黑龙江省大兴安岭地区图强中学九年级物理上学期11月月考试题（含解析） 新人教版.doc

黑龙江省大兴安岭地区图强中学2015届九年级上学期月考物理试卷一、单项选择题（共12小题，每小题2分，满分24分）1当温度一定时，比较两根铜导线电阻的大小，下列说法中正确的是（）a长导线的电阻一定大b粗细相同，长导线的电阻一定大c细导线的电阻一定大d长度相同，粗导线的电阻一定大2当某导体两端的电压为3v时，通过导体的电流为0.3a，如果导体两端电压再增加6v，那么导体中的电流为（）a0.9ab0.6ac0.3ad0.1a3已知r1r2，在如图所示的四种连接方式中，阻值最大的是（）abcd4如图所示电路中，电源电压恒为24v，电阻r1=r2=120，两只电流的是一种均为00.6a当闭合开关时，两只电流表的均为0.2a若故障是由这两个电阻中的其中一个引起，则出现的故障是（）ar2短路br2断路cr1短路dr1断路5小光同学用如图电路探究“一段电路中电流跟电阻的关系”在此实验过程中，当a、b两点间的电阻由5更换为10后，为了探究上述问题，他应该采取的下一步操作是（）a保持变阻器滑片不动b将变阻器滑片适当向左移动c将变阻器滑片适当向右移动d将电池个数增加6如图所示的电路中（电源电压不变），闭合开关s后，当滑动变阻器的滑片自左向右移动时，下列判断中正确的是（）a电流表的示数不变，电压表的示数不变b电流表的示数变大，电压表的示数变小c电流表的示数变大，电压表的示数变大d电流表的示数变小，电压表的示数不变7把标有“36v 15w”的甲灯和标有“36v 5w”的乙灯串联后接在电压是36v的电路中，则（）a因为甲灯额定功率较大，所以甲灯较亮b因为通过它们的电流相等，所以一样亮c因为甲灯的电阻较小，所以甲灯较亮d因为乙灯实际功率较大，所以乙灯较亮8将额定电压相同的两个灯泡l1、l2串联后接入电路中，如图所示接通电路后发现l1要亮一些，则下列判断正确的是（）al1的电阻比l2的小bl1的额定功率比l2的大c两灯正常工作时l1发光要暗一些d若将两灯并联接入电路，l1发光要亮一些9如图所示，灯l1、l2分别标有“6v 6w”、“6v 3w”的字样，当开关s闭合时灯l1、l2都能发光，则甲乙两个电压表的示数之比u甲：u乙是（）a.1：1b.1：2c.2：3d3：210如图所示的电路，电源电压恒定不变，闭合开关s，将滑动变阻器的滑片p向右移动的过程中，下列说法正确的是（假定灯泡的电阻不变）（）a电流表示数变大b电压表示数变大c电压表和电流表示数的比值变小d电压表和电流表的示数都变小11在“探究电流与电压的关系”的实验中，分别用r1r2两个电阻进行了探究，并根据各自的实验数据绘制出如图所示的iu关系图象，从图中可以看出r1、r2的大小关系为（）ar1r2br1r2cr1=r2d不能确定12甲、乙两个电阻之比为3：5，将他们串联在电路中，则甲、乙电阻两端电压之比为（）a5：3b3：5c1：1d无法比较二、多项选择（下列各小题均有四个选项，其中符合题意的选项均多于一个共9分，每小题3分每小题选项全部选对得3分，选对但不全的得1分，有错选的不得分）13把两个电阻r1、r2同时接入电路中，已知r1=3、r2=6，关于它们的总电阻（等效电阻）值，下列四个值中，可能的是（）a9b2c18d314现有两个阻值不等的未知电阻r1和r2，为了分辨它们的阻值大小，几个同学分别设计了如图所示的四种电路，其中可行的是（）abcd15如图中所示的电路中，不计温度对灯丝电阻的影响，电源电压保持不变当在ab间接入“6v 6w”的灯泡时，闭合开关，灯l恰能正常发光；断开开关，在ab间换接入一个“6v 4w”的灯泡后，再闭合开关，下列说法错误的是（）a灯l将变亮b灯l将变暗c换接的灯可能烧坏d电路总功率要变小三、填空题（共30分，每空1分）166.4mv=v 600=m17家庭中的电灯、电视机、电风扇等用电器都是联在电路中的；它们工作时把电能转化为能18将一根镍铬合金丝均匀拉长接入电路，其电阻将；若将这根镍铬合金丝对折后接入电路，其电阻将（填“增大”、“减小”或“不变”）19将一个定值电阻r接入电路，加在它两端的电压为10v时，通过它的电流为0.1a，可知r的阻值为，当它两端的电压为2.5v时，通过它的电流为a，它的阻值是20电阻r1：r2=1：2，将它们串联后接在电源上，则它们两端的电压之比是，通过它们的电流之比是；电功率之比为若将它们并联后接在电源上，它们的电压之比是，电流之比是电功率之比为21小娟在探究“导体中的电流跟其两端电压的关系”时，将记录整理的实验数据绘制成如图所示的ui关系图象由图象可得甲的电阻为；电阻较大的是导体（选填“甲”或“