湖北省咸宁市中考物理模拟试卷（五）（含解析）.doc

2016年湖北省咸宁市中考物理模拟试卷（五）一、单项选择题1已知r1：r2=2：1，则它们（）a串联时的电流之比为2：1b串联时的功率之比为1：1c并联时的电流之比为2：1d并联时的电压之比为1：12小明利用电能表测某家用电器的电功率当电路中只有这个用电器工作时，测得在15min内，消耗电能0.2kwh，这个用电器可能是（）a电饭煲b电冰箱c电视机d收音机3市场上出售一种装有太阳能电扇的帽子，在太阳的照射下，小电扇快速转动，能给炎热的夏季带来一丝凉意，装置的能量转化情况是（）a太阳能电能机械能b太阳能机械能电能c电能太阳能机械能d机械能太阳能电能4现有电源、开关、待测电阻rx各一个，导线若干，另有下列4组备用器材，你认为选用后测不出未知电阻的是（）a电阻箱、电流表各一只b已知阻值的定值电阻r、电压表各一只c电流表、电压表各一只d一段电炉丝、两只电压表5原来室内的电灯均正常发光，当把台灯的插头插入插座时，室内电灯全部熄灭，保险丝熔断发生这一现象的原因可能是（）a台灯的功率太大b台灯短路c插座处短路d台灯的灯丝断了6小明仔细观察家中的电视机、电风扇、白炽灯和节能灯四种电器，发现它们上面都标有“220v 40w“的字样，若它们都在额定电压下工作相同的时间，则产生的热量最多的是（）a电视机b电风扇c白炽灯d节能灯7将标有“6v 3w”和“6v 2w”的甲、乙两只小灯泡串联起来，接在电压为6v的电源两端，接通电路后，以下说法正确的是（）a两只小灯泡都不能正常工作，甲灯比乙灯亮b两只小灯泡都能正常发光c通过乙灯的电流较大，所以乙灯较亮d两只小灯泡的总功率小2w8在科学中，许多规律可借助于图象形象、直观地展示出来例如，某电路中，已知滑动变阻器两端的电压恒定不变，下列图象中能正确表示滑动变阻器消耗的电功率p与它的电阻值r之间关系的是（）abcd9两根相同的电阻丝，将它们串联或并联接入电压相同的电源上，电路中产生相等的热量所需的时间分别为t串和t并，则t串：t并等于（）a1：4b4：1c1：2d2：110如图所示电路，已知电流表的量程为00.6a，电压表的量程为03v，定值电阻r1阻值为10，滑动变阻器r2的最大阻值为50，电源电压为6v，开关s闭合后，在滑动变阻器滑片滑动过程中，保证电流表、电压表不被烧坏的情况下（）a滑动变阻器滑片允许滑到最左端b电压表最小示数是1vc电路中允许通过的最大电流是0.6ad滑动变阻器滑片移动过程中，电流表先达到最大量程二、填空：11科学家发现某些物质在温度很低时，如铅在265.9以下时，导体的电阻变零，超导体的用途很多，写出一条用途，但目前还不能大量应用主要困难是12白炽灯工作时温度可达2000：用钨作灯丝是因为，用久的电灯壁会发黑主要是钨丝发生此时在正常电压下工作时，其实际功率与额定功率相比（填变大、变小、不变）13三个阻值为10欧的电阻串联在电源上，电流表并联在电阻r2两端，其示数为1.5a则电源间电压为，若用电压表代替电流表、则电压表的示数为伏14标有6v3w的电灯接在电压为3v的电路中，电灯消耗的功率为w若把它接到9v的电源上并使它正常发光，则应串联一个欧的电阻15白炽灯的灯丝通电后温度升高而发光，这是用的方式增加灯丝内能的；灯丝有时会在电网电压突然升高或在（开灯瞬间/长时间开灯）时烧断，电路烧断不一定总是无用的，实际电路中人们就利用烧断现象制造了（举一例）16据报道：近几年有许多重大火灾都是因线路连接处接触不良所造成的，教训十分深刻线路连接处接触不良引起火灾的原因是：当线路连接处接触不良时，该处的电阻将（减小/增大），电流通过该接触处产生的热量（减少/增多），从而使局部温度升高，同时接触处的电阻又将随着温度的升高而（减小/增大），形成电热的逐步积累和恶性循环，以致引发火灾17把一标有“36v 9w的灯泡与滑动变阻器串联接在电源上，可组成一个亮度可凋的电路为使滑动变阻器从端滑动到另一端时，灯泡的功率在4瓦9瓦之间变化，则电源两极间的电压应为伏，滑动变阻器的最大阻值为欧（设灯丝电阻不随温度变化）18甲灯泡上标有“220v，100w”字样，乙灯泡上标有“220v，40w”字样，问：（1）甲、乙两灯泡都正常发光时，灯的电阻阻值较大；（2）把甲、乙两灯泡串联后接在220v的电路中，灯较亮；（3）把甲、乙两灯泡并联后接在220v的电路中，灯较亮19电能跟我们关系十分密切，生产和生活都离不开它某物理学习小组进行综合实践活动，对盛聪家的家庭用电的几个问题进行了探究（1）如图是他房间里的一只照明台灯，它正常工作时的电流约是a（结果保留两位小数），正常工作h消耗1kwh的电能（2）他家的电子电能表上标有“220v 