黑龙江省哈尔滨三中学高三物理上学期第二次测验试卷（含解析）.doc

黑龙江省哈尔滨三中高三 上学期第二次测验物理试卷一、选择题（本题共12小题，每小题4分，共48分在每小题给出的四个选项中，16小题只有一个选项正确，其余小题有多个选项正确全部选对的得4分，选不全的得2分，有选错或不答的不得分）1两个物体做平抛运动的初速度之比为2：1，若它们的水平射程相等，则它们抛出点离地面高度之比为（） a 1：2 b 1： c 1：4 d 4：12一同学做飞镖游戏，已知圆盘的直径为d，飞镖距圆盘为l，且对准圆盘上边缘的a点水平抛出，初速度为v0，飞镖抛出的同时，圆盘以垂直圆盘且过盘心o的水平轴匀速转动，角速度为若飞镖恰好击中a点，则下列关系正确的是（） a dv02=l2g b v0= c l=（1+2n）v0，（n=0，1，2，3，） d d2=g2（1+2n）2，n=（0，1，2，3）3如图，分别用力f1、f2、f3将质量为m的物体由静止沿同一固定粗糙的斜面以相同的加速度从斜面底端拉到斜面的顶端时，f1、f2、f3做功的功率大小关系是（） a p1=p2=p3 b p1p2=p3 c p2p1p3 d p1p2p34如图所示，竖直平面内放一直角杆mon，杆的水平部分粗糙，动摩擦因数=0.2，杆的竖直部分光滑两部分各套有质量均为1kg的小球a和b，a、b球间用细绳相连初始a、b均处于静止状态，已知：oa=3m，ob=4m，若a球在水平拉力的作用下向右缓慢地移动1m（取g=10m/s2），那么该过程中拉力f做功为（） a 14j b 10j c 6j d 4j5如图所示，物体a、b的质量都为m现用手托着物体a使弹簧处于原长，细绳刚好竖直伸直，a与地面的距离为h，物体b静止在地面上放手后物体a下落，与地面即将接触时速度大小为v，此时物体b对地面恰好无压力，设物体a落地后不反弹则下列说法中正确的是：（） a a落地时，弹簧的弹性势能等于mgh+mv2 b 弹簧的劲度系数为 c 与地面即将接触时a的加速度大小为g，方向竖直向上 d 物体a落地后b能上升到的最大高度为h6如图所示，水平传送带两端点a、b间的距离为l，传送带开始时处于静止状态把一个小物体放到右端的a点，某人用恒定的水平力f使小物体以速度v1匀速滑到左端的b点，拉力f所做的功为w1、功率为p1，这一过程物体和传送带之间因摩擦而产生的热量为q1随后让传送带以v2的速度匀速运动，此人仍然用相同的水平力恒定f拉物体，使它以相对传送带为v1的速度匀速从a滑行到b，这一过程中，拉力f所做的功为w2、功率为p2，物体和传送带之间因摩擦而产生的热量为 q2下列关系中正确的是（） a w1=w2，p1p2，q1=q2 b w1=w2，p1p2，q1q2 c w1w2，p1=p2，q1q2 d w1w2，p1=p2，q1=q27如图所示，a、b两物体的质量比ma：mb=3：2，它们原来静止在平板车c上，a、b间有一根被压缩了的弹簧，a、b与平板车上表面间动摩擦因数相同，地面光滑当弹簧突然释放后，则有（） a a、b系统动量守恒 b a、b、c系统动量守恒 c 小车向左运动 d 小车向右运动8如图所示，一轻绳通过无摩擦的小定滑轮o与小球b连接，另一端与套在光滑竖直杆上的小物块a连接，杆两端固定且足够长，物块a由静止从图示位置释放后，先沿杆向上运动设某时刻物块a运动的速度大小为va，小球b运动的速度大小为vb，轻绳与杆的夹角为则（） a va=vbcos b vb=vacos c 小球b减小的重力势能等于物块a增加的机械能 d 当物块a上升到与滑轮等高时，它的机械能最大9如图所示，a、b是两颗绕地球做匀速圆周运动的人造卫星，它们距地面的高度分别是r和2r（r为地球半径）下列说法中正确的是（） a a、b的线速度大小之比是：1 b