（全国通用）高考物理 考前三个月 高考题型集训 第5题 预测题型3 带电体在匀强电场中的运动.doc

预测题型3带电体在匀强电场中的运动1(多选)(2015广东理综21)如图1所示的水平匀强电场中，将两个带电小球m和n分别沿图示路径移动到同一水平线上的不同位置，释放后，m、n保持静止，不计重力，则()图1am的带电荷量比n的大bm带负电荷，n带正电荷c静止时m受到的合力比n的大d移动过程中匀强电场对m做负功2(多选)(2015江苏单科7)如图2所示，一带正电的小球向右水平抛入范围足够大的匀强电场，电场方向水平向左不计空气阻力，则小球()图2a做直线运动b做曲线运动c速率先减小后增大d速率先增大后减小3(2015浙江理综16)如图3所示为静电力演示仪，两金属极板分别固定于绝缘支架上，且正对平行放置工作时两板分别接高压直流电源的正负极，表面镀铝的乒乓球用绝缘细线悬挂在两金属板中间，则()图3a乒乓球的左侧感应出负电荷b乒乓球受到扰动后，会被吸在左极板上c乒乓球共受到电场力、重力和库仑力三个力的作用d用绝缘棒将乒乓球拨到与右极板接触，放开后乒乓球会在两极板间来回碰撞4(多选)(2015四川理综6)如图4所示，半圆槽光滑、绝缘、固定，圆心是o，最低点是p，直径mn水平a、b是两个完全相同的带正电小球(视为点电荷)，b固定在m点，a从n点静止释放，沿半圆槽运动经过p点到达某点q(图中未画出)时速度为零则小球a()图4a从n到q的过程中，重力与库仑力的合力先增大后减小b从n到p的过程中，速率先增大后减小c从n到q的过程中，电势能一直增加d从p到q的过程中，动能减少量小于电势能增加量5.(2015皖东三校5月联考)如图5所示，一质量为m，电量为q的带电油滴，从水平向右的匀强电场中的o点以速度v沿与场强方向成37角射入电场中，油滴运动到最高点时速度大小也是v，已知重力加速度为g，下列说法正确的是()图5a最高点一定在o点的正上方b最高点可能在o点的右上方co点与最高点之间的电势差可能为零d匀强电场的电场强度e3mg/q6.(2015南平5月质检)如图6所示，长为l、倾角为的光滑绝缘斜面处于电场中，一带电量为q、质量为m的小球以初速度v0从斜面底端a点开始沿斜面上滑，当到达斜面顶端b点时，速度仍为v0，则()图6a小球在b点的电势能一定大于在a点的电势能ba、b两点间的电压一定等于c若电场是匀强电场，则该电场的电场强度最大值一定为d若该电场是由放置在c点的点电荷q产生，则为457(2015绵阳三诊)电荷量q1104 c的带正电的小物块静止在绝缘水平面上，所在空间存在沿水平方向的电场，其电场强度e的大小与时间t的关系如图7甲所示，物块速度v的大小与时间t的关系如图乙所示重力加速度g10 m/s2.则()图7a物块在4 s内位移是8 mb物块的质量是1 kgc物块与水平面间动摩擦因数是0.4d物块在4 s内电势能减少了14 j答案精析预测题型3带电体在匀强电场中的运动1bd带电小球m、n在不计重力条件下平衡，说明m、n两球所受电场力的合力为零，即m、n所在点合场强为零，所以m球在n球处所产生的场强方向向左，大小为e，故m球带负电；同理，n球在m球处产生的场强方向向右，大小为e，故n球带正电，且两球所带电荷量相等所以b、d正确2bc对小球受力分析，小球受重力、电场力作用，合外力的方向与初速度的方向不在同一条直线上，故小球做曲线运动，故a错误，b正确；在运动的过程中合外力方向与速度方向间的夹角先为钝角后为锐角，故合外力对小球先做负功后做正功，所以速率先减小后增大，选项c正确，d错误3d两极板间电场由正极板指向负极板，镀铝乒乓球内电子向正极板一侧聚集，故乒乓球的右侧感应出负电荷，a错误；乒乓球不可能吸在左极板上，b错误；库仑力就是电场力，c错误；乒乓球与右极板接触后带正电，在电场力作用下向负极板运动，碰到负极板正电荷与负极板上的负电荷中和后带负电，在电场力作用下又向正极板运动，这样会在两极板间来回碰撞，d正确4bc小球a从n点静止释放，过p点后到q点速度为零，整个运动过程只有重力和库仑力做功，库仑力方向与小球a速度方向夹角一直大于90，所以库仑力在整个过程做负功小球a从n到q的过程中，库仑力增大，库仑力与重力的夹角减小，所以它们的合力一直增大，故a错误；小球a受力如图所示，在靠近n点的位置，合力与速度夹角小于90，在p点合力与速度夹角大于90，所以小球a从n到p的过程中，速率应先增大后减小，故b正确；从n到q的过程中，库仑力一直做负功，所以电势能一直增加，故c正确；根据能量守恒可知，p到q的过程中，动能的减少量等于重力势能和电势能的增加量之和，故d错误5d油滴从o到o的过程，动能不变，而重力势能增加，根据能量守恒可知油滴的电势能减小，电场力做正功，油滴带负电，则知该油滴应逆着电场线移动，故o在o的左上方故a、b错误；油滴从o到o的过程，由动能定理得uooqmgh0解得uoo.故c错误；竖直方向上：vsin gt，设水平方向的加速度大小为a，取向右为正方向，则vvcos at又eqma联立以上三式得：e，故d正确6b小球从a运动到b的过程中，动能不变，重力势能增加，电势能减小，则小球在b点的电势能一定小于小球在a点的电势能，故a错误；根据动能定理得：mglsin quabmvmv，得到：uab.故b正确若电场是匀强电场，电场力恒定，到达b点时小球速度仍为v0，故小球做匀速直线运动，电场力与重力、支持力的合力为零小球的重力沿斜面向下的分力为mgsin 一定，则当电场力沿斜面向上，大小为fmgsin 时，电场力最小，场强最小，又电场力feq，则该电场的场强的最小值一定是.电场强度的最大值不能确定故c错误；若该电场是由放置在c点的点电荷q产生，为45时，a、b两点的电势相等，小球从a运动到b电势能不变，与上分析矛盾，故d错误7bd物块在4 s内位移为：x2(24) m6 m，故a错误；由题图乙可知，前2 s物块做匀加速直线运动，由牛顿第二定律有：qe1mgma，由图线知加速度为：a1 m/s2.1 s后物块做匀速直线运动，由平衡条件有：qe2mg，联立解得：q(e1e2)ma由图可得：e13104 n/c