福建省莆田二十五中九级物理上学期第二次月考试卷（含解析） 新人教版.doc

2015-2016学年福建省莆田二十五中九年级（上）第二次月考物理试卷一选择题（每小题2分，共30分选出一个正确或最优的答案填在答题栏上）1下列学习文具，通常情况下属于导体的是（）a钢尺b塑料三角尺c橡皮d透明塑料笔袋2电能表测量的物理量是（）a电压b电流c电阻d电功3在下列的单位中，电功率的单位是（）a焦耳b千瓦时c瓦特d度4有两个电阻，阻值分别为30和10，把它们串联起来，其总电阻是（）a40b30c20d7.55一种声光报警器的电路如图所示闭合开关s1和s2后，会出现的现象是（）a灯亮，铃响b灯不亮，铃不响c灯亮，铃不响d灯不亮，铃响6在下列器件中，全部为用电器的是（）a电铃、电池组、白炽灯b日光灯、电风扇、电视机c洗衣机、收录机、开关d电源插座、电线、空调器7下列关于电功率的说法，正确的是（）a电流做功越多，电功率越大b用电器的电功率越大，所做的功就越多c用电器做功的时间越少，其电功率越大d用电器的电功率越大，表示它做功越快8关于电流通过导体时产生的热量，以下说法正确的是（）a根据q=i2rt可知，电阻越大，相同时间内产生的热量越多b根据可知，电阻越大，相同时间内产生的热量越少c根据q=uit可知，相同时间内，电流产生的热量与电阻无关d根据q=i2rt可知，在电流一定时，电阻越大，相同时间内产生的热量越多9如图所示，下列电器中应用不是利用电流热效应工作的是（）a电吹风b电熨斗c电风扇d电饭锅10小聪同学的部分电学学习记录如下，其中错误的是（）a电源是提供电压的装置b断开的电路叫做短路c电流表必须串联在待测电路中d电压表是测量电路两端电压的仪表11甲、乙两个电阻之比为3：5，将他们串联在电路中，则甲、乙电阻两端电压之比为（）a5：3b3：5c1：1d无法比较12教室里装有多盏电灯，每多开一盏灯，则教室内电路的（）a总电阻增大b总电压增大c总电流增大d总电压、总电流都不变13在如图所示的电路中，用滑动变阻器调节灯的亮度，若要求滑片p向右端滑动时灯逐渐变暗，则下列接法正确的是（）am接c，n接bbm接a，n接bcm接c，n接ddm接a，n接d14如图所示，电源电压保持不变，当只闭合s2时，电压表的示数为3v，当只闭合s1时，电压表的示数为4.5v，则此时l1、l2两端的电压分别是（）a3v和7.5vb1.5v和4.5vc3v和1.5vd1.5v和3v15如图所示，r是一只光敏电阻，当光照射强度增大时，其电阻会减小闭合开关s，减小对光敏电阻的照射强度，电压表和电流表示数的变化情况是（）a两表示数均减小b电流表示数增大，电压表示数减小c两表示数均增大d电流表示数减小，电压表示数增大二、填空题（每空1分，共20分）16（1）如图所示是一种验电器，验电器的金属箔片张开是因为种电荷互相排斥，用手接触验电器的金属球后金属箔片闭合，这说明人体是（选填“导体”或“绝缘体”）（2）自由电子的定向移动方向与电流的方向相反当一大片带负电的云接近建筑物时，云层中的负电荷能通过避雷针经金属线导入大地，则此时金属线中的电流方向是从流向（选填“云层”或“大地”）17在图中的里填上适当的电表符号，使之成为正确的电路图18如图是四根高压输电线上的一个装置，利用这个装置将四根导线并联起来，相当于增大了导线的，从而减小了导线的，以达到减少输电线上电能损失的目的19一个电阻，在它两端加10v的电压时，通过的电流为0.5a，则该电阻的阻值是；如果通过该的电流为0.6a，则该电压是导体的电阻与通过其中的电流（选填“有”或“没有”）关系20一只标有“2.5v 0.3a”的小电灯和滑动变阻器串联接在电压为6v的电源两端调节滑动变阻器使小电灯两端电压为v时，灯正常发光此时灯1min消耗的电能为j；再调节滑动变阻器使灯两端电压力1.5v时灯的亮度与正常发光相比（选填“变亮”、“变暗”或“不变”）21小明家中的电能表如图所示，此时电能表读数为 kwh，从表盘信息可知，小明家接入的用电器总电流不超过 a当家里只有微波炉工作时，电能表在一段时间内转500转，则微波炉消耗的电能为kwh22由于电流的效应，当电流通过电阻时会产生热量一根60的电阻丝接在36v的电源上，通过电阻丝的电流为a，在1min内产生的热量为j三、实验探究题（每空1分，共30分）23芳芳家里有一盏节能灯不亮了，是停电了还是节能灯坏了？