贵州省毕节地区纳雍四中高二物理上学期期末试卷（含解析）.doc

贵州省毕节地区纳雍四中2014-2015学年高二上学期期末物理试 卷一.选择题（共10小题，每小题4分在每小题给出的四个选项中，第16题只有一项符合题目要求，第710题有多项符合题目要求全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分）1（4分）关于电场，下列说法中正确的是（）a电场是为了便于研究电荷的运动而引入的理想模型b电场是电荷周围空间实际存在的物质c电荷周围分布的电场线就是电场d电荷间的相互作用不是通过电场作媒介产生的2（4分）一个电流表的满偏电流ig=1ma内阻为500，要把它改装成一个量程为10v的电压表，则应在电流表上（）a串联一个10k的电阻b并联一个10k的电阻c串联一个9.5k的电阻d并联一个9.5k的电阻3（4分）质量为m的滑块沿着高为h，长为l的斜面匀速下滑，在滑块从斜面顶端下滑到底端的过程中（）a滑块克服阻力所做的功等于mghb滑块的机械能守恒c合力对滑块所做的功为mghd滑块的重力势能减少mgl4（4分）如图所示的各种情况中，a、b两点的电势不相等的是（）a平行板电容器带电时，极板间除边缘附近外的任意两点a、bb静电场中达到静电平衡时的导体内部任意两点a、bc离点电荷等距的任意两点a、bd两个等量异号的点电荷，在其连线的中垂线上，与连线中点等距的两点a、b5（4分）如图所示，电灯a上标有“10v，10w”的字样，电灯b上标有“8v，20w”的字样，滑动变阻器的总电阻为6，当滑动触头由a端向b端滑动的过程中（不考虑电灯电阻的变化），则（）a电流表示数一直减小，电压表示数一直增大b电流表示数一直增大，电压表示数一直减小c电流表示数先增大后减小，电压表示数先减小后增大d电流表示数先减小后增大，电压表示数先增大后减小6（4分）如图甲所示，滑轮质量、摩擦均不计，质量为2kg的物体在f作用下由静止开始向上做匀加速运动，其速度随时间的变化关系如图乙所示，由此可知（）a物体加速度大小为2m/s2bf的大小为21nc2s末f的功率大小为42wd2s内f做功的平均功率为42w7（4分）如图所示，虚线是带电粒子在电场中运动的径迹，不考虑重力和空气阻力，粒子在由电场中的a点运动到b点的过程中，以下判断正确的是（）a粒子带负电b粒子在a点受到的电场力的大小比在b点受到的大c粒子在a点的动能比在b点的动能大d粒子在a点的电势能比在b点的电势能大8（4分）如图所示用三根长度相同的绝缘细线将三个带电小球连接后悬挂在空中三个带电小球质量相等，a球带正电，平衡时三根绝缘细线都是直的，但拉力都为零则（）ab球和c球都带负电荷bb球带负电荷，c球带正电荷cb球和c球所带电量不一定相等db球和c球所带电量一定相等9（4分）某同学将一直流电源的总功率pe、输出功率pr和电源内部的发热功率pr随电流i变化的图线画在同一坐标系内，如图所示，根据图线可知（）a反映pr变化的图线是ab电源电动势为8vc电源内阻为2d当电流为0.5a时，外电路的电阻为610（4分）如图所示为竖直平面内的直角坐标系一质量为m的质点，在恒力f和重力的作用下，从坐标原点o以一定初速度（不为零）开始沿直线on斜向下做直线运动，直线on与y轴负方向成角（45）不计空气阻力，则以下说法正确的是（）a恒力f的大小不可能为mgb当f=2mg时，质点动能可能减小c当f=mgsin时，质点的机械能守恒d当f=mgtan时，质点的机械能可能减小也可能增大二.