高中数学 奥赛辅导精品第二讲 映射及映射法.doc

第二讲 映射及映射法知识、方法、技能1映射的定义设a，b是两个集合，如果按照某种对应法则f，对于集合a中的任何一个元素，在集合b中都有惟一的元素和它对应，这样的对应叫做从集合a到集合b的映射，记作（1）映射是特殊的对应，映射中的集合a，b可以是数集，也可以是点集或其他集合，这两个集合有先后次序，从a到b的映射与从b到a的映射是截然不同的.（2）原象和象是不能互换的，互换后就不是原来的映射了.（3）映射包括集合a和集合b，以及集合a到b的对应法则f，三者缺一不可.（4）对于一个从集合a到集合b的映射来说，a中的每一个元素必有惟一的，但b中的每一个元素都不一定都有原象.如有，也不一定只有一个.2一一映射一般地，设a、b是两个集合，是集合a到集合b的映射，如果在这个映射下，对于集合a中的不同元素，在集合b中有不同的象，而且b中每一个元素都有原象，那么个这个映射叫做a到b上的一一映射.3逆映射如果f是a与b之间的一一对应，那么可得b到a的一个映射g：任给，规定，其中a是b在f下的原象，称这个映射g是f的逆映射，并将g记为f1.显然有（f1）1= f，即如果f是a与b之间的一一对应，则f1是b与a之间的一一对应，并且f1的逆映射是f.事实上，f1是b到a的映射，对于b中的不同元素b1和b2，由于它们在f下的原象不同，所以b1和b2在f1下的像不同，所以f1是11的.任给，则.这说明a中每个元素a在f1都有原象.因此，f1是映射上的.这样即得f1是b到a上的11映射，即f1是b与a之间一一对应.从而f1有逆映射由于任给，其中b是a在f1下的原象，即f1(b)=a，所以，f(a)=b，从而，这即是f1的逆映射是f.赛题精讲映射关映射的高中数学竞赛题是常见题型之一，请看下述试题.例1：设集合映射f：fz.使得的值.【思路分析】应从入手，列方程组来解之.【略解】由f的定义和已知数据，得将两式相加，相减并分别分解因式，得显然，的条件下，对应可知同理，由对应地，于是有以下两种可能：（） （）由（）解出x=1，y=9，u=8，v=6；由（）解出y=12，它已超出集合m中元素的范围.因此，（）无解.【评述】在解此类问题时，估计的可能值是关键，其中，对它们的取值范围的讨论十分重要.例2：已知集合求一个a与b的一一对应f，并写出其逆映射.图121【略解】从已知集合a，b看出，它们分别是坐标平面上两直线所夹角形区域内的点的集合（如图121）.集合a为直线所夹角内点的集合，集合b则是第一、三象限内点的集合.所要求的对应实际上可使a区域拓展成b区域，并要没有“折叠”与“漏洞”.先用极坐标表示集合a和b： 令在这个映射下，极径没有改变，辐角之间是一次函数，因而之间是一一对应，其中所以，映射f是a与b的一一对应. 逆映射极易写，从略.【评述】本题中将下角坐标问题化为极坐标问题，颇具特色.应注意理解掌握.映射法应用映射知识往往能巧妙地解决有关集合的一些问题.例3：设x=1，2，100，对x的任一非空子集m，m中的最大数与最小数的和称为m的特征，记为求x的所有非空子集的特征的平均数.【略解】设于是是x的非空子集的全体（子集组成的集），y到x自身的满射，记x的非空子集为a1，a2，an（其中n=21001），则特征的平均数为由于a中的最大数与a中的最小数的和为101，a中最小数与a中的最大数的和也为101，故从而特征平均数为 如果a，b都是有限集合，它们的元素个数分别记为对于映射来说，如果f是单射，则有；如果f是满射，则有；如果f是双射，则有.这在计算集合a的元素的个数时，有着重要的应用.即当比较难求时，我们就找另一个集合b，建立一一对应，把b的个数数清，就有.这是我们解某些题时常用的方法.请看下述两例.例4：把abc的各边n等分，过各分点分别作各边的平行线，得到一些由三角形的边和这些平行线所组成的平行四边形，试计算这些平等四边形的个数.