芳芳采用了以下两种办法进行判断，请你分析每一种办法的理由：（1）打开电视机可以正常观看电视节目，这说明：（2）取下灯泡用电池做电源连接电流表，观察电流表发现指针无偏转，这说明：（3）如果让你来判断，你的做法是：24李明想用如图所示的器材，设计一个可以调节小灯泡亮度的电路（1）请你用笔画线代替导线，帮李明把图中的器材连接起来要求：滑动变阻器的滑片向左滑动时，灯泡的亮度变暗；用电流表测灯泡的电流（小于0.6a），电压表测灯泡两端的电压（2）李明检查电路连接无误后，闭合开关，测得灯泡的电流和电压如图甲、乙所示，则通过灯泡的电流是a，灯泡两端的电压是v，灯泡此时的电阻是（电阻值保留两位小数）（3）如果灯泡发生短路故障，那么闭合开关时，观察到的现象应该是灯泡，（“亮”或“不亮”）电流表示数，电压表示数（后面两空填“有”或“无”）25如图甲是探究电流与电压、电阻关系的实验电路图（1）由于电路中电流的大小受多种因素的影响，所以我们在探究某一因素变化对电流的影响时，必须保持其他因素不变，即采用了法（2）实验探究分两步进行：a保持电阻不变，探究电流与电压的关系；b保持电压不变，探究电流与电阻的关系图乙是根据实验数据绘制的图象，其中正确表示电阻不变，电流随电压变化的图象是图（选填“a”或“b”）（3）在探究过程中，使用滑动变阻器r的目的（4）从图a图象可得到的结论是（5）从图b图象可得到的结论是26“测量小灯泡电功率”的实验中，已知电源电压为3v，小灯泡的额定电压为 2.5v（1）连接电路时，开关应（2）测小灯泡实验原理是（3）请你用笔画线代替导线将图1中的电路连接完整（4）闭合开关前，应先将滑动变阻器的滑片移到端（选填“a”或“b”）闭合开关后，发现小灯泡不亮，电流表指针偏转，电压表示数为0，产生故障的原因可能是（5）排除故障后，实验得到的数据如下表在第1次实验中，小灯泡两端电压为2v时，电流表示数如图2所示，则通过小灯泡的电流为a，此时小灯泡的实际功率为w实验序号电压表示数u/v电流表示数i/a小灯泡电功率p/w12.022.50.2232.80.240.67（6）由上表可知，小灯泡的额定功率为w；小灯泡的实际功率随实际电压的增大而（选填“增大”或“减小”）27小明利用图所示的实验装置探究“导体产生的热量与电阻大小的关系”甲、乙两瓶中装有质量与初温都相同的煤油，甲瓶中铜丝的电阻比乙瓶中镍铬合金丝的电阻小（1）实验中煤油吸热的多少是通过来反映的（选填“温度计示数”或“加热时间”）（2）为了在较短的时间内达到明显的实验效果，小明选用煤油而不用水做实验，是因为煤油的比热容水的比热容（选填“大于”或“小于”）（3）通电一定时间后，乙瓶中的温度计示数升高的快，由此得出的实验结论是（4）该实验中用到的研究物理问题的法是四、计算题28如图所示，已知电阻r1 为6，r1两端的电压是3v，将它与r2串联后接到8v的电源上，请求出：（1）流过r1的电流i1；（2）r2的阻值29如图所示，灯泡l1标有“4v 8w”字样，与灯泡l2串联在电路中，电源电压恒为6v，当开关s闭合时，测得灯泡l2两端的电压为4v，不计温度对灯泡阻值的影响求：（1）灯泡l1的电阻r1 （2）灯泡l2的电阻r2（3）灯泡l1的实际功率30如图，是电吹风机送热风的工作电路，对应的额定功率为1100w将它接入到电压为220v电路中，正常工作（送热风）10min，电吹风机消耗的电能为j如果电热丝电阻为48.4，则此时电热丝消耗的功率为w，在10 