贵州省贵阳三十七中高二物理下学期期中试卷（含解析）.doc

贵州省贵阳三十七中2014-2015学年高二下学期期中物理试卷 一、选择题（每小题4分，共48分每小题给出的四个选项中，除12题均只有一个选项是正确的请将正确选项前面的字母填在答卷的表格内）1（4分）做简谐振动的物体，每次通过同一位置时，下列物理量中可能不相同是（）a速度b加速度c动能d回复力2（4分）下列几种说法中正确的是（）a线圈中磁通量变化越大，线圈中产生的感应电动势一定越大b线圈中磁通量越大，产生的感应电动势一定越大c线圈放在磁场越强的位置，产生的感应电动势一定越大d线圈中磁通量变化越快，线圈中产生的感应电动势越大3（4分）一列简谐横波沿x轴正方向传播，t=0时波形如图所示已知在0.6s末，a点恰第四次（图中为第一次）出现在波峰，则下列说法正确的是（）a波的周期是0.6sb波传播到p点需要1.5scp点开始振动时速度方向是向上的dp点在0.35s末第一次出现在波谷底部4（4分）一列简谐横波沿x轴负方向传播，图甲是t=1s时的波形图，图乙是波中某振动质点位移随时间变化的振动图线（两图用同一时间起点）则图乙可能是图甲中哪个质点的振动图线（） ax=2处的质点bx=1m处的质点cx=0m处的质点dx=3m处的质点5（4分）一矩形线圈，绕垂直匀强磁场并位于线圈平面内的固定轴转动，线圈中的感应电动势e随时间t的变化如图二所示，下列说法中正确的是（）at1时刻通过线圈的磁通量为零bt2时刻通过线圈的磁通量最大ct3时刻通过线圈的磁通量变化率的绝对值最大d每当e改变方向时，通过线圈的磁通量都为最大6（4分）一列简谐横波沿x轴传播，t=0时刻的波形如图实线所示，经过t=0.05s后的波形如图虚线所示已知t小于一个周期，则（）a这列波的波长是3mb这列波的振幅是0.4mc这列波的波速一定是20m/sd这列波的频率可能是15hz7（4分）如图所示，匀强磁场存在于虚线框内，矩形线圈竖直下落如果线圈中受到的磁场力总小于其重力，则它在1、2、3、4位置时的加速度关系为（）aa1a2a3a4ba1=a2=a3=a4ca1=a3a2a4da4=a2a3a18（4分）如图所示，把金属圆环匀速拉出磁场，下面叙述正确的是（）a向左拉出和向右拉出所产生的感应电流方向相反b不管向什么方向拉出，只要产生感应电流方向都是顺时针c向右匀速拉出时，感应电流大小不变d要将金属环匀速拉出，拉力大小不变9（4分）如图所示，a、b是一对平行的金属板，分别接到直流电源的两极上，右边有一档板，正中间开有一小孔d在较大的空间范围内存在着匀强磁场，磁感应强度大小为b，方向垂直纸面向里，而在a、b两板间还存在着匀强电场从两板左侧正中的中点c处射入一束正离子，这些正离子都沿直线运动到右侧，从d孔射出后分成3束则这些正离子的 （重力忽略）（）a速度一定都相同b质量一定有3种不同的数值c电量一定有3种不同的数值d比荷（）一定相同数值10（4分）如图所示，在竖直向下的匀强磁场中，将一个水平放置的金属棒ab以水平初速度v0抛出，设运动的整个过程中棒的取向不变且不计空气阻力，则金属棒在运动过程中产生的感应电动势大小将（）a越来越大b越来越小c保持不变d无法确定11（4分）如图为研究演示自感现象的电路，下列说法正确的是（）a当电键闭合时a1、a2同时亮b当电键闭合时a1先亮c当电键闭合时a2先亮d当电键断开时a2先熄灭12（4分）如图所示，用绝缘细丝线悬吊着的带正电小球在匀强磁场中做简谐运动，则（）a当小球每次通过平衡位置时，动能相同b当小球每次通过平衡位置时，速度相同c当小球每次通过平衡位置时，丝线的拉力相同d撤消磁场后，小球摆动的周期不变二、实验题（本大题共2小题，共20分）13（10分）如图甲是“研究匀变速直线运动”实验中获得的一条纸带，o、a、b、c、d和e为纸带上六个计数点，加速度大小用a表示od间的距离为cm如图乙是根据实验数据绘出的st2图线（s为各计数点至同一起点的距离），斜率表示，其大小为m/s2（保留三位有效数字）14（10分）如图甲所示为测量电阻的电路，rx为待测电阻，r的阻值已知，r为保护电阻，阻值未知，电源的电动势e未知，s1、s2均为单刀双掷开关，a为电流表，其内阻不计（1）按如图甲所示的电路，在如图乙所示的实物图上连线（2）测量rx的步骤为：将s2向d闭合，s1向 