甘肃省张掖市高台一中高考物理模拟试卷（十）（含解析）.docVIP

2015年甘肃省张掖市高台一中高考物理模拟试卷（十）一.选择题：本大题共8小题，每小题6分，共48分在每小题给出的四个选项中，第1-5只有一项符合题目要求，第68有多选项符合题目要求，全部选对给6分，选对但不全得3分，有选错或不答的得0分1物理学国际单位制中有基本单位和导出单位，下列物理量的单位用基本单位表示，正确的是（）a功率的单位用基本单位表示是nm/sb电容的单位用基本单位表示是c/vc电量的单位用基本单位表示是asd磁通量的单位用基本单位表示是tm22关于环绕地球运动的卫星，下列说法正确的是（）a分别沿圆轨道和椭圆轨道运行的两颗卫星，不可能具有相同的周期b沿椭圆轨道运行的一颗卫星，在轨道不同位置可能具有相同的速率c在赤道上空运行的两颗地球同步卫星，它们的轨道半径有可能不同d沿不同轨道经过北京上空的两颗卫星，它们的轨道平面一定会重合3图甲、图乙分别表示两种电压的波形，其中图甲所示的电压按正弦规律变化，图乙所示的电压是正弦函数的一部分下列说法错误的是（）a图甲、图乙均表示交流电b图甲所示电压的瞬时值表达式为u=20sin100tc图乙所示电压的有效值为20vd图乙所示电压的有效值为10v4如图所示，a，b，c是某匀强电场中的四个点，它们正好是一个矩形的四个顶点，ab=cd=l，ad=bc=2l，电场线与矩形所在平面平行已知a点电势为20v，b点电势为24v，d点电势为12v，一个质子从b点以v0的速度射入此电场，入射方向与bc成45角，一段时间后经过c点不计质子的重力，下列判断正确的是（）ac点电势低于a点电势b电场强度的方向由b指向dc质子从b运动到c，所用的时间为d质子从b运动到c，电场力做功为4ev5电阻非线性变化的滑动变阻器r2接入图甲的电路中，移动滑动变阻器触头改变接入电路中的长度x（x为图中a与触头之间的距离），定值电阻r1两端的电压u1与x间的关系如图乙，a、b、c为滑动变阻器上等间距的三个点，当触头从a移到b和从b移到c的这两过程中，下列说法正确的是（）a电流表a示数变化相等b电压表v2的示数变化不相等c电阻r1的功率变化相等d电源的输出功率均不断增大6如图a所示，在光滑水平面上叠放着甲、乙两物体现对甲施加水平向右的拉力f，通过传感器可测得甲的加速度a随拉力f变化的关系如图b所示已知重力加速度g=10m/s2，由图线可知（）a甲的质量是2kgb甲的质量是6kgc甲、乙之间的动摩擦因数是0.2d甲、乙之间的动摩擦因数是0.67质量为m的物块在平行于斜面的力f作用下，从倾角为的固定斜面底端a由静止开始沿斜面上滑，经b点时速率为v，此时撤去f，物块滑回斜面底端时速率也为v，若a、b间距离为x，则（）a滑块滑回底端时重力的瞬时功率为mgvb整个过程中物块克服摩擦力做功为fxc下滑过程中物块重力做功为fx+mv2d从撤去f到物块滑回斜面底端，摩擦力做功为mgxsin8如图，正方形线框的边长为l，电容器的电容为c正方形线框的一半放在垂直纸面向里的匀强磁场中，当磁感应强度以k的变化率均匀减小且电路稳定后，有（）a线框中产生的感应电动势大小为kl2b电压表读数为零ca点的电势高于b点的电势kl2d电容器所带的电荷量为零三、非选择题：包括必考题和选考题两部分第9题-第12题为必考题，每个试题考生必须作答第13题-第18题为选考题，考生根据要求作答（一）必考题（共129分）9如图所示，弹簧左端固定，右端被一个小球恰好压缩在光滑水平桌面上，已知小球质量为m，桌面水平高度为h，小球释放后，在弹簧弹力作用下水平向右飞出，弹簧原长恰好在桌面边沿记录下小球落点p（1）若测得某次压缩弹簧释放后小球落点p痕迹到o点的距离为s，则释放小球前弹簧的弹性势能表达式为；（2）该同学改变弹簧的压缩量进行多次测量得到表一组数据：弹簧压缩量x/cm1.002.003.004.005.00小球飞行水平距离s/m0.190.400.610.800.99结合（1）问与表中数据，可分析得到弹簧弹性势能ep与弹簧压缩量x之间的函数关系式为（k为比例系数）aep=kx2 bep=kx cep=k dep=k（3）你认为ep与x的关系式中的比例系数k与弹簧的什么因素有关？