min内它产生的热量为j2015-2016学年福建省莆田二十五中九年级（上）第二次月考物理试卷参考答案与试题解析一选择题（每小题2分，共30分选出一个正确或最优的答案填在答题栏上）1下列学习文具，通常情况下属于导体的是（）a钢尺b塑料三角尺c橡皮d透明塑料笔袋【考点】导体【分析】容易导电的物体叫导体，常见的导体包括：人体、大地、各种金属、石墨、酸碱盐的溶液等【解答】解：钢尺属于导体，塑料三角尺、橡皮、塑料袋都属于绝缘体故选a2电能表测量的物理量是（）a电压b电流c电阻d电功【考点】电功【分析】根据电能表的用途进行分析，即电能表是测量用户在一定时间内消耗的电能，即电流在电路所做的功【解答】解：电能表是用来测量电流在电路所做的功，即消耗的电能故选d3在下列的单位中，电功率的单位是（）a焦耳b千瓦时c瓦特d度【考点】电功率【分析】在国际单位制中，功率的单位是瓦特，符号w，生活中还有kw【解答】解：kw和w都是功率的单位，焦耳是功的单位，千瓦时和度是电能的单位故选c4有两个电阻，阻值分别为30和10，把它们串联起来，其总电阻是（）a40b30c20d7.5【考点】电阻的串联【分析】串联电路总电阻等于各部分电阻之和【解答】解：已知两电阻串联，因此串联后的总电阻为 r=30+10=40故选 a5一种声光报警器的电路如图所示闭合开关s1和s2后，会出现的现象是（）a灯亮，铃响b灯不亮，铃不响c灯亮，铃不响d灯不亮，铃响【考点】电路的三种状态【分析】开关闭合后，用电器是否可以正常工作，可以从以下几个方面来考虑：（1）电路中是否有电源；（2）电路中有没有开路的情况；（3）用电器或电源有没有被短路的情况然后结合电路的实际情况进行分析【解答】解：当开关s1和s2都闭合时，电铃由于被导线短路没有电流通过而不响，电路中只有灯泡连入，可以发光故选c6在下列器件中，全部为用电器的是（）a电铃、电池组、白炽灯b日光灯、电风扇、电视机c洗衣机、收录机、开关d电源插座、电线、空调器【考点】电路的组成【分析】根据电路中各元件的作用，电源是提供电能的装置，用电器是用电来工作的装备开关是控制电路，导线起连接电路作用【解答】解：a、电池组是提供电能的装置是电源，不合题意c、开关是控制电路的通断，不合题意d、电源插座和电线起连接作用，不合题意故选b7下列关于电功率的说法，正确的是（）a电流做功越多，电功率越大b用电器的电功率越大，所做的功就越多c用电器做功的时间越少，其电功率越大d用电器的电功率越大，表示它做功越快【考点】电功率【分析】电功率是描述用电器消耗电能快慢的物理量，消耗电能越快，电功率越大，根据电功率公式及其变形公式分析答题【解答】解：a、由p=可知，电功率的大小与消耗的电能和工作时间有关，不知消耗的电能时间，只知用电器消耗的电能多少，无法判断它的电功率越的大小，故a错误；b、由w=pt可知，消耗的电能与电功率和工作时间有关，电功率大，消耗的电能不一定多，故b错误；c、由p=可知，电功率的大小与消耗的电能和工作时间有关，不知消耗的电能，只知用电器工作时间短，无法判断它的电功率越的大小，故c错误；d、电功率是描述用电器消耗电能快慢的物理量，即用电器的电功率越大，它消耗电能越快，故d正确故选d8关于电流通过导体时产生的热量，以下说法正确的是（）a根据q=i2rt可知，电阻越大，相同时间内产生的热量越多b根据可知，电阻越大，相同时间内产生的热量越少c根据q=uit可知，相同时间内，电流产生的热量与电阻无关d根据q=i2rt可知，在电流一定时，电阻越大，相同时间内产生的热量越多【考点】焦耳定律【分析】焦耳定律的定义式是q=i2rt，导出式有q=和q=uit，如果不是纯电阻电路，只能用定义式来算，如果是纯电阻电路，关键是看控制什么因素一定，决定用哪个公式来计算，如电流一定时用q=i2rt，电压一定时用q=【解答】解：a、没有说明控制电流一定，故缺少条件，结论不一定正确；b、没有说明控制电压一定，故缺少条件，结论不一定正确；c、此公式是导出式，只能说明电热在数值上等于电流、电压、时间的乘积，