黑龙江省哈九中2016届高三物理第四次模拟考试试卷（含解析）.doc

2016年黑龙江省哈九中高三第四次高考模拟考试理综物理试卷一、单选题（共5小题）1下列说法正确的是（ ）a电荷的周围既有电场也有磁场，反映了电和磁是密不可分的b由电场强度的定义式e=f/q可知e的方向取决于q的正负c法拉第首先总结出磁场对电流作用力的规律d“电生磁”和“磁生电”都是在变化、运动的过程中才能出现的效应考点：物理学史答案：d试题解析：电荷周围只能产生磁场，根据麦克斯韦理论可知变化的电场周围会产生磁场，a错误；电场强度是电场的属性，与外界因素无关，b错误；奥斯特首先总结出磁场对电流作用力的规律，c错误；根据麦克斯韦理论可知变化的电场周围会产生磁场，变化的磁场周围会产生电场，d正确。2一电梯检修人员搭乘电梯从一楼到八楼进行上下测试，v- t图像如图所示（设电梯向上运动为正方向），关于检修人员下列说法正确的是（ ）a1s时处于失重状态b04s内和48s内的位移相同c2s时速度方向改变d2s6s内的加速度恒定不变考点：超重和失重匀变速直线运动及其公式、图像答案：d试题解析：由图可知1s时物体处于向上加速的过程中，物体具有向上加速度时属于超重，a错误；04s内的位移方向向上，48s的位移向下，位移等大方向，b错误；2s时物体将继续向上做减速运动，运动方向不变，c错误；由v- t图像的意义可知线的斜率为加速度，2s6s内线的斜率未变化，则物体的加速度恒定不变，d正确。3如图所示，a、b两球用轻杆相连，用两根细线将其悬挂在水平天花板上的o点。现用外力f作用于小球b上(图上f未标出)，使系统保持静止状态，细线oa保持竖直，且a、b两球在同一水平线上。已知两球的重力均为g，轻杆和细线ob的夹角为45，则（ ）a轻杆对a球的作用力方向水平向左b轻杆对b球的作用力方向不一定沿水平方向c外力f的最小值为g，最大值为gd细绳ob的拉力可能为零考点：共点力的平衡答案：d试题解析：解：先对a球分析，受重力和拉力，杆的弹力为零，否则不能平衡，a错误；杆对a球的弹力为零，则对b球的弹力也为零，对b球分析，受力如图所示：根据平衡条件，当拉力f与ob垂直时，拉力f最小，为： ；当拉力f竖直向上时，f最大，为；b错误，c错误；当拉力f竖直向上时，细线ob的拉力为零，d正确。4如图所示为一正方体，在顶点a放一带负电的电荷，则下列正确的说法是（ ）a由于b、c、d三点到a点的距离相等，则这三点的电场强度一定相同bb、c、d三点的电势相等，且过b、c、d三点的平面是一个等势面c如果将一正的点电荷由d点沿ad方向远离a点，则电场力做负功d如果在b、c、d三点放三个合适的点电荷，则a点的电荷所受的电场力可能为零考点：电场强度、点电荷的场强答案：c试题解析：电场强度为矢量，b、c、d三点到a点的距离相等，则这三点的电场强度大小相同，但方向不同，a错误；b、c、d三点的电势相等，而以a为圆心，ab边长为半径的球面才为其等势面，b错误；正电荷受a点负电荷的库仑力指向a，将该正点电荷由d点沿ad方向远离a点，电场力做负功，c正确；在b、c、d三点放三个点电荷，任意两个对a点负电荷力的合力与第三个点电荷对a点负电荷的力不共线，无法平衡，d错误。5如图所示，在远距离输电电路中，发电厂的输出电压和输电电线的电阻均不变，变压器、电表均为理想化的。若发电厂的输出功率减小，则下列说法正确的是（ ）a电压表v1示数减小，电流表a1减小b电压表v2示数增大，电流表a2增大c输电线上损耗功率减小d用户总功率与发电厂的输出功率的比值减小考点：远距离输电理想变压器答案：c试题解析：根据可知电压表v1两端的电压不变，a错误；由题可知发电厂输出功率减小，因是理想变压器，所以减小，不变，则减小，得通过电流表a2的电流将减小；升压变压器的输出电压，减小，增大，增大，b正确；，减小，减小，c正确；用户总功率与发电厂的输出功率的比值为，随着的增大，其比值增大，d错误。二、多选题（共3小题）6石墨烯是目前世界上已知的强度最高的材料，它的发现使“太空电梯”的制造成为可能，人类将有望通过“太空电梯”进入太空。