河北省邯郸市高三物理上学期第一次模拟试卷（含解析）.doc

河北省邯郸市2015届高考物理一模试卷一、选择题（共8小题，每小题6分，满分48分）1自然界中某个量d的变化量d，与发生这个变化所用时间t的比值，叫做这个量d的变化率，下列说法错误的是( )a若d表示某质点做匀速直线运动的位置坐标，则是恒定不变的b若d表示某质点做平抛运动的速度，则是恒定不变的c若d表示某质点的动能，越大，则外力对该质点所做的总功就越多d若d表示穿过某线圈的磁通量，越大，则线圈中的感应电动势就越大2如图，物块a放在倾斜的木板上，改变木板与水平面之间的夹角，当=30和=45时，物块a所受的摩擦力大小恰好相等，则物块a与木板之间的动摩擦因数为( )abcd3如图所示是做匀变速直线运动的质点在06s内的位移时间图线若t=1s时，图线所对应的切线斜率为4（单位：m/s）则( )at=1s时，质点在x=2 m的位置bt=1s和t=5s时，质点的速率相等ct=1s和t=5s时，质点加速度的方向相反d前5s内，合外力对质点做正功4若某恒星系中所有天体的密度增大为原来的2倍，天体的直径和天体间的距离不变，某行星绕该恒星做匀速圆周运动，则下列关于运行参量变化的描述正确的是( )a行星绕该恒星做匀速圆周运动的向心力变为原来的2倍b行星绕该恒星做匀速圆周运动的线速度变为原来的2倍c行星绕该恒星做匀速圆周运动的角速度变为原来的2倍d行星绕该恒星做匀速圆周运动的周期变为原来的倍5某形状不规则的导体置于静电场中，由于静电感应，在导体周围出现了如图所示的电场分布，图中虚线表示电场线，实线表示等势面，a、b、c为电场中的三个点下列说法正确的是( )aa点的电势高于b点的电势b将电子从a点移到b点，电势能减小ca点的电场强度大于b点的电场强度d将电子从a点移到c点，再从c点移到b点，电场力做功为零6如图甲，在倾角为的光滑斜面上，质量为m的物体在沿斜面方向的力f的作用下由静止开始运动，物体的机械能e随位移x变化关系如图乙所示，其中0x1过程的图线是曲线，x1x2过程的图线为平行于x轴的直线，则下列说法中正确的是( )a物体在沿斜面向下运动b在0x1过程中，物体的加速度一直减小c在0x2过程中，物体先加速再匀速d在x1x2过程中，物体的加速度为gsin7图甲是某燃气炉点火装置的原理图转换器将直流电压转换为图乙所示的正弦交变电压，并加在一理想变压器的原线圈上，变压器原、副线圈的匝数分别为n1、n2，为交流电压表当变压器副线圈电压的瞬时值大于5000v时，就会在钢针和金属板间引发电火花进而点燃气体以下判断正确的是( )a电压表的示数等于5vb电压表的示数等于c实现点火的条件是d实现点火的条件是8如图，相距为d的两水平虚线p、q表示方向垂直面向里的匀强磁场的下边界，磁场的磁感应强度为b，正方形线框abcd的边长为l（ld）、质量为m、电阻为r，线框处在磁场正上方，ab边与虚线p相距h线框由静止释放，下落过程中线框平面始终在竖直平面内，线框的ab边刚进入磁场时的速度和ab边刚离开磁场时的速度相同在线框从进入到全部穿过磁场的过程中，下列说法正确的是( )a线框产生的焦耳热为2mglb线框克服安培力所做的功为2mgdc线框的最小速度为d线框进入磁场的时间和离开磁场的时间相同二、非选择题（必考题）9为了测量人骑自行车的功率，某活动小组在操场的直道上进行了如下实验：在离出发线5m，10m，20m，30，70m的地方分别划上8条计时线，每条计时线附近站几个学生，手持秒表，听到发令员的信号后，受测者全力骑车由出发线启动，同时全体学生都开始计时，自行车每到达一条计时线，站在该计时线上的几个学生就停止计时，记下自行车从出发线到该条计时线的时间实验数据记录如下（每个计时点的时间都取这几个同学计时的平均值）：运动距离s（m）0510203040506070运动时间t（s）02.44.26.37.89.010.011.012.0各段速度（m/s）2.084.766.678.3310