10（20）a”和“2500imp/kwh”的字样，这个电能表允许在短时间内接入用电器的最大功率是w他用手表记下在5min内电能表的耗电指示灯闪烁了75次，则他家正在使用的用电器的总功率为w（3）如表是他家bc65b型电冰箱的铭牌，多数用电器都有类似的铭牌，从中可以查到这个用电器的一些技术参数请你仔细阅读该铭牌，该电冰箱的压缩机一天正常工作的总时间是h bc65b电冰箱额定电压 220v 工作频率 50hz额定功率 70w 耗电量 0.63kwh/24h三、实验探究题（22分）20请设计实验：用一个电源、一只开关、一只电压表（或电流表），比较两只待测电阻阻值大小（1）用电压表比较的方法；（2）用电流表比较的方法21在“测量小灯泡电功率”的实验中已知电源电压为3v，小灯泡的额定电压为2.5v实验次数电压表示数u/v电流表示数i/a小灯泡电功率p/w12.022.50.220.5532.80.240.67（1）连接电路时开关应（2）请你用笔画线代替导线将图甲中的电路连接完整（3）闭合开关前，应先将滑动变阻器的滑片移到端（选填“a”或“b”）闭合开关后发现小灯泡不亮，电流表指针偏转，电压表示数为0，产生故障的原因可能是（4）排除故障后，实验得到的数据如下表在第1次实验中，小灯泡两端电压为2v时，电流表示数如图乙所示，则通过小灯泡的电流为a，此时小灯泡的实际功率为w（5）由上表可知，小灯泡的额定功率为w；小灯泡的实际功率随实际电压的增大而（选填“增大”或“减小”）22小明同学在学习了课本上的关于测定家用电冰箱每天消耗的电功的实验后，实际测量了他家的电冰箱的耗电量他按照要求，提前做好了准备工作，用时钟测出了冰箱在20min内持续工作了6min，从而求出了冰箱的“工作时间系数”（在某段时间内电冰箱的实际工作时间与这段时间的比值）=，那么这台电冰箱每天（24h）的工作时间t=h，最后根据电冰箱铭牌上的所表明的额定电功率p=150w，计算出此电冰箱每天消耗的电功w=kwh23小明学过安全用电知识后，想自制作一盏台灯，他选购了一只标号是“36v 36w”的灯泡，回到家后在着手安装时突然想起家中的插座提供的电压是220v，于是他在包装盒内寻找说明书但没有找到却发现了一只配件（1）小明想知道配件的作用及有关它的性能参数（如额定功率、额定电流、电阻等） 请你根据电路图帮助他把实物图连接完整（2）小明在正确连接完电路后，根据实验数据能够知道配件的性能参数是 （只要求写出一个参数及其数值）（3）小明用“36v 36w”的灯泡和配件制成了一盏台灯，请你画出这盏台灯的电路图，并说明配件在电路中所起的主要作用是（4）你认为小明自制的台灯合理吗？（请简说理由）四、计算题（13分24如图，是一个电热毯电路原理图是r0是电热毯中的电阻丝，r是与电热毯电阻丝串联的电阻，电热毯上标有“220v 100w”字样，s是控制电热毯处于加热状态或保温状态的开关（1）用学过的公式推理说明开关s断开时，电热毯是处于加热状态还是保温状态？（2）若要求在保温时电流通过电阻丝r0每分钟有60j的电能转化为内能，电阻r的阻值应是多大？25电动自行车越来越受到人们的青睐，电动自行车使用前要先对车上的蓄电池充电，骑行时，蓄电池对车上的电动车供电，电动机为车提供动力下表是某品牌电动自行车的一些主要技术参数：自行车质量m/kg电能转化为机械能的效率工作电压u/v行驶速度v/ms1骑车人质量为60kg时的平均阻力f/n4075%361020若质量是60kg的人骑电动自行车在水平路面上以5m/s的速度匀速行驶，根据相关信息，求：（1）行驶10分钟，电动自行车做的有用功（2）该电动自行车的最大有用功率（3）电动自行车以最大速度行驶过程中电动机的工作电流2016年湖北省咸宁市中考物理模拟试卷（五）参考答案与试题解析一、单项选择题1已知r1：r2=2：1，则它们（）a串联时的电流之比为2：