福建省高考物理适应性试卷（含解析）.doc

2016年福建省高考适应性物理试卷一、选择题：本题共8小题，每小题6分在每小题给出的四个选项中，第15题只有一项符合题目要求，第68题有多项符合题目要求全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分1一物块静止在粗糙的水平桌面上从某时刻开始，物块受到一方向不变的水平拉力作用假设物块与桌面间的最大静摩擦力等于滑动摩擦力以a表示物块的加速度大小，f表示水平拉力的大小能正确描述f与a之间的关系的图象是（）abcd2取水平地面为重力势能零点，一物块从某一高度水平抛出，在抛出点其动能与重力势能恰好相等不计空气阻力，该物块落地时的速度方向与水平方向的夹角为（）abcd3如图所示，图（a）中的变压器是一理想变压器，其输出端输出电压信号如图（b）所示（图线为正弦曲线），电路中电阻r=55，图中交流电流表、交流电压表为理想电表，其中电流表a1与电流表a2的读数之比为1：4，下列说法中正确的是（）a电压表v1的示数为880vb电压表v2的示数为220vc原线圈输入功率为220wd原线圈中交变电压的频率为100hz4如图所示，一闭合直角三角形线框以速度v匀速穿过匀强磁场区域从bc边进入磁场区开始计时，到a点离开磁场区止的过程中，线框内感应电流的情况是如图所示中的（）abcd5空间有一圆柱形匀强磁场区域，该区域的横截面的半径为r，磁场方向垂直横截面一质量为m、电荷量为q（q0）的粒子以速率v0沿横截面的某直径射入磁场，离开磁场时速度方向偏离入射方向60不计重力，该磁场的磁感应强度大小为（）abcd6目前，在地球周围有许多人造地球卫星绕着它运转，其中一些卫星的轨道可近似为圆，且轨道半径逐渐变小若卫星在轨道半径逐渐变小的过程中，只受到地球引力和稀薄气体阻力的作用，则下列判断正确的是（）a卫星的动能逐渐减小b由于地球引力做正功，引力势能一定减小c由于气体阻力做负功，地球引力做正功，机械能保持不变d卫星克服气体阻力做的功小于引力势能的减小量7如图，x轴在水平地面内，y轴沿竖直方向图中画出了从y轴上沿x轴正向抛出的三个小球a、b和c的运动轨迹，其中b和c是从同一点抛出的，不计空气阻力，则（）aa的飞行时间比b的长bb和c的飞行时间相同ca的水平速度比b的小db的初速度比c的大8a、b为一电场中x轴上的两点，如图甲所示一电子仅在电场力作用下沿x轴运动该电子的动能ek随其坐标变化的关系如图乙所示，则下列说法正确的是（）a该电场不可能是点电荷形成的电场ba、b两点电场强度大小关系为eaebca、b两点电势的关系为abd电子在a、b两点的电势能大小关系为epaepb二、非选择题：包括必考题和选考题两部分第9题第12题为必考题，每个试题考生都必须作答第13题第14题为选考题，考生根据要求作答9某学生用图（a）所示的实验装置测量物块与斜面的动摩擦因数已知打点计时器所用电源的频率为50hz，物块下滑过程中所得到的纸带的一部分如图（b）所示，图中标出了五个连续点之间的距离（1）物块下滑是的加速度a=m/s2，打c点时物块的速度v=m/s；（2）已知重力加速度大小为g，求出动摩擦因数，还需测量的物理量是（填正确答案标号）a物块的质量 b斜面的高度 