河北省唐山市海港高级中学高二物理上学期期中试题新人教版.doc

海港高级中学2014-2015学年高二上学期期中考试物理试题(命题范围：选修31第一章静电场、第二章恒定电流 ）（时间：90分钟 满分：100分）一、选择题（每小题4分，共44分，选对但不全的得2分，有选错的得0分）1.了解物理规律的发现过程，学会像科学家那样观察和思考，往往比掌握知识本身更重要。以下符合事实的一项是（ ）a关系式最初是焦耳用实验直接得到的 b库仑总结出了点电荷间相互作用的规律c法拉第提出了电场的观点，说明处于电场中电荷所受到的力是电场给予的d安培通过实验精确测定了元电荷e的数值2.如图所示，平行板电容器的电容为c，带电荷量为q，板间距离为d，今在两板的中点处放一电荷q，则它所受电场力的大小为（ ）a b c d3.下列说法正确的是( )a电荷在电场中电势越高的地方，电荷量越大所具有的电势能也越大b电场线的方向就是带正电的试探电荷的运动方向c不存在电场线的空间，其电势可以不为零，电势为零的地方，电场线可经过它d将正点电荷从场强为零的一点移动到场强为零的另一点，静电力做功为零4. 一段粗细均匀的电阻丝，电阻为r，现把它拉成横截面直径为原来的的均匀细丝，它的电阻变为（ ）a100r b1000r c10000r d5. 如图是双量程电流表的原理图，它有两个量程分别为0.1a和1a，则使用图的a、b两端时量程为i1，使用图的a、c两端时量程为i2，已知表头内阻为200，满偏电流为2ma，则下列说法正确的是（ ）ai1 0.1a，i2 1abi1 1a，i2 0.1ac. r1 r2d. r1 r26.单位正电荷沿闭合电路移动一周，电源释放的总能量决定于（ ）a电源的电动势 b通过电源的电流c内外电路电阻之和 d电荷运动一周所需要的时间7.如图所示的电路中，电源电动势为e，电源内阻为r，闭合开关s，待电流达到稳定后，将滑动变阻器的滑动触头p从图示位置向a端移动一些，待电流再次稳定后与p移动前相比，下列说法正确的是：（ ）a电流表示数变小，电压表示数变大b小灯泡l变亮c电容器c的电荷量增加d电源的总功率变大8.饮水机是一种常见的家用电器，其工作电路可简化为如图所示的电路，其中s是一温度控制开关，当水温升高到一定温度时，它会自动切换，使饮水机处于保温状态；r0是饮水机加热管的电阻，r是与加热管串联的电阻。下表是从其说明书中摘录的一些技术数据。(不考虑r0、r的电阻受温度变化的影响，表中的功率均指加热管的功率) ，当开关s闭合时，饮水机处于何种工作状态和r的阻值为( )a加热，2200b加热，352c保温，352d保温，22009如图所示，在a、b两点上放置两个点电荷，它们的电荷量分别为q1、q2，mn是过a、b的直线，p是直线上的一点。若p点的场强为零，则（ ）aq1、q2都是正电荷，且q1q2bq1是正电荷，q2是负电荷，且q1|q2|cq1是负电荷，q2是正电荷，且|q1|q2dq1、q2都是负电荷，且|q1|q2|10一台直流电动机的额定电压为u，额定功率为p，其电枢线圈的电阻为r，正常工作时的电流为 i，下列说法正确的是 ( )a. i b. r c.p11如图，在点电荷q产生的电场中，将两个带正电的试探电荷q1，q2分别置于a，b两点，虚线为等势线取无穷远处为零电势点，若将q1，q2移动到无穷远的过程中外力克服电场力做的功相等，则下列说法正确的是( )aa点电势大于b点电势ba、b两点的电场强度相等cq1的电荷量小于q2的电荷量dq1在a点的电势能小于q2在b点的电势能二、实验题（本题4小题，共26分）12.（5分） 在描绘某元件（额定电压1.5v，额定功率数值模糊不清）的伏安特性曲线实验中，某同学采用了如下电路进行实验，在实验中发现，无论如何调节滑动变阻器的滑动片，元件两端电压始终无法从零开始变化；为了达到这个目的，他在电路中加接了一根导线，请你帮他在图中画出。闭合电键前，滑片应置于 端（填“左”或“右”）；若测得一系列的电压和电流值标示在图上，请你作出对应的伏安特性曲线，并求得元件的额定功率为 w。13.（4分）用20分度的游标卡尺测量某工件的内径时，示数如图甲所示，由图可知其长度为_cm；用螺旋测微器测量某圆柱体的直径时，示数如图乙所示，由图可知其直径为_mm.14.（6分） 在使用万用表的欧姆档测量电阻时，使用前指针已指在左边零刻度，然后将选择开关打至任何倍率的档位，两表笔短接调零时发现，指针始终无法指到电阻零刻度，最多只能向右偏至图示位置，为了解决问题，下列的哪些做法是可行的： a利用螺丝刀调节机械调零旋纽，使指针偏至电阻零刻度b更换新电池欧姆表修理好后，为了测定电阻的阻值，某同学将电键断开，选择适当的倍率并进行调零，然后将红黑表笔接在ab两点间，则其测量值比真实值 （填“偏大”、“偏小”或“相等”）用该欧姆表测量一只晶体二极管d的正、反向电阻，测量结果如图所示，则图中m端为晶体二极管的 极.15.