1b串联时的功率之比为1：1c并联时的电流之比为2：1d并联时的电压之比为1：1【考点】电功率的计算；串联电路的电流规律；并联电路的电压规律；欧姆定律的应用【专题】比例法【分析】在串联和并联电路中，掌握电流之比、电压之比、功率之比是解决本题的关键【解答】解：a、串联电路中，电流相等，电流之比1：1不符合题意b、串联电路中， =不符合题意c、并联电路中， =不符合题意d、并联电路中，电压相等，电压之比为1：1符合题意故选d【点评】串联电路中，电流之比1：1、电压之比=功率之比=电功之比=电热之比=电阻之比（在纯电阻电路中）；并联电路中，电压之比1：1、电流之比=功率之比=电功之比=电热之比=电阻比的倒数（在纯电阻电路中）掌握上面的比例关系，在完成选择题时很有帮助2小明利用电能表测某家用电器的电功率当电路中只有这个用电器工作时，测得在15min内，消耗电能0.2kwh，这个用电器可能是（）a电饭煲b电冰箱c电视机d收音机【考点】电功率的计算【专题】应用题；估算法【分析】由1h内消耗的电能可求得电器的功率，则由家电的功率知识可判断为哪种用电器【解答】解：用电器的功率p=0.8kw=800w；以上四种家用电器中功率800w的只有电饭煲故选a【点评】本题考查了电功率的计算方法；常见的家用电器应记住其额定功率3市场上出售一种装有太阳能电扇的帽子，在太阳的照射下，小电扇快速转动，能给炎热的夏季带来一丝凉意，装置的能量转化情况是（）a太阳能电能机械能b太阳能机械能电能c电能太阳能机械能d机械能太阳能电能【考点】太阳能的转化【专题】应用题；能源的利用与发展【分析】太阳能电池板将太阳能转化为电能，小电扇将电能转化为的机械能【解答】解：帽子上的太阳能电池板将太阳能转化为电能，供小电扇工作小电扇工作时消耗电能，将电能转化为扇叶的机械能故选：a【点评】本题考查学生对能量转化的掌握情况，需要根据具体实例依次进行分析4现有电源、开关、待测电阻rx各一个，导线若干，另有下列4组备用器材，你认为选用后测不出未知电阻的是（）a电阻箱、电流表各一只b已知阻值的定值电阻r、电压表各一只c电流表、电压表各一只d一段电炉丝、两只电压表【考点】欧姆定律的应用【专题】应用题；电路和欧姆定律【分析】由测电阻的原理r=可知，只要能正确直接或间接测出待测电阻的电压和电流即计算出其阻值的大小由此分析【解答】解：a、有电流表可以测rx的电流，根据并联电路支路两端电压相等，可以将rx与电阻箱并联，用电流表再测出电阻箱的电流，由u=ir计算出电阻箱两端电压，从而得到rx两端电压，由r=计算rx的电阻故a错误；bc、有电压表和电流表，可测出rx两端电压和通过rx的电流，由r=计算rx的电阻故bc错误；d、有电压表可以测电压，但给的电炉丝电阻未知，所以没有办法测出电路中电流，故不能测出rx的阻值故选d故选d【点评】伏安法测电阻是物理学中最常用的测量电阻大小的方法，但实际测量中，我们还可以根据欧姆定律和电路特点设计出多种测量的方法，但无论设计器材和方法如何变化，一般情况下，电压表和电流表两种仪表至少应该有一种，这样才能保证实验的顺利完成5原来室内的电灯均正常发光，当把台灯的插头插入插座时，室内电灯全部熄灭，保险丝熔断发生这一现象的原因可能是（）a台灯的功率太大b台灯短路c插座处短路d台灯的灯丝断了【考点】家庭电路的故障分析【专题】电与热、生活用电【分析】保险丝被熔断的原因有两个：一是用电器的总功率过大，另一个是发生短路【解答】解：由生活常识可知，台灯的功率一般比较小，因此造成保险丝熔断的原因不会是因台灯的功率过大；由台灯插头插入插座，闭合开关，室内电灯全部熄灭可知，是台灯的插头处有短路故选b【点评】本题考查对家庭电路故障（短路）的分析判断能力，保险丝烧坏的原因有两个：总功率过大和发生短路6小明仔细观察家中的电视机、电风扇、白炽灯和节能灯四种电器，发现它们上面都标有“220v 40w“的字样，若它们都在额定电压下工作相同的时间，则产生的热量最多的是（）a电视机b电风扇c白炽灯d节能灯【考点】焦耳定律的计算公式及其应用【专题】应用题；压轴题【分析】根据电视机、电风扇、白炽灯和节能灯这三种用电器工作时的能量转化情况分析判断【解答】解：因为各用电器的额定功率相同，由w=pt可得，若工作相同时间，消耗的电能相同；电视机工作时将大部分电能转化为声能、光能；电风扇工作时消耗电能，大部分转化为机械能；白炽灯工作时将消耗的电能大部分转化为内能；节能灯工作时将电能大部分转化为光能故选c【点评】本题考查了用电器工作时的能量转化，注意生活中常用电器的能量的流向7将标有“6v 