乙”）；若将甲、乙两个导体并联后接在电压为2v的电源上，则干路电流为a；若将甲、乙两个导体串联后接在某电源上，电路中电流为0.2a，则该电源的电压为v22在如图1所示的电路中，当闭合开关后，两个电压表的指针偏转均为图2所示，则电阻r1和r2两端的电压分别为和23学习了电能的知识后，小燕观察了家中的电能表的规格如图所示，她家同时使用的用电器总功率不能超过w，本月初抄表数如图所示，若本月应交电费66元，且电价为0.5元/kwh，则本月末抄表的示数为kwh241度电即为1kwh相当于j的电能某学生用的台灯，灯泡上铭牌标识为“pz22040”，则1度电可供该灯正常发光小时25两白炽灯泡铭牌分别为：甲灯泡（“pz22015”）、乙灯泡（“pz22060”），则灯泡的灯丝电阻较大，把它们并联接入到220v的电路时，灯泡更亮一些26在家庭电路中，电热水器正常工作的电压为伏，它与家中的空调器是连接的（选填“串联”或“并联”）一只标有“pz220100”字样的白炽灯泡，正常工作5h消耗的电能是kwh四、实验探究（27小题6分，28小题4分，29小题9分，共计19分）27为了测定额定电压为2.5v的小灯泡的额定功率，利用了如图所示的电路图（1）甲、乙两表中，甲表是表，乙表是表（2）合上开关，发现灯泡两端的电压只有2v，为了测定灯泡的额定功率，滑动变阻器的滑片应向端移动，直到电压表示数为v时才停止移动滑片若这时两表的示数分别为“2.5v”和“0.24a”，则小灯泡的额定功率为w（3）若闭合开关后发现电流表指针偏转，电压表指针没有偏转，该故障的原因是（选填下列故障原因的字母代号）a灯泡短路 b灯泡断路c电源接触不良 d电流表接线短路28在“研究电流跟电压、电阻的关系”中，数据记录在表一和表二中表一r=5电压/v来1.02.03.0电流/a0.20.40.6表二u=3v电阻/51015电流/a0.60.30.2（1）根据实验数据，可得出如下结论：由表一可得：由表二可得：（2）在研究电流与电阻关系时，先用5欧的定值电阻进行实验，使电压表的示数为3v，再换用10欧的定值电阻时，某同学没有改变滑动变阻器滑片的位置，合上开关后，电压表的示数将3v（选填“大于”、“小于”或“等于”）此时应调节滑片，使滑动变阻器阻值变，直至电压表的示数为3v29小丽同学用电压表和电流表测量小灯泡的电阻（1）请画出用如图（1）器材测小灯泡电阻的电路图（2）在图（1）中，已完成了一部分的电路连接，请你继续完成实验电路的连接（3）在闭合开关之前，图中滑动变阻器的滑片应放在 端 （选填“左”或“右”）（4）若某次测量时电压表和电流表的示数如图（2）所示，则电压表的示数为v，电流表的示数为a，灯泡的电阻rl=（5）小丽同学在做实验时，电路连接无误闭合开关后，发现电流表的指针明显偏转，而电压表的示数为零该故障的原因可能是五、计算题：本题包括3个小题，共18分解答时应写出必要的文字说明、公式和重要的演算步骤，只写出最后答案的不能得分30在如图所示电路中，r1=10，r2=20，闭合开关后，电流表的示数为0.3a（1）电阻r1两端的电压是多少？（2）通过r2的电流是多少？31如图所示电路中，已知r1=40，r2=10当开关闭合后，通过电流表示数为0.3a求：（1）电阻r1两端电压；（2）通过电阻r2的电流；（3）通过电路的总电流；（4）电路的总电阻；（5）r1，r2各自的电功率32在如图甲的电路中，电源电压为9v且保持不变，电流表的规格为“00.6a”，电压表的规格为“015v”，灯泡上标有“6v 6w”字样，灯泡电流随电压变化关系如图乙所示，求：（1）灯泡正常发光时的电流（2）当电流表示数为0.4a时，电压表的示数（3）为了保证电路安全，滑动变阻器接入电路中的最小阻值及此时电路消耗的总功率黑龙江省大兴安岭地区图强中学2015届九年级上学期月考物理试卷（11月份）参考答案与试题解析一、单项选择题（共12小题，每小题2分，满分24分）1当温度一定时，比较两根铜导线电阻的大小，下列说法中正确的是（）a长导线的电阻一定大b粗细相同，长导线的电阻一定大c细导线的电阻一定大d长度相同，粗导线的电阻一定大【考点】影响电阻大小的因素【专题】电压和电阻【分析】导体电阻的大小由温度、材料、长度和横截面积三方面因素共同决定所以在比较两根导线电阻大小关系时，一定要在其他三个因素都相同的情况下，通过比较其中的某一个因素，才能比较出两根电阻的大小关系，否则是很难比较出来的【解答】解：a、电阻的大小不仅跟导体的长度和材料有关，还跟材料的横截面积大小有关，所以选项a不正确b、在温度、横截面积和材料相同，长的铜导线电阻大，故b正确c、电阻的大小不仅跟导体的横截面积和材料