与电阻是否有关要看定义式，故结论不正确；d、电流、时间一定时，电热与电阻成正比，故结论正确故选d9如图所示，下列电器中应用不是利用电流热效应工作的是（）a电吹风b电熨斗c电风扇d电饭锅【考点】电流的热效应、化学效应和磁效应【分析】电流流过导体时，导体要发热，这种现象是电流的热效应发生电流的热效应时，电能转化为内能【解答】解：a、电吹风既可以吹风，也可以发热，因此，利用了电流的热效应，不合题意；b、电熨斗主要将电能转化为内能，利用了电流的热效应，不合题意；c、电风扇工作时主要把电能转化为机械能，不是利用电流热效应工作的，符合题意；d、电饭锅主要将电能转化为内能，利用了电流的热效应，不合题意故选c10小聪同学的部分电学学习记录如下，其中错误的是（）a电源是提供电压的装置b断开的电路叫做短路c电流表必须串联在待测电路中d电压表是测量电路两端电压的仪表【考点】电源及其能量转化；电路的三种状态；电流表的使用；电压表的使用【分析】（1）根据电源的定义进行分析，即电源是提供电压、电压产生电流；（2）断开的电路叫做断路；不经用电器，电流直接从电源的正极流回负极叫做短路；（3）电流表必须串联在电路中；（4）电压表是测量电压的仪表【解答】解：a、据分析可知，电源是提供电压的装置，故a选项正确；b、断路是指电路某处断开的电路，短路是电源两极不经过用电器直接连通的电路，故b选项错误；c、电流表与被测用电器串联，故c选项正确；d、测量电压的仪表叫电压表，故d选项正确故选b11甲、乙两个电阻之比为3：5，将他们串联在电路中，则甲、乙电阻两端电压之比为（）a5：3b3：5c1：1d无法比较【考点】欧姆定律的应用；串联电路的电流规律【分析】串联电路中各处的电流相等，知道甲、乙两电阻的阻值之比，根据欧姆定律求出两端的电压之比【解答】解：甲、乙两电阻串联时，串联电路中各处的电流相等，且r甲：r乙=3：5，根据i=可得，它们两端的电压之比：=故选b12教室里装有多盏电灯，每多开一盏灯，则教室内电路的（）a总电阻增大b总电压增大c总电流增大d总电压、总电流都不变【考点】电阻的并联；欧姆定律的应用【分析】家庭电路是并联电路，并联电路中，支路越多，总电流越大，总电阻会越小，并联电路两端的电压不变【解答】解：因为并联电路中，支路越多，总电流会越大，总电阻会越小，电路两端的电压不变，故a、b、d选项错误，c选项正确故选c13在如图所示的电路中，用滑动变阻器调节灯的亮度，若要求滑片p向右端滑动时灯逐渐变暗，则下列接法正确的是（）am接c，n接bbm接a，n接bcm接c，n接ddm接a，n接d【考点】滑动变阻器的使用；实际功率【分析】（1）灯泡亮度变暗，功率变小，根据p=i2r，电路中电流变小电源电压不变，电流变小，电阻变大，滑动变阻器接入电路的电阻丝变长（2）滑动变阻器在电路中的正确连接方式是连接一“上”一“下”两个接线柱，哪一段电阻丝被接入电路中是由下面的接线柱决定的，它就是下面被连接的接线柱与滑片p之间的部分【解答】解：滑动变阻器的滑片右移，灯泡变暗，功率变小，根据p=i2r，电路中电流变小电源电压不变，电流变小，电阻变大，滑动变阻器接入电路的电阻丝变长下面的接线柱一定接入c，上面的接线柱接a或b故选a14如图所示，电源电压保持不变，当只闭合s2时，电压表的示数为3v，当只闭合s1时，电压表的示数为4.5v，则此时l1、l2两端的电压分别是（）a3v和7.5vb1.5v和4.5vc3v和1.5vd1.5v和3v【考点】串联电路的电压规律【分析】当只闭合s2时，两灯泡串联，电压表测l1两端的电压；当只闭合s1时，两灯泡串联，电压表测电源的电压；根据电源的电压不变和串联电路的电压特点求出两灯泡两端的电压【解答】解：当只闭合s2时，两灯泡串联，电压表测l1两端的电压u1；当只闭合s1时，两灯泡串联，电压表测电源的电压u；电源的电压不变，l1两端的电压u1=3v，串联电路中总电压等于各分电压之和，l2两端的电压：u2=uu1=4.5