a、b的周期之比是1：2 c a、b的角速度大小之比是3：4 d a、b的向心加速度大小之比是9：410组成星球的物质是靠引力吸引在一起的，这样的星球有一个最大的自转速率如果超过了该速率，星球的万有引力将不足以维持其赤道附近的物体做圆周运动由此能得到半径为r、密度为、质量为m且均匀分布的星球的最小自转周期t则最小自转周期t的下列表达式中正确的是（） a t=2 b t=2 c t= d t=11如图所示，质量为m的半圆形轨道槽放置在水平地面上，槽内壁光滑质量为m的小物体从槽的左侧顶端由静止开始下滑到右侧最高点的过程中，轨道槽始终静止，则该过程中（） a 轨道槽对地面的最大压力为（m+2m）g b 轨道槽对地面的最小压力为mg c 轨道槽对地面的最大压力为（m+3m）g d 轨道槽对地面的摩擦力方向先向右后向左12光电计时器的实验简易示意图如下，当有不透光物体从光电门间通过时，光电计时器就可以显示物体的挡光时间，光滑水平导轨mn上放两相同小物块a、b，右端n处与水平传送带理想连接，今将宽度为d=3.6103m的黑色磁带贴在物块b上，且高出物块，并使高出物块部分在通过光电门时挡光传送带水平部分长度l=8m，沿逆时针方向以恒定速度v=6m/s匀速传动物块b与传送带间的动摩擦因数=0.2，质量ma=2kg，mb=1kg开始时在a、b间压缩一轻弹簧p（且与a、b不拴接），锁定其处于静止状态，现解除锁定，弹开a、b，迅速移去轻弹簧，物块b第一次通过光电门，计时器显示读数为t=9.0104s取g=10m/s2，则（） a 物块a、b被弹簧弹开的速度va=vb=4m/s b 弹簧储存的弹性势能为12j c 故物块b沿传送带向右滑动的最远距离为3m d 物块b在传送带上滑动的全过程中因摩擦产生的热量q=16j二、实验题13在验证机械能守恒定律的实验中：（1）下列实验操作顺序正确合理的一项是；（填序号）a先将固定在重物上的纸带穿过打点计时器，再将打点计时器固定在铁架台上b先用手提着纸带，使重物静止在打点计时器下方，再接通电源c先放开纸带让重物下落，再接通打点计时时器的电源d先取下固定在重物上的打好点的纸带，再切断打点计器的电源质量 m=1kg的重锤自由下落，在纸带上打出了一系列的点，如图所示，相邻记数点时间间隔为0.02s，长度单位是cm，g取9.8m/s2（保留3位有效数字）：打点计时器打下记数点b时，物体的速度vb=m/s从点o到打下记数点b的过程中，物体重力势能的减小量ep=j，动能的增加量ek= j14探究力对原来静止的物体做的功与物体获得速度的关系的实验装置如图1所示（1）下列说法正确的是：a通过改变橡皮筋的条数改变拉力做功的数值b通过改变橡皮筋的长度改变拉力做功的数值c通过打点计时器打下的纸带来测定小车加速过程中获得的最大速度d通过打点计时器打下的纸带来测定小车加速过程中获得的平均速度通过实验获得较科学的数据作出的wv图象，应为图2中的哪一个：三、计算题（共36分解答应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤，只写出最后答案的不给分有数字计算的题，答案中必须明确写出数值和单位）152012年6月18日神舟九号飞船与天宫一号目标飞行器在离地343km的近圆轨道上成功进行了我国首次载人空间交会对接若神舟九号飞船绕地球运动视为在赤道平面内的匀速圆周运动，离地高度h=300km已知地球半径r=6.4103km，地面重力加速度g=9.8m/s2（结果保留2位有效数字，先写出表达式再求出数值）求：神舟九号飞船运动的周期t；若地球的自转周期为t0=8.6104s，则神舟九号飞船连续两次经过赤道上某一建筑物的时间间隔t16如图所示光滑水平面上静止一质量为m，长为l的木块，质量为m的子弹以水平向右的初速度v0射入木块并以水平向右的速度射出求：木块的末速度v大小；子弹受到的冲量；若子弹在穿过木块过程中受到的阻力恒定，求阻力f的大小17如图所示质量为m=1kg的滑块（可视为质点）由斜面上p点以初动能ek0=20j沿斜面向上运动，当其向上经过q点时动能ekq=8j，机械能的变化量e机=3j，斜面与水平夹角=37pa间距离l0=0.625m，当滑块向下经过a点并通过光滑小圆弧后滑上质量m=0.25kg的木板 （经过小圆弧时无机械能损失），滑上木板瞬间触发一感应开关使木板与斜面底端解除锁定（当滑块滑过感应开关时，木板与斜面不再连接），木板长l=2.5m，木板与滑块间动摩擦因数1=0.20，木板与地面的动摩擦因数2=0.10滑块带动木板在地面上向右运动，当木板与右侧等高光滑平台相碰时再次触发感应开关使木板与平台锁定滑块沿平台向右滑上光滑的半径r=0.1m的光滑圆轨道（滑块在木板上滑行时，未从木板上滑下）求：物块与斜面间摩擦力大小；木块经过a点时的速度大小v1；为保证滑块通过圆轨道最高点，ab间距离d应满足什么条件？黑龙江省哈尔滨三中高三上学期第二次测验物理试卷参考答案与试题解析一、选择题（本题共12小题，每小题4分，共48分在每小题给出的四个选项中，16小题只有一个选项正确，其余小题有多个选项正确全部选对的得4分，选不全的得2分，有选错或不答的不得分）1两个物体做平抛运动的初速度之比为2：1，若它们的水平射程相等，则它们抛出点离地面高度之比为（） a 1：2 b 1： c 1：4 d 4：1考点： 平抛运动分析： 平抛运动可以分解为在水平方向上的匀速直线运动，和竖直方向上的自由落体运动，分别根据匀速直线运动和自由落体运动的运动规律列方程求解即可解答： 解：由于物体的水平射程相等，初速度之比为2：1，根据水平方向上的位移x=v0t 可知，物体运动的时间之比为1：2，再根据竖直方向上的位移h=gt2可知它们抛出点离地面高度之比为1：4，所以c正确故选：c点评： 本题就是对平抛运动规律的直接考查，掌握住平抛运动的规律就能轻松解决2一同学做飞镖游戏，已知圆盘的直径为d，飞镖距圆盘为l，且对准圆盘上边缘的a点水平抛出，初速度为v0，飞镖抛出的同时，圆盘以垂直圆盘且过盘心o的水平轴匀速转动，角速度为若飞镖恰好击中a点，则下列关系正确的是（） a dv02=l2g b v0= c l=（1+2n）v0，（n=0，1，2，3，） d d2=g2（1+2n）2，n=（0，1，2，3）考点： 平抛运动；线速度、角速度和周期、转速专题： 平抛运动专题分析： 飞镖做平抛运动的同时，圆盘上a点做匀速圆周运动，恰好击中a点，说明a点正好在最低点被击中，则a点转动的时间t=，根据平抛运动水平位移可求得平抛的时间，两时间相等联立可求解解答： 解：飞镖做平抛运动的同时，圆盘上a点做匀速圆周运动，恰好击中a点，说明a点正好在最低点被击中，设时间为t，飞镖飞行时间t和圆盘转动的周期满足：t=nt+ （n=0，1，2、），由和l=v0t得：l=v0故b错误，c正确；平抛的竖直位移为d，则d=，联立有，2d=gl2故ad错误故选：c点评： 本题关键知道恰好击中a点，说明a点正好在最低点，利用匀速圆周运动和平抛运动规律联立求解3如图，分别用力f1、f2、f3将质量为m的物体由静止沿同一固定粗糙的斜面以相同的加速度从斜面底端拉到斜面的顶端时，f1、f2、f3做功的功率大小关系是（） a p1=p2=p3 b p1p2=p3 c p2p1p3 d p1p2p3考点： 功率、平均功率和瞬时功率专题： 功率的计算专题分析： 对物体受力分析，由于物体的加速度相同，说明物体受到的合力相同，根据功的公式p=fv可以求得拉力做功的瞬时功率情况解答： 