闭合，记下电流表读数i1，将s2向c闭合，s1向 闭合，记下电流表读数i2；由此可知待测电阻rx的计算公式是rx=三、计算题：本大题共3小题，共32分解答应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤只写出最后答案的不能得分，有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位15（12分）如图所示，将边长为l、总电阻为r的正方形闭合线圈，从磁感强度为 b的匀强磁场中以速度v匀速拉出（磁场方向，垂直线圈平面）（1）所用拉力f=（2）拉力f做的功w=（3）拉力f的功率pf=（4）线圈放出的热量q=（5）线圈发热的功率p热=（6）通过导线截面的电量q=16（10分）如图所示，两平行金属板间距为d，电势差为u，板间电场可视为匀强电场；金属板下方有一磁感应强度为b的匀强磁场带电量为+q、质量为m的粒子，由静止开始从正极板出发，经电场加速后射出，并进入磁场做匀速圆周运动忽略重力的影响，求：（1）匀强电场场强e的大小；（2）粒子从电场射出时速度v的大小；（3）粒子在磁场中做匀速圆周运动的半径r17（10分）一质量m=0.6kg的物体以v0=20m/s的初速度从倾角为30的斜坡底端沿斜坡向上运动当物体向上滑到某一位置时，其动能减少了ek=18j，机械能减少了e=3j不计空气阻力，重力加速度g=10m/s2，求：（1）物体向上运动时加速度的大小；（2）物体返回斜坡底端时的动能贵州省贵阳三十七中2014-2015学年高二下学期期中物理试卷参考答案与试题解析一、选择题（每小题4分，共48分每小题给出的四个选项中，除12题均只有一个选项是正确的请将正确选项前面的字母填在答卷的表格内）1（4分）做简谐振动的物体，每次通过同一位置时，下列物理量中可能不相同是（）a速度b加速度c动能d回复力考点：简谐运动的回复力和能量 分析：物体的位移与时间的关系遵从正弦函数的规律（即它的振动图象是一条正弦曲线）的振动叫简谐运动简谐运动的频率（或周期）跟振幅没有关系，而是由本身的性质（在单摆中由初始设定的绳长）决定，所以又叫固有频率做简谐运动的物体，每次通过同一位置时，一定相同的物理量是位移、加速度和能量解答：解：ac、经过同一位置，可能离开平衡位置，也可能向平衡位置运动，故速度有两个可能的方向；由于动能是标量，所以动能相同，故a正确，c错误；b、根据a=，每次通过同一位置时，加速度相同，故b错误；d、回复力f=kx，由于x相同，故f相同，故d错误；故选：a点评：本题关键是明确：（1）简谐运动的定义；（2）受力特点；（3）运动学特点，基础题2（4分）下列几种说法中正确的是（）a线圈中磁通量变化越大，线圈中产生的感应电动势一定越大b线圈中磁通量越大，产生的感应电动势一定越大c线圈放在磁场越强的位置，产生的感应电动势一定越大d线圈中磁通量变化越快，线圈中产生的感应电动势越大考点：法拉第电磁感应定律 专题：电磁感应与电路结合分析：对法拉第电磁感应定律的理解e=n，注意区分磁通量、磁通量的变化和磁通量的变化率解答：解：根据法拉第电磁感应定律e=n得感应电动势的大小跟磁通量的变化率成正比a、磁通量变化越大，则不知磁通量的变化时间，故不一定越大，故a错误；b、磁通量越大，是大，但及则不一定大，故b错误；c、虽然磁感应强度均匀变大的磁场中，但可能是定值，产生的感应电动势可能不变，故c错误；d、磁通量变化的快慢用表示，磁通量变化得快，则 