实验探究题（本题共2小题，共18分）11（6分）在利用重锤下落验证机械能守恒定律的实验中：（1）动能增加量略小于重力势能减少量的主要原因是a重物下落的实际距离大于测量值 b重物下落的实际距离小于测量值c重物下落受到阻力 d重物的实际末速度大于计算值（2）有一条纸带，各点距a点的距离分别为d1，d2，d3，如图1所示，各相邻点间的时间间隔为t，当地重力加速度为g要用它来验证c和f两点处机械能是否守恒，从c运动到f的过程中，若有关系式时（用图中的物理量符号表示），则机械能守恒（3）读出图中游标卡尺（图2a）（10分度）和螺旋测微器（图2b）的读数：游标卡尺的读数为mm；螺旋测微器的读数为mm12（12分）某同学利用学过物理知识测量电阻rx的阻值及探究额定功率为4w、额定电压为4v的小灯泡消耗的功率与电压的关系，进行如下操作：（1）用多用电表测该电阻的阻值，选用“10”倍率的电阻档测量，发现指针偏转角度太大，因此需选择倍率的电阻档（选填“1”“100”），欧姆调零后再进行测量，示数如图1所示，测量值为（2）为了探究额定功率为4w、额定电压为4v的小灯泡消耗的功率与电压的关系，该同学准备了如下的实验器材：a电压表v1（02v，内阻2k）； b电压表v2（015v，内阻15k）c电流表a（01a，内阻约1）； d定值电阻r1=2ke定值电阻r2=16k； f滑动变阻器r（15，2a）g学生电源（直流6v，内阻不计）； h开关、导线若干为了减小实验误差，电压表应选用，定值电阻应选用（均用序号字母填写）；在探究功率与电压的关系时，要求电压从零开始调节，并且多次测量，画出满足要求的电路图；根据设计的电路图，写出电压表读数uv与小灯泡两端电压u的关系若小灯泡的电功率为p，则关系图线可能正确的是三.计算题（本题共4小题，共42分解答时请写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤，只写出最后答案的不能得分，有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位）13（8分）如图所示，平行金属板长为l，一个带电为+q、质量为m的粒子以初速度v0紧贴上板垂直射入电场，刚好从下板边缘射出，末速度恰与下板成30角，粒子重力不计，求：（1）粒子末速度大小；（2）上下两个极板的电势差是多少？14（10分）如图所示的电路中，两平行金属板a、b水平放置，两板间的距离d=40cm电源电动势e=24v，内电阻r=1，电阻r=15闭合开关s，待电路稳定后，将一带正电的小球从b板小孔以初速度v0=4m/s竖直向上射入板间若小球带电量为q=1102c，质量为m=2102kg，不考虑空气阻力那么（1）滑动变阻器接入电路的阻值为多大时，小球恰能到达a板？（2）此时，电源的输出功率是多大？（取g=10m/s2）15（12分）电动轿车是未来小轿车发展的趋势，某轻型电动轿车，质量（含载重）m=200kg，蓄电池组电动势e=200v，内阻r=0.05，直接对超导电动机（线圈为超导材料，电阻为零）供电，供电电流i=100a，电动机通过传动效率=90%的传动装置带动车轮转动保持电动机功率不变，假设轿车在运动过程中所受摩擦及空气阻力大小之和恒为f=653n，g=10m/s2，试求：（1）若轿车在6s内由静止在水平路面上加速到v=72km/h，则这6s内轿车的位移大小为多少？（2）已知某斜坡路面的倾角为，轿车所受摩擦及空气阻力大小不变，则轿车在上坡过程中能达到的最大速度为多少？（sin=0.2585）16（12分）一质量为m=6kg带电量为q=0.1c的小球p自动摩擦因数u=0.5倾角=53的粗糙斜面顶端由静止开始滑下，斜面高h=6.0m，斜面底端通过一段光滑小圆弧与一光滑水平面相连整个装置处在水平向右的匀强电场中，场强e=200n/c，忽略小球在连接处的能量损失，当小球运动到水平面时，立即撤去电场水平面上放一静止的不带电的质量也为m的圆槽q，圆槽光滑且可沿水平面自由滑动，圆槽的半径r=3m，如图所示（sin53=0.8，cos53=0.6，g=10m/s2）（1）在沿斜面下滑的整个过程中，p球电势能增加多少？（2）小球p运动到水平面时的速度大小（3）若已知一段时间后p、q的速度v=2.5m/s，试判断小球p能否冲出圆槽q贵州省毕节地区纳雍四中2014-2015学年高二上学期期末物理试卷参考答案与试题解析一.