解：物体的加速度相同，说明物体受到的合力相同，物体在运动过程中，受到拉力f，重力mg，摩擦力f，摩擦力f=fn，根据图象可知，f2f1f3，根据牛顿第二定律，有：f1mgsinmgcos=ma，故f1=mgsin+mgcos+ma，f2cosmgsin（mgcos+f2sin）=ma，故f2=，f3cosmgsin（mgcosf3sin）=ma，故f3=，所以f2f1f3，由于斜面的长度相同，物体的加速度相同，所以物体到达顶端的时候，物体的速度的大小也是相同的；根据p=fv可知，p2p1p3，故选：c点评： 在计算平均功率和瞬时功率时一定要注意公式的选择，p=只能计算平均功率的大小，而p=fv可以计算平均功率也可以是瞬时功率，取决于速度是平均速度还是瞬时速度4如图所示，竖直平面内放一直角杆mon，杆的水平部分粗糙，动摩擦因数=0.2，杆的竖直部分光滑两部分各套有质量均为1kg的小球a和b，a、b球间用细绳相连初始a、b均处于静止状态，已知：oa=3m，ob=4m，若a球在水平拉力的作用下向右缓慢地移动1m（取g=10m/s2），那么该过程中拉力f做功为（） a 14j b 10j c 6j d 4j考点： 功的计算专题： 功的计算专题分析： 对ab整体受力分析，受拉力f、重力g、支持力n、向左的摩擦力f和向左的弹力n1，根据共点力平衡条件列式，求出支持力n，从而得到滑动摩擦力为恒力；最后对整体运用动能定理列式，得到拉力的功解答： 解：对ab整体受力分析，受拉力f、重力g、支持力n、向左的摩擦力f和向左的弹力n1，如图根据共点力平衡条件，有竖直方向：n=g1+g2水平方向：f=f+n1其中：f=n解得n=（m1+m2）g=20nf=n=0.220n=4n对整体在整个运动过程中运用动能定理列式，得到wffsm2gh=0根据几何关系，可知求b上升距离h=1m故wf=fs+m2gh=41+1101=14j故选：a点评： 本题中拉力为变力，先对整体受力分析后根据共点力平衡条件得出摩擦力为恒力，然后根据动能定理求变力做功5如图所示，物体a、b的质量都为m现用手托着物体a使弹簧处于原长，细绳刚好竖直伸直，a与地面的距离为h，物体b静止在地面上放手后物体a下落，与地面即将接触时速度大小为v，此时物体b对地面恰好无压力，设物体a落地后不反弹则下列说法中正确的是：（） a a落地时，弹簧的弹性势能等于mgh+mv2 b 弹簧的劲度系数为 c 与地面即将接触时a的加速度大小为g，方向竖直向上 d 物体a落地后b能上升到的最大高度为h考点： 机械能守恒定律专题： 机械能守恒定律应用专题分析： 由题，物体b对地面恰好无压力时，物体a下落高度为h，则知此时弹簧所受的拉力大小等于b的重力mg，弹簧伸长的长度为h，由胡克定律f=kx求解弹簧的劲度系数a与弹簧组成的系统机械能守恒，可求解求得弹簧的弹性势能此时物体b的速度为零根据牛顿第二定律求出a的加速度解答： 解：a、a与弹簧组成的系统机械能守恒，则有： mgh=+ep，则弹簧的弹性势能：ep=mgh故a错误；b、由题可知，此时弹簧所受的拉力大小等于b的重力，即f=mg，弹簧伸长的长度为x=h，由f=kx得，k=，故b正确；c、根据牛顿第二定律对a有：fmg=ma，得a=0，故c错误；d、物体a落地后b能上升到的最大高度小于h故d错误故选：b点评： 本题是含有弹簧的问题，运用胡克定律、机械能守恒和牛顿第二定律进行研究，关键要抓住物体b对地面恰好无压力，确定出弹簧的弹力6如图所示，水平传送带两端点a、b间的距离为l，传送带开始时处于静止状态把一个小物体放到右端的a点，某人用恒定的水平力f使小物体以速度v1匀速滑到左端的b点，拉力f所做的功为w1、功率为p1，这一过程物体和传送带之间因摩擦而产生的热量为q1随后让传送带以v2的速度匀速运动，此人仍然用相同的水平力恒定f拉物体，使它以相对传送带为v1的速度匀速从a滑行到b，这一过程中，拉力f所做的功为w2、功率为p2，物体和传送带之间因摩擦而产生的热量为 