c斜面的倾角10在测定一节干电池的电动势和内电阻的实验中，备有下列器材：a待测的干电池（电动势约1.5v，内电阻约1.0）b电压表v（量程03v，内阻rv约为1000）c电流表a（量程00.6a，内阻ra约为1）d滑动变阻器r1（020，10a）e滑动变阻器r2（0200，1a）f开关和导线若干（1）某同学设计了如图甲所示的（a）、（b）两个参考实验电路，其中合理的是图所示的电路；在该电路中，为了操作方便且能准确地进行测量，滑动变阻器应选（填写器材前的字母代号）（2）通电前应该把变阻器的阻值调至（填“最左边”或“最右边”）（3）图乙为该同学根据（1）中选出的合理的实验电路，利用测出的数据绘出的ui图线，则由图线可得被测电池的电动势e=v，内阻r=（结果保留3位有效数字）（4）考虑电表内阻的影响，按正确图示的方式连接所测得的电源电动势和电源电动势的真实值的关系为：e=测e真（填“大于”、“等于”、或“小于”）11甲乙两辆汽车都从静止出发做加速直线运动，加速度方向一直不变在第一段时间间隔内，两辆汽车的加速度大小不变，汽车乙的加速度大小是甲的两倍；在接下来的相同时间间隔内，汽车甲的加速度大小增加为原来的两倍，汽车乙的加速度大小减小为原来的一半求甲乙两车各自在这两段时间间隔内走过的总路程之比12如图所示，在xoy平面直角坐标系的第一象限有射线oa，oa与x轴正方向夹角为30，oa与y轴所夹区域内有沿y轴负方向的匀强电场，其他区域存在垂直于坐标平面向外的匀强磁场有一质量为m、电量为q的带正电粒子，从y轴上的p点沿着x轴正方向以初速度v0射入电场，运动一段时间后经过q点垂直于射线oa进入磁场，经磁场偏转，过y轴正半轴上的m点再次垂直进入匀强电场已知oq=h，不计粒子重力，求：（1）粒子经过q点时的速度大小；（2）电场强度e和磁场磁感应强度b的大小；（3）粒子从q点运动到m点所用的时间三、选考题：物理-选修3-513实物粒子和光都具有波粒二象性下列事实中突出体现波动性的是（）a电子束通过双缝实验装置后可以形成干涉图样b射线在云室中穿过会留下清晰的径迹c人们利用慢中子衍射来研究晶体的结构d人们利用电子显微镜观测物质的微观结构e光电效应实验中，光电子的最大初动能与入射光的频率有关，与入射光的强度无关14如右图所示，用轻弹簧相连的质量均为2kg的a、b两物块都以v=6m/s的速度在光滑水平地面上运动，弹簧处于原长，质量4kg的物块c静止在前方，b与c碰撞后二者粘在一起运动在以后的运动中，求：（1）当弹簧的弹性势能最大时，物体a的速度多大？（2）弹性势能的最大值是多大？（3）a的速度有可能向左吗？为什么？2016年福建省高考适应性物理试卷参考答案与试题解析一、选择题：本题共8小题，每小题6分在每小题给出的四个选项中，第15题只有一项符合题目要求，第68题有多项符合题目要求全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分1一物块静止在粗糙的水平桌面上从某时刻开始，物块受到一方向不变的水平拉力作用假设物块与桌面间的最大静摩擦力等于滑动摩擦力以a表示物块的加速度大小，f表示水平拉力的大小能正确描述f与a之间的关系的图象是（）abcd【考点】牛顿第二定律【专题】牛顿运动定律综合专题【分析】对物体受力分析，利用牛顿第二定律列式找出fa的关系式，即可做出选择【解答】解：物块受力分析如图所示：由牛顿第二定律得；fmg=ma解得：f=ma+mgf与a成一次函数关系，故abd错误，c正确，故选c【点评】对于此类图象选择题，最好是根据牛顿第二定律找出两个物理量之间的函数关系，图象变显而易见2取水平地面为重力势能零点，一物块从某一高度水平抛出，在抛出点其动能与重力势能恰好相等不计空气阻力，该物块落地时的速度方向与水平方向的夹角为（）abcd【考点】平抛运动【专题】平抛运动专题【分析】根据机械能守恒定律，以及已知条件：抛出时动能与重力势能恰好相等，分别列式即可求出落地时速度与水平速度的关系，从而求出物块落地时的速度方向与水平方向的夹角【解答】解：设抛出时物体的