v3v=1.5v故选c15如图所示，r是一只光敏电阻，当光照射强度增大时，其电阻会减小闭合开关s，减小对光敏电阻的照射强度，电压表和电流表示数的变化情况是（）a两表示数均减小b电流表示数增大，电压表示数减小c两表示数均增大d电流表示数减小，电压表示数增大【考点】欧姆定律；串联电路的电压规律【分析】由图可知，光敏电阻及灯泡串联，由题意知电路中电阻的变化，则由欧姆定律可求得电路中电流的变化，则可知灯泡两端的电压变化，再由串联电路的电压特点可求得电压表的示数变化【解答】解：由题意知：光照射强度增大时，电阻r的阻值会减小；若减小对光敏电阻的照射强度，则电阻r的阻值增大因光敏电阻阻值增大，则由欧姆定律可知电路中电流减小，则电流表示数变小，灯泡两端的电压变小；由串联电路的电压规律可知，光敏电阻两端的电压及灯泡两端的电压之和等于电源电压，因电源电压不变，灯泡两端的电压变小，则可知光敏电阻两端的电压增大，即电压表示数增大故选d二、填空题（每空1分，共20分）16（1）如图所示是一种验电器，验电器的金属箔片张开是因为同种电荷互相排斥，用手接触验电器的金属球后金属箔片闭合，这说明人体是导体（选填“导体”或“绝缘体”）（2）自由电子的定向移动方向与电流的方向相反当一大片带负电的云接近建筑物时，云层中的负电荷能通过避雷针经金属线导入大地，则此时金属线中的电流方向是从大地流向云层（选填“云层”或“大地”）【考点】验电器的原理及使用；电荷间的相互作用规律；电流的方向【分析】（1）验电器是根据同种电荷相互排斥制成的导体能够将产生的静电导入大地（2）由电流方向的规定就可以判定出来【解答】解：（1）验电器的金属箔片张开是因为同种电荷互相排斥，用手接触验电器的金属球后金属箔片闭合，即人将电荷导入大地了，故该现象说明人体是导体（2）我们规定正电荷定向移动的方向为电流方向，所以负电荷移动的方向与电流方向相反由于负电荷是从云层流向大地，所以金属线中的电流方向是从大地流向云层故答案为：（1）同；导体；（2）大地；云层17在图中的里填上适当的电表符号，使之成为正确的电路图【考点】电路图及元件符号；电流表的使用；电压表的使用【分析】根据电流表与被测电路串联，电压表与被测电路并联即可完成电路【解答】解：上边的在干路中，所以是电流表；中间的与灯l1串联，所以是电流表；下边的与灯l1并联，所以是电压表，如图18如图是四根高压输电线上的一个装置，利用这个装置将四根导线并联起来，相当于增大了导线的横截面积，从而减小了导线的电阻，以达到减少输电线上电能损失的目的【考点】影响电阻大小的因素【分析】将四根导线并列的连接在一起等效成一根导线，相对于其中的任何一根导线，从外形上看，很容易得出其横截面积的变化根据导体的横截面积与电阻的关系，从而可以确定横截面积的变化造成导体的电阻如何变化【解答】解：四根导线并联在一起，等效成一根导线，相对于其中的任何一根导线，其横截面积变大了导体的电阻大小与导体的横截面积有关，在其他因素不变的情况下，其电阻的大小与导体的横截面积成反比所以横截面积增大，导体的电阻减小故答案为：横截面积；电阻19一个电阻，在它两端加10v的电压时，通过的电流为0.5a，则该电阻的阻值是20；如果通过该的电流为0.6a，则该电压是12v导体的电阻与通过其中的电流没有（选填“有”或“没有”）关系【考点】欧姆定律的应用【分析】导体的电阻导体本身的一种特性，与导体两端的电压和通过的电流无关；但可以用导体两端的电压和通过电流的比值进行计算；利用u=ir可以计算电阻两端电压【解答】解：i=r=20；如果通过该电阻的电流为0.6a，则电阻两端的电压：u=ir=0.6a20=12v；导体的电阻导体本身的一种特性，与导体两端的电压和通过的电流无关故答案为：20；12v；没有20一只标有“2.5v 