设想在地球赤道平面内有一垂直于地面延伸到太空的轻质电梯，电梯顶端可超过地球的同步卫星a的高度延伸到太空深处，这种所谓的太空电梯可用于降低成本地发射绕地人造卫星。如图所示，假设某物体b乘坐太空电梯到达了图示的位置并停在此处，与同高度运行的卫星c相比较（ ）ab的线速度大于c的线速度bb的线速度小于c的线速度c若b突然脱离电梯，b将做离心运动d若b突然脱离电梯，b将做近心运动考点：万有引力定律及其应用答案：bd试题解析：根据可知，则卫星c的线速度大于同步卫星的线速度，而b与同步卫星的角速度相同，由知b的线速度小于c的线速度，a错误，b正确；若b突然脱离电梯，因其线速度小于同轨道的卫星的线速度，则所需向心力小于万有引力，做近心运动c错误，d正确。7如图所示，圆心在o点、半径为r的光滑圆弧轨道abc竖直固定在水平桌面上，oc与oa的夹角为60，轨道最低点a与桌面相切一足够长的轻绳两端分别系着质量为m1和m2的两小球（均可视为质点），挂在圆弧轨道光滑边缘c的两边，开始时m1位于c点，然后从静止释放，m1球能够沿圆弧轨道运动到水平桌面上。则（ ）a在m1由c点下滑到a点的过程中两球速度大小始终相等b在m1由c点下滑到a点的过程中重力对m1做功的功率先增大后减少c若m1恰好能沿圆弧下滑到a点，则m1=2m2d在m1由c点下滑到a点的过程中轻绳对m2做的功等于m2的机械能增加考点：功能关系、机械能守恒定律及其应用答案：bcd试题解析：m1由c点下滑到a点的过程中，沿绳子方向的速度是一样的，在m1滑下去一段过程以后，此时的绳子与圆的切线是不重合，而是类似于圆的一根弦线而存在，所以此时两个物体的速度必然不相同的，a错误；重力的功率是，这里的v是指竖直的分速度，一开始m1是由静止释放的，所以m1一开始的竖直速度也必然为零，最后运动到a点的时候，由于此时的切线是水平的，所以此时的竖直速度也是零但是在这个c到a的过程当中是肯定有竖直分速度的，所以相当于竖直速度是从无到有再到无的一个过程，也就是一个先变大后变小的过程，所以这里重力功率也是先增大后减小的过程，b正确；在m1由c点下滑到a点的过程中m1对m2做正功，故m1的机械能减小，c正确；若m1恰好能沿圆弧轨道下滑到a点，此时两小球速度均为零，根据动能定理得：，解得：m1=2m2，d正确；8如图所示，abcd为一矩形金属线框，其中ab=cd=l，ab边接有定值电阻r，cd边的质量为m，其它部分的电阻和质量均不计，整个装置用两根绝缘轻弹簧悬挂起来。线框下方处在磁感应强度大小为b的匀强磁场中，磁场方向垂直于纸面向里。初始时刻，使两弹簧处于自然长度，且给线框一竖直向下的初速度v0，当cd边第一次运动至最下端的过程中，r产生的电热为q，此过程cd边始终未离开磁场，已知重力加速度大小为g，下列说法中正确的是（ ）a初始时刻cd边所受安培力的大小为b线框中产生的最大感应电流可能为ccd边第一次到达最下端的时刻，两根弹簧具有的弹性势能总量大于d在cd边反复运动过程中，r中产生的电热最多为考点：能量守恒定律法拉第电磁感应定律答案：bc试题解析：cd棒开始运动后，对cd棒受力分析，受重力和安培力及弹簧弹力，无法确定重力和安培力的关系，当重力大于安培力时，由，合力方向向下，可知导体棒可能先做加速度减小的加速运动，故不是速度的最大值，产生的感应电动势不是最大，感应电流不是最大，当重力小于安培力时，由，合力方向向上，可知导体棒可能先做加速度减小的减速运动，速度为最大值，线框中产生的最大感应电流大于等于，a错误；初始时刻时，棒的速度为，由，再由，b错误；边第一次到达最下端的时刻，由能量守恒定律可知，导体棒的动能和减少的重力势能转化为焦耳热及弹簧的弹性势能，即：，所以：，故弹簧弹性势能大于，c正确；在cd边反复运动过程中，可知最后棒静止在初始位置的下方，设弹簧的劲度系数为k，由得：，由能量守恒定律可知，导体棒的动能和减少的重力势能转化为焦耳热及弹簧的弹性势能，弹性势能，减少的重力势能为：，因重力势能大于弹性势能，根据，可知热量应大于，d错误；三、实验题（共2小题）9.