初速度为v0，高度为h，物块落地时的速度大小为v，方向与水平方向的夹角为根据机械能守恒定律得：+mgh=，据题有： =mgh，联立解得：v=，则cos=，得：=故选：b【点评】解决本题的关键会熟练运用机械能守恒定律处理平抛运动，并要掌握平抛运动的研究方法：运动的分解3如图所示，图（a）中的变压器是一理想变压器，其输出端输出电压信号如图（b）所示（图线为正弦曲线），电路中电阻r=55，图中交流电流表、交流电压表为理想电表，其中电流表a1与电流表a2的读数之比为1：4，下列说法中正确的是（）a电压表v1的示数为880vb电压表v2的示数为220vc原线圈输入功率为220wd原线圈中交变电压的频率为100hz【考点】变压器的构造和原理；电功、电功率；正弦式电流的最大值和有效值、周期和频率【专题】交流电专题【分析】由图可知输入电压的最大值及周期，则可求得有效值；再由变压器的电压关系求出电压表的示数，由欧姆定律求出电流表的读数；对输出端由功率公式求得输入功率【解答】解：由理想变压器输入信号如图（b）所示，可知原线圈的输入端的电压有效值为220v，频率为50hz电流与匝数成反比，所以原副线圈匝数比为4：1a、匝数与电压成正比，所以电压表v1的示数为880v，故a正确；b、电压表v2的示数为有效值220v，故b错误；c、输入功率等于输出功率p=880w，故c错误；d、变压器不改变频率，原副线圈都为50hz，故d错误故选：a【点评】本题考查变压器的性质，应明确变压器可以改变电压及电流，但不会改变功率；输入功率一定等于输出功率4如图所示，一闭合直角三角形线框以速度v匀速穿过匀强磁场区域从bc边进入磁场区开始计时，到a点离开磁场区止的过程中，线框内感应电流的情况是如图所示中的（）abcd【考点】导体切割磁感线时的感应电动势；闭合电路的欧姆定律【专题】电磁感应与图像结合【分析】分三个阶段分析感应电流的变化情况，根据感应电流产生的条件判断线框中是否由感应电流产生，根据e=blv及欧姆定律判断感应电流的大小【解答】解：感应电流i=，线框进入磁场时，导体棒切割磁感线的有效长度l减小，感应电流i逐渐减小；当线框完全进入磁场时，穿过线框的磁通量不变，不产生感应电流，i=0，线框离开磁场时，导体棒切割磁感线的有效长度l减小，感应电流i逐渐减小；故a正确，bcd错误；故选：a【点评】本题可以采用排除法分析解题，掌握感应电流产生的条件、熟练应用e=blv及欧姆定律即可正确解题5空间有一圆柱形匀强磁场区域，该区域的横截面的半径为r，磁场方向垂直横截面一质量为m、电荷量为q（q0）的粒子以速率v0沿横截面的某直径射入磁场，离开磁场时速度方向偏离入射方向60不计重力，该磁场的磁感应强度大小为（）abcd【考点】磁感应强度【分析】带正电的粒子垂直磁场方向进入圆形匀强磁场区域，由洛伦兹力提供向心力，由几何知识求出轨迹半径r，根据牛顿第二定律求出磁场的磁感应强度【解答】解：带正电的粒子垂直磁场方向进入圆形匀强磁场区域，由洛伦兹力提供向心力而做匀速圆周运动，画出轨迹如图，根据几何知识得知，轨迹的圆心角等于速度的偏向角60，且轨迹的半径为 r=rcot30= r根据牛顿第二定律得 qv0b=m 