(全国通用)高考物理 考前三个月 高考题型集训 第5题 预测题型3 带电体在匀强电场中的运动.doc_第1页
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预测题型3带电体在匀强电场中的运动1(多选)(2015广东理综21)如图1所示的水平匀强电场中,将两个带电小球m和n分别沿图示路径移动到同一水平线上的不同位置,释放后,m、n保持静止,不计重力,则()图1am的带电荷量比n的大bm带负电荷,n带正电荷c静止时m受到的合力比n的大d移动过程中匀强电场对m做负功2(多选)(2015江苏单科7)如图2所示,一带正电的小球向右水平抛入范围足够大的匀强电场,电场方向水平向左不计空气阻力,则小球()图2a做直线运动b做曲线运动c速率先减小后增大d速率先增大后减小3(2015浙江理综16)如图3所示为静电力演示仪,两金属极板分别固定于绝缘支架上,且正对平行放置工作时两板分别接高压直流电源的正负极,表面镀铝的乒乓球用绝缘细线悬挂在两金属板中间,则()图3a乒乓球的左侧感应出负电荷b乒乓球受到扰动后,会被吸在左极板上c乒乓球共受到电场力、重力和库仑力三个力的作用d用绝缘棒将乒乓球拨到与右极板接触,放开后乒乓球会在两极板间来回碰撞4(多选)(2015四川理综6)如图4所示,半圆槽光滑、绝缘、固定,圆心是o,最低点是p,直径mn水平a、b是两个完全相同的带正电小球(视为点电荷),b固定在m点,a从n点静止释放,沿半圆槽运动经过p点到达某点q(图中未画出)时速度为零则小球a()图4a从n到q的过程中,重力与库仑力的合力先增大后减小b从n到p的过程中,速率先增大后减小c从n到q的过程中,电势能一直增加d从p到q的过程中,动能减少量小于电势能增加量5.(2015皖东三校5月联考)如图5所示,一质量为m,电量为q的带电油滴,从水平向右的匀强电场中的o点以速度v沿与场强方向成37角射入电场中,油滴运动到最高点时速度大小也是v,已知重力加速度为g,下列说法正确的是()图5a最高点一定在o点的正上方b最高点可能在o点的右上方co点与最高点之间的电势差可能为零d匀强电场的电场强度e3mg/q6.(2015南平5月质检)如图6所示,长为l、倾角为的光滑绝缘斜面处于电场中,一带电量为q、质量为m的小球以初速度v0从斜面底端a点开始沿斜面上滑,当到达斜面顶端b点时,速度仍为v0,则()图6a小球在b点的电势能一定大于在a点的电势能ba、b两点间的电压一定等于c若电场是匀强电场,则该电场的电场强度最大值一定为d若该电场是由放置在c点的点电荷q产生,则为457(2015绵阳三诊)电荷量q1104 c的带正电的小物块静止在绝缘水平面上,所在空间存在沿水平方向的电场,其电场强度e的大小与时间t的关系如图7甲所示,物块速度v的大小与时间t的关系如图乙所示重力加速度g10 m/s2.则()图7a物块在4 s内位移是8 mb物块的质量是1 kgc物块与水平面间动摩擦因数是0.4d物块在4 s内电势能减少了14 j答案精析预测题型3带电体在匀强电场中的运动1bd带电小球m、n在不计重力条件下平衡,说明m、n两球所受电场力的合力为零,即m、n所在点合场强为零,所以m球在n球处所产生的场强方向向左,大小为e,故m球带负电;同理,n球在m球处产生的场强方向向右,大小为e,故n球带正电,且两球所带电荷量相等所以b、d正确2bc对小球受力分析,小球受重力、电场力作用,合外力的方向与初速度的方向不在同一条直线上,故小球做曲线运动,故a错误,b正确;在运动的过程中合外力方向与速度方向间的夹角先为钝角后为锐角,故合外力对小球先做负功后做正功,所以速率先减小后增大,选项c正确,d错误3d两极板间电场由正极板指向负极板,镀铝乒乓球内电子向正极板一侧聚集,故乒乓球的右侧感应出负电荷,a错误;乒乓球不可能吸在左极板上,b错误;库仑力就是电场力,c错误;乒乓球与右极板接触后带正电,在电场力作用下向负极板运动,碰到负极板正电荷与负极板上的负电荷中和后带负电,在电场力作用下又向正极板运动,这样会在两极板间来回碰撞,d正确4bc小球a从n点静止释放,过p点后到q点速度为零,整个运动过程只有重力和库仑力做功,库仑力方向与小球a速度方向夹角一直大于90,所以库仑力在整个过程做负功小球a从n到q的过程中,库仑力增大,库仑力与重力的夹角减小,所以它们的合力一直增大,故a错误;小球a受力如图所示,在靠近n点的位置,合力与速度夹角小于90,在p点合力与速度夹角大于90,所以小球a从n到p的过程中,速率应先增大后减小,故b正确;从n到q的过程中,库仑力一直做负功,所以电势能一直增加,故c正确;根据能量守恒可知,p到q的过程中,动能的减少量等于重力势能和电势能的增加量之和,故d错误5d油滴从o到o的过程,动能不变,而重力势能增加,根据能量守恒可知油滴的电势能减小,电场力做正功,油滴带负电,则知该油滴应逆着电场线移动,故o在o的左上方故a、b错误;油滴从o到o的过程,由动能定理得uooqmgh0解得uoo.故c错误;竖直方向上:vsin gt,设水平方向的加速度大小为a,取向右为正方向,则vvcos at又eqma联立以上三式得:e,故d正确6b小球从a运动到b的过程中,动能不变,重力势能增加,电势能减小,则小球在b点的电势能一定小于小球在a点的电势能,故a错误;根据动能定理得:mglsin quabmvmv,得到:uab.故b正确若电场是匀强电场,电场力恒定,到达b点时小球速度仍为v0,故小球做匀速直线运动,电场力与重力、支持力的合力为零小球的重力沿斜面向下的分力为mgsin 一定,则当电场力沿斜面向上,大小为fmgsin 时,电场力最小,场强最小,又电场力feq,则该电场的场强的最小值一定是.电场强度的最大值不能确定故c错误;若该电场是由放置在c点的点电荷q产生,为45时,a、b两点的电势相等,小球从a运动到b电势能不变,与上分析矛盾,故d错误7bd物块在4 s内位移为:x2(24) m6 m,故a错误;由题图乙可知,前2 s物块做匀加速直线运动,由牛顿第二定律有:qe1mgma,由图线知加速度为:a1 m/s2.1 s后物块做匀速直线运动,由平衡条件有:qe2mg,联立解得:q(e1e2)ma由图可得:e13104 n/c

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