10研究性学习小组围绕一个量程为30ma的电流计展开探究（1）为测量该电流计的内阻，同学甲设计了如图（a）所示电路图中电源电动势未知，内阻不计闭合开关，将电阻箱阻值调到20时，电流计恰好满偏；将电阻箱阻值调到95时，电流计的读数为12ma由以上数据可得电流计的内阻rg=（2）同学乙将甲设计的电路稍作改变，在电流计两端接上两个表笔，如图（b）所示，设计出一个简易的欧姆表，并将表盘的电流刻度转换为电阻刻度：闭合开关，将两表笔断开，调节电阻箱，使指针指在“30ma”处，此处刻度应标阻值为（填“0”或“”）；再保持电阻箱阻值不变，在两表笔间接不同阻值的已知电阻找出对应的电流刻度则“10ma”处对应表笔间电阻阻值为若该欧姆表使用一段时间后，电池内阻变大不能忽略，电动势不变，但将两表笔断开，调节电阻箱指针仍能满偏，按正确使用方法再进行测量电阻，其测量结果与原结果相比将（填“变大”、“变小”或“不变”）11如图，质量m=2.0kg的物体在水平外力的作用下在水平面上运动，物体和水平面间的动摩擦因数=0.05，已知物体运动过程中的坐标与时间的关系为，g=10m/s2根据以上条件求：（1）t=10s时刻物体的位置坐标；（2）t=10s时刻物体的速度的大小方向；（3）t=10s时刻水平外力的大小（结果可以用根号表达）12如图所示，k是粒子发生器，d1、d2、d3是三块挡板，通过自动控制装置可以控制它们定时开启和关闭，d1、d2的间距为l，d2、d3的间距为在以o为原点的直角坐标系oxy中有一磁感应强度大小为b，方向垂直纸面向里的匀强磁场，y轴和直线mn是它的左、右边界，且mn平行于y轴现开启挡板d1、d3，粒子发生器仅在t=o时刻沿x轴正方向发射各种速率的粒子，d2仅在t=nt（n=0、1、2，t为一定值）时刻开启，在t=5t时刻，再关闭挡板d3，使粒子无法进入磁场区域已知挡板的厚度不计，粒子质量为m、电荷量为+q（q大于0 ），不计粒子的重力，不计粒子间的相互作用，整个装置都放在真空中（1）求能够进入磁场区域的粒子速度大小（2）已知从原点o进入磁场中速度最小的粒子经过坐标为（0cm，2cm）的p点，应将磁场的右边界mn在oxy平面内如何平移，才能使从原点o进入磁场中速度最大的粒子经过坐标为（cm，6cm）的q点？（二）选考题：共45分请考生从给出的3道物理题中任选一题作答，并用2b铅笔在答题卡上把所选题目的题号框涂黑注意所做题目必须与所涂题目的题号一致，在答题卡选答区域指定位置答题如果不涂、多涂均按所答第一题评分；多答则按所答的第一题评分【物理-选修3-3】13下列说法正确的是（）a温度是分子平均动能的标志，物体温度越高，则分子的平均动能越大b悬浮在液体中的微粒越小，在某一瞬间跟它相撞的液体分子数就越少，布朗运动越不明显c在各种晶体中，原子（或分子、离子）都是按照一定的规则排列的，具有空间上的周期性d在使两个分子间的距离由很远（r109m）减小到很难再靠近的过程中，分子间的作用力先减小后增大，分子势能不断增大e热量可能从低温物体传递到高温物体14一足够高的直立气缸上端开口，用一个厚度不计的活塞封闭了一段高为80cm的气柱，活塞的横截面积为0.01m2，活塞与气缸间的摩擦不计，气缸侧壁通过一个开口与u形管相连，开口离气缸底部的高度为70cm，开口管内及u形管内的气体体积忽略不计已知如图所示状态时气体的温度为7，u形管内水银面的高度差h1=5cm，大气压强p0=1.0105pa保持不变，水银的密度=13.6103kg/m3求：活塞的重力现在活塞上添加沙粒，同时对气缸内的气体加热，始终保持活塞的高度不变，此过程缓慢进行，当气体的温度升高到37时，u形管内水银的高度差为多少？【物理-选修3-4】15空气中悬浮着一颗球形小水珠，一缕阳光水平入射，如图所示n甲、n乙和n丙分别表示水对甲光、乙光和丙光的折射率判断以下表述正确的是 （）an甲n乙n丙b波长的关系甲乙丙c频率v的关系v甲v乙v丙d三束光由水到空气的折射角甲=乙=丙16机械横波某时刻的波形图如图所示，波沿x轴正方向传播，质点p的坐标x=0.32m从此时刻开始计时（1）若每间隔最小时间0.4s重复出现波形图，求波速（2）若p点经0.4s第一次达到正向最大位移，求波速（3）若p点经0.4s到达平衡位置，求波速【物理-选修3-5】17以下说法正确的是（）a卢瑟福通过实验发现了质子的核反应方程为he+no+hb铀核裂变的核反应是： uba+kr+2nc质子、中子、粒子的质量分别为m1、m2、m3两个质子和两个中子结合成一个粒子，释放的能量是：（m1+m2m3）c2d原子从a能级状态跃迁到b能级状态时发射波长为1的光子；原子从b能级状态跃迁到c能级状态时吸收波长2的光子，已知12那么原子从a能级状态跃迁到c能级状态时将要吸收波长为的光子18如图所示，光滑水平面上静止着倾角为、高度为h、质量为m的光滑斜面，质量为m的小球以一定的初速度从斜面底端沿着斜面向上运动若斜面固定，小球恰好冲上斜面的顶端，若斜面不固定，求小球冲上斜面后能达到的最大高度h2015年甘肃省张掖市高台一中高考物理模拟试卷（十）参考答案与试题解析一.