.010.010.0（1）以纵轴代表自行车运动的距离s，横轴代表运动的时间t，试根据以上实验数据作出st图（2）根据作出的st图知，自行车在每一路段内的速度变化不是很大，因此可以用某一段的平均速度代替该段的速度请计算出上述表格中空缺的处的数据：_m/s（保留三位有效数字）（3）本次实验中，设运动过程中学生和自行车所受阻力与其速度大小成正比，其比例系数为12ns/m，设在10m20m路段的平均阻力f1，在20m30m路段的平均阻力f2，则f1是f2_倍；（保留两位有效数字）（4）若整个过程中该同学骑车的功率p保持不变，则p=_w10要测定一个自感系数很大的线圈l的直流电阻，实验室提供下列器材：a待测线圈l；阻值约为2，额定电流为2ab电流表a1：量程为0.6a，内阻ra1=0.6c电流表a2：量程为3a，内阻ra2=0.1d滑动变阻器r1：最大阻值为10e滑动变阻器r2：最大阻值为1kf电源e：电动势为9v，内阻不计g定值电阻r3=10h定值电阻r4=100i开关两个s1和s2要求实验时，改变滑动变阻器的阻值，在尽可能大的范围内测得多组a1、a2的读数i1、i2，然后利用i1i2图线求出电感线圈电阻rl（1）实验中定值电阻应该选_，变阻器应选择_（填写器材前的字母编号）（2）请在图1方框内画出电路图（3）实验结束时，应先断开开关_（选填“s1”或“s2”）（4）实验测得数据如图2所示，则电感线圈的直流电阻值为_（保留两位有效数字）11如图，ab为光滑竖直杆，acb为构成直角的光滑l形直轨道，c处有一小圆弧连接，可使小球顺利转变（即通过转弯处不损失机械能）套在杆上的小球自a点静止释放，分别沿ab轨道和acb轨道运动，如果沿acb轨道运动的时间是沿ab轨道运动时间的1.5倍，则ab与ac的夹角为多少？12（18分）如图，两平行金属板a、b长l=8cm，两板间距离d=8cm，b板比a板电势高300v，即uba=300v一带正电的粒子电量q=11010c，质量m=11020kg，以初速度v0=2106m/s，从r点沿电场中心线ro垂直电场方向射入电场，粒子飞出电场后经过无场区域，进入界面mn、pq间匀强磁场区域，从磁场的pq边界出来后刚好打在中心线上的s点，已知mn边界与平行板的右端相距为l，两界面mn、pq相距为l，s点到pq边界的距离为l，且l=12cm，粒子重力及空气阻力忽略不计求：（1）粒子射出平行板时的速度大小v；（2）粒子进入界面mn时偏离中心线ro的距离；（3）匀强磁场的磁感应强度b的大小物理-选修3-313关于热学知识，下列叙述正确的是( )a物体的温度越高，分子热运动越剧烈，每个分子的动能也会越大b在油膜法粗测分子直径的实验中，把油分子看成球形，是物理学中的一个理想化模型，因为分子并不真的是球形c当分子力表现为斥力时，分子势能随分子间距离的减小而减小d气体分子单位时间内与单位面积器壁碰撞的次数和单位体积内的分子数及温度有关e玻璃管道裂口放在火上烧烙，它的尖端就变圆，是因为熔化的玻璃在表面张力的作用下，表面积要收缩到最小的缘故14如图，导热良导好的气缸内封有一定质量的理想气体，缸体质量m=200kg，活塞质量m=10kg，活塞面积s=100cm2，活塞与气缸壁无摩擦且不漏气，此时，缸内气体的温度为27，活塞位于气缸正中，整个装置都静止，已知大气压恒为p0=1.0105pa，重力加速度为g=10m/s2，取绝对零度为273，求：（1）缸内气体的压强p1；（2）缸内气体的温度缓慢升高到多少摄氏度时，活塞恰好静止在气缸缸口ab处？