河北省唐山市南堡开发区实验中学九年级物理上学期第二次月考试题（含解析） 新人教版.doc

2015-2016学年河北省唐山市南堡开发区实验中学九年级（上）第二次月考物理试卷一、选择题（1-12单选，每题2分，13.14多选，每题3分，共计30分）1小东家有一台微波炉，正常工作时电流为4a，则它的额定功率为（）a8.8kwb800wc880wd无法计算2有三盏白炽灯，甲标有“pz22015”，乙标有“pz22040”，丙标有“pz220100”，将它们串联后接入家庭电路中，正常工作时的发光情况是（）a甲灯最亮b乙灯最亮c丙灯最亮d一样亮3如图所示，电源电压u=18v，小灯泡l的额定电压为9v当滑动变阻器的滑片p移至中点时，小灯泡l正常发光；当滑片p移至最右端时，小灯泡l的实际功率为6w，则小灯泡额定功率和滑动变阻器的最大阻值分别为（）a13.5w 6b6w 13.5c6w 12d13.5w 124如图所示，小灯泡规格为“6v 3.6w”（灯丝电阻不变），闭合开关，当滑动变阻器的滑片p移至a端时，电流表示数为0.6a；当滑片p移至b端时，电压表示数为4v，则（）a小灯泡灯丝电阻是6b电源电压是10vc滑动变阻器最大阻值是10d滑片p位于b端时滑动变阻器消耗的功率是0.8w5如图将两电阻丝r1、r2串联起来，若r1r2，则先被点燃的火柴是（）ar1上的火柴br2上的火柴c同时点燃d无法确定6一个定值电阻，接在电路中每分钟产生的热量为q现在想让它每分钟产生的热量为3q，下列措施正确的是（）a将电压变为原来的3倍b将电压变为原来的倍c将此电阻对折后接入原电路d将电流强度变为原来的3倍7有一盏标着“220v60w”字样的白炽灯，现将它接在110v的电压下工作，则实际功率与额定功率之比为（）a1：2b2：1c1：4d4：18标有“3v，1w”的小灯泡，接在3v的电源上，若使它的实际功率为0.36w，应（）a串联一个15的电阻b并联一个15的电阻c串联一个6的电阻d并联一个6的电阻9下列装置中，利用电磁感应现象制成的是（）a电熨斗b电磁铁c电动机d发电机10我们所使用的电冰箱、电扇、洗衣机等家用电器，其主要部件都是用电动机来工作的，那么电动机是根据下列哪种现象制成的（）a磁场对放入其中的磁体产生力的作用b电流周围存在磁场c通电导体在磁场中受到力的作用d电磁感应11下列说法正确的是（）a导体在磁场中运动能产生感应电流b换向器能改变线圈中的电流方向c发电机将贮存的化学能转化成电能d电动机是消耗了机械能得到电能12某同学在做“探究电磁铁”实验中，使用两个相同的大铁钉绕制成电磁铁进行实验，如图所示，下列说法中正确的是（）a要使电磁铁磁性增强，应将变阻器的滑动片向右滑动b电磁铁能吸引的大头针越多，表明它的磁性越强c电磁铁b线圈匝数多，所以通过b的电流较小d若将两电磁铁上部靠近，会相互吸引13如图是家用电饭煲的电路示意图，r0是电热盘，r是一个电阻，s是受温度控制的开关做饭时开关接“1”，r0通电，当温度达103时开关自动接“2”，电阻r与r0组成串联电路，电饭煲处于保温状态下列说法正确的是（）a开关在“1”时，电饭煲的功率最大b开关在“1”时，电饭煲处于省电保温c开关在“2”时，电饭煲消耗的功率最大d开关在“1”和在“2”时，电饭煲的功率一样大14如图所示，将两只额定电压相同的灯泡l1、l2串联在电路中，闭合开关s后，发现灯泡l1较亮，灯泡l2较暗，此现象说明（）a灯泡l1的阻值大于