有关，还跟材料的长度有关，所以选项c不正确d、在温度、长度和材料相同时，导体的横截面积越小，即导线越细，电阻越大，故d错误故选：b【点评】本题考查了决定电阻大小的因素，用好控制变量法正确分析是本题的关键2当某导体两端的电压为3v时，通过导体的电流为0.3a，如果导体两端电压再增加6v，那么导体中的电流为（）a0.9ab0.6ac0.3ad0.1a【考点】欧姆定律的应用；电阻【专题】应用题；欧姆定律【分析】（1）知道导体两端的电压和通过的电流，根据欧姆定律求出导体的电阻；（2）电阻是导体本身的一种性质，只与导体的材料、长度、横截面积和温度有关，与两端的电压和通过的电流无关，再根据欧姆定律求出导体两端电压再增加6v时通过的电流【解答】解：由i=可得，导体的电阻：r=10，因电阻是导体本身的一种性质，与两端的电压和通过的电流无关，所以，当导体两端电压再增加6v即u=9v时，导体的电阻仍为10不变，此时通过导体的电流：i=0.9a故选a【点评】本题考查了欧姆定律的简单应用，关键是知道电阻与两端的电压和通过的电流无关，是一道基础题目3已知r1r2，在如图所示的四种连接方式中，阻值最大的是（）abcd【考点】电阻的串联；电阻的并联【专题】电压和电阻【分析】电阻串联，相当于增大了导体的长度，总电阻变大；电阻并联，相当于增大了导体的横截面积，总电阻变小【解答】解：串联电路的总电阻大于任何一个分电阻，并联电路的总电阻小于任何一个分电阻，所以两个电阻串联后的总电阻最大，并联后的总电阻最小故选a【点评】分析电学问题时，首先要明确电路的连接方式，然后根据串并联电路规律进行解答4如图所示电路中，电源电压恒为24v，电阻r1=r2=120，两只电流的是一种均为00.6a当闭合开关时，两只电流表的均为0.2a若故障是由这两个电阻中的其中一个引起，则出现的故障是（）ar2短路br2断路cr1短路dr1断路【考点】电流表、电压表在判断电路故障中的应用【分析】两个电阻并联，电流表a1测量干路电流，电流表a2测量支路r2中的电流，开关闭合后两只电流表示数相同，说明两个电流表串联连接，并且其中一条支路断路【解答】解：因为两个电阻并联，电流表a1测量干路电流，电流表a2测量支路r2中的电流，开关闭合后，由于两电流表示数相同，如果发生短路现象，电流表将会被烧坏，因此电路故障一定是其中一个电阻断路，并且是r1断路，否则a2示数为零故选 d【点评】掌握并联电路的电流规律，并能根据电流表在电路中的作用以及电流表的示数判断电路故障5小光同学用如图电路探究“一段电路中电流跟电阻的关系”在此实验过程中，当a、b两点间的电阻由5更换为10后，为了探究上述问题，他应该采取的下一步操作是（）a保持变阻器滑片不动b将变阻器滑片适当向左移动c将变阻器滑片适当向右移动d将电池个数增加【考点】欧姆定律的应用【专题】欧姆定律【分析】研究电路电流与电阻的关系，由控制变量法的思路可知，需要保证导体两端电压不变，当电路中的电阻由5换成10时，分析定值电阻两点之间的电压怎样变化是此题的解题思路【解答】解：在滑动变阻器的电阻值rp不变的情况下，电路中由于将5的定值电阻换成10的定值电阻，使整个电路的总电阻增大利用公式i=可知，电路中的总电流减小根据u=ir可知，此时滑动变阻器两端的电压的减小，根据串联电路的总电压等于各分电压之和可知，定值电阻两端的电压变大；要使电压表的示数不变，只能减小电路中的电流，所以要使电路中的电阻增大，即滑片p向右端移动增大电阻故选c【点评】研究导体中的电流与电阻的关系，需要保证导体两端的电压不变是此题的突破点6如图所示的电路中（电源电压不变），闭合开关s后，当滑动变阻器的滑片自左向右移动时，下列判断中正确的是（）a电流表的示数不变，电压表的示数不变b电流表的示数变大，电压表的示数变小c电流表的示数变大，电压表的示数变大d电流表的示数变小，电压表的示数不变【考点】电路的动态分析；滑动变阻器的使用；欧姆定律的应用【专题】动态预测题【分析】由图可知：闭合开关s后，r1与r2并联，电压表测并联电路两端的电压，也是测量电源电压，然后根据电源电压不变可知电压表的示数不变，由变阻器电阻变化情况，得出总电阻变化情况由于电压一定，根据欧姆定律就可以得出电流变化情况【解答】解：由图可知，闭合开关s后，r1与r2并联，电压表测并联电路两端的电压，也是测量电源电压，由于电源电压不变，则示数不变电流表测r2的电流，当滑片向右滑动时，r2的电阻变大，则根据欧姆定律i=可知，通过r2的电流变小，即电流表示数变小故选d【点评】解决这类题目的大体思路是：先分析电压表、电流表是测量谁的电压、电流，然后根据电阻变化情况，再分析电流变化情况，最后分析得出电表变化情况；在分析的过程中要合理的选用公式7把标有“36v 