0.3a”的小电灯和滑动变阻器串联接在电压为6v的电源两端调节滑动变阻器使小电灯两端电压为2.5v时，灯正常发光此时灯1min消耗的电能为45j；再调节滑动变阻器使灯两端电压力1.5v时灯的亮度与正常发光相比变暗（选填“变亮”、“变暗”或“不变”）【考点】电功的计算；电功率的计算；额定电压；额定功率；实际电压；实际功率【分析】当灯泡两端电压为额定电压时，灯泡正常发光，根据公式w=uit可求消耗的电能灯泡电阻不变，电压减小，根据公式p=可知实际功率的变化情况【解答】解：当灯泡灯泡两端电压为额定电压时，也就是电压为2.5v时灯泡正常发光，此时消耗的电能w=uit=2.5v0.3a60s=45j，当灯泡两端电压小于额定电压时，灯泡电阻不变，根据公式p=可知实际功率小于额定功率，灯泡亮度变暗故答案为：2.5；45；变暗21小明家中的电能表如图所示，此时电能表读数为118.5 kwh，从表盘信息可知，小明家接入的用电器总电流不超过10 a当家里只有微波炉工作时，电能表在一段时间内转500转，则微波炉消耗的电能为0.2kwh【考点】电能表参数的理解与电能的求法【分析】要解决此题，需要了解电能表上参数的意义220v说明电能表要在220v的电路中使用；10a表示电能表允许通过的最大电流是10a；2500revs/kwh表示每消耗1kwh的电，电能表的转盘转2500转；根据转数可以求出所消耗的电能【解答】解：从表盘信息可知，电能表的示数为118.5kwh；10a表示电能表允许通过的最大电流是10a；转一转消耗的电能为kwh；转过500转消耗的电能w=kwh500=0.2kwh故答案为：118.5；10；0.222由于电流的热效应，当电流通过电阻时会产生热量一根60的电阻丝接在36v的电源上，通过电阻丝的电流为0.6a，在1min内产生的热量为1296j【考点】焦耳定律的计算公式及其应用；电流的热效应、化学效应和磁效应；欧姆定律的应用【分析】电流流过导体时，导体发热，把电能转化为内能的现象是电流的热效应；利用欧姆定律计算电流；利用焦耳定律计算热量【解答】解：电流通过导体时会产生热量，这个现象叫做电流的热效应；通过电阻丝的电流为：i=0.6a；在1min内产生的热量为：q=w=i2rt=（0.6a）26060s=1296j故答案为：热；0.6；1296三、实验探究题（每空1分，共30分）23芳芳家里有一盏节能灯不亮了，是停电了还是节能灯坏了？芳芳采用了以下两种办法进行判断，请你分析每一种办法的理由：（1）打开电视机可以正常观看电视节目，这说明：没有停电，是灯泡坏了，因为并联电路中各用电器可以独立工作（2）取下灯泡用电池做电源连接电流表，观察电流表发现指针无偏转，这说明：灯泡坏了；开路时电路中没有电流（3）如果让你来判断，你的做法是：换一个新的完好的灯泡接入灯座试试【考点】家庭电路的故障分析【分析】电路元件的连接有串联和并联两种方式，由于串联电路只有一条电流路径，流过一个元件的电流同时流过另一个元件，因此各元件相互影响，而并联电路中各元件互不影响【解答】解：（1）因电视机和灯泡是并联的，电视机能工作说明没有停电；因并联电路中的电器之间互不影响，所以是灯泡坏了；（2）因开路时电路中没有电流，此时电流表没有示数，所以是灯泡坏了；（3）可以直接换一个新的完好的灯泡接入灯座试试，如果新灯泡能够发光说明旧灯泡是坏了；故答案为：（1）没有停电，是灯泡坏了，因为并联电路中各用电器可以独立工作；（2）灯泡坏了；开路时电路中没有电流；（3）换一个新的完好的灯泡接入灯座试试24李明想用如图所示的器材，设计一个可以调节小灯泡亮度的电路（1）请你用笔画线代替导线，帮李明把图中的器材连接起来要求：滑动变阻器的滑片向左滑动时，灯泡的亮度变暗；用电流表测灯泡的电流（小于0.6a），电压表测灯泡两端的电压（2）李明检查电路连接无误后，闭合开关，测得灯泡的电流和电压如图甲、乙所示，则通过灯泡的电流是0.26a，灯泡两端的电压是2.4v，灯泡此时的电阻是9.23（电阻值保留两位小数）（3）如果灯泡发生短路故障，那么闭合开关时，观察到的现象应该是灯泡不亮，（“亮”或“不亮”）电流表有示数，电压表无