选择题（共10小题，每小题4分在每小题给出的四个选项中，第16题只有一项符合题目要求，第710题有多项符合题目要求全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分）1（4分）关于电场，下列说法中正确的是（）a电场是为了便于研究电荷的运动而引入的理想模型b电场是电荷周围空间实际存在的物质c电荷周围分布的电场线就是电场d电荷间的相互作用不是通过电场作媒介产生的考点：电场线 分析：电场线是人们为了形象地描述电场而引入的线；电场是客观存在的物质电荷间的相互作用是通过电场发生作用的解答：解：a、电荷周围存在电场，电场是客观存在的物质，不是理想模型，故a错误b、电场是电荷周围空间实际存在的特殊物质故b正确c、电场线是人们为了形象地描述电场强弱和方向而引入的，它不是真实存在的，电荷周围分布的是电场，不是电场线，故c错误，d、电荷间的相互作用是通过电场发生作用的故d错误故选：b点评：记住电场的特征和电场线的特点即可顺利解出此题，故要在理解的基础上牢记基本概念2（4分）一个电流表的满偏电流ig=1ma内阻为500，要把它改装成一个量程为10v的电压表，则应在电流表上（）a串联一个10k的电阻b并联一个10k的电阻c串联一个9.5k的电阻d并联一个9.5k的电阻考点：把电流表改装成电压表 专题：实验题分析：电流表串联电阻起分压作用为电压表，电流表串联电阻为总电阻减去电流表的内阻总电阻=量程除以满偏电流解答：解：要将电流表改装成电压表，必须在电流表上串联一个大电阻，串联电阻起分流的作用应串联电阻为r=9.5103故c正确，abd错误故选：c点评：电流表改装成电压表应串联电阻分压串联电阻阻值为：r=，是总电阻3（4分）质量为m的滑块沿着高为h，长为l的斜面匀速下滑，在滑块从斜面顶端下滑到底端的过程中（）a滑块克服阻力所做的功等于mghb滑块的机械能守恒c合力对滑块所做的功为mghd滑块的重力势能减少mgl考点：功能关系；功的计算 分析：重力做功公式w=mgh根据动能定理研究滑块克服阻力所做的功和合力做功解答：解：a、重力对滑块所做的功w=mgh，重力势能减少mgh，由题滑块匀速下滑，动能的变化量为零，根据动能定理得，mghwf=0，则滑块克服阻力所做的功wf=mgh，故a正确，d错误b、滑块克服阻力所做的功，对应机械能的减少故b错误c、滑块匀速下滑，动能不变，根据动能定理得知，合力对滑块所做的功为零故c错误故选：a点评：动能定理是求功的一种方法本题中也可以根据匀速运动合力为零，确定合力对滑块所做的功为零4（4分）如图所示的各种情况中，a、b两点的电势不相等的是（）a平行板电容器带电时，极板间除边缘附近外的任意两点a、bb静电场中达到静电平衡时的导体内部任意两点a、bc离点电荷等距的任意两点a、bd两个等量异号的点电荷，在其连线的中垂线上，与连线中点等距的两点a、b考点：匀强电场中电势差和电场强度的关系 专题：电场力与电势的性质专题分析：没电场线方向电势逐渐降低，静电平衡时导体内部电势处处相等，点电荷电场的等势面是同心球面，等量异号电荷中垂线上电场力与中垂线垂直为等势面解答：解：a、电容器上极板带正电，下极板带负电，板间电场线在竖直方向，故a点电势大于b点电势，所以ab两点电势不相等；b、到达静电平衡时导体内部电势处处相等，故ab两点电势相等；c、点电荷的等势面是以点电荷为圆心的同心球面，故ab两点电势相等；d、等量异种电荷的连线的中垂线上电场力与中垂线垂直，所以中垂线为等势线，故ab两点电势相等电势不相等的，故选：a点评：掌握常见电场的等势面分布是正确解题的关键，不难属于基础题5（4分）如图所示，电灯a上标有“10v，10w”的字样，电灯b上标有“8v，20w”的字样，滑动变阻器的总电阻为6，当滑动触头由a端向b端滑动的过程中（不考虑电灯电阻的变化），则（）a电流表示数一直减小，电压表示数一直增大b电流表示数一直增大，电压表示数一直减小c电流表示数先增大后减小，电压表示数先减小后增大d电流表示数先减小后增大，电压表示数先增大后减小考点：闭合电路的欧姆定律 