选择题：本大题共8小题，每小题6分，共48分在每小题给出的四个选项中，第1-5只有一项符合题目要求，第68有多选项符合题目要求，全部选对给6分，选对但不全得3分，有选错或不答的得0分1物理学国际单位制中有基本单位和导出单位，下列物理量的单位用基本单位表示，正确的是（）a功率的单位用基本单位表示是nm/sb电容的单位用基本单位表示是c/vc电量的单位用基本单位表示是asd磁通量的单位用基本单位表示是tm2【考点】力学单位制【分析】国际单位制规定了七个基本物理量分别为长度、质量、时间、热力学温度、电流、光强度、物质的量它们的在国际单位制中的单位称为基本单位，而物理量之间的关系式推到出来的物理量的单位叫做导出单位【解答】解：a、功率的单位用nm/s来表示时，其中的n是导出单位，不是基本单位，所以a错误b、电容的单位用c/v来表示时，其中的c和v都不是基本单位，是导出单位，所以b错误c、电量的单位用as来表示时，其中的a和s分别是电流和时间的基本单位，所以c正确d、磁通量的单位用tm2来表示时，其中的t是导出单位，不是基本单位，所以d错误故选c【点评】国际单位制规定了七个基本物理量，这七个基本物理量分别是谁，它们在国际单位制分别是谁，这都是需要学生自己记住的2关于环绕地球运动的卫星，下列说法正确的是（）a分别沿圆轨道和椭圆轨道运行的两颗卫星，不可能具有相同的周期b沿椭圆轨道运行的一颗卫星，在轨道不同位置可能具有相同的速率c在赤道上空运行的两颗地球同步卫星，它们的轨道半径有可能不同d沿不同轨道经过北京上空的两颗卫星，它们的轨道平面一定会重合【考点】人造卫星的加速度、周期和轨道的关系【专题】人造卫星问题【分析】根据开普勒定律求解了解同步卫星的含义，即同步卫星的周期必须与地球自转周期相同物体做匀速圆周运动，它所受的合力提供向心力，也就是合力要指向轨道平面的中心通过万有引力提供向心力，列出等式通过已知量确定未知量【解答】解：a、分别沿圆轨道和椭圆轨道运行的两颗卫星，可能具有相同的周期，故a错误；b、沿椭圆轨道运行的一颗卫星，在轨道对称的不同位置具有相同的速率，故b正确；c、根据万有引力提供向心力，列出等式： =m（r+h），其中r为地球半径，h为同步卫星离地面的高度由于同步卫星的周期必须与地球自转周期相同，所以t为一定值，根据上面等式得出：同步卫星离地面的高度h也为一定值故c错误；d、它若在除赤道所在平面外的任意点，假设实现了“同步”，那它的运动轨道所在平面与受到地球的引力就不在一个平面上，这是不可能的，因此同步卫星相对地面静止不动，所以同步卫星不可能经过北京上空，故d错误；故选：b【点评】地球质量一定、自转速度一定，同步卫星要与地球的自转实现同步，就必须要角速度与地球自转角速度相等，这就决定了它的轨道高度和线速度大小3图甲、图乙分别表示两种电压的波形，其中图甲所示的电压按正弦规律变化，图乙所示的电压是正弦函数的一部分下列说法错误的是（）a图甲、图乙均表示交流电b图甲所示电压的瞬时值表达式为u=20sin100tc图乙所示电压的有效值为20vd图乙所示电压的有效值为10v【考点】正弦式电流的最大值和有效值、周期和频率；正弦式电流的图象和三角函数表达式【专题】交流电专题【分析】解本题时应该掌握：交流电和直流电的定义，直流电是指电流方向不发生变化的电流；理解并会求交流电的有效值，u=只适用于正余弦交流电；根据图象书写交流电的表达式等【解答】解：a、电流方向随着时间周期性变化的电流就是交流电，故图甲、图乙均表示，故a正确；b、图中电压的最大值为20v，频率为0.02s，故表达式为：u=umsin=20sin100t，故b正确；c、d、图乙所示电压的最大值为20v，根据有效值的定义，有：解得：u=故c错误，d正确；本