3w”和“6v 2w”的甲、乙两只小灯泡串联起来，接在电压为6v的电源两端，接通电路后，以下说法正确的是（）a两只小灯泡都不能正常工作，甲灯比乙灯亮b两只小灯泡都能正常发光c通过乙灯的电流较大，所以乙灯较亮d两只小灯泡的总功率小2w【考点】电功率的计算；欧姆定律的应用【专题】应用题；电路和欧姆定律；电能和电功率【分析】（1）已知两灯泡的额定电压和额定功率，根据p=ui求出两灯泡的额定电流，利用欧姆定律求出两灯泡的电阻；（2）根据串联电路的电流特点比较通过两灯泡的电流关系，根据电阻的串联和欧姆定律求出电路中的电流，然后与两灯泡的额定电流相比较判断两灯泡是否正常工作，根据p=i2r比较两灯泡的实际功率关系判断亮暗关系，根据p=ui求出电路消耗的总功率【解答】解：（1）由p=ui可得，两灯泡的额定电流：i甲=0.5a，i乙=a，由i=可得，两灯泡的电阻：r甲=12，r乙=18；（2）甲、乙两只小灯泡串联起来，接在电压为6v的电源两端时，因串联电路中各处的电流相等，所以，通过两灯泡的电流相等，故c不正确；因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，所以，电路中的电流：i=0.2a，因ii乙i甲，所以，两灯泡均不能正常发光，故b不正确；由p=i2r可知，乙灯泡的电阻较大，实际功率较大，灯泡较亮，故a不正确；电路的总功率：p=ui=6v0.2a=1.2w2w，故d正确故选d【点评】本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，灯泡是否正常发光可以比较电流与额定电流之间的关系，可以比较两端的电压和额定电压之间的关系8在科学中，许多规律可借助于图象形象、直观地展示出来例如，某电路中，已知滑动变阻器两端的电压恒定不变，下列图象中能正确表示滑动变阻器消耗的电功率p与它的电阻值r之间关系的是（）abcd【考点】电功率与电压、电流的关系；欧姆定律的应用【专题】信息给予题；图析法【分析】本题是在滑动变阻器两端的电压恒定不变的条件下，则利用控制变量法，分析研究保持电压不变的条件下，电功率跟电阻的关系即可得到在图象中的线性特点【解答】解：因滑动变阻器两端的电压恒定不变，则滑动变阻器消耗的电功率p=ui=；由此可知：在电压一定时，滑动变阻器消耗的电功率p与它的电阻值r之间关系的是成反比的，即a选项中的图象能正确表示是故选a【点评】本题注意利用控制变量法，在滑动变阻器两端的电压恒定不变的条件下，电功率的大小只与通过的电流有关，而在电压不变时；导体中的电流只与它的电阻的有关，所以可以利用功率公式和欧姆定律推导出关系式分析9两根相同的电阻丝，将它们串联或并联接入电压相同的电源上，电路中产生相等的热量所需的时间分别为t串和t并，则t串：t并等于（）a1：4b4：1c1：2d2：1【考点】焦耳定律的计算公式及其应用【专题】应用题；电与热、生活用电【分析】根据电阻的串并联求出两根相同电阻丝串联和并联时电路中的总电阻，电源的电压相同，根据q=i2rt=t求出获得相同的热量时两种方式加热时间之比【解答】解：设每根电阻丝的电阻为r，因为串联电路中总电阻等于各分电阻之和，使用两电阻串联时，电路中的总电阻r串=2r，因为并联电路中总电阻的倒数等于各分电阻倒数之和，使用两电阻并联时，电路中的总电阻r并=，根据q=i2rt=t可得，t=，且它们串联或并联后接入电压相同的电路中，即电压相等，要获得相同的热量，则两种方式的加热时间之比： =故选b【点评】本题考查了电阻的串并联和焦耳定律计算式的灵活应用，计算过程要注意各量之间的关系，不要颠倒10如图所示电路，已知电流表的量程为00.6a，电压表的量程为03v，定值电阻r1阻值为10，滑动变阻器r2的最大阻值为50，电源电压为6v，开关s闭合后，在滑动变阻器滑片滑动过程中，保证电流表、电压表不被烧坏的情况下（）a滑动变阻器滑片允许滑到最左端b电压表最小示数是1vc电路中允许通过的最大电