物理-选修3-415如图为频率f=1hz的波源产生的简谐横波，图中虚线左侧为a介质，右侧为b介质其中x=14m处的质点振动方向向上则该波在a、b两种介质中传播的速度之比va：vb=_若图示时刻为0时刻，则经0.75s处于x=6m的质点位移为_cm，处于x=4m的质点的振动方程为_cm16如图，截面半径为r的圆的透明柱体放置在水平面上，折射率为，现有一束光线平行于桌面射到柱体表面，射入柱体后，从竖直表面射出，已知入射光线与桌面的距离为r求：出射角物理-选修3-517下列说法正确的是( )a普朗克在研究黑体辐射问题时提出了能量子假说b大量的氢原子从n=3的能级向低能级跃迁时只会辐射两种不同频率的光c发生光电效应时，入射光的光强一定，频率越高，单位时间内逸出的光电子数就越少d比结合能小的原子核分解为比结合能大的原子核时一定释放核能e运动的宏观物体也具有波动性，其速度越大，物质波的波长越大18如图，质量均为m，可视为质点的a、b两物体紧挨着静止在水平面上的o点，左边有竖直墙壁m，右边在n点与光滑的、半径为r的圆弧槽相连，mo=r，on=3r，a物体与水平面间的摩擦力忽略不计，b物体与水平面间的动摩擦因数为0.5现让a物体以初速度v0向左开始运动，设a与竖直墙壁、a与b均发生无机械能损失的碰撞要使b物体第一次被a碰撞后，恰能上升至圆弧槽最高点p点，已知重力加速度为g，求：（a）a物体的初速度v0？（b）b物体最终停在何处？河北省邯郸市2015届高考物理一模试卷一、选择题（共8小题，每小题6分，满分48分）1自然界中某个量d的变化量d，与发生这个变化所用时间t的比值，叫做这个量d的变化率，下列说法错误的是( )a若d表示某质点做匀速直线运动的位置坐标，则是恒定不变的b若d表示某质点做平抛运动的速度，则是恒定不变的c若d表示某质点的动能，越大，则外力对该质点所做的总功就越多d若d表示穿过某线圈的磁通量，越大，则线圈中的感应电动势就越大考点：导体切割磁感线时的感应电动势；动能定理的应用 分析：变化率表示变化的快慢，速度、加速度等物理量都是用变化率定义得到的解答：解：a、若d表示某质点做匀速直线运动的位移，则表示速度，匀速直线运动的速度是恒定不变的，故a正确；b、若d表示某质点做平抛运动的速度，则表示加速度，等于g，也是恒定不变的，故b正确；c、若d表示某质点的动能，根据动能定理，d越大，则质点所受外力做的总功就越多，故c错误；d、若d表示穿过某线圈的磁通量，越大，根据法拉第电磁感应定律，线圈中的感应电动势就越大，故d正确；本题选错误的，故选c点评：本题关键是明确变化量表示变化的大小，变化率表示变化的快慢，位移的变化率表示速度，速度的变化率表示加速度2如图，物块a放在倾斜的木板上，改变木板与水平面之间的夹角，当=30和=45时，物块a所受的摩擦力大小恰好相等，则物块a与木板之间的动摩擦因数为( )abcd考点：共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用 专题：共点力作用下物体平衡专题分析：=30时物体处于静止状态，静摩擦力和重力的下滑分力相等；=45时物体沿斜面下滑，滑动摩擦力可由ff=fn求出解答：解：=30时物体处于静止状态，静摩擦力和重力的下滑分力相等即：ff=mgsin30=45时物体沿斜面下滑，滑动摩擦力为：ff=fn=mgcos45由mgsin30=mgcos45解得：=；故选：b点评：本题正确分析物体在两种状态下的受力情况，分别写出两种情况下的摩擦力表达式是解题的关键3如图所示是做匀变速直线运动的质点在06s内的位移时间图线若t=1s时，图线所对应的切线斜率为4（单位：m/s）则( )at=1s时，质点在x=2 m的位置bt=1s和t=5s时，质点的速率相等ct=1s和t=5s时，质点加速度的方向相反d前5s内，合外力对质点做正功考点：匀变速直线运动的图像；匀变速直线运动的位移与时间的关系；功的计算 