比值就大，根据法拉第电磁感应定律有产生的感应电动势就越大，故d正确故选：d点评：磁通量=bs，磁通量的变化=21，磁通量的变化率是磁通量的变化和所用时间的比值，法拉第电磁感应定律告诉我们感应电动势的大小跟磁通量的变化率成正比正确理解磁通量、磁通量的变化和磁通量的变化率是解决本题的关键3（4分）一列简谐横波沿x轴正方向传播，t=0时波形如图所示已知在0.6s末，a点恰第四次（图中为第一次）出现在波峰，则下列说法正确的是（）a波的周期是0.6sb波传播到p点需要1.5scp点开始振动时速度方向是向上的dp点在0.35s末第一次出现在波谷底部考点：横波的图象；波长、频率和波速的关系 专题：振动图像与波动图像专题分析：t=0时刻波形如图所示，可知质点a再经过三个周期出现在波峰，即求得周期t根据波形图读出波长，由v=求出波速，分析波传播到p的时间简谐波沿x轴正向传播，p的开始振动方向与图示时刻x=2m处的质点速度方向相同当x=1.5m处波谷传到p点时，p点第一次出现在波谷底部解答：解：a、由题有：3t=0.6s，得周期t=0.2s故a错误b、由图看出波长为=2m，则波速为 v=10m/s，波传播到p点的时间为 t=0.3s，故b错误c、波传播过程中，各个质点的振动方向与波图示时刻x=1.5m处质点的速度方向相同，根据波形平移法得知，x=1.5m处质点的速度方向向下，则p点开始振动时速度方向也向下，故c错误d、当x=1.5m处波谷传到p点时，p点第一次出现在波谷底部，所用时间为 t=0.35s故d正确故选：d点评：本题关键根据周期性，从时间的角度研究周期，根据两点平衡位置间距离与波长的关系可分析振动情况的关系4（4分）一列简谐横波沿x轴负方向传播，图甲是t=1s时的波形图，图乙是波中某振动质点位移随时间变化的振动图线（两图用同一时间起点）则图乙可能是图甲中哪个质点的振动图线（） ax=2处的质点bx=1m处的质点cx=0m处的质点dx=3m处的质点考点：波长、频率和波速的关系；横波的图象 分析：由振动图象乙读出t=1s时刻质点的运动状态，在波动图象甲上找出相对应的质点解答：解：图乙上t=1s时质点经平衡位置向下图甲上，t=1s时刻，只有x=2m处质点、x=0m处质点经过平衡位置简谐横波沿x轴负方向传播，根据波形平移法可知，x=0m处质点经平衡位置向下，与图甲中 t=1s时刻质点的状态相同，而x=2m处质点经平衡位置向上，与图甲中 t=1s时刻质点的状态相反，故c正确，abd错误故选：c点评：根据波的传播方向判断出质点的振动方向，由振动图象读出质点的振动方向都是应具有和基本能力5（4分）一矩形线圈，绕垂直匀强磁场并位于线圈平面内的固定轴转动，线圈中的感应电动势e随时间t的变化如图二所示，下列说法中正确的是（）at1时刻通过线圈的磁通量为零bt2时刻通过线圈的磁通量最大ct3时刻通过线圈的磁通量变化率的绝对值最大d每当e改变方向时，通过线圈的磁通量都为最大考点：交流发电机及其产生正弦式电流的原理；磁通量 专题：交流电专题分析：中性面上磁通量最大，感应电动势为0，电流方向发生变化解答：解：a t1时刻感应电动势为0，为中性面磁通量最大故a错误 b t2时刻感应电动势最大，磁通量为0故b错误 c 时刻感应电动势为o，则磁通量的变化率为0故c错误 d 每当e改变方向时，为中性面，磁通量最大故d正确故选：d点评：考查正弦交流电的产生原理，明确中性面的特点6（4分）一列简谐横波沿x轴传播，t=0时刻的波形如图实线所示，经过t=0.05s后的波形如图虚线所示已知t小于一个周期，则（）a这列波的波长是3mb这列波的振幅是0.4mc这列波的波速一定是20m/sd这列波的频率可能是15hz考点：横波的图象；波长、频率和波速的关系 