专题：恒定电流专题分析：先两灯的额定电压和功率，求出其电阻大小再分析当滑动触头p由a端向b端滑动的过程中，变阻器总电阻的变化，根据闭合电路欧姆定律分析路端电压和总电流的变化，再据滑动变阻器的触头判断两灯的电流的变化解答：解：电灯a的电阻为ra=，电灯b的电阻为rb=3.2，则知rarb所以当滑动触头p由a端向b端滑动的过程中，变阻器两侧并联的总电阻一直减小，根据闭合电路欧姆定律电路中总电流一直增大，路端电压一直减小，则电流表的示数一直增大，电压表的示数一直减小故b正确故选：b点评：本题是电路动态变化分析问题，按“局部整体局部”的思路进行分析对于变阻器，两侧电路并联，根据两灯的电阻大小确定总电阻如何变化是关键6（4分）如图甲所示，滑轮质量、摩擦均不计，质量为2kg的物体在f作用下由静止开始向上做匀加速运动，其速度随时间的变化关系如图乙所示，由此可知（）a物体加速度大小为2m/s2bf的大小为21nc2s末f的功率大小为42wd2s内f做功的平均功率为42w考点：功率、平均功率和瞬时功率 专题：功率的计算专题分析：通过牛顿第二定律求出拉力f的大小，根据速度时间公式求出4s内物体的位移，从而知道力的作用点的位移大小，根据功的公式求出拉力做功的大小根据功率的公式求出拉力f的平均功率和瞬时功率解答：解：a、根据vt图象知加速度a=2m/s2，故a正确；b、牛顿第二定律得，2fmg=ma，a=，解得f=12n，故b错误c、物体在2s内的位移x=4m则拉力作用点的位移x=8m，则拉力f做功的大小为w=fx=128j=96j，平均功率=48w故c错误d、2s末物体的速度v=4m/s，则f的功率p=fv=128w=96w故d错误故选：a点评：本题的易错点在于认为物体的位移等于f作用点的位移，实际上f作用点的位移和速度是物体位移和速度的2倍7（4分）如图所示，虚线是带电粒子在电场中运动的径迹，不考虑重力和空气阻力，粒子在由电场中的a点运动到b点的过程中，以下判断正确的是（）a粒子带负电b粒子在a点受到的电场力的大小比在b点受到的大c粒子在a点的动能比在b点的动能大d粒子在a点的电势能比在b点的电势能大考点：电场线；电场强度；电势能 专题：电场力与电势的性质专题分析：电场线密的地方电场的强度大，电场线疏的地方电场的强度小，沿电场线的方向，电势降低，电场力做正功，电势能减小，电场力做负功，电势能增加解答：解：a、物体做曲线运动的时候，受到的合力的方向指向物体运动轨迹的弯曲的内侧，由此可知，该粒子受到的电场力的方向是向左的，与电场线的方向相反，所以是负电荷，所以a正确；b、电场线密的地方电场的强度大，电场线疏的地方电场的强度小，a点的电场线密，所以粒子在a点时受到的电场力的大小比在b点受到的大，所以b正确；c、负电荷受到的电场力是向左的，但是粒子的运动的方向是向右的，此时电场力做负功，动能减小，电势能要增加，所以c正确，d错误；故选abc点评：本题就是考查学生基础知识的掌握，加强基础知识的学习，掌握住电场线的特点，即可解决本题8（4分）如图所示用三根长度相同的绝缘细线将三个带电小球连接后悬挂在空中三个带电小球质量相等，a球带正电，平衡时三根绝缘细线都是直的，但拉力都为零则（）ab球和c球都带负电荷bb球带负电荷，c球带正电荷cb球和c球所带电量不一定相等db球和c球所带电量一定相等考点：共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用；库仑定律 