（11分）测量一节普通干电池电源电动势和内电阻，器材如下：a待测干电池b电流表（03a，内阻约为0.0125）c电流表（00.6a，内阻约为0.125）d电压表（03v，内阻约为3k）e电压表（015v，内阻约为15k）f滑动变阻器（020，额定电流1a）g滑动变阻器（02000，额定电流0.3a）h电键、导线。（1）上述器材中电流表应选用的是_，电压表应选用 ，滑动变阻器应选用 。（填写各器材前的字母序号）（2）在方框中画出实验电路图。（3）实验中某同学根据自己测得的实验数据在坐标纸上描了几个点，请你根据他描的点画出ui图线，并根据图线求出电池的电动势e=_v（保留2位有效数字），电池的内电阻r =_（保留2位有效数字）（4）若实验中发现所用电压表已损坏，需将一个内阻为rg=1k，满偏电流为ig=100a的电流表_（填“串”或“并”）联一个阻值为_的电阻，作为量程1.5v的电压表使用。三、计算题（本题3小题，每小题解答应有必要的文字说明、公式，主要的解题过程,共30分）16（8分）在如图所示的电路中，l为标有“6v，3w”的小灯泡，电源的内阻r=2，滑动变阻器的总阻值r=48，当滑动变阻器的滑动触头p位于变阻器的中点时，灯泡l恰能正常发光，这时理想电压表的读数为27v。求：（1）电阻rx的值；（2）电源的电动势；（3）滑动变阻器消耗的功率。17（10分）如图所示,在空间中取直角坐标系oxy,在第一象限内平行于y轴的虚线mn与y轴距离为d=4cm,从y轴到mn之间的区域充满一个沿y轴正方向的匀强电场,场强大小为e=375v/m.初速度可以忽略的带负电粒子经过另一个电势差为u=10v的电场加速后,从y轴上的a点以平行于x轴的方向射入第一象限区域, oa的距离h=4.5cm.已知带电粒子的比荷为,带电粒子的重力忽略不计,求：(1)带电粒子从a点进入电场到离开该电场区域所经历的时间t和离开电场区域时的速率v；(2)带电粒子经过x轴时离坐标原点o的距离l.18.（12分) 如图甲所示，在真空中足够大的绝缘水平面上，一个质量为m=0.2kg、带电量为的小物体处于静止状态，小物体与地面之间的动摩擦因数，从t=0时刻开始，空间上加一个如图乙所示的变化电场（电场只存在于04s的时间内），取水平向右的方向为正方向，g=10m/s2。求：（1）2s内小物体的位移大小；（2）小物块从开始到第一次速度为零过程中，电势能是增加还是减少，增加或者减少多少；（3）小物体运动的全过程经历的总时间。物理期中考试评分标准1.abc 2.c 3.c 4.c 5.bd 6.a 7.ac 8.b 9.b 10.ac 11.c12.右 （1分） 0.375 （2分） （导线和图线各1分）13. 1.340（2分），（4.7004.702）（2分）14. b（2分） 偏小（2分） 正（2分）15. （1） c（1分） d(1分) f（1分）（2）（电路图2分，图线1分）（3）e=1.5（1分） r =0.870.98 （2分） （4）串（1分） 1.4104（1分） 16. （1）小灯泡的电流 il0.5a (0.5分)滑动变阻器ap 段电流 iap0.25a (0.5分)电阻rx的电流 i=iliap0.75a (0.5分)滑动变阻器pb段电压 u1ir/218v (0.5分)电阻rx4 ( 1 分)（2） 由闭合电路欧姆定律 euir28.5v ( 3 分)（3）滑动变阻器 ap段功率 p1i2apr/21.5w (0.5分)滑动变阻器 pb段功率p2i2r/213.5w (0.5分)所以，滑动变阻器消耗的功率 pp1p215w ( 1 分)17.(1).在电场中加速 解得=4m/s ( 1 分)在偏转电场中做类平抛运动设粒子从mn右侧飞出电场 时间t=0.01s ( 2 分)加速度a=300m/s2 ( 1 分)=0.015mh, 所以粒子将从mn一侧离开电场( 1 分)=3m/s ( 1 分)离开时的速度为=5m/s。 ( 1 分)(2) 粒子离开偏转电场的偏转角为 tan= = ( 1 分)由几何关系tan= ( 1 分)解得 l=8cm ( 1 分)18. （1）02s内，设物块的加速度为a1，由牛顿第二定律得 e1qmgma1 ( 2 分)求得 a12m/s2由运动学公式 xat24m ( 2 分)（2） 2s末物块速度 v0a1t14m/s (0.5分)2s后加速度大小为a2由牛顿第二定律得 e2qmgma2 (0.5分)a23m/s2减速到第一次速度为0用时t2 t2=s2s (0.5分)t2时间内小物块的位移为d d= m (0.5分)前2s内静电力做的功w1=e1qx=2.4j ( 1 分)t2时间内静电力做的功w2= -e2qd= - j ( 1 分)故小物块从开始到第一次速度为0过程中，静电力做到总功w=w1+w2=j因此，小物块的电势能减