流是0.6ad滑动变阻器滑片移动过程中，电流表先达到最大量程【考点】电路的动态分析；欧姆定律的应用【分析】本题根据欧姆定律计算，综合考虑电流表和电压表的安全问题依次分析，逐个排除【解答】解：a、当滑片滑到最左端时，电源电压全部提供给r1，其电压为6v，超过电压表量程b、当滑片在最右端时，电压表示数最小，r=r1+r2=10+50=60，i=0.1a，u1=ir1=0.1a10=1vc、由于电压表最大示数为3v，此时电路中电流最大，i=0.3ad、此电路中电压表示数越大，电流表示数也越大，当电压表为3v时，为了安全，不能再大了，此时电流才是0.3a，所以电压表先达到最大量程故选b【点评】此题要综合考虑电流表和电压表的安全使用问题，既不要超过电流表量程，也不要超过电压表量程二、填空：11科学家发现某些物质在温度很低时，如铅在265.9以下时，导体的电阻变零，超导体的用途很多，写出一条用途用超导体做输电导线，但目前还不能大量应用主要困难是获得低温的技术和设备费用昂贵【考点】超导现象；超导体在磁悬浮列车、超导输电的应用【专题】应用题；粒子与宇宙、材料世界【分析】超导体的电阻为零，电流流过超导体时不会产生热量，凡是利用电流热效应工作的设备，都不能使用超导体；根据获得超导材料的条件分析大量应用的困难【解答】解：用超导体做输电导线，可以减小由电能转化为内能的损耗，提高传输效率，但是，获得低温的技术和设备费用昂贵，现有的条件超导材料还不能广泛使用故答案为：用超导体做输电导线；获得低温的技术和设备费用昂贵【点评】超导材料的应用是社会热点问题，也是中考热点问题12白炽灯工作时温度可达2000：用钨作灯丝是因为钨的熔点高，用久的电灯壁会发黑主要是钨丝发生升华和凝华此时在正常电压下工作时，其实际功率与额定功率相比变小（填变大、变小、不变）【考点】实际功率；熔点和凝固点；升华和凝华的定义和特点【专题】应用题；温度计、熔化和凝固；汽化和液化、升华和凝华；电能和电功率【分析】（1）钨具有熔点高的特点，据此判断物质从固态直接变为气态的过程叫升华，物质直接从气态变为固态的过程叫凝华，凝华是升华的相反过程（2）导体电阻的大小与导体的长度、材料、横截面积等有关系，根据电阻的变化，再根据家庭电路的电压不变和p=判断灯泡实际功率的变化【解答】解：（1）因电灯工作时温度特别高，所以需要选择熔点较高的钨丝做灯丝，灯丝在高温下吸热会发生升华现象变成气态钨，当气态的钨遇到冷的灯泡时放热，又会发生凝华现象变成固态的钨附着在灯泡上，所以用久的电灯壁会发黑；（2）在灯丝的长度、材料等不变的情况下，灯丝的横截面积越小，其电阻会越大；因为家庭电路的电压220v不变，根据p=可知灯泡的实际功率变大小故答案为：钨的熔点高；升华和凝华；变小【点评】解决此类问题要结合钨熔点的特点，升华和凝华的定义，以及电功率的变形公式进行分析判断13三个阻值为10欧的电阻串联在电源上，电流表并联在电阻r2两端，其示数为1.5a则电源间电压为30v，若用电压表代替电流表、则电压表的示数为10伏【考点】欧姆定律的应用【专题】应用题；电路和欧姆定律【分析】由题意可知，三电阻串联，电流表并联在电阻r2两端时，r2被短路，其它两个电阻串联，根据电阻的串联和欧姆定律求出电源间的电压；用电压表代替电流表时，三电阻串联，电压表测r2两端的电压，根据电阻的串联和欧姆定律求出电路中的电流，再根据欧姆定律求出电压表的示数【解答】解：由题意可知，三电阻串联，电流表并联在电阻r2两端时，r2被短路，其它两个电阻串联，因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，所以，由i=可得，电源的电压：u=i（r1+r3）=1.5a（10+10）=30v；用电压表代替电流表时，三电阻串联，电压表测r2两端的电压，此时电路中的电流：i=1a，所以，电压表的示数：u2=ir2=1a10=10v故答案为：30v；10【点评】本题考查了串联电路的特点和欧姆定律的应用，分清两种情况下电路的连接方式是关键14标有6v3w的电灯接在电压为3v的电路中，电灯消耗的功率为0.75w若把它接到9v的电源上并使它正常发光，则应串联一个6欧的电阻【考点】实际功率；欧姆定律的应用【专题】计算题；电路和欧姆定律；电能和电功率【分