灯泡l2的阻值b灯泡l1的额定功率大于灯泡l2的额定功率c灯泡l1两端的电压小于灯炮l2两端的电压d通过灯泡l1的电流大于通过灯炮l2的电流二、填空题（每空1分，共10分）15如图所示，当闭合开关s时，小磁针将向（填“顺时针”或“逆时针”）方向转动，当滑动变阻器的滑片p向右移动时，电磁铁的磁性将（填“增强”、“不变”或“减弱”）16通电导体在磁场里的受力方向跟方向方向有关；电流做功的过程实质上就是将电能转化为其它形式的能的过程，如电动机工作时是电能转化为能；“热得快”也叫电热水器，工作时是电能转化为能17小明家有一只电暖器，上面标有“220v 110w”字样当电暖器正常工作时，通过电热丝的电流是a若这只电暖器正常工作1h，能使标有“3000r/kwh”的电能表转圈18有一只“36v 6w”的灯泡，灯泡正常工作时，灯丝的电阻为；若将该灯接在24v的电源上工作10min，消耗的电能为j（设灯丝电阻不随温度的改变而改变）三、实验题（每处1分，共6分）19王倩同学做测定“小灯泡的电功率”实验时，所用器材有电压为6v的电源，额定电压为2.5v的小灯泡，以及符合实验要求的滑动变阻器、电表、开关和导线如图1是王倩没有连接完的实物电路（1）请你用笔画线代替导线，帮王倩将实物电路连接完整；（2）王倩连好电路后，闭合开关，移动滑片p，发现小灯泡始终不亮，但电压表有示数，电流表无示数，则故障原因可能是（3）王倩排除故障后闭合开关，移动滑片p到某处，电压表的示数为2.2v，要测量小灯泡的额定功率，应将滑片p向端滑动（选填“左”或“右”），使电压表示数为v；（4）王倩通过移动滑片p，分别记下了多组对应的电压表和电流表的读数，并绘制成了如图2所示的ui图象根据ui图象提供的信息，可计算出小灯泡的额定功率是w，当加在小灯泡两端的电压为1.5v时，小灯泡的电阻是四、计算题（共4分）20在如图所示电路中，小灯泡上仅看见“2.5v”字样，滑动变阻器上标有最大阻值40，当闭合s，且将滑片p移至最左端时，小灯泡正常发光，电流表的示数为0.5a（设灯丝电阻不变），求：（1）电源电压；（2）小灯泡的灯丝电阻；（3）将滑片移至变阻器的中点时，电路消耗的总功率2015-2016学年河北省唐山市南堡开发区实验中学九年级（上）第二次月考物理试卷参考答案与试题解析一、选择题（1-12单选，每题2分，13.14多选，每题3分，共计30分）1小东家有一台微波炉，正常工作时电流为4a，则它的额定功率为（）a8.8kwb800wc880wd无法计算【考点】额定功率【专题】应用题【分析】已知微波炉的电压、流过微波炉的电流，由p=ui可求出它的功率【解答】解：家庭电路电压u=220v，已知流过微波炉的电流i=4a，则微波炉的功率p=ui=220v4a=880w故选c【点评】本题考查了求微波炉的功率，知道家庭电路电压是220v是正确解题的前提，熟练掌握功率公式是正确解题的关键2有三盏白炽灯，甲标有“pz22015”，乙标有“pz22040”，丙标有“pz220100”，将它们串联后接入家庭电路中，正常工作时的发光情况是（）a甲灯最亮b乙灯最亮c丙灯最亮d一样亮【考点】实际功率【专题】电能和电功率【分析】由灯泡的铭牌可知三灯泡的额定电压相等，额定功率不同，根据p=比较三灯泡电阻的大小，当它们串联后接入家庭电路中，根据串联电路的电路特点和p=i2r可知三电阻实际功率之间的关系，根据判断的亮暗取决于实际功率的大小可知它们之间的亮暗关