得，b=，故a正确，bcd错误；故选：a【点评】本题是带电粒子在匀强磁场中运动的问题，画轨迹是关键，是几何知识和动力学知识的综合应用，常规问题6目前，在地球周围有许多人造地球卫星绕着它运转，其中一些卫星的轨道可近似为圆，且轨道半径逐渐变小若卫星在轨道半径逐渐变小的过程中，只受到地球引力和稀薄气体阻力的作用，则下列判断正确的是（）a卫星的动能逐渐减小b由于地球引力做正功，引力势能一定减小c由于气体阻力做负功，地球引力做正功，机械能保持不变d卫星克服气体阻力做的功小于引力势能的减小量【考点】功能关系；机械能守恒定律【专题】压轴题【分析】本题关键是首先根据地球对卫星的万有引力等于卫星需要的向心力，得出卫星的动能随轨道半径的减小而增大，然后再根据动能定理和功能原理讨论即可【解答】解：a、由=可知，v=，可见，卫星的速度大小随轨道半径的减小而增大，所以a错误；b、由于卫星高度逐渐降低，所以地球引力对卫星做正功，引力势能减小，所以b正确；c、由于气体阻力做负功，所以卫星与地球组成的系统机械能减少，故c错误；d、根据动能定理可知引力与空气阻力对卫星做的总功应为正值，而引力做的功等于引力势能的减少，即卫星克服气体阻力做的功小于引力势能的变化，所以d正确故选bd【点评】若卫星做圆周运动，则应满足=，可得轨道半径越小v越大，应熟记7如图，x轴在水平地面内，y轴沿竖直方向图中画出了从y轴上沿x轴正向抛出的三个小球a、b和c的运动轨迹，其中b和c是从同一点抛出的，不计空气阻力，则（）aa的飞行时间比b的长bb和c的飞行时间相同ca的水平速度比b的小db的初速度比c的大【考点】平抛运动【专题】平抛运动专题【分析】研究平抛运动的方法是把平抛运动分解到水平方向和竖直方向去研究，水平方向做匀速直线运动，竖直方向做自由落体运动，两个方向上运动的时间相同【解答】解：由图象可以看出，bc两个小球的抛出高度相同，a的抛出高度最小，根据t=可知，a的运动时间最短，bc运动时间相等，故a错误，b正确；c、由图象可以看出，abc三个小球的水平位移关系为a最大，c最小，根据x=v0t可知，v0=，所以a的初速度最大，c的初速度最小，故c错误，d正确；故选bd【点评】本题就是对平抛运动规律的直接考查，掌握住平抛运动的规律就能轻松解决8a、b为一电场中x轴上的两点，如图甲所示一电子仅在电场力作用下沿x轴运动该电子的动能ek随其坐标变化的关系如图乙所示，则下列说法正确的是（）a该电场不可能是点电荷形成的电场ba、b两点电场强度大小关系为eaebca、b两点电势的关系为abd电子在a、b两点的电势能大小关系为epaepb【考点】匀强电场中电势差和电场强度的关系；电势能【专题】电场力与电势的性质专题【分析】电场力做功等于动能的增加量，分析各图中图象与位移的关系可判断电场强度如何变化根据动能的变化，分析电场力做功的正功，判断场强的方向，根据顺着电场线方向电势降低，判断电势的关系根据负电荷在电势高处电势能小，分析电势能的关系【解答】解：a、b根据动能定理得知：电场力做功等于电子动能的变化，则有：ek=eqx，根据数学知识可知，图线的斜率k=qe，因e、q均保持不变，说明电场强度不变，所以该电场一定是匀强电场，ea=eb故a正确，b错误c、由图知，电子从a到b动能增大，电场力做正功，则知电场力方向从ab，电场线方向从ba，根据顺着电场线方向电势降低，则有ab故c正确d、根据能量守恒定律得知，电子从a到b动能增大，电势能减小，则epaepb故d错误故选：ac【点评】本题要求学生能从图象中判断出物理量的变化规律关键要掌握动能定理，并能正确运用，还要把握常见电场中的场强的分布特点及坐标中图象的意义二、非选择题：包括必考题和选考题两部分第9题第12题为必考题，每个试题考生都必须作答第13题第14题为选考题，考生根据要求作答9某学生用图（a）所示的实验装置测量物块与斜面的动摩擦因数已知打点计时器所用电源的频率为50hz，物块下滑过程中所得到的纸带的一部分如图（b）所示，图中标出了五个连续点之间的距离（1）物块下滑是的加速度a=3.25m/s2，打c点时物块的速度v=1.79m/s；（2）已知重力加速度大小为g，求出动摩擦因数，还需测量的物理量是c（填正确答案标号）a物块的质量 