联电路中各处的电流相等，且灯泡正常工作时的电流为0.3a，滑动变阻器允许通过的最大电流为1a，所以，电路中的最大电流i大=0.3a，此时滑动变阻器接入电路中的电阻最大，由i=可得，电路中的最小阻值和灯泡的电阻分别为：r=15，rl=10，因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，所以，滑动变阻器接入电路中的最小阻值：r小=rrl=1510=5，当电压表的示数ur=3v时，滑动变阻器接入电路中的电阻最大，因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，灯泡两端的电压：ul=uur=4.5v3v=1.5v，电路中的电流：i小=0.15a，滑动变阻器接入电路中的最大阻值：r大=20，所以，滑动变阻器允许接人电路的阻值范围是520故答案为：0.3；52013如图所示的消防无人机是由重庆某航空工业有限公司研发的它一次能负载30公斤的重物，从基地升高并自主飞行到指定位置，并投下救火物资，帮助消防员救火它有四个轴，每个轴上都有一个电机机和螺旋桨，使无人机能够稳定地悬停在空中进行作业无人机靠锂电池维持飞行，充满一组锂电池可供飞机工作半小时左右，不过，它能不停地更换电池继续工作请找出一个与以上情景有关的物理信息，并指出对应的物理知识，不得与示例重复示例：物理信息：无人机靠锂电池维持飞行物理知识：电能转化为机械能物理信息：投下救火物资物理知识：重力的方向是竖直向下的【考点】力与运动的关系；二力平衡条件的应用；重力的方向；流体压强与流速的关系；磁场对通电导线的作用【分析】结合题目中的示例，分析现象找出知识点分析解答【解答】解：（1）物理信息：投下救火物资；物理知识：重力的方向是竖直向下的（2）物理信息：每个轴上都有一个电机；物理知识：通电导体在磁场中受到力的作用（3）物理信息：负载30公斤的重物；物理知识：对重物的支持力至少为300n（4）物理信息：悬停在空中；物理知识：无人机受平衡力作用（5）物理信息：充满一组锂电池；物理知识：电能转化为化学能（6）物理信息：从基地升空；物理知识：力能改变物体的运动状态故答案为：投下救火物资；重力的方向是竖直向下的（答案合理即可）14完成下列作图：（1）如图甲，物体在f的作用下静止在竖直墙面上，作出物体所受摩擦力f的示意图（作用点画在o点）（2）在乙图中的方框内标出小磁针的n极或s极【考点】摩擦力的示意图；磁极间的相互作用；磁感线及其特点；通电螺线管的磁场【分析】（1）当物体处于静止状态或匀速直线运动状态时，物体受力平衡作用，因此静止在竖直墙面上的物体在竖直方向上受到重力和摩擦力作用，二力是一对平衡力，大小相等、方向相反（2）根据电源的正负极由安培定则可判断出图中通电螺线管的ns极，根据磁极间的相互作用，可以判断小磁针的磁极【解答】解：（1）过物体与墙面的接触点，沿墙面向上画一条带箭头的线段，如图所示：（2）根据电源的正负极由安培定则可判断出图中通电螺线管的左端为n极，右端为s极，根据同名磁极相互排斥，异名磁极相互吸引，可判定小磁针的左端为n极、右端为s极如图所示：三、实验与探究题（本题共3个小题，第15题6分，第16题8分，第17题8分，共22分）15小霄在探究凸透镜成像规律时，按以下步骤进行了探究实验（1）将焦距为20.0cm 的凸透镜和点燃的蜡烛固定在光具座上，只调节了两者的高度由图可知物距u=60.0cm移动光屏，烛焰在光屏上成了清晰的像，光屏的位置如图所示，但烛焰的像在光屏的偏下方（选填“偏下方”或“偏上方”）接着她纠正了自己的错误，只调节了光屏的高度，就使像成在了光屏中央（2）根据上述实验现象和凸透镜成像规律判断，此时光屏上成的是缩小（选填“放大”“缩小”或“等大”）、倒立的实像实验现象可以说明照相机（选填“照相机”“幻灯机”或“放大镜”）的成像特点（3）接着，她把一凹透镜安装在蜡烛和凸透镜中间，为了在光屏上再一次成清晰的像，应将光屏向右（选填“左”或“右”）移动，这说明，凹透镜可以用来矫正近视眼（选填上“远视眼”或“近视眼”）【考点】凸透镜成像规律及其探究实验【分析】（1）物距是指蜡烛到凸透镜的距离；根据过光心的光线传播方向不改变分析；（2）根据透镜成像规