题选择错误的，故选c【点评】本题比较全面的涉及了关于交流电的物理知识，重点是交流电的描述和对于有效值的理解4如图所示，a，b，c是某匀强电场中的四个点，它们正好是一个矩形的四个顶点，ab=cd=l，ad=bc=2l，电场线与矩形所在平面平行已知a点电势为20v，b点电势为24v，d点电势为12v，一个质子从b点以v0的速度射入此电场，入射方向与bc成45角，一段时间后经过c点不计质子的重力，下列判断正确的是（）ac点电势低于a点电势b电场强度的方向由b指向dc质子从b运动到c，所用的时间为d质子从b运动到c，电场力做功为4ev【考点】电势能；电势【专题】电场力与电势的性质专题【分析】在匀强电场中，沿着电场线方向每前进相同的距离，电势变化相等；根据电场线与等势面垂直垂直画出电场线，根据w=qu计算电场力做的功【解答】解：a、在匀强电场中，沿着电场线方向每前进相同的距离，电势变化相等，故uaud=ubuc，解得uc=16v，则c点电势低于a点电势故a正确；b、设ad连线中点为o，则其电势为16v，故co为等势面，电场线与等势面垂直，则电场线沿着bo方向故b错误；c、由上可知，电场线沿着bo方向，质子从b运动到c做为在平抛运动，垂直于bo方向做匀速运动，位移大小为x=2l=，则运动时间为故c正确d、根据w=qu，质子从b点运动到c点，电场力做功为w=qubc=1e（24v16v）=8ev，故d错误；故选ac【点评】本题关键是抓住匀强电场中沿着任意方向每前进相同的距离电势变化相等以及电场线与等势面垂直进行分析5电阻非线性变化的滑动变阻器r2接入图甲的电路中，移动滑动变阻器触头改变接入电路中的长度x（x为图中a与触头之间的距离），定值电阻r1两端的电压u1与x间的关系如图乙，a、b、c为滑动变阻器上等间距的三个点，当触头从a移到b和从b移到c的这两过程中，下列说法正确的是（）a电流表a示数变化相等b电压表v2的示数变化不相等c电阻r1的功率变化相等d电源的输出功率均不断增大【考点】闭合电路的欧姆定律；电功、电功率【专题】恒定电流专题【分析】对于电阻r1，根据欧姆定律得到u1=ir1，电阻r1一定，由图象读出电压变化关系，分析电流变化关系电压表v2的示数u2=eir，根据电流变化关系，分析v2的示数变化关系根据电阻r1的功率p1=i2r1分析r1的功率变化关系；由图读出电压的变化，分析电流的变化情况，根据外电阻与电源内阻的关系，分析电源输出功率如何变化【解答】解：a、根据欧姆定律得到电阻r1两端的电压u1=ir1，由图看出，电压u1变化相等，r1一定，则知电流的变化相等，即得电流表示数变化相等故a正确；b、电压表v2的示数u2=eir，电流i的变化相等，e、r一定，则u2相等故b错误；c、电阻r1的功率p1=i2r1，其功率的变化量为p1=2ir1i，由上知i相等，而i减小，则知，从a移到b功率变化量较大故c错误；d、由图2知，u1减小，电路中电流减小，总电阻增大，由于外电路总与电源内阻的关系未知，无法确定电源的输出功率如何变化故d错误故选：a【点评】分析电路图，得出滑动变阻器和定值电阻串联，利用好串联电路的特点和欧姆定律是基础，关键要利用好从u1x图象得出的信息6如图a所示，在光滑水平面上叠放着甲、乙两物体现对甲施加水平向右的拉力f，通过传感器可测得甲的加速度a随拉力f变化的关系如图b所示已知重力加速度g=10m/s2，由图线可知（）a甲的质量是2kgb甲的质量是6kgc甲、乙之间的动摩擦因数是0.2d甲、乙之间的动摩擦因数是0.6【考点】牛顿第二定律；摩擦力的判断与计算【专题】牛顿运动定律综合专题【分析】当力f较小时甲乙一起以相同加速度匀加速直线运动，故先用整体法分析；当力f较大时甲乙加速度不同，采用隔离法分析【解答】解：由图象可以看出当力f48n时加速度较小，所以甲乙相对静止，采用整体法，由牛顿第二定律：f=（m+m）a图中直线的较小斜率的倒数等于m与m质量之和：8kg当f48n时，甲的加速度较大，采用隔离法，由牛顿第二定律：fmg=ma图中较大斜率倒数等于甲的质量：6kg，较大斜率直线的延长线与a的截距等于g得=0.2所以bc正确，ad错误故选：bc【点评】本题考查了牛顿第二定律解决连接体问题，正确的结合图象得出斜率与截距的物理意义是关键7质量为m的物块在平行于斜面的力f作用下，从倾角为的固定斜面底端a由静止开始沿斜面上滑，经b点时速率为v，此时撤去f，物块滑回斜面底端时速率也为v，若a、b间距离为x，则（）a滑块滑回底端时重力的瞬时功率为mgvb整个过程中物块克服摩擦力做功为fxc下滑过程中物块重力做功为fx+mv2d从撤去f到物块滑回斜面底端，摩擦力做功为mgxsin【考点】动能定理的应用；功率、平均功率和瞬时功率【专题】动能定理的应用专题【分析】根据w=mgh，求解重力做功根据动能定理，研究f撤去后到物体滑回斜面底端的过程，求出摩擦力做功【解答】解：a、重力与瞬时速度方向并不在一条直线上，故重力的瞬时功率为p=mgvsin故a错误 