福建省莆田五中学高一物理上学期期末试卷（含解析）.doc

福建省莆田五中20152016学年度高一上学期期末物理试卷一、选择题（本题共12小题，每小题4分，共48分1-8题为单选题，92题为不定项选择题）1关于速度和加速度的关系，下列说法正确的是（）a加速度变大，速度可能不变b加速度为零，速度就一定为零c速度变大，加速度可能不变d速度为零，加速度就一定为零2关于动摩擦因数（即滑动摩擦力和弹力的比值），下列说法中正确的是（）a动摩擦因数与正压力成正比b相同的条件下，接触面积越大，动摩擦因数越大c动摩擦因数只与接触面的粗糙程度、相互接触的物体的材料有关d动摩擦因数与正压力、接触面积有关，但具体关系不能确定3关于合力与分力之间的关系的说法，正确的是（）a合力就是分力的代数和b合力总比某一分力大c分力与合力的方向总是不一致的d合力等于某一分力是可能的4运动学是我们高中物理的重要组成部分，下列关于运动学中的概念、物理方法的理解正确的是（）a速度、质量、加速度、路程的运算时都满足平行四边形法则b紧急刹车时，物体相对车厢向前滑行了x=2m，测出x的参考系是车厢c宇航员在航器中因失重而处于漂浮状态，所以没有惯性d用弹簧秤竖直悬挂一物体，弹簧秤的示数一定等于物体重力的大小5如图所示，对下列“阴影”的物体受力分析错误的是（）a接触面光滑b光滑斜面c沿光滑斜面下滑d保持静止6如图，a、b、c三个物体叠放在桌面上，在a的上面再加一个作用力f，则c物体受到竖直向下的作用力除了自身的重力之外还有（）a1个力b2个力c3个力d4个力7以下关于超重和失重的描述正确的是（）a失重就是物体受到的重力减少b儿童沿滑梯加速下滑过程中处于失重状态c物体随升降机上升时一定处于超重状态d跳高运动员离开地面后上升过程中处于失重状态8一物体从高h处自由下落，当它运动到p点时所用的时间恰好为整个过程时间的一半，不计空气阻力，则p点离地面的高度为（）abcd9如图，一小球放置在木板与竖直墙面之间设墙面对球的支持力大小为n，球受到的合力为f以木板与墙连接点所形成的水平直线为轴，将木板从图示位置开始缓慢地转到水平位置不计摩擦，在此过程中（）an先增大后减小bf始终减小cf始终不变dn始终减小10如图所示，轻质弹簧连接a、b两物体，a放在水平地面上，b的上端通过细线挂在天花板上；已知a的重力为8n，b的重力为6n，弹簧的弹力为4n则地面受到的压力大小和细线受到的拉力大小可能是（）a18n和10nb4n和10nc10n和2nd14n和2n11如图，小球p、q的质量相等，其间用轻弹簧相连，光滑斜面倾角为，系统静止时，弹簧与轻绳均平行与斜面，则在轻绳被突然剪断的瞬间，下列说法正确的是（）a两球的加速度大小均为gsinbq球的加速度为零cp球的加速度大小为2gsindp球的加速度方向沿斜面向上，q球的加速度方向沿斜面向下12在一东西向的水平直铁轨上，停放着一列已用挂钩链接好的车厢当机车在东边拉着这列车厢以大小为a的加速度向东行驶时，链接某两相邻车厢的挂钩p和q间的拉力大小为f；当机车在西边拉着这列车厢以大小为的加速度向东行驶时，p和q间的拉力大小仍为f不计车厢与铁轨间的摩擦，每节车厢质量相同，则这列车厢的节数可能为（）a8b10c15d18二、实验题13某同学在做“探究弹力和弹簧伸长的关系”的实验时，将一轻弹簧竖直悬挂并让其自然下垂，测出其自然长度；然后在其下部施加外力f，测出弹簧的总长度l，改变外力f的大小，测出几组数据，作出外力f与弹簧总长度l的关系图线如图所示（实验过程是在弹簧的弹性限度内进行的）由图可知该弹簧的自然长度为cm；该弹簧的劲度系数为n/m14如图1所示，为“用dis（位移传感器、数据采集器、计算机）研究加速度和力的关系”的实验装置（1）在该实验中必须采用控制变量法，应保持不变，用钩码所受的重力大小作为，用dis测小车的加速度（2）改变所挂钩码的数量，多次重复测量在某次实验中根据测得的多组数据可画出af关系图线（如图2所示）分析此图线的oa段可得出的实验结论是（3）（单选题）此图线的ab段明显偏离直线，造成此误差的主要原因是a小车与轨道之间存在摩擦 