分析：由题意可知三个小球均处于共点力平衡状态，则对b、c中的任一小球进行受力分析，由共点力的平衡条件可得出b、c所带的电性及b、c电量的大小关系解答：解：b球受重力及a、c对b球的库仑力而受于平衡状态；则a与c球对b球的库仑力的合力应与重力大小相等，方向相反；而库仑力的方向只能沿两电荷的连线方向，故可知a对b的库仑力应指向a，c对b的作用力应指向b的左侧；则可知b、c都应带负电；故a正确、b错；由受力分析图可知，a对b的库仑力应为c对b库仑力的2倍，故c带电量应为a带电量的一半；同理分析c可知，b带电量也应为a带电量的一半，故b、c带电量应相同；故c错误，d正确；故选：ad点评：库仑定律考查一般都是结合共点力平衡进行的，因此解题的关键在于做出受力分析图，明确库仑力的方向；则可利用共点力的平衡条件进行解答9（4分）某同学将一直流电源的总功率pe、输出功率pr和电源内部的发热功率pr随电流i变化的图线画在同一坐标系内，如图所示，根据图线可知（）a反映pr变化的图线是ab电源电动势为8vc电源内阻为2d当电流为0.5a时，外电路的电阻为6考点：电功、电功率；闭合电路的欧姆定律 专题：恒定电流专题分析：电源内部的发热功率pr=i2r直流电源的总功率pe=ei，pi图象的斜率等于电动势e当i=2a时，电源内部的发热功率pr与电源的总功率相等，求出电源的内阻根据闭合电路欧姆定律求出电流为0.5a时的外电阻解答：解：a、电源内部的发热功率pr=i2r，pri图象是抛物线，而且是增函数，则反映pr变化的图线是c故a错误b、直流电源的总功率pe=ei，pi图象的斜率等于电动势e，则有e=4v故b错误c、图中i=2a时，电源内部的发热功率pr与电源的总功率相等，则有pr=i2r，得到r=2故c正确d、当电流为0.5a时，根据闭合电路欧姆定律得：i=，代入解得r=6故d正确故选：cd点评：本题要根据电源的总功率公式pe=ei求解电动势，根据发热功率的解析式i2r，求解电源的内阻10（4分）如图所示为竖直平面内的直角坐标系一质量为m的质点，在恒力f和重力的作用下，从坐标原点o以一定初速度（不为零）开始沿直线on斜向下做直线运动，直线on与y轴负方向成角（45）不计空气阻力，则以下说法正确的是（）a恒力f的大小不可能为mgb当f=2mg时，质点动能可能减小c当f=mgsin时，质点的机械能守恒d当f=mgtan时，质点的机械能可能减小也可能增大考点：机械能守恒定律 专题：机械能守恒定律应用专题分析：质点只受重力和恒力f，由于质点做直线运动，合力方向必与on共线，结合三角定则分析出拉力的最小值根据机械能守恒条件分析机械能守恒时，f与mgsin的关系根据f做功的正负，分析质点的机械能如何变化f做正功，质点的机械能增大；f做负功，质点的机械能减小解答：解：质点只受重力g和拉力f，质点做直线运动，合力方向与on共线，（可能与on方向相同也可能相反）如图：a、若on在f与g的角平分线上，则f的大小等于mg，故a错误；b、当f=2mg时，如下图，合力的方向与运动方向相反，合力做负功，动能减小，故b正确；c、当f=mgsin时，f与速度方向垂直，f不做功，质点的机械能是守恒的故c正确d、若f=mgtan，由于mgtanmgsin，故f的方向与on不再垂直，有两种可能的方向，f与物体的运动方向的夹角可能大于90，也可能小于90，即拉力f可能做负功，也可能做正功，重力做功不影响机械能的变化，则根据功能关系，物体机械能变化量等于力f做的功，即机械能可能增加，也可能减小；故d正确；故选：bcd点评：本题关键是对物体受力分析后，根据三角形定则求出拉力f的大小和方向，然后根据功能关系判断二.