b斜面的高度 c斜面的倾角【考点】探究影响摩擦力的大小的因素；测定匀变速直线运动的加速度【专题】实验题【分析】（1）根据x=at2可求加速度，根据求解c点的速度；（2）对滑块根据牛顿第二定律列式求解动摩擦因素的表达式进行分析即可【解答】解：（1）根据x=at2，有：解得：a=3.25m/s2打c点时物块的速度：v=m/s=1.79m/s（2）对滑块，根据牛顿第二定律，有：mgsinmgcos=ma解得：=故还需要测量斜面的倾角，故选：c；故答案为：（1）3.25，1.79；（2）c【点评】实验的核心是实验原理，根据原理选择器材，安排实验步骤，分析实验误差，进行数据处理等等10在测定一节干电池的电动势和内电阻的实验中，备有下列器材：a待测的干电池（电动势约1.5v，内电阻约1.0）b电压表v（量程03v，内阻rv约为1000）c电流表a（量程00.6a，内阻ra约为1）d滑动变阻器r1（020，10a）e滑动变阻器r2（0200，1a）f开关和导线若干（1）某同学设计了如图甲所示的（a）、（b）两个参考实验电路，其中合理的是b图所示的电路；在该电路中，为了操作方便且能准确地进行测量，滑动变阻器应选d（填写器材前的字母代号）（2）通电前应该把变阻器的阻值调至最右边（填“最左边”或“最右边”）（3）图乙为该同学根据（1）中选出的合理的实验电路，利用测出的数据绘出的ui图线，则由图线可得被测电池的电动势e=1.45v，内阻r=1.00（结果保留3位有效数字）（4）考虑电表内阻的影响，按正确图示的方式连接所测得的电源电动势和电源电动势的真实值的关系为：e=测小于e真（填“大于”、“等于”、或“小于”）【考点】测定电源的电动势和内阻【专题】实验题；恒定电流专题【分析】由题目信息可知电路及滑动变阻器的选择；图象与纵坐标的交点为电动势；由闭合电路欧姆定律可求得内阻；【解答】解：（1）因电流表内阻与电源内阻很接近，故应选择相对电源来说的外接法；故选b电路；因电流表量程较大，故为了减少误差，滑动变阻器需选小电阻，故选d；（2）为保证安全，开始时滑动变阻器应接到最大值，故应接最右端；（3）图象与纵坐标的交点为电源的电动势，故电动势e=1.45v；图象的斜率为电源的内阻，r=1.00，（4）该实验测量的误差主要来自于电压表的分流，即所测的外电压和电流，外电压是准确的，测量的电流偏小，作出如图所示的ui图线，虚线表示真实图线，实线表示测量图线，可知，测量的电动势小于真实值，测量的内阻小于真实值故答案为：（1）b d （2）最右边 （3）1.45（1.441.46）1.00（0.9571.05）（4）小于【点评】解决本题的关键会通过ui图线求电源的电动势和内阻，纵轴截距表示电动势，图线斜率的绝对值表示内阻以及知道误差的来源，通过图象分析真实值和测量值的关系11甲乙两辆汽车都从静止出发做加速直线运动，加速度方向一直不变在第一段时间间隔内，两辆汽车的加速度大小不变，汽车乙的加速度大小是甲的两倍；在接下来的相同时间间隔内，汽车甲的加速度大小增加为原来的两倍，汽车乙的加速度大小减小为原来的一半求甲乙两车各自在这两段时间间隔内走过的总路程之比【考点】匀变速直线运动的位移与时间的关系；匀变速直线运动的速度与时间的关系【专题】压轴题；直线运动规律专题【分析】分别对甲乙两车研究，用加速度a，时间间隔t0等相同的量表示总位移，再求出路程之比【解答】解：设汽车甲在第一段时间时间间隔t0末的速度为v，第一段时间间隔内行驶的路程为s1，加速度为a，在第二段时间间隔内行驶的路程为s2由题，汽车甲在在第二段时间间隔内加速度为2a设甲、乙两车行驶的总路程分别为s、s，则有s=s1+s2，s=s1+s2 