b导轨保持了水平状态c所挂钩码的总质量太大 d所用小车的质量太大三、计算题（34分，要有必要的文字说明和解题步骤，有数值计算的要注明单位）15在2015年南安市秋季田竞运动会上，我校一位男生取男子100米决赛冠军，其成绩为11.2秒假设比赛中，该同学先匀加速直线跑了6.4秒，之后匀速直线跑到终点试求：（1）该同学在比赛过程的平均速度的大小；（2）该同学在100米决赛过程的最大速度大小16总质量为80kg的跳伞运动员从离地500m的直升机上跳下，经过2s拉开绳索开启降落伞，如图所示是跳伞过程中的vt图，试根据图象求：（g取10m/s2）（1）t=1s时运动员的加速度和所受阻力的大小（2）估算14s内运动员下落的高度及克服阻力做的功17某仓库采用如图所示的装置来传送货物，它由两台皮带传送机组成，一台水平传送，a、b两端相距3m，另一台倾斜，传送带与地面的倾角=37，c、d两端相距4.45m，b、c相距很近水平部分ab以5m/s的速率顺时针转动将一袋大米放在a端，到达b端后，速度大小不变地传到倾斜的cd部分，米袋与两传送带间的动摩擦因数均为0.5（取g=10m/s2，sin37=0.6，cos37=0.8，=2.68）试求：（1）米袋从a端传到b端的时间及米袋到达b端时的速度的大小（2）cd部分传送带不运转，求米袋沿传送带所能上升的最大距离；（3）若要米袋能被送到d端，求cd部分顺时针运转的速度应满足的条件及米袋从c端到d端所用时间的取值范围福建省莆田五中20152016学年度高一上学期期末物理试卷参考答案与试题解析一、选择题（本题共12小题，每小题4分，共48分1-8题为单选题，92题为不定项选择题）1关于速度和加速度的关系，下列说法正确的是（）a加速度变大，速度可能不变b加速度为零，速度就一定为零c速度变大，加速度可能不变d速度为零，加速度就一定为零【考点】加速度【专题】定性思想；推理法；直线运动规律专题【分析】根据加速度的定义式可知物体的加速度等于物体的速度的变化率，与物体速度的大小和方向无关，即物体的速度变化越快物体的加速度越大【解答】解：a有加速度，速度一定变化，故a错误；b、加速度为零，速度不一定为零，如匀速直线运动故b错误；c、速度变大，加速度可能不变，如匀加速直线运动，故c正确；d、物体的速度为零，但物体的加速度的变化率可以不为零，即物体的加速度不为零故d错误；故选：c【点评】本题考查加速度的定义式，只要理解了加速度的概念就能顺利解决，难度不大，属于基础题2关于动摩擦因数（即滑动摩擦力和弹力的比值），下列说法中正确的是（）a动摩擦因数与正压力成正比b相同的条件下，接触面积越大，动摩擦因数越大c动摩擦因数只与接触面的粗糙程度、相互接触的物体的材料有关d动摩擦因数与正压力、接触面积有关，但具体关系不能确定【考点】滑动摩擦力【专题】摩擦力专题【分析】动摩擦因数（即滑动摩擦力和弹力的比值），是一种比值定义法，则摩擦因数与滑动摩擦力和弹力均无关，只与接触面的粗糙程度、相互接触的物体的材料有关【解答】解：动摩擦因数（即滑动摩擦力和弹力的比值），是一种比值定义法，则摩擦因数与滑动摩擦力和弹力均无关，只与接触面的粗糙程度、相互接触的物体的材料有关所以c正确；abd均错误故选：c【点评】考查比值定义法，让学生明白比值与定义量没有关系比如：也是比值定义3关于合力与分力之间的关系的说法，正确的是（）a合力就是分力的代数和b合力总比某一分力大c分力与合力的方向总是不一致的d合力等于某一分力是可能的【考点】力的合成【专题】受力分析方法专题【分析】从合力与分力的关系：等效替代，进行分析根据平行四边形定则分析合力与分力的大小关系：合力大小介于二力之和与二力之差之间；重力，可以分解为一个使物体沿斜面下滑的力，另一个是垂直斜面的分力【解答】解：a、合力就是分力的矢量和，故a错误；b、根据力的平行四边形定则，可得，合力大小可以等于一分力，也可大于任一分力，也可以小于任一分力，故b错误，d正确；c、如果二力在同一条直线上，根