专题：振动图像与波动图像专题分析：波形图可以直接读出振幅、波长由于波传播的周期性，且波沿x轴正方向传播，可知由实线变为虚线波形所经历的时间为（n+）t，从而表示出周期的通项；根据v=表示出波速的通项解答：解：a、由波形图知，波长为4cm，故a错误；b、由波形图知振幅为0.2m，故b错误；c、经t=0.05s波形如图虚线所示，由于波传播的周期性，由实线变为虚线波形是（n+）t，由于t小于一个周期，则：0.05s=t，得：t=s；变速：m/s故c错误；d、由前面分析t=s，频率：hz，故d正确故选：d点评：该题通过波形图考查波的传播，知道两个时刻的波形，根据波的周期性，得到的是波速和周期的通项7（4分）如图所示，匀强磁场存在于虚线框内，矩形线圈竖直下落如果线圈中受到的磁场力总小于其重力，则它在1、2、3、4位置时的加速度关系为（）aa1a2a3a4ba1=a2=a3=a4ca1=a3a2a4da4=a2a3a1考点：法拉第电磁感应定律；安培力 专题：电磁感应与电路结合分析：线圈自由下落时，加速度为g线圈进入和穿出磁场过程中，切割磁感线产生感应电流，将受到向上的安培力线圈完全在磁场中时，不产生感应电流，线圈只受重力，加速度等于g根据牛顿第二定律分析加速度的关系解答：解：线圈自由下落时，加速度为a1=g线圈完全在磁场中时，磁通量不变，不产生感应电流，线圈不受安培力作用，只受重力，加速度为a3=g线圈进入和穿出磁场过程中，切割磁感线产生感应电流，将受到向上的安培力，根据牛顿第二定律得知，a2g，a4g线圈完全在磁场中时做匀加速运动，到达4处的速度大于2处的速度，则线圈在4处所受的安培力大于在2处所受的安培力，又知，磁场力总小于重力，则a2a4，故a1=a3a2a4故选：c点评：本题关键是分析安培力的大小和方向情况，抓住安培力大小与速度成正比，分析b、d两处安培力的大小关系8（4分）如图所示，把金属圆环匀速拉出磁场，下面叙述正确的是（）a向左拉出和向右拉出所产生的感应电流方向相反b不管向什么方向拉出，只要产生感应电流方向都是顺时针c向右匀速拉出时，感应电流大小不变d要将金属环匀速拉出，拉力大小不变考点：楞次定律；法拉第电磁感应定律 专题：电磁感应与电路结合分析：将线圈拉出磁场，磁通量都减小，根据楞次定律判断感应电流的方向公式e=blv中l是有效的切割长度安培力的大小：f=bil中l是有效长度解答：解：a、b、不管沿什么将线圈拉出磁场，穿过线圈的磁通量都减小，根据楞次定律判断可知，线圈中感应电流的方向都是沿顺时针方向故b正确，a错误c、感应电流的大小与感应电动势有关，而感应电动势与线圈移动时切割磁感线的有效长度有关，由于移动过程中有效的切割长度先增大后减小，则感应电动势也先增大后减小，感应电流先增大后减小故c错误d、线圈在切割磁感线的过程中，安培力的大小：f=bil，与电流的大小以及安培力的有效长度有关，由于感应电流先增大后减小，移动过程中有效长度先增大后减小，所以对金属环的拉力大小会发生变化故d错误故选：b点评：本题是楞次定律和e=blv的应用，注意公式e=blv中l是有效的切割长度安培力的大小：f=bil中l是有效长度9（4分）如图所示，a、b是一对平行的金属板，分别接到直流电源的两极上，右边有一档板，正中间开有一小孔d在较大的空间范围内存在着匀强磁场，磁感应强度大小为b，方向垂直纸面向里，而在a、b两板间还存在着匀强电场从两板左侧正中的中点c处射入一束正离子，这些正离子都沿直线运动到右侧，从d孔射出后分成3束则这些正离子的 （重力忽略）（）a速度一定都相同b质量一定有3种不同的数值c电量一定有3种不同的数值d比荷（）一定相同数值考点：带电粒子在匀强磁场中的运动；带电粒子在混合场中的运动 