实验探究题（本题共2小题，共18分）11（6分）在利用重锤下落验证机械能守恒定律的实验中：（1）动能增加量略小于重力势能减少量的主要原因是ca重物下落的实际距离大于测量值 b重物下落的实际距离小于测量值c重物下落受到阻力 d重物的实际末速度大于计算值（2）有一条纸带，各点距a点的距离分别为d1，d2，d3，如图1所示，各相邻点间的时间间隔为t，当地重力加速度为g要用它来验证c和f两点处机械能是否守恒，从c运动到f的过程中，若有关系式（）2（）2=2g（d5d2）时（用图中的物理量符号表示），则机械能守恒（3）读出图中游标卡尺（图2a）（10分度）和螺旋测微器（图2b）的读数：游标卡尺的读数为29.8mm；螺旋测微器的读数为6.7016.705mm考点：验证机械能守恒定律 专题：实验题；机械能守恒定律应用专题分析：该实验的误差主要来源于纸带和打点计时器的摩擦以及空气阻力的存在纸带实验中，若纸带匀变速直线运动，测得纸带上的点间距，利用匀变速直线运动的推论，可计算出打出某点时纸带运动的瞬时速度从而求出动能若增加的动能等于减小的重力势能，则机械能守恒解决本题的关键掌握游标卡尺读数的方法，主尺读数加上游标读数，不需估读螺旋测微器的读数方法是固定刻度读数加上可动刻度读数，在读可动刻度读数时需估读解答：解：（1）在该实验中，由于摩擦力、空气阻力等阻力的存在，重锤减小的重力势能总是稍稍大于重锤动能的增加量，若重锤减小的重力势能总是大于重锤动能的增加量，而且比较明显，就要考虑阻力太大的原因，故c正确；（2）在匀变速直线运动中，时间中点的瞬时速度等于该过程中的平均速度，因此有：vc=，vf=，若从c到f机械能守恒，则mvc2+mghcf=mvf2，即vf2vc2=2gh，所以当（）2（）2=2g（d5d2）时，机械能守恒（3）游标卡尺的主尺读数为29mm，游标尺上第8个刻度和主尺上某一刻度对齐，所以游标读数为80.1mm=0.8mm，所以最终读数为：29mm+0.8mm=29.8mm螺旋测微器的固定刻度为6.5mm，可动刻度为20.40.01mm=0.204mm，所以最终读数为6.5mm+0.204mm=6.704mm，由于需要估读，最后的结果可以为6.7016.705mm答案（1）c；（2）：（）2（）2=2g（d5d2）；（3）29.8； 6.7016.705点评：要知道重物带动纸带下落过程中能量转化的过程和能量守恒，熟练应用匀变速直线运动规律解决实验问题；重物带动纸带下落过程中，除了重力还受到阻力，从能量转化的角度，由于阻力做功，重力势能减小除了转化给了动能还有一部分转化给摩擦产生的内能对于基本测量仪器如游标卡尺、螺旋测微器等要了解其原理，要能正确使用这些基本仪器进行有关测量12（12分）某同学利用学过物理知识测量电阻rx的阻值及探究额定功率为4w、额定电压为4v的小灯泡消耗的功率与电压的关系，进行如下操作：（1）用多用电表测该电阻的阻值，选用“10”倍率的电阻档测量，发现指针偏转角度太大，因此需选择1倍率的电阻档（选填“1”“100”），欧姆调零后再进行测量，示数如图1所示，测量值为13（2）为了探究额定功率为4w、额定电压为4v的小灯泡消耗的功率与电压的关系，该同学准备了如下的实验器材：a电压表v1（02v，内阻2k）； b电压表v2（015v，内阻15k）c电流表a（01a，内阻约1）； d定值电阻r1=2ke定值电阻r2=16k； f滑动变阻器r（15，2a）g学生电源（直流6v，内阻不计）； h开关、导线若干为了减小实验误差，电压表应选用a，定值电阻应选用d（均用序号字母填写）；在探究功率与电压的关系时，要求电压从零开始调节，并且多次测量，画出满足要求的电路图；根据设计的电路图，写出电压表读数uv与小灯泡两端电压u的关系u=2uv若小灯泡的电功率为p，则关系图线可能正确的是c考点：描绘小电珠的伏安特性曲线；电功、电功率 