示数（后面两空填“有”或“无”）【考点】控制变量法与探究性实验方案【分析】（1）根据“一上一下”的接线原则和下方接线柱决定接入电路中电阻的大小进行分析；先根据电源电压和灯泡的电阻确定电压表和电流表的量程，然后用导线将各元件依次连接起来（电压表除外），电压表测量灯泡两端的电压；（2）根据电流表和电压表的量程、分度值以及指针的位置读出通过灯泡的电流和灯泡两端的电压，根据r=计算出电阻值（3）若灯泡发生短路，则灯泡两端无电压，电路中仍有电流【解答】解：（1）滑动变阻器应符合“一上一下”的接线原则，因为滑片向左移动，灯泡变暗，说明滑片向左移动，滑动变阻器接入电路中的电阻增大，因此应选择右下方的接线柱；因为电源电压为3v，电压表量程选择03v；灯泡的电阻约为10，所以电路中的最大电流为：i=0.3a，电流表量程选择00.6a；用导线将电源、开关、滑动变阻器、灯泡和电流表顺次连接起来，电压表并联在灯泡两端，如图所示：（2）根据实际情况，电流表量程选择00.6a，分度值为0.02a，电流示数为0.26a；电压表量程选择03v，分度值为0.1v，电压表示数为2.4v；r=9.23（3）灯泡被短路，则灯泡不发光，两端无电压，电路中仍有电流，可观察到的现象是灯泡不亮，电流表有示数，电压表无示数故答案为：（1）见上图；（2）0.26；2.4；9.23；（3）不亮；有；无25如图甲是探究电流与电压、电阻关系的实验电路图（1）由于电路中电流的大小受多种因素的影响，所以我们在探究某一因素变化对电流的影响时，必须保持其他因素不变，即采用了控制变量法（2）实验探究分两步进行：a保持电阻不变，探究电流与电压的关系；b保持电压不变，探究电流与电阻的关系图乙是根据实验数据绘制的图象，其中正确表示电阻不变，电流随电压变化的图象是b图（选填“a”或“b”）（3）在探究过程中，使用滑动变阻器r的目的改变电阻两端的电压和保护电路（4）从图a图象可得到的结论是当电压一定时，导体中的电流跟导体的电阻成反比（5）从图b图象可得到的结论是当电阻一定时，导体的电流与导体两端的电压成正比【考点】探究电流与电压、电阻的关系实验【分析】（1）导体电流和电压、电阻两个因素有关，研究电流跟电压关系时，需要保持电阻不变，采用了控制变量法；（2）当电阻不变时，电流与电压成正比，因此iu图象为一条直线；（3）实验中滑动变阻器的基本作用：保护电路；主要作用：改变电阻两端的电压；（4）（5）观察a图和b图，得出电流与电阻及电压的关系当电压不变时，电流跟电阻成反比，电阻不变时，电流与电压成正比【解答】解：（1）某个物理量和多个物理量有关系时，在研究过程为了避免其它因素的影响，常采用控制其它量不变，研究与某一个量的关系，研究电流和电压关系时，控制电阻不变，研究电流和电阻关系时控制电压不变，这种方法是控制变量法（2）在保持电阻不变时，电流跟电压成正比，故iu图象应该是直线，故b图正确；（3）实验时用到了滑动变阻器，闭合开关时，滑动变阻器连入电路电阻最大，电路中电流最小，起到保护电路的作用，实验时，通过调节变阻器的阻值，来调节电阻r两端的电压，因此滑动变阻器的作用有：改变电阻两端的电压和保护电路的作用（4）图a为反比例函数，观察a图可知，电压不变，导体中的电流跟电阻成反比；（5）图b为正比例函数，观察b图可知，电阻不变，导体中的电流跟电压成正比故答案为：（1）控制变量；（2）b；（3）改变电阻两端的电压和保护电路；（4）当电压一定时，导体中的电流跟导体的电阻成反比；（5）当电阻一定时，导体的电流与导体两端的电压成正比26“测量小灯泡电功率”的实验中，已知电源电压为3v，小灯泡的额定电压为 