q2下列关系中正确的是（） a w1=w2，p1p2，q1=q2 b w1=w2，p1p2，q1q2 c w1w2，p1=p2，q1q2 d w1w2，p1=p2，q1=q2考点： 牛顿第二定律；功率、平均功率和瞬时功率；功能关系专题： 传送带专题分析： 传送带不运动时和运动时，拉力的大小相同，物体对地位移相同，做功相同传送带以v2的速度匀速运动时，物体从a运动到b时间缩短，拉力做功功率增大摩擦而产生的热量等于物体与传送带组成的系统克服摩擦力做功根据系统克服摩擦力做功大小，判断热量的大小解答： 解：设ab的长度为l，拉力大小为f，滑动摩擦力大小为f当传送带不运动时，拉力做功w1=fl，物体从a运动到b的时间t1=，因摩擦而产生的热量q1=fl当传送带运动时，拉力做功w2=fl，物体从a运动到b的时间t2=t1，因摩擦而产生的热量q2=fv1t2拉力做功功率p1=，p2=比较可知w1=w2，p1p2又v1t2v1t1，v1t1=l 得q1q2故选b点评： 本题难点是分析物体运动时间和摩擦生热摩擦发热等于滑动摩擦力与物体和传送带相对位移的乘积7如图所示，a、b两物体的质量比ma：mb=3：2，它们原来静止在平板车c上，a、b间有一根被压缩了的弹簧，a、b与平板车上表面间动摩擦因数相同，地面光滑当弹簧突然释放后，则有（） a a、b系统动量守恒 b a、b、c系统动量守恒 c 小车向左运动 d 小车向右运动考点： 动量守恒定律分析： 在整个过程中三个物体组成的系统合外力为零，系统的动量守恒分析小车的受力情况，判断其运动情况解答： 解：a、b，由题意，地面光滑，所以a、b和弹簧、小车组成的系统受合外力为零，所以系统的动量守恒在弹簧释放的过程中，由于ma：mb=3：2，a、b所受的摩擦力大小不等，所以a、b组成的系统合外力不为零，动量不守恒故a错误b正确；c、d由于a、b两木块的质量之比为m1：m2=3：2，由摩擦力公式f=n=mg知，a对小车向左的滑动摩擦力大于b对小车向右的滑动摩擦力，在a、b相对小车停止运动之前，小车的合力所受的合外力向左，会向左运动，故c正确，d错误故选：bc点评： 本题关键掌握系统动量守恒定律的适用条件：合外力为零，并能通过分析受力，判断是否系统的动量是否守恒，题目较为简单！8如图所示，一轻绳通过无摩擦的小定滑轮o与小球b连接，另一端与套在光滑竖直杆上的小物块a连接，杆两端固定且足够长，物块a由静止从图示位置释放后，先沿杆向上运动设某时刻物块a运动的速度大小为va，小球b运动的速度大小为vb，轻绳与杆的夹角为则（） a va=vbcos b vb=vacos c 小球b减小的重力势能等于物块a增加的机械能 d 当物块a上升到与滑轮等高时，它的机械能最大考点： 功能关系分析： 将物块a的速度分解为沿绳子方向和垂直于绳子的方向，在沿绳子方向的分速度等于b的速度解答： 解：a、b、将物块a的速度分解为沿绳子方向和垂直于绳子的方向，在沿绳子方向的分速度等于b的速度在沿绳子方向的分速度为vacos，所以vb=vacos故a错误，b正确c、滑块a、b组成的系统由静止开始运动，小球b减小的重力势能等于物块a增加的机械能与b增加的动能之和故c错误；d、滑块a、b组成的系统由静止开始运动，开始的时候b的速度逐渐增大，但是由于vb=vacos，当物块a上升到与滑轮等高时，=90时，则b的速度为0，所以此时a的机械能最大故d正确故选：bd点评： 解决本题的关键会对速度进行分解，以及掌握机械能守恒的条件，会利用系统机械能守恒解决问题9如图所示，a、b是两颗绕地球做匀速圆周运动的人造卫星，它们距地面的高度分别是r和2r（r为地球半径）下列说法中正确的是（） a a、b的线速度大小之比是：1 b a、b的周期之比是1：2 c