系【解答】解：因灯泡的铭牌可知三灯泡的额定电压相等，所以，由p=的变形式r=可知，甲灯泡的电阻较大，因串联电路中各处的电路相等，所以，由p=i2r可知，甲灯泡的实际功率较大，因灯泡的亮暗取决于实际功率的大小，所以，甲灯最亮故选a【点评】本题考查了串联电路的电流特点和电功率公式的应用，关键是知道灯泡的亮暗取决于实际功率的大小3如图所示，电源电压u=18v，小灯泡l的额定电压为9v当滑动变阻器的滑片p移至中点时，小灯泡l正常发光；当滑片p移至最右端时，小灯泡l的实际功率为6w，则小灯泡额定功率和滑动变阻器的最大阻值分别为（）a13.5w 6b6w 13.5c6w 12d13.5w 12【考点】电功率的计算【专题】计算题；压轴题【分析】分析电路图，知道当p在中点和右端时的电路组成和已知量，根据欧姆定律和串联电路的特点分析求解【解答】解：（1）p在中点时（连入电阻为r），灯泡正常发光，说明此时灯泡两端的电压为9v，变阻器两端的电压为9v，即变阻器的最大阻值r为灯泡电阻rl的两倍，rl=r=r（2）当p移动到最右端时（电阻全连入为r），解得：r=12rl=r=r=6故选d【点评】会分析当p在中点（连入电阻为r），和右端时（电阻全连入为r）的电路组成；使用欧姆定律时注意三量（i、u、r）同体4如图所示，小灯泡规格为“6v 3.6w”（灯丝电阻不变），闭合开关，当滑动变阻器的滑片p移至a端时，电流表示数为0.6a；当滑片p移至b端时，电压表示数为4v，则（）a小灯泡灯丝电阻是6b电源电压是10vc滑动变阻器最大阻值是10d滑片p位于b端时滑动变阻器消耗的功率是0.8w【考点】欧姆定律的应用；串联电路的电压规律；电功率的计算【专题】计算题；压轴题【分析】（1）知道小灯泡规格“6v 3.6w”可以求出灯丝电阻；（2）当滑片p移至a端时，电路中只有灯l，知道电路中的电流，利用欧姆定律求灯两端的电压（电源电压）；（3）当滑片p移至b端时，滑动变阻器电阻全连入，灯和滑动变阻器串联，又知道滑动变阻器两端的电压，利用串联电路的分压关系求滑动变阻器最大阻值；利用电功率的公式求此时滑动变阻器消耗的功率【解答】解：a、，故a错；b、当滑片p移至a端时，电路中只有灯l，i=0.6a，电源电压u=ir=0.6a10=6v，故b错；c、当滑片p移至b端时，滑动变阻器全连入为电阻r，灯l和r串联，ur=4v，ul=uur=6v4v=2v，故c错；d、ur=4v，r=5，故d正确故选d【点评】分析电路图，知道当滑片p移至a端（电路中只有灯l）时、当滑片p移至b端（滑动变阻器全连入为电阻r，灯l和r串联）时的电路组成是本题的关键5如图将两电阻丝r1、r2串联起来，若r1r2，则先被点燃的火柴是（）ar1上的火柴br2上的火柴c同时点燃d无法确定【考点】焦耳定律的计算公式及其应用【专题】电与热、生活用电【分析】在电流和通电时间一定时，电阻越大产生的热量越多，温度就越高，据此分析判断【解答】解：因为两电阻丝r1、r2串联，所以通过它们的电流和通电时间都相同；根据焦耳定律q=i2rt可知，在电流和通电时间一定时，电阻越大产生的热量越多；因为r1r2，所以q1q2，电阻丝r1的温度高，r1上的火柴先被点燃故选a【点评】本题考查了学生对焦耳定律的理解和应用，解答时要注意串联时电流和时间都相同6一个定值电阻，接在电路中每分钟产生的热量为q现在想让它每分钟产生的热量为3q，下列措施正确的是（）a将电压变为原来的3倍b将