北京四中高三统练物理试卷分析.doc

北京四中高三统练物理试卷分析(力电综合)（考试时间110分钟 满分120分）一、本题共18小题；每小题4分，共72分。在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确。全部选对的得4分，选不全的得2分，有选错或不答的得0分。把选出的答案填在答题纸上的相应表格内。题号123456789答案AADCDADACBDABC题号101112131415161718答案CBACDCDBCACCBCDABD1分析：此电场可能是负点电荷电场，虚线表示等势面，沿电场线是电势降低方向，有；但不能以U=Ed判断电势差的关系，因为由a经b到c，场强E不断增大。所以A正确。2分析：三个球由抛出到落地，重力做功相等，但初速度不一定相等，WG=EK，动能变化相等，但末动能不一定相等，B错误。由动量定理IG=P可知，A正确。三个球落地速度方向不一定相等，C错误。A球飞行时间长，所以D正确。3分析：由题意可知，R为磁场圆半径。设轨迹圆半径为r，由几何关系，洛伦兹力，得，即，可导出，可知CD正确。4分析：卫星在原轨道上速度增大，机械能增加，导致它沿切线飞出，远离中心天体向高轨道运行。此过程卫星克服万有引力做功，机械能守恒。A、D正确。5分析：物体上升和下降过程中各有一点动能和重力势能相等。A、C正确。6分析：设R中电流为I1，S闭合，M中电流为I2，则I=I1，S闭合后，I=I1+I2。 U=IR ，UI=I1R+UI2。在电动机支路中，UI2I22R，即UI2R 由式可得 IR(II)R I3I，UI=P UI=P P3 P，BD正确。7分析：+q在d点，+Q对它的电场力向上，故匀强电场对它的电场力向下，沿db方向，且两电场力平衡。A正确。8分析：各图中安培力如图所示。其中A图中导体不受安培力，只有B图中导体可以静止，它此时不受支持力，有FA=mg。9分析：由图线可知电源内、外电路消耗功率均为4 W，电流为2 A。P总=EI，E=4 V， 。电源被短路时，。 当内外电阻相等时，电源输出功率最大，P出=4 W。故C错误。10分析：粒子每经过一个等势面，动能减少0.08 J。它在B电势能为零，动能为0.16 J，总能量为0.16 J。当它电势能为0.10 J，动能应为0.06 J。C正确。11分析：由波形图可知波长=4 m，在0.1 s内，波形向+x平移，T=0.4 s，故。12分析：只有物体受到竖直向上的电场力，且大小等于重力，才可以使它做匀速圆周运动，A正确。设物体由a运动到b，则物体升高，C正确。由能量守恒知D也正确。13分析：静电计是测量电容器电压的装置，电压低，偏角小。由电容的决定式可知d增大，C减小，由知Q不变时，U增大；S减小，C减小，U增大，A、B错误。加入介质，使C增大，U减小，故C正确。加入铝板，由于电荷之间距离减小，所以电压减小，D正确。14分析：由动量守恒定律有，。C正确。m相对M往返运动路程S=2 L，f=mg由功能关系知，内能的增加等于系统动能的损失，即，解得，B正确。15分析：图中D点为波峰相遇，B点为波谷相遇。它们的振动加强。此时E处于平衡位置，但过，它随两列波到达波峰，也属于振动加强的点。A、C为峰谷相遇，是振动减弱点。A、C正确。16分析：滑动触头上滑，R，路端电压U，R1中电流I1，它两端电压U1，则并联电路U并=UC，电容充电，电流从ba；反之则放电，电流从ab。A、B错误。C正确。断开S，电容会完全放电，D错误。17分析：画好可能的波形，确定好对应的可能周期，即可逐一计算出波速。18分析：由小球恰好通过最高点可知，轨道对小球压力N=0，则小球只受竖直向下的重力和竖直向上的洛伦兹力。由牛顿定律知，因此A、B、D正确。二、本题共5小题，共48分。解答应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤。只写出最后答案的不能得分。有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位。19解：弹簧测力计的示数F等于弹簧受到的拉力，设物体受到弹簧的拉力为F，物体受到的重力为G 1分 （不说明受力情况，但画出如图所示的受力示意图也给这1分）。 物体静止受力平衡，根据共点力平衡条件F=G2分F与F是作用力和反作用力，根据牛顿第三定律F= F3分所以：物体重力大小G=F1分20解:(1)刚好从圆弧最高点B平抛的条件是 得: (2)由于 且在D点有 解得: (3)在A到B段应用动能定理 得 (4)由于 得 代入 得21分析：设车厢的质量为M，则平板车的质量为M/2，车箱与平板车碰撞时间极短，碰后挂接。设碰后它们的速度为v，车箱与平板车动量守恒： 可得：v=（2/3）v0=8m/s 碰撞瞬间小球速度不变，向前滑出，做平抛运动。其落到平板车上的时间为： 其水平位移 s1=v0t=120.6m=7.2m 这段时间里平板车上的位移为s2=vt=80.6m=4.8m 小球落到平板车上 s=s1-s2=2.4m22解：（1）由 eUmv02 得电子进入偏转电场区域的初速度v0 设电子从MN离开，则电子从A点进入到离开匀强电场区域的时间t d ； yat2 因为加速电场的电势差U， 说明yh，说明以上假设正确 所以vyatd 离开时的速度v（2）设电子离开电场后经过时间t到达x轴，在x轴方向上的位移为x，则 xv0t（1分），yhyhtvyt 则 dxdv0tdv0（）dhh 代入解得23解：微粒运动到O点之前要受到重力、电场力和洛仑兹力作用，在这段时间内微粒做匀速直线运动，说明三力合力为零。由此可得 电场力 洛仑兹力 联立求解、代入数据得v=10m/s 微粒运动到O点之后，撤去磁场，微粒只受到重力、电场力作用，其合力为一恒力，且方向与微