a、b的角速度大小之比是3：4 d a、b的向心加速度大小之比是9：4考点： 人造卫星的加速度、周期和轨道的关系；万有引力定律及其应用专题： 人造卫星问题分析： 根据万有引力提供向心力表示出线速度、角速度、周期、向心加速度，据此判断所给各量的大小关系解答： 解：根据万有引力提供向心力得=m2r=m=maa、v=，它们距地面的高度分别是r和2r（r为地球半径）所以轨道半径是2：3，所以a、b的线速度大小之比是 ，故a错误b、周期t=2，所以a、b的周期之比是2：3故b错误c、=，a、b的角速度大小之比是3：2，即3：4，故c正确d、a=，所以a、b的向心加速度大小之比是9：4，故d正确故选cd点评： 考查卫星运动规律，明确各运动量与半径的关系，从而会判断各量的大小关系10组成星球的物质是靠引力吸引在一起的，这样的星球有一个最大的自转速率如果超过了该速率，星球的万有引力将不足以维持其赤道附近的物体做圆周运动由此能得到半径为r、密度为、质量为m且均匀分布的星球的最小自转周期t则最小自转周期t的下列表达式中正确的是（） a t=2 b t=2 c t= d t=考点： 万有引力定律及其应用；向心力分析： 由题意可知当周期达到某一最小值时，物体对星球表面应刚好没有压力，即万有引力恰好充当星球表面的物体在星球表面做圆周运动的向心力；故由万有引力公式可求得最小周期解答： 解：由f=m可得周期越小，物体需要的向心力越大，物体对星球表面的压力最小，当周期小到一定值时，压力为零，此时万有引力充当向心力，即=m解得t=2；故a正确；因m=r3，代入上式可得：t=，故d也正确；故选ad点评： 星球表面的物体受到星球万有引力的作用充当物体的向心力及支持力，星球的转动角速度越大、周期越小时，则需要的向心力越大，则物体所受支持力越小；而当向心力大到一定值时，物体会离开星球表面；11如图所示，质量为m的半圆形轨道槽放置在水平地面上，槽内壁光滑质量为m的小物体从槽的左侧顶端由静止开始下滑到右侧最高点的过程中，轨道槽始终静止，则该过程中（） a 轨道槽对地面的最大压力为（m+2m）g b 轨道槽对地面的最小压力为mg c 轨道槽对地面的最大压力为（m+3m）g d 轨道槽对地面的摩擦力方向先向右后向左考点： 向心力；牛顿第二定律专题： 牛顿第二定律在圆周运动中的应用分析： m在半圆槽中运动时，最底点处受支持力最大；最高点处时受支持力最小；由向心力公式可求得支持力；再对半圆槽分析可得出轨道槽对地面的最大及最小压力解答： 解：a、当物体运动到最低点时，由机械能守恒可知，mv2=mgr；由向心力公式可得m=fmg；解得：f=3mg；故轨首槽对地面的压力为3mg+mg；此时压力最大，故c正确a错误；b、当m在最高点时，物体只受重力对半圆轨道没有压力，故此时轨道槽对地面的压力最小为mg，故b正确；d、m在轨道左侧时，对槽的弹力有水平向左的分量，故此时地面对槽有向右的摩擦力；当物体到达右侧时，弹力向右，故摩擦力向左，由牛顿第三定律可知，d错误；故选：bc点评： 本题影响槽对地面的压力的关键是小球对槽的压力，故应先分析小球的受力，再去分析槽对地面的压力12光电计时器的实验简易示意图如下，当有不透光物体从光电门间通过时，光电计时器就可以显示物体的挡光时间，光滑水平导轨mn上放两相同小物块a、b，右端n处与水平传送带理想连接，今将宽度为d=3.6103m的黑色磁带贴在物块b上，且高出物块，并使高出物块部分在通过光电门时挡光传送带水平部分长度l=8m，沿逆时针方向以恒定速度v=6m/s匀速传动物块b与传送带间的动摩擦因数=0.2，质量ma=2kg，mb=1kg开始时在a、b间压缩一轻弹簧p（且与a、b不拴接），锁定其处于静止状态，现解除锁定，弹开a、b，迅速移去轻弹簧，物块b第一次通过光电门，计时器显示读数为t=9.0104s取g=10m/s2，则（） a 