专题：运动学中的图像专题分析：物体做匀变速直线运动，由图象可知，6s内位移为零，图象的斜率表示速度，根据匀变速直线运动基本规律即可求解解答：解：a、t=1s时，线所对应的切线斜率为4，则v1=4m/s，图象对称分布，3s末位移最大，所以3s末速度为零，物体做匀减速直线运动，加速度a=，初速度v0=v1at1=4+2=6m/s，所以t=1s时，质点的位移x=，故a错误；b、根据对称性可知，t=1s和t=5s时图象的斜率的绝对值相等，则质点的速率相等，故b正确；c、物体做匀减速直线运动，t=1s和t=5s时，质点加速度的方向相同，故c错误；d、5s末的速度v5=v0+at5=625=4m/s，因为4m/s6m/s，所以前5s物体动能减小，所以合外力对质点做负功，故d错误故选：b点评：本题不常见，要求同学们能根据图象得出有效信息，知道位移时间图象的斜率表示速度，难度适中4若某恒星系中所有天体的密度增大为原来的2倍，天体的直径和天体间的距离不变，某行星绕该恒星做匀速圆周运动，则下列关于运行参量变化的描述正确的是( )a行星绕该恒星做匀速圆周运动的向心力变为原来的2倍b行星绕该恒星做匀速圆周运动的线速度变为原来的2倍c行星绕该恒星做匀速圆周运动的角速度变为原来的2倍d行星绕该恒星做匀速圆周运动的周期变为原来的倍考点：万有引力定律及其应用；向心力 专题：万有引力定律的应用专题分析：结合中心天体的质量变化，通过万有引力提供向心力得出线速度、周期的变化解答：解：a、中心天体的质量m=v，直径不变，则体积不变，可知质量变为原来的2倍向心力f=g，知m和m都变为原来的2倍，则向心力变为原来的4倍故a错误b、根据f=g=m知，v=，线速度变为原来的倍，故b错误；c、根据g=m2r=m（）2r知= 角速度变为原来的倍，故c错误；d、t=2 周期变为原来的倍，故d正确；故选：d点评：解决本题的关键掌握万有引力提供向心力这一重要理论，知道线速度、角速度、周期与轨道半径的关系5某形状不规则的导体置于静电场中，由于静电感应，在导体周围出现了如图所示的电场分布，图中虚线表示电场线，实线表示等势面，a、b、c为电场中的三个点下列说法正确的是( )aa点的电势高于b点的电势b将电子从a点移到b点，电势能减小ca点的电场强度大于b点的电场强度d将电子从a点移到c点，再从c点移到b点，电场力做功为零考点：电场线；等势面 分析：根据电场线的疏密程度判断电场强度的大小；根据沿着电场线，电势逐渐降低来判断电势的高低；根据等差等势面来确定电势差大小，再由电势差与电场力做功关系公式wab=quab来判断电场力做功的多少解答：解：a、沿着电场线，电势逐渐降低，a点处于电场线的靠前的位置，a点的电势高于b点的电势，故a正确；b、由于沿着电场线，电势逐渐降低，故ab，因此将负电荷从a移动到b，电场力做负功，电势能增加，故b错误；c、由电场线越密的地方，电场强度越大，则有ebea，故c错误；d、由于从a和c处于同一条等势线上，故从a到c过程的电场力不做功，从c点移到b点，电场力做功不为零，故d错误故选：a点评：本题关键是根据电场线及其与等势面的关系判断出电势高低、电场力大小和电势差的大小关系同时知道等差等势面越密的地方，电场线也越密当然也可以由电场力做功的正负来确定电势能的增减6如图甲，在倾角为的光滑斜面上，质量为m的物体在沿斜面方向的力f的作用下由静止开始运动，物体的机械能e随位移x变化关系如图乙所示，其中0x1过程的图线是曲线，x1x2过程的图线为平行于x轴的直线，则下列说法中正确的是( )a物体在沿斜面向下运动b在0x1过程中，物体的加速度一直减小c在0x2过程中，物体先加速再匀速d在x1x2过程中，物体的加速度为gsin考点：机械能守恒定律；牛顿第二定律 专题：机械能守恒定律应用专题分析：根据功能关系：除重力以外其它力对物体所做的功等于物体机械能的增量，在0x1过程中物体机械能在减小，知拉力f在做负功，机械能与位移图线的斜率表示拉力当机械能守恒时，拉力等于零，通过拉力的变化判断其加速度的变化解答：解：a、在0x1过程中物体机械能在减小，由功能关系知拉力在做负功，拉力方向沿斜面向上，所以位移方向向下，故物体在沿斜面向下运动，故a正确；b、在0x1过程中图线的斜率逐渐减小到零，知物体的拉力逐渐减小到零根据牛顿第二定律得：物体的加速度 