电压变为原来的倍c将此电阻对折后接入原电路d将电流强度变为原来的3倍【考点】焦耳定律【专题】应用题【分析】（1）导体电阻与导体材料、长度、横截面积有关，在材料一定的情况下，导体电阻与导体的长度成正比，与导体的横截面积成反比；（2）根据公式q=t、q=i2rt逐一分析各选项，从而得出结论【解答】解：a、电压变为原来的3倍，由q=t知，电阻在每分钟内产生的热量是原来的9倍，为9q，故a错误；b、将电压变为原来的倍，由q=t知电阻在每分钟内产生的热量是原来的3倍，为3q，故b正确；c、将此电阻对折后接入原电路，相当于将电阻平均分为阻值相等的两个电阻，然后两电阻并联，电阻变为原来的，由q=t知，每分钟产生的热量为原来的4倍，是4q，故c错误；d、将电流强度变为原来的3倍，由q=i2rt知，电阻每分钟产生的热量变为原来的9倍，为9q，故d错误；故选b【点评】本题考查了求电阻产生的热量，掌握电功公式q=t、q=i2rt，知道影响电阻大小的因素是正确解题的关键7有一盏标着“220v60w”字样的白炽灯，现将它接在110v的电压下工作，则实际功率与额定功率之比为（）a1：2b2：1c1：4d4：1【考点】实际功率；额定功率【专题】电能和电功率【分析】根据灯泡实际电压与额定电压间的关系应用电功率公式分析答题【解答】解：实际功率与额定功率之比：=；故选c【点评】本题考查了求灯泡实际功率与额定功率之比，应用电功率公式可以正确解题8标有“3v，1w”的小灯泡，接在3v的电源上，若使它的实际功率为0.36w，应（）a串联一个15的电阻b并联一个15的电阻c串联一个6的电阻d并联一个6的电阻【考点】欧姆定律的变形公式【专题】电路和欧姆定律【分析】额定电压下灯泡正常发光，而小灯泡接在3v的电源上时实际功率小于额定功率，则电路中应串联一个电阻，根据p=求出灯泡的电阻，根据p=i2r求出电路中的电流，利用欧姆定律求出电路中的总电阻，利用电阻的串联求出串联电阻的大小【解答】解：“3v 1w”字样的小灯泡，接在3v的电源上时，由于灯泡的实际功率小于额定功率，可知电路中的电阻与灯泡串联，由r=得，灯泡的电阻：rl=9，因为串联电路中各处的电流相等，所以由p=i2r可得，此时电路中的电流：i=0.2a；由i=可得，电路中的总电阻：r总=15，串联电路中总电阻等于各分电阻之和，串联电阻的阻值：r=r总rl=159=6故选c【点评】本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的灵活应用，综合性较强9下列装置中，利用电磁感应现象制成的是（）a电熨斗b电磁铁c电动机d发电机【考点】电磁感应【专题】应用题；电动机、磁生电【分析】电磁感应现象是闭合电路的一部分导体在磁场中切割磁感线运动时，导体中会有感应电流产生，把机械能转化为电能【解答】解：a、电熨斗是利用电流的热效应制成的，故不符合题意；b、电磁铁是利用电流的磁效应制成的，故不符合题意；c、电动机是利用通电导线在磁场中受力的作用的原理制成的，故不符合题意；d、发电机是利用电磁感应现象的原理制成的，故符合题意；故选d【点评】在电和磁这一部分中，学到了很多电学设备，每个设备的制成原理是经常考查的知识点要在理解的基础上，记住这些基础知识10我们所使用的电冰箱、电扇、洗衣机等家用电器，其主要部件都是用电动机来工作的，那么电动机是根据下列哪种现象制成的（）a磁场对放入其中的磁体产生力的作用b电流周围存在磁