物块a、b被弹簧弹开的速度va=vb=4m/s b 弹簧储存的弹性势能为12j c 故物块b沿传送带向右滑动的最远距离为3m d 物块b在传送带上滑动的全过程中因摩擦产生的热量q=16j考点： 动量守恒定律；机械能守恒定律专题： 动量与动能定理或能的转化与守恒定律综合分析： 由速度公式可以求出b的速度，弹开过程系统动量守恒，由动量守恒定律可以求出a的速度；根据速度的定义式即可求得a和b的速度，弹簧储存的弹性势能转化为a与b的动能的和；物块滑上传送带后受到摩擦力的作用，由牛顿第二定律求得加速度，当b相对于地面的速度等于0时位移最大，然后由位移公式求得位移；物块b在传送带上滑动的全过程中先向右减速，然后随传送带向右加速，当b与初速度的速度相等时，二者停止相对滑动，由功能关系求得产生的内能解答： 解：a、物块a、b被弹簧弹开后的速度为：vb=4m/s，弹簧弹开过程系统动量守恒，以向右为正方向，由动量守恒定律得：mavambvb=0，代入数据解得：va=2m/s，故a错误；b、故弹簧储存的弹性势能ep=mava2+mbvb2，代入数据解得：ep=12j，故b正确；c、物块b在传送带上的加速度为a，由牛顿第二定律得：mbg=mba，代入数据解得：a=2m/s2，故物块b沿传送带向右滑动的最远距离：sm=4ml=8m，故c错误；d、由c可知，物块向左滑行的最大距离小于传送带长度，物体速度变为零后反向加速运动，物块在传送带上运动的总时间为：t=4s，传送带的位移：s传=vt=64=24m，整个过程中物块在传送带上的位移为零，物块与传送带的相对位移：s=s传=24m，故因摩擦产生的热量：q=mbgs=0.211024=48j，故d错误；故选：b点评： 本题是复杂的力学综合题，综合了运动学公式、牛顿第二定律、机械能守恒等多个知识，分析运动过程，选择解题规律是关键二、实验题13在验证机械能守恒定律的实验中：（1）下列实验操作顺序正确合理的一项是b；（填序号）a先将固定在重物上的纸带穿过打点计时器，再将打点计时器固定在铁架台上b先用手提着纸带，使重物静止在打点计时器下方，再接通电源c先放开纸带让重物下落，再接通打点计时时器的电源d先取下固定在重物上的打好点的纸带，再切断打点计器的电源质量 m=1kg的重锤自由下落，在纸带上打出了一系列的点，如图所示，相邻记数点时间间隔为0.02s，长度单位是cm，g取9.8m/s2（保留3位有效数字）：打点计时器打下记数点b时，物体的速度vb=0.973m/s从点o到打下记数点b的过程中，物体重力势能的减小量ep=0.476j，动能的增加量ek=0.473 j考点： 验证机械能守恒定律分析： 解决实验问题首先要掌握该实验原理，了解实验的仪器、操作步骤和数据处理以及注意事项纸带法实验中，若纸带匀变速直线运动，测得纸带上的点间距，利用匀变速直线运动的推论，可计算出打出某点时纸带运动的瞬时速度和加速度，从而求出动能根据功能关系得重力势能减小量等于重力做功的数值解答： 解：（1）a、应先将打点计时器固定在铁架台上，再将纸带穿过打点计时器，最后将纸带固定在重物上故a错误b、先用手提着纸带，使重物静止在打点计时器下方，再接通电源，然后释放重物故b正确c、如果先放开纸带让重物下落，再接通打点计时时器的电源，由于重物运动较快，不利于数据的采集和处理，会对实验产生较大的误差故c错误d、实验结束应立即切断电源以防仪器的损坏，然后再取下固定在重物上的打好点的纸带故d错误故选bvb=0.973m/s重力势能减小量ep=mgh=19.80.0486m j=0.476 j利用匀变速直线运动的推论得：ekb=mvb2=0.473 j故答案为：（1）b 0.973m/s，0.476j，0.473 j点评： 