据力的合成计算合力的大小，即同一直线上同方向二力的合力等于二力之和，此时方向相同，所以c错误；故选：d【点评】掌握合力与分力的概念和力合成分解的平行四边形定则是解决本题的关键4运动学是我们高中物理的重要组成部分，下列关于运动学中的概念、物理方法的理解正确的是（）a速度、质量、加速度、路程的运算时都满足平行四边形法则b紧急刹车时，物体相对车厢向前滑行了x=2m，测出x的参考系是车厢c宇航员在航器中因失重而处于漂浮状态，所以没有惯性d用弹簧秤竖直悬挂一物体，弹簧秤的示数一定等于物体重力的大小【考点】惯性；加速度【专题】定性思想；推理法；牛顿运动定律综合专题【分析】质量、路程都是标量，物体相对车厢滑行的距离，x的参考系是车厢，惯性是物体保持原来运动状态不变的性质惯性的大小只与物体的质量有关，与速度及物体的受力情况无关【解答】解：a、速度、加速度是矢量，质量、路程是标量，只有矢量运算时满足平行四边形法则，故a错误b、刹车时，物体相对车厢向前滑行了x=2m，测出x的参考系是车厢，故b正确c、由于惯性是物体固有属性，在航器中，物体的惯性没有消失，故c错误d、地物体挂在弹簧秤下只有处于平衡状态时，弹簧秤的示数才等于物体的重力故d错误故选：b【点评】该题关键要掌握力学基础知识，正确理解惯性的概念是解答此题的关键，惯性作为物体本身固有的一种属性，在我们生活中随处可见，与我们的生活息息相关，我们要注意联系实际5如图所示，对下列“阴影”的物体受力分析错误的是（）a接触面光滑b光滑斜面c沿光滑斜面下滑d保持静止【考点】力的合成与分解的运用【专题】定性思想；图析法；受力分析方法专题【分析】1受力分析的定义：把指定物体（研究对象）在特定物理情景中所受的所有外力找出来，并画出受力图，这就是受力分析2受力分析的一般顺序：先分析场力（重力、电场力、磁场力），再分析接触力（弹力、摩擦力），最后分析其他力3受力分析的一般步骤：（1）选取研究对象：即确定受力分析的物体研究对象可以是单个的物体，也可以是物体的系统组合（2）隔离物体分析：将研究对象从周围的物体中隔离出来，进而分析物体受到的重力、弹力、摩擦力、电场力、磁场力等，检查周围有哪些物体对它施加了力的作用（3）画出受力示意图：按照一定顺序进行受力分析一般先分析重力；然后环绕物体一周，找出跟研究对象接触的物体，并逐个分析弹力和摩擦力；最后再分析其它场力在受力分析的过程中，要边分析边画受力图（养成画受力图的好习惯）只画性质力，不画效果力（4）检查受力分析是否有误：受力分析完后，检查画出的每一个力能否找出它的施力物体，检查分析结果能否使研究对象处于题目所给运动状态，否则，必然发生了漏力、多力或错力现象【解答】解：a、物体保持静止，合力为零，无向右上方的支持力，故a错误；b、物体不受支持力，受重力和拉力平衡，故b正确；c、物体冲上光滑斜面，没有滑动摩擦力，受到重力与垂直斜面的支持力，故c正确；d、保持静止，处于平衡状态，故受重力和支持力而平衡，不受到摩擦力的作用故d正确；本题选择错误的，故选：a【点评】理解力的概念，掌握力的特点，是正确分析受力的基础和依据要想熟练掌握，还需要通过一定量的练习，不断加深对物体运动规律的认识，反复体会方法，总结技巧才能达到6如图，a、b、c三个物体叠放在桌面上，在a的上面再加一个作用力f，则c物体受到竖直向下的作用力除了自身的重力之外还有（）a1个力b2个力c3个力d4个力【考点】物体的弹性和弹力【专题】受力分析方法专题【分析】通过对物体受力分析，确定物体受力的个数，从而即可求解【解答】解：c物体在竖直方向上受重力，b对c的压力，地面的支持力三个力处于平衡，方向竖直向下的力有重力和b对c的压力，所以除了重力以外还有一个力故a正确，b、c、d错误故选：a【点评】解决本题的关键知道弹力属于接触力，只有接触才能发生，不能误认为a对c、外力f都对c有作用7以下关于超重和失重的描述正确的是（）a失重就是物体受到的重力减少b儿童沿滑梯加速下滑过程中处于失重状态c物体随升降机上升时一定处于超重状态d跳高运动员离开地面后上升过程中