如图甲所示实验装置，可以测量滑块经过斜面底端的瞬时速度（1）用游标卡尺测量挡光片的宽度d，示数如图乙所示，可读得d=_cm；（2）让装有挡光片的滑块从斜面上端由静止释放，测得它经过光电门时挡光片的挡光时间为0.002s，则滑块经过斜面底端时的速度v=m/s（保留两位有效数字）；挡光片平行安装于滑块运动的竖直平面，但未与斜面垂直（如图丙所示），则速度的测量值比真实值偏_（填“大”或“小”，档光片足够长）（3）若测得滑块下滑高度为h，水平位移为x，则可得出滑块与斜面间的动摩擦因=_（用符号h、v、x和重力加速度g表示）考点：滑动摩擦力、动摩擦因数、静摩擦力位移、速度和加速度答案：（1）1.02；（2）5.1 小；（3）试题解析：（1）主尺读数为1cm，游标读数是20.1mm=0.2mm，故最后读数为1cm+0.2mm=1.02cm（2）用滑块的平均速度来代替瞬时速度大小，有挡光片平行安装于滑块运动的竖直平面，但未与斜面垂直，当通过光电门时，使得时间变长，然而在求瞬时速度时，仍用挡光片的宽度与变长的时间的比值，导致瞬时速度变小，则速度的测量值比真实值偏小；（3）设下滑位移为s，根据位移公式和牛顿第二定律及几何关系解得10.有一个小灯泡上标有“4v、2w”的字样，现在要用伏安法描绘这个灯泡的u-i图线现有下列器材供选用：a电压表（05v，内阻约10k）b电压表（015v，内阻约20k）c电流表（00.6a，内阻约0.4）d滑动变阻器（10，2a）e滑动变阻器（500，1a）f学生电源（直流6v）、开关、导线若干（1）实验时，选用图甲而不选用图乙的电路图来完成实验，理由是_；（2）实验中所用电压表应选，滑动变阻器应选用；（用序号字母表示）（3）把图丙中所示的实验器材用实线补充连接成实物电路图；（4）某同学根据实验得到的数据画出了该小灯泡的伏安特性曲线(如图丁所示)，若用电动势为3v、内阻为2.5的电源给该小灯泡供电，则该小灯泡的实际功率是w；（保留两位有效数字）（5）某兴趣小组想用多用电表来粗测灯泡的电阻，测量过程表笔的位置如图所示，其测量方法正确的是考点：实验：描绘小电珠的伏安特性曲线答案：（1）电压应从零开始变化；（2）a；d；（3）实物电路图见解析（4）0.80w（5）d试题解析：（1）由图丁可知测量电压从0开始变，电路图只有甲的电压能从0开始变；（2）由图丁数据可知电压表选a，分压电路中滑动变阻器的电阻选较小的，500的滑动变阻器接入电路后电表示数太小，不便于测量；（3）如图所示；（4）作出电源的伏安特性曲线如图所示，两图的交点为灯泡的工作点，则可知灯泡的电压为1.8v，电流为0.38a，则功率p=ui=1.90.42=0.80w；（5）灯泡内阻是接在中间及边缘金属壳处，故要想正确测量应让两表笔分别接中间及边缘金属处即可；同时注意手不能接触金属杆，d正确四、计算题（共2小题）11.如图所示，在竖直平面内固定一个四分之三圆管轨道质量为1kg的小球从轨道顶端a点无初速释放，然后从轨道底端b点水平飞出落在某一坡面上，坡面呈抛物线形状，且坡面的抛物线方程为y=x2已知圆管轨道的半径为r，b点离地面o点的高度也为r（r=0.4m），小球运动到b点时速度水平，大小为m/s（重力加速度为g=10m/s2）求：（1）小球到达b点时对轨道的作用力是多少？及从a运动到b的过程中克服阻力所做的功；（2）小球从b点水平飞出到落至坡面经历的时间。考点：抛体运动答案：（1）=9.5j（2）t=0.2s试题解析：（1）在b点由牛顿第二定律：得n=22.5n牛顿第三定律知n/=22.5n方向竖直向下从a到b由动能定理可得：=9.5j(2)根据平抛规律应有：水平方向竖直方向几式得出t=0.2s12.质量为m、带电荷量为+q的绝缘小球，穿在半径为r的光滑圆形轨道上，轨道平面水平。空间分布有随时间变化的磁场，磁场方向竖直向上，俯视如图甲所示。磁感应强度b随时间的变化规律如图乙所示。其中b0、t0是已知量。设小球在运动过程中电荷量保持不变，对原磁场的影响可忽略。（1）若圆环由金属材料制成，求在t=t0到t=2t0这段时间内圆环上感应电动势的大小；（2）若圆环由绝缘材料制成，在t=0到t=t0这段时间内，小球不受圆形轨道的作用力，求小球的速度的大小v0；（3）已知在竖直向上的磁感应强度增大或减少的过程中，将产生漩涡电场，其电场线是在水平面内一系列的沿顺时针或逆时针方向的同心圆，同一条电场线上各点的场强大小相等。