析】已知灯泡的额定电压和额定功率，根据欧姆定律计算出灯泡的电阻，再利用p=计算出灯泡的功率；灯泡正常发光时，串联的电阻中的电流与灯泡的额定电流相等，再根据r=即可求出阻值的大小【解答】解：灯泡电阻r=12，接在电压为3v的电路中，电灯消耗的功率p实=0.75w；若把它接到9v的电源上并使它正常发光，此时电流i=0.5a，r串=6；故答案为：0.75；6【点评】本题考查了灯泡的实际功率、串联电阻阻值问题，熟练应用电功率公式及其变形公式、串联电路特点、欧姆定律即可正确解题15白炽灯的灯丝通电后温度升高而发光，这是用做功的方式增加灯丝内能的；灯丝有时会在电网电压突然升高或在开灯瞬间（开灯瞬间/长时间开灯）时烧断，电路烧断不一定总是无用的，实际电路中人们就利用烧断现象制造了熔丝（举一例）【考点】做功改变物体内能；熔断器的作用及保险丝的选择方法；电功的实质【专题】简答题【分析】要解答本题需掌握：电流做功的过程是电能转化为其它形式能的过程；以及保险丝，即熔丝的原理【解答】解：白炽灯发光是消耗了电能，得到了内能和光能，是能的转化，属于做功改变物体的内能灯丝有时会在电网电压突然升高或在开灯瞬间烧断，因为电压升高和开灯瞬间都会导致电路中电流增大，发热增加，达到钨丝熔点，所以会烧断，人们利用烧断现象制造了熔丝故本题答案为：做功，开灯瞬间，熔丝【点评】本题主要考查学生对：做功改变物体的内能，以及熔丝的原理的了解16据报道：近几年有许多重大火灾都是因线路连接处接触不良所造成的，教训十分深刻线路连接处接触不良引起火灾的原因是：当线路连接处接触不良时，该处的电阻将增大（减小/增大），电流通过该接触处产生的热量增多（减少/增多），从而使局部温度升高，同时接触处的电阻又将随着温度的升高而增大（减小/增大），形成电热的逐步积累和恶性循环，以致引发火灾【考点】焦耳定律在实际中的应用【专题】应用题；电与热、生活用电【分析】（1）电阻的大小与材料、长度、横街面积和温度有关；一般情况下，横街面积越小，电阻越大；温度越高，电阻越大（2）当线路连接处接触不良时，该处的电阻会增大；由焦耳定律可知接触处会产生大量的热量，是局部过热，温度升高，从而引发火灾【解答】解：（1）线路连接处由于接触不良，即接触面积变小，电流通过时受到的阻碍作用增大，因此电阻增大；（2）线路连接处相对于其他地方电阻增大，根据焦耳定律q=i2rt，在电流相同、时间相同的情况下产生了更多的热量，因此导致局部温度升高，接触处温度升高，使接触处的电阻进一步变大，产生更多的热量，使温度迅速升高，温度过高容易引发火灾故答案是：增大；增多；增大【点评】本题考查电路故障形成原因，知道电路火灾的发生大部分是由于接触不良引起的17把一标有“36v 9w的灯泡与滑动变阻器串联接在电源上，可组成一个亮度可凋的电路为使滑动变阻器从端滑动到另一端时，灯泡的功率在4瓦9瓦之间变化，则电源两极间的电压应为36伏，滑动变阻器的最大阻值为72欧（设灯丝电阻不随温度变化）【考点】欧姆定律的应用；电功率的计算【专题】计算题【分析】已知灯泡的额定电压和额定功率，根据公式r=求出灯泡电阻；根据串联电路的分压特点和p=可知，当滑动变阻器接入电路的电阻最小时，即电路为灯泡的简单电路时，灯泡的电功率最大，当滑动变阻器接入电路的电阻最大时灯泡的功率最小，根据i=求出此时电路中的电流，根据欧姆定律求出串联电路的总电阻，再根据串联电路的电阻特点求出滑动变阻器的最大阻值【解答】解：灯泡的电阻为rl=144当滑动变阻器接入电路的电阻最小时，电路为灯泡的简单电路，此时灯泡正常工作，所以电源的电压u=36v；当滑动变阻器接入电路的电阻最大时，灯泡l和滑动变阻器r串联，此时电路中的电流为i=a，电路中的电阻为r总=216，所以r=r总rl=216144=72故答案为：36；72【点评】本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的灵活运用，关键是滑动变阻器处于不同位置时灯泡实际功率变化的判断，以及知道实际电压和额定电压相等时，实际功率和额定功率也相等18甲灯泡上标有“220v，100w”字样，乙灯泡上标有“220v，40w”字样，问：（1）甲、乙两灯泡都正常发光时，乙灯的电阻阻值较大；（2）把甲、乙两灯泡串联后接在220