处于失重状态【考点】超重和失重【专题】牛顿运动定律综合专题【分析】当物体对接触面的压力大于物体的真实重力时，就说物体处于超重状态，此时有向上的加速度；当物体对接触面的压力小于物体的真实重力时，就说物体处于失重状态，此时有向下的加速度；如果没有压力了，那么就是处于完全失重状态，此时向下加速度的大小为重力加速度g【解答】解：a、物体处于超重或者失重是指视重与重力的关系，并不是重力发生变化故a错误；b、儿童沿滑梯加速下滑过程中只受到重力和支持力的作用，加速度的方向沿斜面向下，处于失重状态故b正确；c、在加速上升的升降机中的物体处于超重状态，在减速上升的升降机中，物体处于失重状态，故c错误；d、跳高运动员离开地面后上升过程中只受到重力的作用，加速度的方向向下，处于失重状态，故d正确；故选：bd【点评】本题主要考查了对超重失重现象的理解，人处于超重或失重状态时，人的重力并没变，只是对支持物的压力变了8一物体从高h处自由下落，当它运动到p点时所用的时间恰好为整个过程时间的一半，不计空气阻力，则p点离地面的高度为（）abcd【考点】自由落体运动【专题】直线运动规律专题【分析】自由落体运动是初速度为零的匀加速直线运动，初速度为零的匀加速直线运动的在第1t、第2t、第3t内的位移之比为1：3：5【解答】解：初速度为零的匀加速直线运动的在第1t、第2t内的位移之比为1：3故：h1+h2=hh1：h2=1：3解得：h2=0.75h故选a【点评】本题方法较多，可以灵活选择运动学公式列方程求解，也可以采用图想法求解9如图，一小球放置在木板与竖直墙面之间设墙面对球的支持力大小为n，球受到的合力为f以木板与墙连接点所形成的水平直线为轴，将木板从图示位置开始缓慢地转到水平位置不计摩擦，在此过程中（）an先增大后减小bf始终减小cf始终不变dn始终减小【考点】共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用【专题】定性思想；合成分解法；共点力作用下物体平衡专题【分析】以小球为研究对象，将木板从图示位置开始缓慢地转到水平位置的过程中，小球始终处于平衡状态，合力为零，分析受力情况：重力、木板的支持力和墙壁的支持力，根据平衡条件得到墙面对球的支持力与的关系，再分析其变化情况【解答】解：以小球为研究对象，分析受力情况：重力g、墙面的支持力n和木板的支持力n将木板从图示位置开始缓慢地转到水平位置的过程中，小球始终处于平衡状态，合力为零，即f=0，不变，根据平衡条件得：n=gcot，将木板从图示位置开始缓慢地转到水平位置的过程中，增大，cot减小，则n始终减小，故cd正确故选：cd【点评】本题运用函数法研究动态平衡问题，也可以运用图解法直观反映力的变化情况10如图所示，轻质弹簧连接a、b两物体，a放在水平地面上，b的上端通过细线挂在天花板上；已知a的重力为8n，b的重力为6n，弹簧的弹力为4n则地面受到的压力大小和细线受到的拉力大小可能是（）a18n和10nb4n和10nc10n和2nd14n和2n【考点】共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用；胡克定律【分析】对a受力分析可求得a受地面的支持力，由牛顿第三定律可求得地面受到的压力；对整体受力分析可求得细线受到的拉力；因弹簧可能伸长也可能压缩，故弹力的方向有两种可能，则分情况进行计论即可得出正确结果【解答】解：a受重力，弹簧的弹力及地面的支持力而处于平衡状态；若弹力向上，则支持力f=gaf1=8n4n=4n，若弹力向下，而支持力f=8n+4n=12n；对整体分析，整体受重力、拉力及地面的支持力，若支持力为4n，则拉力f2=ga+gbf=10n；若支持力为12n，则拉力f2=ga+gbf=2n； 