该题主要考查了验证机械能守恒定律的实验的操作步骤和运用运动学规律、功能关系去处理实验数据的能力14探究力对原来静止的物体做的功与物体获得速度的关系的实验装置如图1所示（1）下列说法正确的是：aca通过改变橡皮筋的条数改变拉力做功的数值b通过改变橡皮筋的长度改变拉力做功的数值c通过打点计时器打下的纸带来测定小车加速过程中获得的最大速度d通过打点计时器打下的纸带来测定小车加速过程中获得的平均速度通过实验获得较科学的数据作出的wv图象，应为图2中的哪一个：b考点： 探究功与速度变化的关系专题： 实验题；动能定理的应用专题分析： （1）根据探究功与速度关系的实验原理分析答题；实验中要测出橡皮筋做功完毕时小车的速度，即需要测出小车加速结束时的速度根据动能定理缝隙功与速度的关系式，然后分析图象答题解答： 解：（1）a、实验时使用相同的橡皮筋，每次使橡皮筋的伸长量相等，则橡皮筋恢复原长时对小车做功相同，以每根橡皮筋做的功w为功的单位，通过改变橡皮筋的条数可以改变拉力对小车做功的多少，故a正确，b错误；c、橡皮筋恢复原长前，橡皮筋的拉力对小车做功，小车做加速运动，橡皮筋恢复原长时做功完毕，小车受到达到最大值，实验需要测出橡皮筋对小车做功完毕时小车的速度，即需要测出橡皮筋恢复原长时的速度，即：需要通过打点计时器打下的纸带来测定小车加速过程中获得的最大速度，故c正确，d错误；故选ac由动能定理可知：w=mv2，w与v是二次函数关系，由图示图象可知，b正确，acd错误，故选b故答案为：（1）ac；b点评： 本题考查了实验原理、实验注意事项、实验数据处理，掌握实验原理、应用动能定理即可正确解题，平时学习时要注意基础知识的学习与掌握三、计算题（共36分解答应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤，只写出最后答案的不给分有数字计算的题，答案中必须明确写出数值和单位）152012年6月18日神舟九号飞船与天宫一号目标飞行器在离地343km的近圆轨道上成功进行了我国首次载人空间交会对接若神舟九号飞船绕地球运动视为在赤道平面内的匀速圆周运动，离地高度h=300km已知地球半径r=6.4103km，地面重力加速度g=9.8m/s2（结果保留2位有效数字，先写出表达式再求出数值）求：神舟九号飞船运动的周期t；若地球的自转周期为t0=8.6104s，则神舟九号飞船连续两次经过赤道上某一建筑物的时间间隔t考点： 万有引力定律及其应用；向心力专题： 万有引力定律的应用专题分析： （1）根据万有引力提供向心力和重力等于万有引力列出等式求解卫星相邻两次经过地球赤道上某点的上空转过的角度之差为2，由几何关系列出等式求解解答： 解：在地面上的物体受到的重力等于万有引力飞船绕地球做匀速圆周运动，万有引力提供向心力由以上二式解得代入数据得t=s=5.4103s设该卫星相邻两次经过地球赤道上某点的上空所需的时间为t=1 解得代入数据得=5.8103s答：神舟九号飞船运动的周期t为5.4103s；若地球的自转周期为t0=8.6104s，则神舟九号飞船连续两次经过赤道上某一建筑物的时间间隔为5.8103s点评： 本题要明确卫星相邻两次经过地球赤道上某点的上空转过的角度之差为2，天体运动实际还是圆周运动，只是本类型题物理量较多，公式推导及其复杂16如图所示光滑水平面上静止一质量为m，长为l的木块，质量为m的子弹以水平向右的初速度v0射入木块并以水平向右的速度射出求：木块的末速度v大小；子弹受到的冲量；若子弹在穿过木块过程中受到的阻力恒定，求阻力f的大小考点： 动量守恒定律；动能定理的应用专题： 动量与动能定理或能的转化与守恒定律综合分析： 子弹穿木块过程系统动量守恒，由动量守恒定律可以求出木块的速度；由动量定理可以求出冲量；由能量守恒定律可以求出阻力解答： 解：子弹穿木块过程系统动量守恒，乙子弹的初速度方向