律分析答题：u2f，成倒立、缩小的实像，2fvf；应用于照相机和摄像机；（3）当凹透镜靠近凸透镜时，会聚能力减弱，使像呈在光屏的后方；根据近视眼的成因及其矫正分析【解答】解：（1）物距是指蜡烛到凸透镜的距离，由图可知物距u=60.0cm，根据过光心的光线传播方向不改变，可知，此时烛焰的像在光屏的偏下方；（2）已知凸透镜的焦距为20厘米，物距大于2倍焦距，调节光屏可得到倒立、或缩小的实像，应用这个原理工作的仪器有照相机、摄像机等（3）凹透镜对光线有发散作用，靠近凸透镜时，使光线发散，像会聚在光屏的后方，像距增大，在光屏上要得到清晰的像，光屏要远离凸透镜；即应将光屏向右移动；近视眼的晶状体变厚，对光线的会聚能力增强，当看远处的物体时，不能变薄，使折射光线会聚到视网膜的前方看不清物体，需要戴凹透镜来使折光能力减弱，使折射光线会聚到，视网膜上，看清物体故答案为：（1）60.0；偏下方；（2）缩小；照相机；（3）右；近视眼16小月家在装修时，发现木匠师傅用车床做出了如图甲所示的底面不规则的实心柱体木块，他发现该柱体可以直立漂浮于水面（木块不吸水），于是她利用天平、刻度尺、一大烧杯和适量水，按如下的实验步骤测出了柱体的底面积已知水的密度为1.0103 kg/m3（1）将天平放在水平桌面上，然后将游码移至标尺的零刻线处，观察指针指示如图乙所示，则应将平衡螺母向右（选填“左”或“右”）调（2）把柱体放在天平左盘，通过添加砝码并调节游码，天平再次平衡时，所加砝码和游码位置如图丙所示，柱体的质量为42g（3）用刻度尺测出柱体的高度 8.00cm，再把该柱体直立漂浮于烧杯的水中，并在水面处作上记号，标上1g/cm3，如图丁所示；再用刻度尺测出柱体露出水面的高度为 2.00cm，由此他测出了该柱体的密度为0.75 g/cm3（4）根据以上的相关数据，可测出柱体的底面积为7cm2（5）小月还用了理论推导的方法把柱体制成了密度计，通过计算，她应该在柱体记号的上（选填“上”或“下”）方1.5cm的位置上标出0.8g/cm3的密度刻线【考点】固体的密度测量实验【分析】（1）使用天平测量物体质量之前要进行调平，先调节平衡螺母，后调节游码，平衡螺母相对于指针的调节规律是“左偏右调，右偏左调”；（2）天平平衡时，物体的质量等于砝码质量加游码在标尺上所对的刻度值；零件的质量等于砝码质量与游码对应的刻度值的和（3）根据柱体直立漂浮于烧杯的水中，利用f浮=g可求得该柱体的密度；（4）根据求得的该柱体的密度，已知质量可求得其体积，已知高度，然后可求得其底面积（5）根据密度计放在液体里漂浮时的浸入的体积判断出密度计放入液面的位置即可【解答】解：（1）把天平放在水平台面上，并将游码移至标尺左端零刻线处；指针偏左，平衡螺母向右调节，使横梁平衡；（2）零件的质量m=20g+20g+2g=42g（3）已知柱体的高度h=8.00cm，露出水面的高度h露=2.00cm，则浸入水中的深度h浸=hh露=8.00cm2.00cm=6.00cm，设圆柱体的底面积为s，由柱体直立漂浮于烧杯的水中，根据漂浮条件可得：f浮=g，即水gv排=mg=vg （阿基米德原理和重力公式），则=0.75g/cm3，（4）由=可得，柱体的体积：v=56cm3，柱体的底面积：s=7cm2，（5）当密度计置于液体中，由于密度计都是处于漂浮，则f浮1=g物，f浮2=g物，所以，f浮1=f浮2，即：水gv排1=液gv排2，由于液=0.8103kg/m3水=1103kg/m3，所以v排1v排2，即密度计放在该液体中时，液面的位置在水密度值刻度线的上方设密度计在0.8g/cm3的液体中浸入部分的深度为h，由f浮=g可得，液gsh=g=mg，则0.8103kg/m310n/kg7104m2h=42103kg10n/kg，解得h=7.5102m=7.5cm，已知露出水面的高度为 2.00cm，浸入水中的深度h浸=6.00cm，在此水面处作上记号，标上1g/cm3；则0.8g/cm3的密度刻线在柱体记号1g/cm3的上方，位置是：7.5cm6.00cm=1.5cm处故答案为：（1）水平；零刻度；右；（2）42；（3）0.75；（4）7；（5）上；1.517在测量小灯泡的电功率实验中，选择了一个额定电压为2.5v，额定电流小于0.3a的小灯泡来做实验，电源电压恒为3v，且保持不变（1）小明同学按如图甲的电路图的电路图连接好了实物图，请用铅笔代替导线把图乙的实物图连接完整（2）在连接导线的过程中，开关应该断开（3）正确连接好电路后，闭合开关发现小灯泡不亮，电流表有较小示数，他接下来应该进行的操作是ba更换灯泡 