故有两种可能：4n和10n；12n和2n；故选：b【点评】解答本题时要注意两点：一是正确选取研究对象，并能进行正确的受力分析；二是明确弹簧的两种可能性，压缩或者拉伸11如图，小球p、q的质量相等，其间用轻弹簧相连，光滑斜面倾角为，系统静止时，弹簧与轻绳均平行与斜面，则在轻绳被突然剪断的瞬间，下列说法正确的是（）a两球的加速度大小均为gsinbq球的加速度为零cp球的加速度大小为2gsindp球的加速度方向沿斜面向上，q球的加速度方向沿斜面向下【考点】牛顿第二定律【专题】牛顿运动定律综合专题【分析】（1）根据平衡条件可知：对q球f弹=mgsin，对p球f绳=f弹+mgsin；（2）细线被烧断的瞬间，细线的拉力立即减为零，但弹簧的弹力不会瞬间发生改变；（3）对p、q球分别进行受力分析，根据牛顿第二定律即可求出各自加速度【解答】解：系统静止，根据平衡条件可知：对q球f弹=mgsin，对p球f绳=f弹+mgsin，细线被烧断的瞬间，细线的拉力立即减为零，但弹簧的弹力不发生改变，则：q球受力情况未变，瞬时加速度为零；对p球根据牛顿第二定律得：a=2gsin，故ad错误，bc正确故选：bc【点评】该题是牛顿第二定律的直接应用，本题要注意细线被烧断的瞬间，细线的拉力立即减为零，但弹簧的弹力不发生瞬间改变，该题难度适中12在一东西向的水平直铁轨上，停放着一列已用挂钩链接好的车厢当机车在东边拉着这列车厢以大小为a的加速度向东行驶时，链接某两相邻车厢的挂钩p和q间的拉力大小为f；当机车在西边拉着这列车厢以大小为的加速度向东行驶时，p和q间的拉力大小仍为f不计车厢与铁轨间的摩擦，每节车厢质量相同，则这列车厢的节数可能为（）a8b10c15d18【考点】牛顿第二定律【专题】牛顿运动定律综合专题【分析】根据两次的情况，利用牛顿第二定律得出关系式，根据关系式分析可能的情况即可【解答】解：设pq两边的车厢数为p和q，当机车在东边拉时，根据牛顿第二定律可得：f=pma，当机车在西边拉时，根据牛顿第二定律可得：f=qma，根据以上两式可得：，即两边的车厢的数目可能是2和3，或4和6，或6和9，或8和12，等等，所以总的车厢的数目可能是5、10、15、20，所以可能的是bc故选：bc【点评】本题不是确切的数值，关键的是根据牛顿第二定律得出两次之间的关系，根据关系来判断可能的情况，本题比较灵活，是道好题二、实验题13某同学在做“探究弹力和弹簧伸长的关系”的实验时，将一轻弹簧竖直悬挂并让其自然下垂，测出其自然长度；然后在其下部施加外力f，测出弹簧的总长度l，改变外力f的大小，测出几组数据，作出外力f与弹簧总长度l的关系图线如图所示（实验过程是在弹簧的弹性限度内进行的）由图可知该弹簧的自然长度为10cm；该弹簧的劲度系数为50n/m【考点】探究弹力和弹簧伸长的关系【专题】实验题【分析】该题考察了应用弹力与弹簧长度关系的图象分析问题，由图线和坐标轴交点的横坐标表示弹簧的原长可知弹簧的原长再由胡克定律可求出弹簧的劲度系数【解答】解：由图线和坐标轴交点的横坐标表示弹簧的原长可知弹簧的原长为10cm；当拉力为10n时，弹簧的形变量为x=3010=20cm=0.2m由胡克定律f=kx得：k=50n/m故答案为：10，50【点评】该题要求要会从图象中正确的找出弹簧的原长及在各外力作用下弹簧的长，并会求出弹簧的形变量，在应用胡克定律时，要首先转化单位，要知道图线与坐标轴的交点的横坐标是弹簧的原长知道图线的斜率即为弹簧的劲度系数14如图1所示，为“用dis（位移传感器、数据采集器、计算机）研究加速度和力的关系”的实验装置（1）在该实验中必须采用控制变量法，应保持小车的质量不变，用钩码所受的重力大小作为拉力，用dis测小车的加速度（2）改变所挂钩码的数量，多次重复测量在某次实验中根据测得的多组数据可画出af关系图线（如图2所示）分析此图线的oa段可得出的实验结论是加速度与小车受到的合外力成正比（3）（单选题）此图线的ab段明显偏离直线，造成此误差的主要原因是ca小车与轨道之间存在摩擦 b导轨保持了水平状态c所挂钩码的总质量太大 d所用小车的质量太大【考点】探究加速度与物体质量、物体受力的关系【专题】实验题【分析】探究加速度与力的关系实验，首先要平衡摩擦力；当钩码质量远小于小车质量时，小车受到的拉力近似等于钩码受到的重力；如果钩码质量太大，小车受到的拉力小于钩码重力，图象发生弯曲【解答】解：（1）在该实验中必须采用控制变量法，应保持 