b、整个过程中，设物块克服摩擦力做功为wf，根据动能定理得：fxwf=mv2，得wf=fxmv2，故b错误 c、上滑和下滑过程中物体受摩擦力大小相同，位移大小相等，故下滑过程中克服摩擦力做的功与上滑过程克服摩擦力做的功相等，则下滑过程克服摩擦力做的为=mv2，设下滑过程重力做功为wg，根据动能定理：wg（mv2）=mv2，得：wg=fx+mv2，故c正确 d、从撤去f到物块滑回斜面底端，设摩擦力做功为wf，根据动能定理得：mgxsin+wf=0，解得，wf=mgxsin故d正确故选：cd【点评】重力做功只与初末位置的高度差有关本题运用动能定理时要灵活研究的过程8如图，正方形线框的边长为l，电容器的电容为c正方形线框的一半放在垂直纸面向里的匀强磁场中，当磁感应强度以k的变化率均匀减小且电路稳定后，有（）a线框中产生的感应电动势大小为kl2b电压表读数为零ca点的电势高于b点的电势kl2d电容器所带的电荷量为零【考点】导体切割磁感线时的感应电动势；闭合电路的欧姆定律【专题】电磁感应与电路结合【分析】根据法拉第电磁感应定律求出感应电动势大小电容器充电完毕后电路中没有电流，电压表则没有读数由楞次定律判断电势的高低电容器的电量不为零【解答】解：a、由法拉第电磁感应定律注意有效面积，得e=，故a错误b、磁场均匀减弱，线圈产生恒定的感应电动势，电容器充电完毕后电路中没有电流，电压表则没有读数故b正确c、由楞次定律可知，感应电动势方向沿顺时针，则a 点的电势高于b点的电势，电势差为感应电动势故c正确d、线圈产生恒定的感应电动势给电容器充电，则电容器的电量不为零故d错误故选：bc【点评】本题运用法拉第定律e=时要注意s是有效面积，不是线圈的总面积要理解电压表的核心是电流表，没有电流，电压表指针不偏转，则没有读数三、非选择题：包括必考题和选考题两部分第9题-第12题为必考题，每个试题考生必须作答第13题-第18题为选考题，考生根据要求作答（一）必考题（共129分）9如图所示，弹簧左端固定，右端被一个小球恰好压缩在光滑水平桌面上，已知小球质量为m，桌面水平高度为h，小球释放后，在弹簧弹力作用下水平向右飞出，弹簧原长恰好在桌面边沿记录下小球落点p（1）若测得某次压缩弹簧释放后小球落点p痕迹到o点的距离为s，则释放小球前弹簧的弹性势能表达式为；（2）该同学改变弹簧的压缩量进行多次测量得到表一组数据：弹簧压缩量x/cm1.002.003.004.005.00小球飞行水平距离s/m0.190.400.610.800.99结合（1）问与表中数据，可分析得到弹簧弹性势能ep与弹簧压缩量x之间的函数关系式为a（k为比例系数）aep=kx2 bep=kx cep=k dep=k（3）你认为ep与x的关系式中的比例系数k与弹簧的什么因素有关自然长度、金属丝粗细、弹簧横截面积、匝数？【考点】探究弹力和弹簧伸长的关系【专题】实验题【分析】（1）弹簧释放后，小球在弹簧的弹力作用下加速，弹簧与小球系统机械能守恒，小球离开桌面后，做平抛运动，根据平抛运动的知识可以求平抛的初速度，根据以上原理列式即可；（2）先从实验数据得出弹簧的压缩量与小球的射程的关系，再结合第一小问中结论得到弹性势能与小球的射程的关系，最后综合出弹簧的弹性势能ep与弹簧长度的压缩量x之间的关系（3）结合生活经验猜测弹性势能与弹簧的哪些因素有关【解答】解：（1）释放弹簧后，弹簧储存的弹性势能转化为小球的动能ep=mv2 小球接下来做平抛运动，有s=vt h=gt2 