15w”的甲灯和标有“36v 5w”的乙灯串联后接在电压是36v的电路中，则（）a因为甲灯额定功率较大，所以甲灯较亮b因为通过它们的电流相等，所以一样亮c因为甲灯的电阻较小，所以甲灯较亮d因为乙灯实际功率较大，所以乙灯较亮【考点】电功率的计算；串联电路的电流规律；实际功率【专题】计算题；压轴题；归纳猜想题【分析】根据电功率公式p=，求出r甲、r乙，因为两灯泡串联在电路中，所以他们的电流相同，根据电功率公式p=ui、欧姆定律i=（u=ir）所可得p=i2r，电阻大的灯泡实际消耗的功率大，所以亮根据结果对四个选项一一筛选，选出正确答案【解答】解：p=r甲=86.4r乙=259.2可见，乙灯的电阻大于甲灯电阻因两灯串联在电路中，所以通过他们的电流相等，由功率计算公式p=ui，欧姆定律i=，可得p=i2r，因为r甲r乙，所以p甲p乙可知，在串联电路电流相同的情况下，电阻大的那个灯消耗的功率大，所以本题是乙灯的消耗功率比甲灯的大，所以乙灯亮在四个选项中，只有d符合故选d【点评】本题的关键在于根据电功率公式，求解电阻，求解实际功率实际消耗功率大，灯就比较亮同时考查串联电路中两灯通过的电流相等8将额定电压相同的两个灯泡l1、l2串联后接入电路中，如图所示接通电路后发现l1要亮一些，则下列判断正确的是（）al1的电阻比l2的小bl1的额定功率比l2的大c两灯正常工作时l1发光要暗一些d若将两灯并联接入电路，l1发光要亮一些【考点】电功率的计算；欧姆定律的应用【专题】压轴题【分析】两灯串联在电路中，则电流一定相等，根据灯泡的亮度可判断两灯泡电阻的大小；则由功率公式可判出额定功率的大小及正常工作时的亮度；若将两灯并联，则根据电压相等利用功率公式p=可判断两灯的明亮程度【解答】解：两灯串联时电流相等，l1比l2亮说明p1p2，由p=i2r可得：r1r2，故a错误；两灯的额定电压相等，则由p=可得：p1额p2额，即两灯正常工作时，l1要比l2暗一些，故b错误，c正确；若将两灯并联，则两灯两端的电压相等，由p=可得：l1的实际功率要小于l2的实际功率，则d错误；故选：c【点评】电功率公式有：p=ui、p=i2r及p=，在纯电阻电路中三个公式都是成立的，要根据题目中的条件灵活选择9如图所示，灯l1、l2分别标有“6v 6w”、“6v 3w”的字样，当开关s闭合时灯l1、l2都能发光，则甲乙两个电压表的示数之比u甲：u乙是（）a.1：1b.1：2c.2：3d3：2【考点】欧姆定律的应用【专题】欧姆定律【分析】由电路图可知，两灯泡串联，电压表v甲测l2两端的电压，电压表v乙测电源的电压两灯泡的额定电压相等，根据p=求出两灯泡的电阻之比，再根据串联电路的电流特点和欧姆定律求出两灯泡两端的电压之比，利用串联电路的电压特点求出两电压表的示数之比【解答】解：p=，两灯泡的电阻之比：=，串联电路总各处的电流i相等，i=，串联电路中总电压等于各分电压之和，=故选c【点评】本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，关键是电路串并联的辨别和电压表所测电路元件的判断10如图所示的电路，电源电压恒定不变，闭合开关s，将滑动变阻器的滑片p向右移动的过程中，下列说法正确的是（假定灯泡的电阻不变）（）a电流表示数变大b电压表示数变大c电压表和电流表示数的比值变小d电压表和电流表的示数都变小【考点】电路的动态分析；欧姆定律的应用【专题】应用题；动态预测题；电路和欧姆定律；电路变化分析综合题【分析】由图可知滑动变阻器与灯泡串联，电压表测滑动变阻器滑片右端部分两端的电压，电流表测电路中的电流；因电压表的内阻很大、在电路中相当于断路可知，滑片移动时接入电路中的电阻不变，根据欧姆定律可知电路中电流的变化，根据滑片的移动可知滑片右侧部分电阻的变化，根据欧姆定律可知电压表的示数变化，进一步可知电压表和电流表示数的比值变化【解答】解：由图可知滑动变阻器与灯泡串联，电压表测滑动变阻器滑片右端部分两端的电压，电流表测电路中的电流，因电压表的内阻很大、在电路中相当于断路，所以，滑片移动时，接入电路中的电阻不变，由i=可知，电路中电流不变，即电流表示数不变，故ad错误；将滑动变阻器的滑片p向右移动的过程中，滑片右侧部分电阻变小，由u=ir可知，滑片右测部分电阻两端的电压变小，即电压表的示数变小，故b错误；因电流表的示数不变，电压表的示数变小，所以，电压表和电流表示数的比值变小，故c正确故选c【点评】本题考查欧姆定律公式及其变形的灵活运用，难点是判断滑动变阻器滑片移动过程中电路电阻的变化和电压表测量部分电阻的变化11在“探究电流与电压