v的电路中，乙灯较亮；（3）把甲、乙两灯泡并联后接在220v的电路中，甲灯较亮【考点】电功率的计算；实际功率【分析】（1）已知两只灯泡的额定电压和额定功率，可求出各自的电阻（2）串联后电流相等，根据公式可知电阻越大灯泡越亮（3）并联后电压相等，根据公式可知电阻越大灯泡越暗【解答】解：（1），所以乙灯阻值大（2）串联后电流相等，p1=i2r，电阻越大，实际功率越大，灯越亮，所以乙灯亮（3）并联后电压相等，电阻越大，实际功率越小，灯越暗，所以甲灯亮故答案为：乙；乙；甲【点评】本题考查电功率的计算及其公式变形，还有考查实际功率，灯的亮度关键在于灯的实际功率19电能跟我们关系十分密切，生产和生活都离不开它某物理学习小组进行综合实践活动，对盛聪家的家庭用电的几个问题进行了探究（1）如图是他房间里的一只照明台灯，它正常工作时的电流约是0.11a（结果保留两位小数），正常工作40h消耗1kwh的电能（2）他家的电子电能表上标有“220v 10（20）a”和“2500imp/kwh”的字样，这个电能表允许在短时间内接入用电器的最大功率是4400w他用手表记下在5min内电能表的耗电指示灯闪烁了75次，则他家正在使用的用电器的总功率为360w（3）如表是他家bc65b型电冰箱的铭牌，多数用电器都有类似的铭牌，从中可以查到这个用电器的一些技术参数请你仔细阅读该铭牌，该电冰箱的压缩机一天正常工作的总时间是9h bc65b电冰箱额定电压 220v 工作频率 50hz额定功率 70w 耗电量 0.63kwh/24h【考点】欧姆定律的应用；物理量的单位及单位换算；电功的计算；电能表参数的理解与电能的求法；电功率的计算【专题】计算题；应用题；信息给予题【分析】正确读出铭牌，根据电功率公式变化即可计算（1）已知额定功率和额定电压，根据公式i=可计算电流；根据公式t=可求工作时间（2）读数可知额定电压和最大电流，根据公式p=ui可计算功率；已知每消耗1 kwh的电能闪烁2500次，可求闪烁75次消耗的电能，根据公式p=求出总功率（3）已知额定功率和每天耗电量，耗电量与额定功率的比值就是该电冰箱的压缩机一天正常工作的总时间【解答】解：（1）额定功率25w，额定电压220v，由p=ui，得i=0.11a；工作时间t=40h；（2）额定电压220v，短时间内允许通过的最大电流20a，p大=ui大=220v20a=4400w；消耗1kwh的电能闪烁2500次，5分钟闪烁75次说明消耗电能w总=kwh75=0.03kwh；则他家正在使用的用电器的总功率为p总=0.36kw=360w；（3）已知额定功率70w，每天耗电量0.63kwh，70w=0.07kw，故压缩机一天正常工作的总时间t总=9h故答案为：（1）0.11，40；（2）4400，360；（3）9【点评】本题考查电流、时间、功率等的计算，关键是公式及其变形的灵活运用，要学会从题目所给信息中找到有用的数据，解题过程中要注意单位的换算三、实验探究题（22分）20请设计实验：用一个电源、一只开关、一只电压表（或电流表），比较两只待测电阻阻值大小（1）用电压表比较的方法；（2）用电流表比较的方法【考点】伏安法测电阻的探究实验；欧姆定律的应用【专题】实验探究题；设计与制作题【分析】（1）根据串联电路电压、电流特点和欧姆定律可知：将两个未知阻值的电阻串联与电源、开关组成电路，用电压表分别测出电阻两端的电压，电压大的电阻阻值大（2）根据并联电路电流、电压特点可知：将两个未知阻值的电阻并联与电源、开关组成电路，用电流表分别测出两支路的电流，电流大的支路电阻阻值小【解答】解：方法一、将两电阻并联，分别把电流表串联与r1、r2串联，如图1所示：则测出通过r1的电流i1、通过r2的电流i2，若i1i2，则r1r2；若i1i2，则r1r2；若i1=i2，则r1=r2方法二、将两电阻串联，用电压表分别测出电阻两端的电压，如图2所示：若u1u2，则r1r2；若u1u2，则r1r2；若u1=u2，则r1=r2【点评】本题考查了在串并联电路的设计以及欧姆定律的应用，电路设计的关键是明确目的和原理，然后根据原理进行相关分析21在“测量小灯泡电功率”的实验中已知电源电压为3v，小灯泡的额定电压为2.5v实验次数电压表示数u/v电流表示数i/a小灯泡电功率p/w12