由式可解得ep=（2）由（1）的结论知：eps2，题目表格中给定的数据可知sx，综上可知：epx2故弹簧的弹性势能ep与弹簧长度的压缩量x之间的关系为ep=kx2故选：a（3）由关系式可知，弹簧的弹性势能与k和形变量有关；而比例系数k为劲度系数，其大小与弹簧的自然长度、金属丝粗细、弹簧横截面积、匝数等因素有关故答案为：（1）ep=（2）a（3）自然长度、金属丝粗细、弹簧横截面积、匝数【点评】本题关键根据平抛运动的知识测定小钢球弹出的速度，得到弹性势能的数值，从而确定弹性势能与弹簧压缩量的关系10研究性学习小组围绕一个量程为30ma的电流计展开探究（1）为测量该电流计的内阻，同学甲设计了如图（a）所示电路图中电源电动势未知，内阻不计闭合开关，将电阻箱阻值调到20时，电流计恰好满偏；将电阻箱阻值调到95时，电流计的读数为12ma由以上数据可得电流计的内阻rg=30（2）同学乙将甲设计的电路稍作改变，在电流计两端接上两个表笔，如图（b）所示，设计出一个简易的欧姆表，并将表盘的电流刻度转换为电阻刻度：闭合开关，将两表笔断开，调节电阻箱，使指针指在“30ma”处，此处刻度应标阻值为（填“0”或“”）；再保持电阻箱阻值不变，在两表笔间接不同阻值的已知电阻找出对应的电流刻度则“10ma”处对应表笔间电阻阻值为6若该欧姆表使用一段时间后，电池内阻变大不能忽略，电动势不变，但将两表笔断开，调节电阻箱指针仍能满偏，按正确使用方法再进行测量电阻，其测量结果与原结果相比将不变（填“变大”、“变小”或“不变”）【考点】伏安法测电阻【专题】实验题；恒定电流专题【分析】（1）明确电路结构，根据闭合欧姆定律列方程组，联立可求rg的值（2）的关键是根据闭合电路欧姆定律和分流公式分别列出通过电流表电流的表达式，联立求解即可【解答】解：（1）将电阻箱阻值调到20时，电流计恰好满偏，根据闭合电路欧姆定律：e=ig（r+rg）即e=0.03（20+rg）将电阻箱阻值调到95时，电流计的读数为12ma，根据闭合电路欧姆定律：e=0.012（95+rg）联立得：rg=30（2）将两表笔断开，即相当于所测电阻无穷大，则指针指在“30ma”处，此处刻度应标阻值为；根据闭合电路欧姆定律将两表笔断开时有：ig=30ma，当两表笔接上电阻rx时有i干=，根据分流公式可得通过电流表的电流为：i=联立并将e=1.5v，rg=30代入解得：rx=6根据闭合电路欧姆定律可知电池新时有：ig=，测量电阻时电流表示数为：i=，欧姆表用一段时间调零时有：ig=，测量电阻时：i=，比较可知r+r=r+r，所以若电流相同则rx=rx，即测量结果不变故答案为：（1）30 （2），6，不变【点评】此题的易错之处在于两表笔不是接在干路上，而是接在电流表两端，故应根据电路图结合分流公式写出通过电流表的电流表达式，在解方程得出结果11如图，质量m=2.0kg的物体在水平外力的作用下在水平面上运动，物体和水平面间的动摩擦因数=0.05，已知物体运动过程中的坐标与时间的关系为，g=10m/s2根据以上条件求：（1）t=10s时刻物体的位置坐标；（2）t=10s时刻物体的速度的大小方向；（3）t=10s时刻水平外力的大小（结果可以用根号表达）【考点】运动的合成和分解；牛顿第二定律【专题】运动的合成和分解专题【分析】由运动的分解的思想得知物体的运动分解为x轴方向和y轴方向的分运动，由已知物体运动过程中的坐标与时间的关系x=3.0t知x轴方向物体做匀速直线运动，y=0.2t2知物体在y轴方向做匀加速直线运动且加速度为0.4m/s2，然后选用运动学公式、牛顿第二定律、力的合成来求解注意求水平外力时应是x轴方向与y轴方向的合力【解答】解：（1）t=10s时，物体在x轴方向运动位移：x=3t=310m=30m，物体在y轴方向运动位移：y=0.2t2=0.2102m=20m，故这时物体的位置坐标为（30m，20m）（2）t=10s时，x轴方向的速度：vx=3m/s，y轴方向的速度为：vy=at=0.410m/s=4m/s，故物体的合速度为：v=m/s=5m/s（3）物体的加速度大小为：a=0.4m/s2 