的关系”的实验中，分别用r1r2两个电阻进行了探究，并根据各自的实验数据绘制出如图所示的iu关系图象，从图中可以看出r1、r2的大小关系为（）ar1r2br1r2cr1=r2d不能确定【考点】探究电流与电压、电阻的关系实验；欧姆定律的应用【专题】压轴题；信息给予题；控制变量法【分析】当电压一定时，导体中的电流与导体的电阻成反比，给出一定的电压，通过电流的大小关系判断两电阻的阻值大小关系【解答】解：在图中画一条与纵轴平行的直线（见下图），分别与r1和r2相交于1、2两点，从图象中看出两点r1、r2两端的电压相同，电流值不同：i1i2，根据欧姆定律：r=，可得出：r1r2故选b【点评】正确从图象中读出对应的ui值，会利用控制变量法比较两个电阻的阻值大小12甲、乙两个电阻之比为3：5，将他们串联在电路中，则甲、乙电阻两端电压之比为（）a5：3b3：5c1：1d无法比较【考点】欧姆定律的应用；串联电路的电流规律【专题】应用题；电路和欧姆定律【分析】串联电路中各处的电流相等，知道甲、乙两电阻的阻值之比，根据欧姆定律求出两端的电压之比【解答】解：甲、乙两电阻串联时，串联电路中各处的电流相等，且r甲：r乙=3：5，根据i=可得，它们两端的电压之比：=故选b【点评】本题考查了串联电路的电流特点和欧姆定律的应用，是一道基础题目二、多项选择（下列各小题均有四个选项，其中符合题意的选项均多于一个共9分，每小题3分每小题选项全部选对得3分，选对但不全的得1分，有错选的不得分）13把两个电阻r1、r2同时接入电路中，已知r1=3、r2=6，关于它们的总电阻（等效电阻）值，下列四个值中，可能的是（）a9b2c18d3【考点】电阻的串联；电阻的并联【专题】计算题；电压和电阻【分析】根据串联电阻的总电阻等于各个各电阻的阻值之和即可求出它们串联的总电阻根据并联电阻的总电阻的倒数等于各个分电阻的电阻倒数之和即可求出它们并联的总电阻【解答】解：串联时，r串=r1+r2=3+6=9；并联时，=+=+=，解得r并=2故选ab【点评】此题主要考查电阻串联和电阻并联规律应用，比较简单，属于基础题14现有两个阻值不等的未知电阻r1和r2，为了分辨它们的阻值大小，几个同学分别设计了如图所示的四种电路，其中可行的是（）abcd【考点】欧姆定律的应用；串联电路的电流规律；并联电路的电流规律；并联电路的电压规律；欧姆定律的变形公式【专题】应用题；电路和欧姆定律【分析】（1）串联电路中，各处电流相等，阻值大的电阻两端的电压大，阻值小的电阻两端的电压小；（2）并联电路中，各支路电阻两端的电压相等，阻值大的电阻通过的电流小，阻值小的电阻通过的电流大【解答】解：a、两电阻并联在电路中，根据欧姆定律和并联电路电压规律可知电阻越大，通过电阻的电流越小，故a可行；b、两个电阻串联，两个电压表分别测量两个电阻两端的电压，根据电压的大小就可以比较出电阻的大小，故b可行；c、两个电阻并联，一个电流表测干路电流，一个测支路电流，根据并联电路的电流特点求出另一支路的电流大小，根据欧姆定律和并联电路电压规律可知电阻越大，通过电阻的电流越小，故c可行；d、两电阻串联，电流表测量通过电路的电流，无法比较两电阻阻值的大小，故d不可行故选abc【点评】（1）串联电路的电阻起分压作用，分压大小与电阻阻值的大小成正比，电阻大的分压大，电阻小的分压小；（2）并联电路的电阻起分流作用，分流大小与电阻阻值的大小成反比，电阻大的分流小，电阻小的分流大15如图中所示的电路中，不计温度对灯丝电阻的影响，电源电压保持不变当在ab间接入“6v 6w”的灯泡时，闭合开关，灯l恰能正常发光；断开开关，在ab间换接入一个“6v 4w”的灯泡后，再闭合开关，下列说法错误的是（）a灯l将变亮b灯l将变暗c换接的灯可能烧坏d电路总功率要变小【考点】欧姆定律的应用；串联电路的电压规律；电功率的计算；实际功率【专题】压轴题【分析】判断出换接“6v 4w”的灯泡后，电路中总电阻的阻值变化，进而判断出电流的变化情况；然后结合计算电功率的公式：p=i2r、p=判断灯l的实际功率以及电路消耗的总功率的变化情况【解答】解：由r=知：“6v 6w”的灯泡电阻为：6，“6v 4w”的灯泡电阻为：9当在ab间接入“6v 6w”的灯泡时，闭合开关，灯l恰能正常发光；若在ab间换接入一个“6v 4w”的灯泡后，电路的总电阻变大，电流变小，所以灯l不能正常发光；电流变小时，由u=ir知：灯l两端的电压变小，所以接入的灯泡分得的电压变大（电源电压不变），因此换接的灯泡可能被烧毁；由p=i2r知，在灯l的电阻不变时，电流变小，则灯l的实际功率变小，即灯l变暗；由p=知，电源电压不变，总阻值变大，则电路消耗的总功率变小；综上分析可知：选项a肯定有误，故选a【点评】此题主要考查欧姆定律、电功率计算公式的灵活应用，根据题干条件来判断灯泡换接前后，电路的总阻值、总电流的变化情况较为关键三、填空题（共30分，每空1分）166.4mv=6.4103v 