小车的质量不变，用钩码所受的重力大小作为 拉力，用dis测小车的加速度；（2）由图可知，在oa段几乎是直线，即加速度与小车受到的合外力成正比（3）小车质量保持不变，改变所挂钩码的个数，开始钩码总质量远小于小车质量，a与拉力成正比，af图象是一条倾斜的直线，随着钩码质量的增加，码质量不再远小于小车质量，小车受到的拉力明显小于钩码的重力，加速度a与钩码重力不成正比，加速度随钩码重力的增加而变大，但加速度的增加幅度将逐渐减小，af图象向下弯曲，是由于没有满足钩码的质量远小于小车的质量故c正确故选：c故答案为：（1）小车的质量，拉力；（2）加速度与小车受到的合外力成正比；（3）c【点评】要清楚实验的研究方法和实验中物理量的测量当钩码的质量远小于小车的总质量时，钩码所受的重力才能作为小车所受外力三、计算题（34分，要有必要的文字说明和解题步骤，有数值计算的要注明单位）15在2015年南安市秋季田竞运动会上，我校一位男生取男子100米决赛冠军，其成绩为11.2秒假设比赛中，该同学先匀加速直线跑了6.4秒，之后匀速直线跑到终点试求：（1）该同学在比赛过程的平均速度的大小；（2）该同学在100米决赛过程的最大速度大小【考点】匀变速直线运动的位移与时间的关系；平均速度【专题】计算题；定性思想；推理法；直线运动规律专题【分析】（1）对全程分析，由平均速度公式可求得平均速度的大小； （2）物体先做匀加速直线运动，再做匀速运动，根据平均速度公式可求得匀加速过程的位移；由x=vt可求得匀速的位移，根据总位移为100m列方程可求得最大速度【解答】解：（1）平均速度=8.93m/s；（2）设最大速度为v；则可知+v（11.2t）=100；解得：v=12.5m/s；答：（1）（1）该同学在比赛过程的平均速度的大小为8.93m/s；（2）该同学在100米决赛过程的最大速度大小为12.5m/s【点评】本题考查匀变速直线运动的规律应用及平均速度公式，要注意明确当匀加速结束时速度达最大值16总质量为80kg的跳伞运动员从离地500m的直升机上跳下，经过2s拉开绳索开启降落伞，如图所示是跳伞过程中的vt图，试根据图象求：（g取10m/s2）（1）t=1s时运动员的加速度和所受阻力的大小（2）估算14s内运动员下落的高度及克服阻力做的功【考点】动能定理的应用；匀变速直线运动的图像【专题】动能定理的应用专题【分析】（1）运动员在02s内做匀加速直线运动，根据斜率等于加速度，由数学知识求解加速度，根据牛顿第二定律算出阻力f（2）可以通过图象与时间轴所围成的面积估算14s内运动员下落的高度，运用动能定理算出克服阻力做的功【解答】解：（1）从图中可以看，在t=2s内运动员做匀加速运动，其加速度大小为：m/s2=8m/s2，设此过程中运动员受到的阻力大小为f，根据牛顿第二定律得：mgf=ma，解得：f=m（ga）=80（108）n=160n；（2）从图中由“面积”估算得出运动员在14s内下落了：39.522m=158m，根据动能定理有：，解得：=（80101588062）j1.25105j；答：（1）t=1s时运动员的加速度为8m/s2，所受阻力的大小为160n（2）估算14s内运动员下落的高度为158m，克服阻力做的功为1.25105j【点评】本题是vt图象应用的典型题型，要掌握图象的斜率表示加速度，图象与坐标轴围成的面积表示位移，估算面积时可以通过数方格的个数来估算，采用“四舍五入”进行近似计算17某仓库采用如图所示的装置来传送货物，它由两台皮带传送机组成，一台水平传送，a、b两端相距3m，另一台倾斜，传送带与地面的倾角=37，c、d两端相距4.45m，b、c相距很近水平部分ab以5m/s的速率顺时针转动将一袋大米放在a端，到达b端后，速度大小不变地传到倾斜的cd部分，米袋与两传送带间的动摩擦因数均为0.5（取g=10m/s2，sin37=0.6，cos37=0.8，=2.68）试求：（1）米袋