场c通电导体在磁场中受到力的作用d电磁感应【考点】磁场对通电导线的作用【专题】压轴题【分析】电动机是因电而动，电能转化为机械能，其原理是通电导体在磁场中受力【解答】解：a、这是磁场的基本性质，是研究磁场的方法，故a错误；b、电流周围存在磁场，人们根据这一现象制成了电磁铁，故b错误；c、通电导体在磁场中受力是电动机的原理，故c正确；d、电磁感应现象是发电机的原理，故d错误故选c【点评】根据电磁感应现象原理工作的有发电机、动圈式话筒；根据通电导体在磁场中受力原理工作的有电动机、扬声器；根据电流的磁效应原理工作的有电铃、电磁起重机、空气开关等有电磁铁的仪器11下列说法正确的是（）a导体在磁场中运动能产生感应电流b换向器能改变线圈中的电流方向c发电机将贮存的化学能转化成电能d电动机是消耗了机械能得到电能【考点】产生感应电流的条件；发电机的构造和原理【专题】电动机、磁生电【分析】感应电流产生的条件：一是电路应是闭合电路，二是，电路中的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动；换向器的作用是改变电流的方向；发电机是将机械能转化为电能；电动机是将电能转化为机械能【解答】解：a、闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动能产生感应电流故a错误；b、换向器能改变线圈中的电流方向，故b正确；c、发电机是将机械能转化为电能的装置，故c错误；d、电动机的电动机是消耗了电能得到了机械能，故d错误故选b【点评】本题主要考查学生对发电机和电动机的原理和能量转化的掌握，以及对换向器的作用的了解12某同学在做“探究电磁铁”实验中，使用两个相同的大铁钉绕制成电磁铁进行实验，如图所示，下列说法中正确的是（）a要使电磁铁磁性增强，应将变阻器的滑动片向右滑动b电磁铁能吸引的大头针越多，表明它的磁性越强c电磁铁b线圈匝数多，所以通过b的电流较小d若将两电磁铁上部靠近，会相互吸引【考点】探究影响电磁铁磁性强弱的因素的实验；磁极间的相互作用；通电螺线管的磁场；安培定则；滑动变阻器的使用；欧姆定律【专题】应用题；实验题；压轴题；转换法【分析】a、要解决此题，需要掌握影响电磁铁磁性强弱的因素：电流的大小、线圈的匝数、有无铁芯b、要掌握转换法的使用，在此实验中，通过吸引大头针的多少来判读电磁铁的磁性强弱c、要知道串联电路中的电流特点知道在串联电路中，各处电流都相等d、要解决此题，需要掌握右手螺旋定则，掌握磁极间的相互作用规律【解答】解：要使电磁铁磁性增强，需要减小电阻来增大电流，所以变阻器的滑片要向左移动所以a说法错误在此实验中，通过吸引大头针的多少来判读电磁铁的磁性强弱吸引的大头针越多，说明磁性越强所以b说法正确ab线圈串联，所以通过的电流相等，所以c说法错误根据安培定则，a的上方是n极，b的上方也是n极，所以若将两电磁铁上部靠近，会相互排斥所以d说法错误故选b【点评】此题主要是探究影响电磁铁磁性强弱的因素实验，首先要掌握影响电磁铁磁性强弱的因素，并能通过安培定则判断电磁铁的磁性同时考查了磁极间的相互作用规律及欧姆定律的使用考查得很全面13如图是家用电饭煲的电路示意图，r0是电热盘，r是一个电阻，s是受温度控制的开关做饭时开关接“1”，r0通电，当温度达103时开关自动接“2”，电阻r与r0组成串联电路，电饭煲处于保温状态下列说法正确的是（）a开关在“1”时，电饭煲的功率最大b