600=6104m【考点】物理量的单位及单位换算；电压；电阻【专题】计算题【分析】1mv=103v，1=103k=106m，根据电压和电阻单位间的进率来计算【解答】解：6.4mv=6.4103v600=600106m=6104m故答案为：6.4103；6104【点评】此题考查电压和电阻的单位换算，是一道基础题17家庭中的电灯、电视机、电风扇等用电器都是并联在电路中的；它们工作时把电能转化为其它形式的能【考点】家庭电路的连接；电功的实质【专题】电能和电功率；电与热、生活用电【分析】家庭电路中，各家用电器之间是并联的；用电器工作时，将电能转化为了其它形式的能【解答】解：家庭中的电灯、电视机、电风扇等用电器都是并联在电路中的；它们工作时，消耗了电能，得到了其它形式的能，因此把电能转化为了其它形式的能；故答案为：并；其它形式的【点评】本题考查家庭电路的连接以及电流做功的实质，属于基础题18将一根镍铬合金丝均匀拉长接入电路，其电阻将增大；若将这根镍铬合金丝对折后接入电路，其电阻将减小（填“增大”、“减小”或“不变”）【考点】影响电阻大小的因素【专题】压轴题【分析】导体的电阻大小与导体的长度、横截面积和材料有关；同种材料的导体长度越大，横截面积越小，电阻越大；反之，电阻越小；据此即可确定该电阻丝的阻值变化情况【解答】解：导体的电阻与长度、横截面积和材料有关；当同种材料的导体长度越大，横截面积越小，电阻越大；反之，电阻越小；将一根镍铬合金丝均匀拉长后，长度变长，横截面积变小，故电阻将增大；若将这根镍铬合金丝对折后，则长度变短，横截面积变大，故电阻将会减小故答案为：增大，变小【点评】导体的电阻大小与导体的长度、横截面积和材料有关；在分析导体电阻的变化时，要从导体电阻的决定因素的变化去入手分析19将一个定值电阻r接入电路，加在它两端的电压为10v时，通过它的电流为0.1a，可知r的阻值为10，当它两端的电压为2.5v时，通过它的电流为0.25a，它的阻值是10【考点】欧姆定律的应用【专题】欧姆定律【分析】（1）电阻是导体本身的一种性质，只与导体的材料、长度、横截面积和温度有关，与两端的电压和通过的电流无关；（2）知道定值电阻两端的电压和阻值，根据欧姆定律求出通过定值电阻的电流【解答】解：由i=可知，r的阻值：r=10；因为导体的电阻导体本身的一种特性，与导体两端的电压和通过的电流无关，所以当电阻两端电压为2.5v时，其电阻仍为10；通过它的电流：i=0.25a故答案为：10；0.25；10【点评】本题考查了欧姆定律的简单应用，关键是知道导体的电阻与两端的电压和通过的电流无关，是一道基础题目20电阻r1：r2=1：2，将它们串联后接在电源上，则它们两端的电压之比是1：2，通过它们的电流之比是1：1；电功率之比为1：2若将它们并联后接在电源上，它们的电压之比是1：1，电流之比是2：1电功率之比为2：1【考点】欧姆定律的应用；电功率与电压、电流的关系【专题】计算题；比例法；电能和电功率【分析】两电阻串联时，通过它们的电流相等，由此知通过它们的电流比，根据欧姆定律求出两电阻两端的电压之比，由p=ui计算电功率比；两电阻并联时它们两端的电压相等，根据欧姆定律求出通过的电流之比，由p=ui可得电功率比【解答】解：串联电路中各处的电流相等，当两电阻串联时，通过它们的电流之比：i1：i2=1：1，由i=可得它们两端的电压比：=，由p=ui可得电功率之比：=；并联电路中，各支路两端电压与电源电压都相等，将它们并联后接在电源上，它们的电压之比：u1：u2=1：1，由i=可得它们的电流比：=，由p=ui可得电功率之比：=故答案为：1：2；1：1；1：2；1：1；2：1；2：1【点评】本题考查了串联电路的电流特点和并联电路的电压特点以及欧姆定律和电功率公式的应用，是一道较为简单的应用题21小娟在探究“导体中的电流跟其两端电压的关系”时，将记录整理的实验数据绘制成如图所示的ui关系图象由图象可得甲的电阻为10；电阻较大的是导体甲（选填“甲”或“乙”）；若将甲、乙两个导体并联后接在电压为2v的电源上，则干路电流为0.6a；若将甲、乙两个导体串联后接在某电源上，电路中电流为0.2a，则该电源的电压为3v【考点】欧姆定律的应用【专题】欧姆定律【分析】从图象上读出一组电压值和电流值，根据r=即可求出甲和乙的阻值；再根据图象读出甲乙两端电压为2v时分别通过的电流，并利用并联电路电流规律可知干路电流；根