专题：实验题分析：本题（1）的关键是明确指针偏角过大说明待测电阻阻值较小，应选倍率小的档；题（2）的关键是明确电表的指针偏角应在满刻度的以上才能读数，若量程小时应进行扩大量程改装题的关键是明确电流从零调时，变阻器必须采用分压式接法，当满足电阻远小于电压表内阻时，电流表应用外接法；题的关键是写出小灯泡功率p与电压u的表达式，然后根据小灯泡电阻随温度的升高而增大即可求解解答：解：（1）欧姆表指针偏角过大说明待测电阻过小或所选倍率过大所以，应选择1倍率的电阻档；欧姆调零后再进行测量，示数如图1所示，测量值为13由于小灯泡的额定电压为4v，若选15v量程，则量程太大，所以应选a，但需要进行改装为u=4v量程的电压表；根据欧姆定律和串并联规律应有：u=uv1+r，解得：r=2k，所以定值电阻应选d；：实验要求电压从零调，说明变阻器应采用分压式接法；电阻远小于电压表内阻，所以电流表应用外接法，电路图如图所示：根据串联电路特点知，灯泡电压与电压表示数间的关系为u=uv+u1=2uv；根据p=，灯泡灯丝电阻随温度的升高而增大，故在pu2图象中，斜率逐渐变小，所以可知，只有选项c可能是正确的；故选：c故答案为：（1）1，13；（2）a，d；如图；u=2uv，c点评：应明确：欧姆表指针偏角过大时，应选倍率小的档；当要求电流从零调时，变阻器应采用分压式接法；当满足电阻远小于电压表内阻时，电流表应用外接法，满足电阻远大于电流表内阻时，电流表应用内接法；遇到图象问题，首先根据物理规律写出纵轴与横轴物理量的表达式，然后讨论即可三.计算题（本题共4小题，共42分解答时请写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤，只写出最后答案的不能得分，有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位）13（8分）如图所示，平行金属板长为l，一个带电为+q、质量为m的粒子以初速度v0紧贴上板垂直射入电场，刚好从下板边缘射出，末速度恰与下板成30角，粒子重力不计，求：（1）粒子末速度大小；（2）上下两个极板的电势差是多少？考点：带电粒子在匀强电场中的运动 专题：带电粒子在电场中的运动专题分析：粒子在平行板间做类平抛运动，根据平行四边形定则求出粒子的末速度大小根据动能定理求出上下两个极板间的电势差解答：解：（1）粒子在平行板间做类平抛运动，根据平行四边形定则知，（2）根据动能定理得，解得答：（1）粒子末速度大小为；（2）上下两个极板的电势差是点评：本题考查了带电粒子在电场中的偏转，掌握处理类平抛运动的方法，运用动能定理进行求解，基础题14（10分）如图所示的电路中，两平行金属板a、b水平放置，两板间的距离d=40cm电源电动势e=24v，内电阻r=1，电阻r=15闭合开关s，待电路稳定后，将一带正电的小球从b板小孔以初速度v0=4m/s竖直向上射入板间若小球带电量为q=1102c，质量为m=2102kg，不考虑空气阻力那么（1）滑动变阻器接入电路的阻值为多大时，小球恰能到达a板？（2）此时，电源的输出功率是多大？（取g=10m/s2）考点：带电粒子在匀强电场中的运动；动能定理的应用；欧姆定律；电功、电功率 专题：压轴题；带电粒子在电场中的运动专题分析：小球恰好运动到a板，根据动能定理列式求解两板间的电压；然后根据欧姆定律求解滑动变阻器的电阻值；最后根据电功率表达式求解电源的输出功率解答：解：（1）小球进入板间后，受重力和电场力作用，且到a板时速度为零设两板间电压为uab由动能定理得mgdquab=0 滑动变阻器两端电压 u滑=uab=8 v 设通过滑动变阻器电流为i，由欧姆定律得i=1a 滑动变阻器接入电路的电阻 r滑=8 即滑动变阻器接入电路的阻值为8时，小球恰能到达a板（2）电源的输出功率 p出=i2（r+r滑）=23 w 故电源的输出功率是23w点评：本题关键是分析清楚电路结构和运动情况后，根据动能定理、欧姆定律联立列式求解15（12分）电动轿车是未来小轿车发展的趋势，某轻型电动轿车，质量（含载重）m=200kg，蓄电池组电动势e=200v，内阻r=0.05，直接对超导电动机（线圈为超导材料，电阻为零）供电，供电电流i=100a，电动机通过传动效率=90%的传动装置带动车轮转动保持电动机功率不变，假设轿