物体所受的摩擦力：ff=mg=0.05210n=1.0n，方向与合速度方向相反，设与x轴方向的夹角为则x轴方向的力：fx=ffx=ffcos=ff=1.0n=0.6n，y轴方向的力：fyffy=ma，解出fy=ffsin+ma=ff+ma=（1.0+20.4）n=1.6n，故水平外力的大小：f=n=n1.7n答：（1）t=10s时刻物体的位置坐标是（30m，20m）；（2）t=10s时刻物体的速度的大小是5m/s；（3）t=10s时刻水平外力的大小是1.7n【点评】本题用分解的思想分别在x轴、y轴上研究物体的运动和受力，然后在运用平行四边形法则分别求合速度、求合力12如图所示，k是粒子发生器，d1、d2、d3是三块挡板，通过自动控制装置可以控制它们定时开启和关闭，d1、d2的间距为l，d2、d3的间距为在以o为原点的直角坐标系oxy中有一磁感应强度大小为b，方向垂直纸面向里的匀强磁场，y轴和直线mn是它的左、右边界，且mn平行于y轴现开启挡板d1、d3，粒子发生器仅在t=o时刻沿x轴正方向发射各种速率的粒子，d2仅在t=nt（n=0、1、2，t为一定值）时刻开启，在t=5t时刻，再关闭挡板d3，使粒子无法进入磁场区域已知挡板的厚度不计，粒子质量为m、电荷量为+q（q大于0 ），不计粒子的重力，不计粒子间的相互作用，整个装置都放在真空中（1）求能够进入磁场区域的粒子速度大小（2）已知从原点o进入磁场中速度最小的粒子经过坐标为（0cm，2cm）的p点，应将磁场的右边界mn在oxy平面内如何平移，才能使从原点o进入磁场中速度最大的粒子经过坐标为（cm，6cm）的q点？【考点】带电粒子在匀强磁场中的运动；牛顿第二定律；向心力【专题】带电粒子在磁场中的运动专题【分析】（1）粒子必须在d3关闭前进入磁场才行，粒子由d1到d2和由d2到d3都是匀速直线运动，可得运动时间表达式，两段时间之和应小于等于5t，可解得能够进入磁场区域的粒子的速度（2）由进入磁场中速度最小的粒子经过坐标为（0cm，2cm）的p点可确定其轨道半径，进而确定最小速度；由（1）得到的速度表达式，可得最大速度，由速度关系可确定速度最大粒子的半径，做出运动轨迹图，由几何关系来判定该如何移动磁场的右边界mn【解答】解：（1）设能够进入磁场区域的粒子速度大小为vn，由题意，粒子由d1到d2经历的时间为：t1=nt（n=1、2），粒子由d2到d3经历的时间为：t2=，t=5t时刻，挡板d3关闭，粒子无法进入磁场，故有：t=t1+t25t，联立以上三式解得：n=1、2、3所以，能够进入磁场区域的粒子的速度为：（ n=1、2、3）（2）进入磁场中速度最小的粒子能经过p点，可知此时半径最小为r=1cm而：qvb=，所以，粒子做圆周运动的半径：r=由前可知，进入磁场粒子的最大速度为最小速度的3倍，故：r=3r=3cm，其圆心坐标e（0，3m），如图所示，粒子应从f点沿切线方向离开磁场到达q点设gqe=，则：tan=，=30，由几何知识可知，hfe=30，所以：hf=rcos30=cm 因此，只要将磁场边界的mn平移到f点，速度最大的粒子在f点穿出磁场，将沿圆轨迹的切线方向到达q点 答：（1）能够进入磁场区域的粒子速度大小为：（ n=1、2、3）（2）已知从原点o进入磁场中速度最小的粒子经过坐标为（0cm，2cm）的p点，将磁场边界的mn平移到f点，才能使从原点o进入磁场中速度最大的粒子经过坐标为（cm，6cm）的q点【点评】该题的关键点在于做速度最大粒子的轨迹图，带点粒子在磁场中运动，在混合场中的运动等问题，最重要的就是做运动轨迹图，做这种图首先要能确定半径，其次要确定初末速度的方向（二）选考题：共45分请考生从给出的3道物理题中任选一题作答，并用2b铅笔在答题卡上把所选题目的题号框涂黑注意所做题目必须与所涂题目的题号一致，在答题卡选答区域指定位置答题如果不涂、多涂均按所答第一题评分；多答则按所答的第一题评分【物理-选修3-3】13下列说法正确的是（）a温度是分子平均动能的标志，物体温度越高，则分子的平均动能越大b悬浮在液体中的微粒越小，在某一瞬间跟它相撞的液体分子数就越少，布朗运动越不明显c在各种晶体中，原子（或分子、离子）都是按照一定的规则排列的，具有空间上的周期性d在使两个分子间的距离由很远（r109m）减小到很难再靠近的过程中，分子间的作用力先减小后增大，分子势能不断增大e热量可能从低温物体传递到高温物体【考点】布朗运动；* 