据图象读出通过甲乙电流为0.2a时甲乙两端的电压，并利用并联电路电压的特点即可求出电源电压【解答】解：根据图象可知，当u=3v时，i甲=0.3a，i乙=0.6a则r甲=10，r乙=5；根据图象可知，甲乙两端电压为2v时，通过甲乙的电流分别为0.2a和0.4a；因为并联电路中，干路电流等于各支路电流之和，所以当甲乙并联后接在2v电源上时，干路电流为0.2a+0.4a=0.6a；根据图象可知，当通过甲、乙的电流为0.2a，甲乙两端电压分别为2v和1v；因为并联电路中，干路电流等于各支路电流之和，所以电源电压：u=2v+1v=3v故答案为：10；甲；0.6；3【点评】本题考查了学生分析图象得出信息的能力，知道串并联电路的电流、电压的规律是解决本题的关键22在如图1所示的电路中，当闭合开关后，两个电压表的指针偏转均为图2所示，则电阻r1和r2两端的电压分别为7.2v和1.8v【考点】串联电路的电压规律【专题】电压和电阻【分析】（1）分析电路结构，明确各电路元件的连接方式，根据电压表所测电路确定两电压表的量程；（2）确定电压表量程、最小分度值，读出电压表的示数，由串联电路特点求出两电阻两端的电压【解答】解：（1）由电路图知，两电阻r1与r2串联，电压表v1测电源电压，电压表v2测电阻r2两端的电压；电压表v1示数大于电压表v2示数，两个电压表指针偏转角度相同，则电压表v1量程是15v，电压表v2量程是3v；（2）电压表v1量程是15v，最小分度值是0.5v，电压表示数u1=9v；电压表v2量程是3v，最小分度值是0.1v，电压表示数是1.8v；则电阻r2两端的电压u2=uv2=1.8v，由串联电路特点知，电阻r1两端的电压u1=uv1uv2=9v1.8v=7.2v故答案为：7.2v；1.8v【点评】本题考查了求电阻两端的电压，分清电路结构、明确电路元件的连接方式确定电压表的量程是本题的难点、也是本题的解题关键23学习了电能的知识后，小燕观察了家中的电能表的规格如图所示，她家同时使用的用电器总功率不能超过4400w，本月初抄表数如图所示，若本月应交电费66元，且电价为0.5元/kwh，则本月末抄表的示数为5784.8kwh【考点】电能表参数的理解与电能的求法；电功率的计算【专题】计算题【分析】知道电能表的功率和最大电流，求出最大功率知道本月的电费和电价，求出本月的用电量知道本月用电量和上月的电能表的示数，求出本月电能表的示数【解答】解：电能表的额定电压是220v，允许通过的最大电流为20a，所以电路最大功率为：p=ui=22020a=4400w小燕家本月耗电量为：w=132kwh，电能表上月末的示数为：w=5652.8kwh，所以本月末抄表示数为：w总=w+w=132kwh+5652.8kwh=5784.8kwh故答案为：4400；5784.8【点评】掌握电能表各参数的含义，利用额定电压和最大电流可以求出最大功率，利用一个用电器单独工作，铝盘转动的圈数和转动的时间可以求出用电器的功率，这两种是常用的方法，一定要掌握241度电即为1kwh相当于3.6106j的电能某学生用的台灯，灯泡上铭牌标识为“pz22040”，则1度电可供该灯正常发光25小时【考点】物理量的单位及单位换算；电功的计算；额定功率【专题】计算题；应用题【分析】kwh是生活中电能的单位，j是各种形式能的单位，1kwh=3.6106j；1度电也就是1kwh，“pz22040”的灯泡的额定功率是40w，1度电可供该灯泡正常发光的时间t=求出【解答】解：1度电就是1kwh的电能，相当于3.6106j的电能；“pz22040”的灯泡的额定功率即正常发光时的功率是40w，1度电可供该灯正常发光的时间t=25h故答案为：3.6106；25【点评】此题考查电能单位之间的换算，以及电功的有关计算在进行电功计算的时候一定要注意单位的统一，j对应的是w和s，kwh对应的是kw和h25两白炽灯泡铭牌分别为：甲灯泡（“pz22015”）、乙灯泡（“pz22060”），则甲灯泡的灯丝电阻较大，把它们并联接入到220v的电路时，乙灯泡更亮一些【考点】实际功率；电功率的计算【专题】应用题；推理法【分析】由题干可知两灯泡的额定电压和额定功率，可利用电功率公式的变形r=判断两灯泡电阻的大小灯泡的亮度取决于灯泡的实际功率，把它们并联接入到220v的电路中时，两灯泡正常发光，其实际功率等于额定功率，从而可知哪一个灯泡的实际功率大，哪一个灯泡更亮【解答】解：由铭牌可知，两灯泡的额定电压相同为u=220v，而p甲p乙，则由公式r=可知，r甲r乙，把它们并联接入到220v的电路中时，两灯泡正常发光，其实际功率等于额定功率，从而可知，甲灯泡的实际功率为15w，乙灯