由运动学公式得 v=at0 s1= 将代入得 s2=2a，由+得 s=s1+s2=设乙车在时间t0的速度为v，在第一、二段时间间隔内行驶的路程分别为s1、s2同样有 v=（2a）t0 将代入得 s2= 由+得s=s1+s2=所以甲、乙两车各自行驶的总路程之比为答：甲乙两车各自在这两段时间间隔内走过的总路程之比为5：7【点评】对于两个物体运动问题的处理，除了分别研究两个物体的运动情况外，往往要抓住它们之间的关系，列出关系式12如图所示，在xoy平面直角坐标系的第一象限有射线oa，oa与x轴正方向夹角为30，oa与y轴所夹区域内有沿y轴负方向的匀强电场，其他区域存在垂直于坐标平面向外的匀强磁场有一质量为m、电量为q的带正电粒子，从y轴上的p点沿着x轴正方向以初速度v0射入电场，运动一段时间后经过q点垂直于射线oa进入磁场，经磁场偏转，过y轴正半轴上的m点再次垂直进入匀强电场已知oq=h，不计粒子重力，求：（1）粒子经过q点时的速度大小；（2）电场强度e和磁场磁感应强度b的大小；（3）粒子从q点运动到m点所用的时间【考点】带电粒子在匀强磁场中的运动；带电粒子在匀强电场中的运动【专题】计算题；定量思想；图析法；带电粒子在复合场中的运动专题【分析】（1）带电粒子在匀强电场中做类平抛运动，将q点的速度进行分解，抓住水平分速度不变，从而求出q点的速度大小（2）粒子在电场中做类平抛运动，在磁场中做匀速圆周运动，应用类平抛运动规律与牛顿第二定律可以求出电场强度与磁感应强度（3）求出粒子在磁场中转过的圆心角，然后根据粒子做圆周运动的周期公式求出粒子的运动时间【解答】解：（1）粒子在电场中做类平抛运动，到达q点时的速度：vq=2v0；（2）粒子在电场中做类平抛运动，水平方向：oqcos30=hcos30=v0t，t=，竖直方向：vy=vqcos30=v0=t，解得：e=，粒子在磁场中做匀速圆周运动，由几何知识得：r=oq=h，粒子在磁场中做匀速圆周运动，洛伦兹力提供向心力，由牛顿第二定律得：qvqb=m，解得：b=；（3）粒子在磁场中做圆周运动的周期：t=，粒子在磁场中转过的圆心角：=360（9030）=300，粒子从q点运动到m点所用的时间：t=t=；答：（1）粒子经过q点时的速度大小为2v0；（2）电场强度e的大小为，磁场磁感应强度b的大小为；（3）粒子从q点运动到m点所用的时间为【点评】本题考查带电粒子在电场和磁场中的运动，分析清楚粒子运动过程、作出粒子运动轨迹是解题的关键，应用类平抛运动规律、牛顿第二定律可以解题，解题时注意几何知识的应用三、选考题：物理-选修3-513实物粒子和光都具有波粒二象性下列事实中突出体现波动性的是（）a电子束通过双缝实验装置后可以形成干涉图样b射线在云室中穿过会留下清晰的径迹c人们利用慢中子衍射来研究晶体的结构d人们利用电子显微镜观测物质的微观结构e光电效应实验中，光电子的最大初动能与入射光的频率有关，与入射光的强度无关【考点】光的波粒二象性【分析】光电效应证明了光的粒子性，肥皂泡是彩色的，是由于光线在肥皂膜的表面发生干涉造成的证明了光具有波动性；实物粒子也具有波动性，但由于波长太小，我们无法直接观测到；相邻原子之间的距离大致与德布罗意波长相同故能发生明显的衍射现象，证明了光的波动性【解答】解：a、干涉是波具有的特性，电子束通过双缝实验装置后可以形成干涉图样，说明电子具有波动性，所以a正确；b、粒子在云室中受磁场力的作用，做的是圆周运动，与波动性无关，所以b错误；c、可以利用慢中子衍射来研究晶体的结构，说明中子可以产生衍射现象，说明具有波动性，所以c正确