开关在“1”时，电饭煲处于省电保温c开关在“2”时，电饭煲消耗的功率最大d开关在“1”和在“2”时，电饭煲的功率一样大【考点】电功率的计算【专题】应用题；电能和电功率【分析】根据电路图分析，开关接“1”时，电路中只有r0，接“2”时，r和r0串联，根据公式p=，电源电压不变，电阻大时消耗的电功率就小，电阻小时消耗的电功率就大【解答】解：开关接“1”时，电路中只有r0，根据公式p=可知，此时接入的电阻较小，消耗的电功率最大，故a正确，b错误接“2”时，r和r0串联，根据公式p=可知，此时接入的电阻最大，消耗的电功率最小，处于保温状态，故cd错误故选a【点评】本题考查电功率公式的应用，关键是分析开关接不同的位置时，接入电路电阻的情况，这是解题的难点14如图所示，将两只额定电压相同的灯泡l1、l2串联在电路中，闭合开关s后，发现灯泡l1较亮，灯泡l2较暗，此现象说明（）a灯泡l1的阻值大于灯泡l2的阻值b灯泡l1的额定功率大于灯泡l2的额定功率c灯泡l1两端的电压小于灯炮l2两端的电压d通过灯泡l1的电流大于通过灯炮l2的电流【考点】串联电路的电流规律；欧姆定律的应用；电功率的计算；额定功率；实际功率【专题】比较思想【分析】首先明确，串联电路中，电流处处相等；而灯泡的亮度由其实际功率决定，由电功率的计算式p=i2r可知，在电流一定时，实际功率大的电阻较大，即亮度大的阻值大，其两端的实际电压大；题干告知了两灯的额定电压相等，由公式p=知，在额定电压一定时，电阻越大，额定功率越小根据上述分析对各选项逐一判断即可【解答】解：a、由于两灯串联在电路中，所以通过小灯泡的电流相同；开关闭合后，灯泡l1较亮，灯泡l2较暗，说明前者的实际功率大，由p=i2r知，电流相同时，功率越大，阻值越大，因此灯l1的阻值要大于灯l2的阻值，故a正确b、由a知：r1r2，那么在额定电压相同时，由p=可得出阻值越大，其额定功率越小，即灯l1的额定功率要小于灯l2的额定功率，故b错误c、通过两灯的电流相同，而l1的阻值要大于l2的阻值，由u=ir可知，灯l1两端的实际电压要大一些，故c错误d、串联电路电流处处相等，故d错误故选a【点评】此题考查了串联电路的电流规律，欧姆定律以及电功率等公式的灵活变形和应用，综合性较强需要仔细认真分析二、填空题（每空1分，共10分）15如图所示，当闭合开关s时，小磁针将向顺时针（填“顺时针”或“逆时针”）方向转动，当滑动变阻器的滑片p向右移动时，电磁铁的磁性将增强（填“增强”、“不变”或“减弱”）【考点】影响电磁铁磁性强弱的因素；安培定则；通电螺线管的极性和电流方向的判断【专题】压轴题【分析】本题抓住根据右手定则判断通电螺线管的极性影响电磁铁磁性强弱的因素：电流的大小，线圈的匝数滑动变阻器滑片移动，如何引起电流变化，从而引起的电磁铁磁性强弱的变化【解答】解：根据右手定则判断电螺线管的上端为n极，小磁针将向顺时针方向转动；当滑动变阻器的滑片p向右移动时，电路中的电流变大，电磁铁磁性增强故答案为：顺时针、增强【点评】本题考查了影响电磁铁磁性强弱的因素和根据右手定则判断通电螺线管的极性16通电导体在磁场里的受力方向跟磁场方向电流方向有关；电流做功的过程实质上就是将电能转化为其它形式的能的过程，如电动机工作时是电能转化为机械能；“热得快”也叫电热水器，工作时是电能转化为内能【考点】磁场对通电导线的作用；能量的相互转化【专题】应用题；电动机、磁生电【分析】（1）根据影响通电导体