泡的实际功率为60w，则乙灯泡的实际功率大一些，乙灯泡更亮一些故答案为：甲，乙【点评】本题考查了灯泡电阻的计算和灯泡实际功率的计算，知道铭牌的含义和灯的亮度取决于灯的实际功率是本题的关键26在家庭电路中，电热水器正常工作的电压为220伏，它与家中的空调器是并联连接的（选填“串联”或“并联”）一只标有“pz220100”字样的白炽灯泡，正常工作5h消耗的电能是0.5kwh【考点】家庭电路工作电压、零线火线的辨别方法；家庭电路的连接；电功的计算【分析】家庭电路的电压是220v，家用电器的额定电压是220v，家用电器之间并联，用电器之间即能正常工作，并且互不影响明白“pz220100”的含义，根据w=pt计算灯泡正常工作5h消耗的电能【解答】解：电热水器是家用电器，正常工作的电压是220v电热水器和空调都是家用电器，两者是并联的白炽灯“pz220100”表示是白炽灯是普通照明灯泡，额定电压是220v，额定功率是100ww=pt=0.1kw5h=0.5kwh故答案为：220；并联；0.5【点评】掌握家用电器铭牌上各参数的含义，根据额定电压和额定功率求电阻是常用的一种方法四、实验探究（27小题6分，28小题4分，29小题9分，共计19分）27为了测定额定电压为2.5v的小灯泡的额定功率，利用了如图所示的电路图（1）甲、乙两表中，甲表是电流表，乙表是电压表（2）合上开关，发现灯泡两端的电压只有2v，为了测定灯泡的额定功率，滑动变阻器的滑片应向左端移动，直到电压表示数为2.5v时才停止移动滑片若这时两表的示数分别为“2.5v”和“0.24a”，则小灯泡的额定功率为0.6w（3）若闭合开关后发现电流表指针偏转，电压表指针没有偏转，该故障的原因是a（选填下列故障原因的字母代号）a灯泡短路 b灯泡断路c电源接触不良 d电流表接线短路【考点】探究用电器的电功率实验；电流表、电压表在判断电路故障中的应用；电功率的计算【专题】实验题【分析】（1）电流表在电路中相当于导线，而电压表在电路中相当于开路，故据测量灯泡功率的实验装置分析判断即可；（2）在串联电路中，电阻之比等于电压之比，故据此能判断滑片的移动情况；同时据此时的额定电压和额定电流，据公式p=ui可计算出此时的额定功率；（3）电流表指针偏转，电压表指针没有偏转，说明电路是通路，问题出在电压表接线柱接触不良或电阻短路（两端电压为0）【解答】解：（1）据电流表串联在电路中，电压表并联在电路中的特点分析不难看出，此时甲表是电流表，乙表是电压表；（2）在串联电路中，电阻之比等于电压之比，故此时灯泡的电压由2v调节为2.5v，故灯泡两端的电压需变大，即变阻器两端的 电压应变小，故其阻值应变小，所以滑片应向左端移动，直到电压为额定电压2.5v时为止；同时灯泡正常发光时，两表的示数是“2.5v”和“0.24a”，即此时的功率是p=ui=2.5v0.24a=0.6w；（3）若闭合开关后，电流表指针偏转，电压表指针没有偏转，说明电路是通路，问题出在：灯泡短路（两端电压为0），故障原因a故答案为：（1）电流；电压；（2）左；2.5；0.6；（3）a【点评】知道电流表和电压表使用特点，并能根据电流表和电压表的示数情况判断故障是解决该题的关键28在“研究电流跟电压、电阻的关系”中，数据记录在表一和表二中表一r=5电压/v来1.02.03.0电流/a0.20.40.6表二u=3v电阻/51015电流/a0.60.30.2（1）根据实验数据，可得出如下结论：由表一可得：电阻一定，电流与电压成正比由表二可得：电压一定，电流与电阻成反比（2）在研究电流与电阻关系时，先用5欧的定值电阻进行实验，使电压表的示数为3v，再换用10欧的定值电阻时，某同学没有改变滑动变阻器滑片的位置，合上开关后，电压表的示数将大于3v（选填“大于”、“小于”或“等于”）此时应调节滑片，使滑动变阻器阻值变大，直至电压表的示数为3v【考点】探究电流与电压、电阻的关系实验【专题】实验题；探究型实验综合题【分析】（1）在探究电流跟电压、电阻关系时，应采用控制变量法进行研究即电阻不变时，研究电流与电压之间的关系；电压不变时，研究电流与电阻之间的关系（2）根据欧姆定律及串联电路的特点，分析更换电阻后电阻两端的电压的变化以及如何移动滑片才能保证电阻两端电压不变【解答】解：（1）分析表一中的数据可知，电阻一定时，电阻两端的电压增大几倍，对应的电流也增大几倍，故可得结论：在电阻一定时，导体中的电流与导体两端的电压成正比；分析表二中的数据可知，电压一定时，电阻增大几倍，对应的电流变为原来几倍分之一，故可得结论：在电压一定时，导体中的电流与导体的电阻成反比（2）把5的定值电阻更换为10的定值电阻时，电路总电阻r变大，电