专题：带电粒子在磁场中的运动专题分析：离子在复合场中沿水平方向直线通过，故有qe=qvb，所以，三束正离子的在磁场中圆周运动的轨道半径不同，根据即可判断解答：解：a、3束离子在复合场中运动情况相同，即沿水平方向直线通过，故有qe=qvb，所以，故三束正离子的速度一定相同，故a正确；b、c、d、3束离子在磁场中有bqv=m，解得，由于三束正离子的在磁场中圆周运动的轨道半径不同，故比荷一定不相同，但不能说明质量一定有3种不同的数值，也不能说明电量一定有3种不同的数值，故b错误，c错误，d错误故选：a点评：该题考查带电粒子在磁场中的运动以及速度选择器的工作原理，要明确速度选择器是利用电场力等于洛伦兹力的原理进行工作的，故速度选择器只能选择速度而不能选择电性10（4分）如图所示，在竖直向下的匀强磁场中，将一个水平放置的金属棒ab以水平初速度v0抛出，设运动的整个过程中棒的取向不变且不计空气阻力，则金属棒在运动过程中产生的感应电动势大小将（）a越来越大b越来越小c保持不变d无法确定考点：导体切割磁感线时的感应电动势；平抛运动 专题：电磁感应中的力学问题分析：由感应电动势公式e=blvsin，vsin是有效的切割速度，即是垂直于磁感线方向的分速度，结合平抛运动的特点分析选择解答：解：金属棒ab做平抛运动，其水平方向的分运动是匀速直线运动，水平分速度保持不变，等于v0由感应电动势公式e=blvsin，visv是垂直于磁感线方向的分速度，即是平抛运动的水平分速度，等于v0，则感应电动势e=blv0，b、l、v0均不变，则感应电动势大小保持不变则c正确故选：c点评：本题考查对感应电动势公式的理解和平抛运动的特点11（4分）如图为研究演示自感现象的电路，下列说法正确的是（）a当电键闭合时a1、a2同时亮b当电键闭合时a1先亮c当电键闭合时a2先亮d当电键断开时a2先熄灭考点：自感现象和自感系数 分析：闭合开关的瞬间，通过l的电流增大，产生自感电动势，根据楞次定律分析电流的变化，判断通过两灯电流的关系待电路稳定后断开开关，线圈产生自感电动势，分析通过两灯的电流关系，判断两灯是否同时熄灭解答：解：a、由题，闭合电键，电阻r不产生自感现象，灯a2立即正常发光而电感l电流增大，产生自感电动势，根据楞次定律得知，自感电动势阻碍电流的增大，使得电路中电流只能逐渐增大，所以闭合开关的瞬间，通过a1灯的电流小于通过a2灯的电流，a1灯逐渐变亮，即a2灯先亮，a1灯后亮故ab错误，c正确；d、闭合开关，待电路稳定后断开开关，通过a2灯原来的电流立即消失，电感线圈l产生自感电动势，相当于电源，两灯串联，自感电流流过两灯，两灯同时熄灭故d错误故选：c点评：当通过线圈本身的电流变化时，线圈中会产生自感现象，这是一种特殊的电磁感应现象，可运用楞次定律分析自感电动势对电流的影响12（4分）如图所示，用绝缘细丝线悬吊着的带正电小球在匀强磁场中做简谐运动，则（）a当小球每次通过平衡位置时，动能相同b当小球每次通过平衡位置时，速度相同c当小球每次通过平衡位置时，丝线的拉力相同d撤消磁场后，小球摆动的周期不变考点：单摆周期公式；洛仑兹力 专题：单摆问题分析：小球在运动的过程中只有重力做功，洛伦兹力不做功，根据动能定理比较出通过平衡位置的动能根据牛顿第二定律，沿半径方向的合力提供向心力，比较绳子拉力的大小解答：解：a、小球在运动的过程中，只有重力做功，根据动能定理得，每次经过平衡位置时，动能相同，但速度的方向不同，所以速度不同故a正确，b错误 c、当小球向右通过平衡位置时，根据牛顿第二定律有：t+fmg=，所以当小球向左通过平衡位置时，根据牛顿第二定律有：t，则，因为洛伦兹力相等，所以向左通过平衡位置时的拉力大于向右通过平衡位置时的拉力故c错误 d、加磁场与不加磁场，小球的速度大小一样，故周期不变故d正确故选ad点评：本题综合运用了牛顿第二定律和动能定理，关键还要搞清小球做圆周运动向心力的来源二、实验题（本大题共2小题，共20分）13（10分）如图甲是“研究匀变速直线运动”实验中获得的一条纸带，o、a、b、c、d和e为纸带上六个计数点，加速度大小用a表示od间的距离为1.20cm如图乙是根据实验数据绘出的st2图线（s为各计数点至同一起点的距离），斜率表示a，其大小为0.463m/s2（保留三位有效数字）考点：探究小车速度随时间变化的规律 