在磁场里受力方向的因素填写（2）电功的实质就是能量间的转化，要根据物体产生的能量性质分析能量转化的方向【解答】解：（1）通电导体在磁场中受力方向与电流方向和磁感线的方向有关（2）电动机工作时，主要把电能转化为机械能；“热得快”工作时把电能转化为内能故答案为：磁场；电流；机械；内【点评】本题考查了影响通电导体在磁场里受力方向的因素，同时还要牢记电功的概念，知道电流做功实质是将电能转换为其他形式的能17小明家有一只电暖器，上面标有“220v 110w”字样当电暖器正常工作时，通过电热丝的电流是0.5a若这只电暖器正常工作1h，能使标有“3000r/kwh”的电能表转330圈【考点】电功率的计算；电能表参数的理解与电能的求法【专题】计算题；应用题【分析】（1）由铭牌可知额定电压和额定功率，根据i=求出正常工作时通过电热丝的电流；根据根据公式w=pt可求消耗的电能；（2）已知电能表每消耗1kwh的电能，转盘就转过3000r，可求工作1h转过的圈数【解答】解：（1）通过电热丝的电流：i=0.5a；电暖器正常工作1h消耗电能：w=pt=0.11kw1h=0.11kwh；（2）电能表转过：3000r/kwh0.11kwh=330r；故答案为：0.5；330【点评】本题考查电流、消耗电能的计算，关键是公式及其变形的灵活运用，难点是对电能表各个参数物理意义的正确理解；解题过程中要注意单位的换算18有一只“36v 6w”的灯泡，灯泡正常工作时，灯丝的电阻为216；若将该灯接在24v的电源上工作10min，消耗的电能为1600j（设灯丝电阻不随温度的改变而改变）【考点】电功率的计算；电功的计算【专题】计算题【分析】（1）由灯泡的铭牌可知额定电压和额定功率，根据r=求出灯丝的电阻；（2）根据p=求出将该灯接在24v电源上时实际功率的大小，根据w=pt求出工作10min消耗的电能【解答】解：（1）灯丝的电阻为r=216；（2）将该灯接在24v电源上时，工作10min消耗的电能为w=p实t=t=600s=1600j故答案为：216；1600【点评】本题考查了电功的计算，关键是电功率公式的灵活运用以及灯泡铭牌参数含义的理解和掌握三、实验题（每处1分，共6分）19王倩同学做测定“小灯泡的电功率”实验时，所用器材有电压为6v的电源，额定电压为2.5v的小灯泡，以及符合实验要求的滑动变阻器、电表、开关和导线如图1是王倩没有连接完的实物电路（1）请你用笔画线代替导线，帮王倩将实物电路连接完整；（2）王倩连好电路后，闭合开关，移动滑片p，发现小灯泡始终不亮，但电压表有示数，电流表无示数，则故障原因可能是灯丝断开或灯泡与灯座接触不良（3）王倩排除故障后闭合开关，移动滑片p到某处，电压表的示数为2.2v，要测量小灯泡的额定功率，应将滑片p向右端滑动（选填“左”或“右”），使电压表示数为2.5v；（4）王倩通过移动滑片p，分别记下了多组对应的电压表和电流表的读数，并绘制成了如图2所示的ui图象根据ui图象提供的信息，可计算出小灯泡的额定功率是0.5w，当加在小灯泡两端的电压为1.5v时，小灯泡的电阻是10【考点】电功率的测量【专题】实验题；测量型实验综合题【分析】（1）根据灯泡的额定电压确定电压表的量程且与灯泡并联；（2）电压表有示数说明两接线柱与电源之间是通路，电流表无示数、灯泡不亮说明电路断路，即电压表并联部分断路；（3）电压表的示数小于灯泡的额定电压，要测灯泡的额定电压应减小变阻器接入电路中的电阻、