其大小为.若t=0时刻小球静止，求t=0到t=3.5t0小球运动的路程和t=3.5t0时小球对轨道的作用力f的大小。（不计小球的重力）考点：法拉第电磁感应定律答案：（1）（2）（3）试题解析：（1）t=t0到t=2t0这段时间内圆环上感应电动势：（2）t=0到t=t0这段时间内，不受环形轨道作用，由牛顿第二定律得：则（3）t=0到t=t0小球静止t=t0到t=2t0这段时间内由知所产生的涡旋电场的场强为小球沿切线方向的加速度大小恒为小球运动的末速度大小小球运动路程解得t=2t0到t=3t0速率不变解得t=3t0到t=3.5t0产生与t=t0到t=2t0等大反向的涡旋电场解得则总路程=t=3.5t0牛顿第二定律：解得则大小为五、综合题（共3小题）13.（1）下列说法正确的是_。a气体对容器壁有压强是气体分子对容器壁频繁碰撞的结果b足球充足气后很难压缩，是因为足球内气体分子间斥力作用的结果c一定质量的理想气体等压膨胀过程中气体一定从外界吸收热量d自然发生的热传递过程是向着分子热运动无序性增大的方向进行的e饱和汽压与分子密度有关，与温度无关（2）如图所示，内壁光滑、截面积不相等的圆柱形汽缸竖直放置，汽缸上、下两部分的横截面积分别为2s和s在汽缸内有a、b两活塞封闭着一定质量的理想气体，两活塞用一根长为l的细轻杆连接，两活塞导热性能良好，并能在汽缸内无摩擦地移动。已知活塞a的质量是2m，活塞b的质量是m当外界大气压强为p0、温度为t0时，两活塞静止于如图所示位置。重力加速度为g。（）求此时汽缸内气体的压强；（）若用一竖直向下的拉力作用在b上，使a、b一起由图示位置开始缓慢向下移动l/2的距离，又处于静止状态，求这时汽缸内气体的压强及拉力f的大小。设整个过程中气体温度不变。考点：理想气体状态方程热力学第二定律理想气体状态方程答案：（1）acd（2）（）（）试题解析：（1）气体分子无规则运动撞击容器壁产生的，a正确；足球充足气后很难压缩是由于足球内外的压强差的原因，与气体的分子之间的作用力无关，b错误；根据理想气体的状态方程，可知，一定质量的理想气体等压膨胀过程中气体的温度升高，内能增大，所以一定从外界吸收热量，c正确；根据热力学第二定律，自然发生的热传递过程是向着分子热运动无序性增大的方向进行的，d正确；饱和汽压与温度有关，且随着温度的升高而增大，e正确。（2）（）以两活塞整体为研究对象，设此时气缸内气体压强为p1，根据平衡条件则有：p0s+3mg=p1s解得：（）初态：，末态：，根据玻意耳定律有：解得：以两活塞整体为研究对象，根据平衡条件有：解得：14.（1）如图所示，实线表示两个相干波源sl、s2发出的波的波峰位置，设波的周期为t1，波长为，波的传播速度为v，下列说法正确的是_a图中的a点为振动减弱点的位置b图中的b点为振动加强点的位置c波源s1的波经过干涉之后波的性质完全改变dv=te从图中时刻开始，波源sl的波峰传播到a、b位置的最短时间均为t/2（2）某同学做“测定玻璃的折射率”实验时，用他测得的多组入射角i与折射角r作出sini-sinr的图象，如图甲所示求该玻璃的折射率n；他再取用该种玻璃制成的直角三棱镜，入射光的方向垂直于斜边，如图乙所示；则角在什么范同内，入射光经过两次全反射又从斜边射出。考点：光的折射定律波的干涉和衍射现象答案：（1）abe（2）3060试题解析：（1）由图可知，a质点是波峰与波谷相遇，为振动减弱点的位置,a正确；b点到两波源的距离相等，是波峰与波峰相遇处、波谷与波谷相遇处，为振动加强点的位置，b正确；波源s1的波经过干涉之后波的性质不变，c错误；，d错误；波在同一均匀介质中是匀速传播的，从图中时刻，波源s1的波峰到a、b平衡位置的距离都是半个波长，所以波源s1的波峰传播到a、b位置的最短时间均为t/2，e正确。（2）由图甲可计算出该玻璃的折射率为光的传播方向如下图所示，欲使入射光在上侧直角边发生全反射，须解得：30又当光线行进至右侧直角边时，入射角为90，欲使入射光在该