液晶【专题】布朗运动专题【分析】温度是分子平均动能的标志；在某一瞬间跟悬浮微粒相撞的液体分子数越少，布朗运动越明显；晶体中，原子（或分子、离子）都是按照一定的规则排列的；从分子距离由0逐渐增大到很远过程中，分子间作用力先减小后增大再减小；热量可以从低温物体传到高温物体【解答】解：a、温度是分子平均动能的标志，物体温度越高，则分子的平均动能越大，a正确；b、悬浮在液体中的微粒越小，在某一瞬间跟它相撞的液体分子数就越少，就越容易不平衡，布朗运动越明显；相反，在某一瞬间跟它相撞的液体分子数越多，各个方向的作用力都有，则撞击力越容易平衡，布朗运动越不明显，故b错误；c、在各种晶体中，原子（或分子、离子）都是按照一定的规则排列的，具有空间上的周期性，即具有点阵结构，c正确；d、从分子距离由0逐渐增大到很远过程中，分子间作用力先减小后增大再减小，则在使两个分子间的距离由很远（r109m）减小到很难再靠近的过程中，分子间作用力先增大后减小再增大；由距离很小减小到r过程分子力表现为分子引力，做正功，分子势能减小，由r再减小时分子力表现为斥力，做负功，分子势能增加，即分子势能先减小后增加，故d错误；e、热量可能从低温物体传递到高温物体，比如空调，故e正确故选：ace【点评】本题考查了分子热运动以及分子间作用力的有关知识，尤其是分子间作用力的变化与分子势能的变化时考试的热点14一足够高的直立气缸上端开口，用一个厚度不计的活塞封闭了一段高为80cm的气柱，活塞的横截面积为0.01m2，活塞与气缸间的摩擦不计，气缸侧壁通过一个开口与u形管相连，开口离气缸底部的高度为70cm，开口管内及u形管内的气体体积忽略不计已知如图所示状态时气体的温度为7，u形管内水银面的高度差h1=5cm，大气压强p0=1.0105pa保持不变，水银的密度=13.6103kg/m3求：活塞的重力现在活塞上添加沙粒，同时对气缸内的气体加热，始终保持活塞的高度不变，此过程缓慢进行，当气体的温度升高到37时，u形管内水银的高度差为多少？【考点】理想气体的状态方程【专题】理想气体状态方程专题【分析】（1）封闭气体的压强可以以活塞为研究对象求出，也可以根据水银柱求出，即封闭气体的压强p=p0+，又有p=p0+gh1，联立解得活塞的重力（2）活塞的高度不变，u形管内的气体体积忽略不计，则气缸内气体发生等容变化，根据查理定律求解u形管内水银的高度差【解答】解：以活塞为研究对象，根据平衡条件：p0s+g活=ps，则p=p0+，又有p=p0+gh1，即：，得：g活塞=gh1s=13.6103100.050.01n=68n气缸内的气体近似做等容变化初状态：p=p0+gh1；温度为t1，末状态：p=p0+gh2；温度为t2，由查理定律：可得h2=0.134 m答：（1）活塞的重力是68n（2）当气体的温度升高到37时，u形管内水银的高度差为0.134m【点评】本题是气体问题，确定气体状态作何种变化是关键，要充分挖掘隐含的条件进行分析【物理-选修3-4】15空气中悬浮着一颗球形小水珠，一缕阳光水平入射，如图所示n甲、n乙和n丙分别表示水对甲光、乙光和丙光的折射率判断以下表述正确的是 （）an甲n乙n丙b波长的关系甲乙丙c频率v的关系v甲v乙v丙d三束光由水到空气的折射角甲=乙=丙【考点】光的折射定律【专题】光的折射专题【分析】根据光线进入小水珠时折射角的大小，由折射率公式分析折射率的大小折射率越大，波长越短，频率越大根据光路的可逆性，分析三束光从水到空气折射角的关系【解答】解：a、由图看出，三条光线进入小水珠时入射角相同，而折射角甲最大，丙最小，则根据折射定律n=得知，丙的折射率最大，甲的折射率最小，即n甲n乙n丙，故a错误b、由n甲n乙n丙，则知甲光的波长最大，丙光的波长最小，相应地有甲乙丙 ，故b错误c、由波速公式c=f知，c相同，光的波长与频率成反比，则甲光的频率最小，丙的频率最大，所以丙光的频率大于乙光的频率，所以甲乙丙故c正确d、由几何知识可知，光线从水珠到空气时入射角等于光线从空气到水珠的入射角，根据光路可逆性原理可知，三束光由水到空气的折射角均相等，所以甲=乙=丙故d正确故选：cd【点评】此题的解题关键是根据入射情况，由折射定律分析折射率的大小，再进一步分析频率、波长等等关系，常见的题型16机械横波某时刻的波形图如图所示，波沿x轴正方向传播，质点p的坐标x=0.32m从此时刻开始计时（1）若每间隔最小时间0.4s重复出现波形图，求波速（2）若p点经0.4s第一次达到正向最大位移，求波速（3）若p点经0.4s到达平衡位置，求波速【考点】波长、频率和波速的关系；横波的图象【专题】压轴题；波的多解性【分析】（1）由题：波每间隔最小时间0.4s重复出现波形图，周期t=0.4s，由图读出波长，求出波速（2）当x=