专题：实验题分析：精度是1毫米刻度尺读数要估读到毫米的下一位，整数刻度用零补充位置；根据解析式讨论图象斜率的意义解答：解：最小刻度是毫米的刻度尺读数要估读到最小刻度的下一位，故拿零来补充估测值位置所以od间的距离为1.20cm由公式s=at2知图象的斜率表示a，即加速度的二分之一 根据图象得k=0.463m/s2故答案为：1.20a，0.463点评：本题考查了打点计时器实验中图象处理数据的方法，原理是匀变速直线运动的规律，是一道基础题14（10分）如图甲所示为测量电阻的电路，rx为待测电阻，r的阻值已知，r为保护电阻，阻值未知，电源的电动势e未知，s1、s2均为单刀双掷开关，a为电流表，其内阻不计（1）按如图甲所示的电路，在如图乙所示的实物图上连线（2）测量rx的步骤为：将s2向d闭合，s1向a 闭合，记下电流表读数i1，将s2向c闭合，s1向b 闭合，记下电流表读数i2；由此可知待测电阻rx的计算公式是rx=考点：伏安法测电阻 专题：实验题；恒定电流专题分析：通过不同的接点，用一个电流表分别测量出两个电阻的电流，根据二者电压相等，推导出带测电阻的表达式解答：解：（1）电源的正极出发，逐步连接如图（2）该实验的原理是：用一个电流表分别测量出两个电阻的电流，根据二者电压相等，推导出带测电阻的表达式所以将s2向d闭合，s1向a时，测量的i1是rx的电流；当s2向c闭合，s1向b时，测量的i2是r的电流，rx与r并联，所以：i1rx=i2r即：故答案为：（1）如图 （2）a，b，点评：本题考查了用一个电流表通过巧妙的实验设计测量电阻的实验，是个创新性很强的题目连接电路时一般从电源的正极出发，逐步连接三、计算题：本大题共3小题，共32分解答应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤只写出最后答案的不能得分，有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位15（12分）如图所示，将边长为l、总电阻为r的正方形闭合线圈，从磁感强度为 b的匀强磁场中以速度v匀速拉出（磁场方向，垂直线圈平面）（1）所用拉力f=（2）拉力f做的功w=（3）拉力f的功率pf=（4）线圈放出的热量q=（5）线圈发热的功率p热=（6）通过导线截面的电量q=考点：导体切割磁感线时的感应电动势；电功、电功率；焦耳定律 专题：电磁感应与电路结合分析：（1）线圈匀速拉出时，拉力等于安培力，结合切割产生的感应电动势公式、闭合电路欧姆定律以及安培力的大小公式求出拉力的大小（2）根据w=fl求解拉力做功（3）拉力f的功率pf=fv（4）根据焦耳定律求出线圈中产生的热量（5）线圈发热的功率p热=i2r（6）根据电量q=it求出通过线圈某一截面的电荷量解答：解：（1）因为线圈被匀速拉出，所以f=f安感应电动势的大小为：e=blv根据闭合欧姆定律得：i=则拉力为：f=f安=（2）拉力f做的功为：w=fl=（3）拉力f的功率为：pf=fv=（4）线圈放出的热量为：q=（5）线圈发热的功率为：p热=fv=（6）通过导线截面的电量为：q=it=又l=vt则得：q=故答案为：（1）；（2）；（3）；（4）；（5）；（6）点评：本题综合考查了电磁感应与电路的综合，要求掌握切割产生的感应电动势公式、闭合电路欧姆定律、安培力大小公式以及焦耳定律、电量的公式等16（10分）如图所示，两平行金属板间距为d，电势差为u，板间电场可视为匀强电场；金属板下方有一磁感应强度为b的匀强磁场带电量为+q、质量为m的粒子，由静止开始从正极板出发，经电场加速后射出，并进入磁场做匀速圆周运动忽略重力的影响，求：（1）匀强电场场强e的大小；（2）粒子从电场射出时速度v的大小；（3）粒子在磁场中做匀速圆周运动的半径r考点：