2.5v（1）连接电路时，开关应断开（2）测小灯泡实验原理是p=ui（3）请你用笔画线代替导线将图1中的电路连接完整（4）闭合开关前，应先将滑动变阻器的滑片移到a端（选填“a”或“b”）闭合开关后，发现小灯泡不亮，电流表指针偏转，电压表示数为0，产生故障的原因可能是灯泡短路（5）排除故障后，实验得到的数据如下表在第1次实验中，小灯泡两端电压为2v时，电流表示数如图2所示，则通过小灯泡的电流为0.2a，此时小灯泡的实际功率为0.4w实验序号电压表示数u/v电流表示数i/a小灯泡电功率p/w12.022.50.220.5532.80.240.67（6）由上表可知，小灯泡的额定功率为0.55w；小灯泡的实际功率随实际电压的增大而增大（选填“增大”或“减小”）【考点】电功率的测量【分析】（1）在连接电路时，开关要断开；（2）测量小灯泡电功率的原理是p=ui；（3）滑动变阻器要“一上一下”的串联连入电路；（4）闭合开关前，滑动变阻器应处于最大阻值处，防止电流过大烧坏电路元件；灯泡不亮可能是灯泡断路或短路，灯泡断路时，电路断路，电路中没有电流，电流表无示数，电压表串联联在电路中，电压表测量电源电压；灯泡短路时，电路总电阻减小，电路电流增大，电流表示数增大，电压表测量导线电压，示数为0（5）根据电流表的量程和分度值，读出电流表的示数；根据p=ui求出此时灯泡的电功率（6）额定电压下的灯泡的实际功率和额定功率相等，根据p=ui求出灯泡的额定功率；根据表中数据得出灯的实际功率与实际电压的关系【解答】解：（1）为保护电路，连接电路时，开关要断开；（2）测量小灯泡电功率时，用电压表测量灯两端的电压、用电流表测量通过的电流，利用p=ui求灯的电功率，所以该实验的原理是p=ui；（3）滑动变阻器要串联在电路中，并且一上一下的接入，将开关的右接线柱与滑动变阻器的c或d连接，如图所示：（4）闭合开关前，滑动变阻器的滑片要处于a端，使变阻器连入电路的阻值最大；灯泡不亮，电流表指针偏转，电路为通路；电压表示数为0，电压表测导线的电压，示数为0，所以灯泡短路（5）电流表的量程为00.6a，分度值为0.02a，所以通过小灯泡的电流为0.2a，此时灯泡的实际功率：p=ui=2v0.2a=0.4w（6）由表可知，灯泡的额定电压为2.5v时，通过灯泡的电流为0.22a，灯泡的额定功率：p额=u额i额=2.5v0.22a=0.55w由表中数据可知，灯的实际功率随实际电压的增大而增大故答案为：（1）断开；（2）p=ui；（3）如图所示；（4）a；灯泡短路；（5）0.2；0.4；（6）0.55；增大27小明利用图所示的实验装置探究“导体产生的热量与电阻大小的关系”甲、乙两瓶中装有质量与初温都相同的煤油，甲瓶中铜丝的电阻比乙瓶中镍铬合金丝的电阻小（1）实验中煤油吸热的多少是通过温度计示数来反映的（选填“温度计示数”或“加热时间”）（2）为了在较短的时间内达到明显的实验效果，小明选用煤油而不用水做实验，是因为煤油的比热容小于水的比热容（选填“大于”或“小于”）（3）通电一定时间后，乙瓶中的温度计示数升高的快，由此得出的实验结论是在电流和通电时间相同时，导体电阻越大产生的热量越多（4）该实验中用到的研究物理问题的法是控制变量法【考点】焦耳定律；热量的计算【分析】（1）首先导体产生的热量是要通过煤油的温度变化体现出来，由t=+t0可知，煤油的质量和初温要相同（2）为了在较短的时间内达到明显的实验效果，即观察到得温度计示数变化大，则在同质量吸收相同热量的条件下，比热容小的液体温度变化大（3）使用相同质量的煤油，通电一定时间后，乙瓶中的温度计示数升高的快，说明乙瓶中的煤油吸收的热量多，即乙瓶中的镍铬合金丝产生的热量多；由此得出结论（4）知道热量与电流、电阻及通电时间有关，可变因素较多，本题是在电流、时间相同的前提下，使用不同的电阻，探究热量与电阻的关系，这采用的是控制变量法【解答】解：（1）两电阻丝产生热量的多少是通过温度计示数的变化反映出来的由q=cm（tt0）得，t=+t0，可见影响温度计示数的不只是热量，还有煤油的初温和质量，所以要保证煤油的初温和质量都相同，才能通过温度的变化反映出热量的多少（2）若将烧瓶中装有水，则由q=cmt可知：在相同质量的水和煤油中，吸收的相同的热量时，由于水的比热容大，温度升高的度