.022.50.220.5532.80.240.67（1）连接电路时开关应断开（2）请你用笔画线代替导线将图甲中的电路连接完整（3）闭合开关前，应先将滑动变阻器的滑片移到a端（选填“a”或“b”）闭合开关后发现小灯泡不亮，电流表指针偏转，电压表示数为0，产生故障的原因可能是灯泡短路（4）排除故障后，实验得到的数据如下表在第1次实验中，小灯泡两端电压为2v时，电流表示数如图乙所示，则通过小灯泡的电流为0.20a，此时小灯泡的实际功率为0.40w（5）由上表可知，小灯泡的额定功率为0.55w；小灯泡的实际功率随实际电压的增大而增大（选填“增大”或“减小”）【考点】探究用电器的电功率实验【专题】实验题；压轴题【分析】本题考查实际操作中应注意的问题、滑动变阻器的接法、故障分析及功率的计算【解答】解：（1）实验中为保护电路，防止短路，在连接电路时应先把开关断开（2）实物如图：（3）滑动变阻器应从最大值开始变化，即开始时放在a端；灯泡不亮但有电流说明电路是通的，只能是灯泡短路（4）由电流表接在0.6a上，说明量程为0.6，则指针指在0.20a，故p=ui=2v0.20a=0.40w（5）由表格知，电压为2.5v时，电流为0.22a，功率p=0.55w并且功率随电压的增大而增大故答案为：（1）断开（3）a，灯泡短路；（4）0.20，0.40；（5）0.55，增大【点评】实验考查动手能力，故很多注意事项应牢记，在操作中熟练应用22小明同学在学习了课本上的关于测定家用电冰箱每天消耗的电功的实验后，实际测量了他家的电冰箱的耗电量他按照要求，提前做好了准备工作，用时钟测出了冰箱在20min内持续工作了6min，从而求出了冰箱的“工作时间系数”（在某段时间内电冰箱的实际工作时间与这段时间的比值）=30%，那么这台电冰箱每天（24h）的工作时间t=7.2h，最后根据电冰箱铭牌上的所表明的额定电功率p=150w，计算出此电冰箱每天消耗的电功w=1.08kwh【考点】电功的计算【专题】应用题【分析】1、已知持续工作时间和使用时间，可求工作时间系数，2、求出工作时间系数后，可求一天24小时的工作时间，3、已知工作时间和电功率可求消耗的电能【解答】解；冰箱的“工作时间系数”为，则电冰箱每天（24h）的工作时间t=24h30%=7.2h，此电冰箱每天消耗的电功w=pt=150103kw7.2h=1.08kwh故答案为：30%；7.2；1.08【点评】本题考查电功的计算和电功在实际生活中的应用23小明学过安全用电知识后，想自制作一盏台灯，他选购了一只标号是“36v 36w”的灯泡，回到家后在着手安装时突然想起家中的插座提供的电压是220v，于是他在包装盒内寻找说明书但没有找到却发现了一只配件（1）小明想知道配件的作用及有关它的性能参数（如额定功率、额定电流、电阻等） 请你根据电路图帮助他把实物图连接完整（2）小明在正确连接完电路后，根据实验数据能够知道配件的性能参数是电阻为184 （只要求写出一个参数及其数值）（3）小明用“36v 36w”的灯泡和配件制成了一盏台灯，请你画出这盏台灯的电路图，并说明配件在电路中所起的主要作用是起分压作用（4）你认为小明自制的台灯合理吗？不合理，配件消耗较大，电能的浪费过大（请简说理由）【考点】实物的电路连接；串、并联电路的设计【专题】作图题；电路和欧姆定律【分析】（1）根据电路图从电源正极出发，最后回到电源负极，按要求连接实物图即可；（2）由电路特点和欧姆定律及电功率公式计算配件电阻；（3）由台灯额定电压和家里的电源电压对比，可知配件所起作用，由此并画出电路图；（4）从配件和台灯消耗电能多少上分析是否合理【解答】解：（1）由电路图滑动变阻器与配件串联、电流表串联，电压表测配件两端电压，由此连接电路如图所示：；（2）根据电路图可知，电压表测量的是配件两端的电压，电流表测量的是配件中的电流根据表格中的数据：当u=9.2v时，i=0.05a利用欧姆定律可得配件的电阻：r=184；（3）因为家庭电路中电压是220v高于台灯的额定电压，若直接接入家庭电路会被烧坏，为了让台灯正常工作，应将配件与台灯串联起到分压的作用电路图如图所示：；（4）由串联电路特点可知台灯正常发光时，配件两端电压：u配=uul=220v36v=184v，由p=ui可得配件中电流：i=