b调节滑动变阻器 c更换电源 d把开关断开，再闭合（4）小华同学所在实验小组利用他们所设计的电路进行实验的过程中，把滑动变阻器的滑片从阻值最大位置滑到某一适当位置的过程中，得到了如下几组数据：次数12345电压u/v21.510.50.1电流i/a0.10.140.20.22第3次实验中电流表的示数如图丙所示，此时电流表示数i=0.18a；小华组分析了表中实验数据，并检查了实验电路，发现造成这种现象的原因是电压表并联在了滑动变阻器两端了由表中数据可知：小灯泡的额定功率为p=0.5w，随着灯泡温度的升高，小灯泡的电阻变大（选填“变大”“变小”或“不变”），滑动变阻器的最大值为20【考点】电功率的测量；影响电阻大小的因素；欧姆定律的应用【分析】（1）将电压表小量程并联在灯的两端；（2）在连接导线的过程中，开关应该断开；（3）正确连接好电路后，闭合开关发现小灯泡不亮，电流表有较小示数，说明电路为通路，接下来应该进行的操作是调节滑动变阻器；（4）认清电流表小量程分度值读数；根据表中数据变化的特点判断出造成这种现象的原因；根据上面的分析，确定额定电压下对应的电流，根据p=ui求灯的额定功率；求出对应电压下灯的电阻大小得出结论；根据表中数据，由欧姆定律求滑动变阻器的最大值【解答】解：（1）因灯的额定电压为2.5v，小于3v，所以电压表选用小量程，将电压表并联在灯的两端，如下图所示：（2）在连接导线的过程中，为保护电路元件，开关应断开，经检查无误后才能闭合开关；（3）正确连接好电路后（滑动变阻器连入电路中的电阻最大），闭合开关发现小灯泡不亮，电流表有较小示数，说明电路中电流较小，灯的实际功率远小于灯的额定功率，故灯不亮，他接下来应该进行的操作是：调节变阻器的滑片，使变阻器连入电路中的电阻减小，观察电路的情况；（4）电流表小量程的分度值为0.02a，示数为0.18a；在正常情况下，变阻器连入电路中的电阻越大，电路的总电阻越大，电流表示数越小，灯两端的电压越小，电压表示数越小但从表中数据可以看出，电流越大，电压表示数却越小，根据串联电路电压的特点，所以可判断出电压表没有并联在灯的两端，而是并联在变阻器的两端了；由上面的分析知，当灯正常发光时，电压表示数即变阻器的电压为3v2.5v=0.5v，所以灯的额定电功率p=ui=2.5v0.2a=0.5w；表中5次实验灯两端的电压等于电源电压与电压表示数的差，分别为1v、1.5v、2v、2.5v、2.9v，对应的电流分别为0.1a、0.14a、0.18a、0.2a、0.22a，由p=ui知，灯的电功率逐渐增大，灯的温度逐渐升高；根据欧姆定律可求出对应的电阻大小分别为10、10.7、11.1、12.5、13.2由此得出的结论是：随着灯泡温度的升高，小灯泡的电阻变大；根据分压理，当变阻器两端的电压最大时，变阻器连入电路中的电阻最大，当电压表示数为2v时，通过的电流为0.1a，所以此时变阻器连入电路中的电阻r变=20故答案为：（1）如上图所示；（2）断开；（3）b（4）0.18； 电压表并联在了滑动变阻器两端了； 0.5； 变大； 20四、论述与计算题（本题共3个小题，第18题6分，第19题8分，第20题8分，共22分解答应写出必要的文字说明、解答步骤和公式，只写出最后答案的不能得分）18如图所示的电路中，电源电压保持不变，电阻r1的阻值为 20闭合开关s，电流表a1的示数为 0.3a，电流表a2的示数为 0.2a求：（1）电源电压u（2）电阻r2的阻值【考点】欧姆定律的应用【分析】（1）电阻r1和r2并联，并且a1和a2分别测量支路电流；根据u=ir求出r1两端的电压，从而得到电源电压；（2）已知电源电压和通过电阻r2的电流，根据r=即可求出【解答】解：（1）由电路图知，r1和r2并联，并且a1和a2分别测量r1和r2支路电流，由并联电路电压特点和欧姆定律可得，电源电压：u=u2=u1=i1r1=0