【略解】如图122所示，我们由对称性，先考虑边不行于bc的小平行四边形.把ab边和ac边各延长一等分，分别到b，c，连接bc.将ab的n条平行线分别延长，与bc相交，连同b，c共有n+2个分点，从b至c依次记为1，2，n+2.图中所示的小平行四边形所在四条线分别交bc于i，j，k，l.记 a=边不平行于bc的小平行四边形， 把小平行四边形的四条边延长且交边于四点的过程定义为一个映射：.下面我们证明f是a与b的一一对应，事实上，不同的小平行四边形至少有一条边不相同，那么交于的四点亦不全同.所以，四点组亦不相同，从而f是a到b的11的映射.任给一个四点组，过i，j点作ab的平行线，过k，l作ac的平行线，必交出一个边不平行于bc的小平行四边形，所以，映射f是a到b的满射. 总之f是a与b的一一对应，于是有加上边不平行于ab和ac的两类小平行四边形，得到所有平行四边形的总数是例5：在一个66的棋盘上，已经摆好了一些12的骨牌，每一个骨牌都恰好覆盖两上相邻的格子，证明：如果还有14个格子没有被覆盖，则至少能再放进一个骨牌.【思路分析】还有14个空格，说明已经摆好了11块骨牌，如果已经摆好的骨牌是12块，图123所示的摆法就说明不能再放入骨牌.所以，有14个空格这一条件是完全必要的.我们要证明当还有14个空格时，能再放入一个骨牌，只要能证明必有两个相邻的空格就够了.如果这种情况不发生，则每个空格的四周都有骨牌，由于正方形是对称的，当我们选定一个方向时，空格和骨牌就有了某种对应关系，即可建立空格到骨牌的一种映射，通过对空格集合与骨牌集合之间的数量关系，可以得到空格分布的一个很有趣的结论，从而也就证明了我们的命题.【略解】我们考虑下面56个方格中的空.如果棋盘第一行（即最上方的一行）中的空格数多于3个时，则必有两空格相邻，这时问题就得到解决. 现设第一行中的空格数最多是3个，则有，另一方面全部的骨牌数为11，即所以必有事实上这是一个一一映射，这时，将发生一个很有趣的现象：最下面一行全是空格，当然可以放入一个骨牌.【评述】这个题目的证明是颇具有特色的，从内容上讲，这个题目具有一定的综合性，既有覆盖与结构，又有计数与映射，尤其是利用映射来计数，在数学竞赛中还较少见. 当然这个题目也可以用其他的方法来解决.例如，用抽屉原则以及用分组的方法来讨论其中两行的结构，也能比较容易地解决这个问题，请读者作为练习.例6：设n=1，2，3，论证是否存一个函数使得，对一切成立，格，即除去第一行后的方格中的空格.对每一个这样的空格，考察它上方的与之相邻的方格中的情况.（1）如果上方的这个方格是空格，则问题得到解决.（2）如果上方的这个方格被骨牌所占，这又有三种情况.（i）骨牌是横放的，且与之相邻的下方的另一个方格也是空格，则这时有两空格相邻，即问题得到解决；（ii）骨牌是横放的，与之相邻的下方的另一个方格不是空格，即被骨牌所覆盖；（iii）骨牌是竖放的. 现在假设仅发生（2）中的（ii）和（iii）时，我们记x为下面56个方格中的空格集合，y为上面56个方格中的骨牌集合，作映射，由于每个空格（x中的）上方都有骨牌（y中的），且不同的空格对应于不同的骨牌.所以，这个映射是单射，于是有，对一切成立.【解法1】存在，首先有一条链.123581321 链上每一个数n的后继是，f满足 即每个数是它产面两个数的和，这种链称为f链.对于中的数mn，由递增易知有 我们证明自然数集n可以分析为若干条f链，并且对任意自然数mn，成立（从而），并且每两条链无公共元素）.方法是用归纳法构造链（参见单壿著数学竞赛研究教程江苏教育出版社）设已有若干条f链，满足，而k+1是第一个不在已有链中出现的数，定义 这链中其余的数由逐一确定.对于mn，如果m、n同属于新链，显然成立，设m、n中恰有一个属于新链.若m属于新链，在m=k+1时，设对于m，成立，则