a=，可知，加速度逐渐增大，故b错误；c、在0x1过程中，加速度的方向与速度方向相同，都沿斜面向下，所以物体做加速运动，故c错误；d、在x1x2过程中，机械能守恒，拉力f=0，此时a=gsin，故d正确故选：ad点评：解决本题的关键通过图线的斜率确定出拉力的变化，然后根据牛顿第二定律判断出加速度的方向，根据加速度方向和速度的方向关系知道物体的运动规律7图甲是某燃气炉点火装置的原理图转换器将直流电压转换为图乙所示的正弦交变电压，并加在一理想变压器的原线圈上，变压器原、副线圈的匝数分别为n1、n2，为交流电压表当变压器副线圈电压的瞬时值大于5000v时，就会在钢针和金属板间引发电火花进而点燃气体以下判断正确的是( )a电压表的示数等于5vb电压表的示数等于c实现点火的条件是d实现点火的条件是考点：变压器的构造和原理 专题：交流电专题分析：根据图乙得到原线圈电压的最大值，根据有效值与最大值的关系求出电压表的示数，当变压器副线圈电压的瞬时值大于5000v时，就会点火，根据电压与线圈匝数比的关系即可求解解答：解：a、根据图乙得到原线圈电压的最大值为5v，所以电压表的示数为：，故a错误，b正确；c、根据，且u1=5v，u25000v得：实现点火的条件是，故c正确，d错误故选bc点评：掌握住理想变压器的电压、电流之间的关系，知道电压表的示数为有效值，本题即可得到解决8如图，相距为d的两水平虚线p、q表示方向垂直面向里的匀强磁场的下边界，磁场的磁感应强度为b，正方形线框abcd的边长为l（ld）、质量为m、电阻为r，线框处在磁场正上方，ab边与虚线p相距h线框由静止释放，下落过程中线框平面始终在竖直平面内，线框的ab边刚进入磁场时的速度和ab边刚离开磁场时的速度相同在线框从进入到全部穿过磁场的过程中，下列说法正确的是( )a线框产生的焦耳热为2mglb线框克服安培力所做的功为2mgdc线框的最小速度为d线框进入磁场的时间和离开磁场的时间相同考点：导体切割磁感线时的感应电动势；电磁感应中的能量转化 专题：电磁感应功能问题分析：线框中产生的焦耳热等于克服安培力所做的功根据动能定理求出线框的ab边刚进人磁场到ab边刚离开磁场这段过程中克服安培力做的功，即可知道线框从进入到全部穿过磁场的过程中克服安培力做的功线框的ab边刚进人磁场时的速度和ab边刚离开磁场时的速度相同，而线框全部进入磁场后做匀加速直线运动，可知线框刚完全进入磁场时的速度最小根据自由落体运动，先求出线框的ab边刚进人磁场时的速度，即可知道ab边刚离开磁场时的速度，再根据匀变速运动的公式求出线框全部进入磁场后的速度解答：解：ab、线框的ab边刚进人磁场到ab边刚离开磁场这段过程中，根据动能定理得：mgdwa=0，所以wa=mgd线框的ab边刚进入磁场时的速度和ab边刚离开磁场时的速度相同，可知线框进磁场的过程和出磁场的过程是相同的，所以在线框从进入到全部穿过磁场的过程中，克服安培力做的功为wa总=2wa=2mgd根据功能关系知线框产生的焦耳热为q=wa总=2mgd故a错误，b正确；c、线框刚完全进入磁场时的速度最小为v0，根据线框的ab边刚进人磁场时的速度为：，则ab边刚离开磁场时的速度，由得，解得：，故c错误；d、线框的ab边刚进入磁场时的速度和ab边刚离开磁场时的速度相同，可知线框进磁场的过程和出磁场的过程是相同的，所以线框进入磁场的时间和离开磁场的时间相同，故d正确；故选：bd点评：解决本题的关键是恰当地选择研究过程，根据动能定理求出克服安培力所做的功，以及根据动力学分析出线框的运动情况，知道线框何时速度最小二、非选择题（必考题）9为了测量人骑自行车的功率，某活动小组在操场的直道上进行了如下实验：在离出发线5m，10m，20m，30，70m的地方分别划上8条计时线，每条计时线附近站几个学生，手持秒表，听到发令员的信号后，受测者全力骑车由出发线启动，同时全体学生都开始计时，自行车每到达一条计时线，站在该计时线上的几个学生就停止计时，记下自行车从出发线到该条计时线的时间实验数据记录如下（每个计时点的时间都取这几个同学计时的平均值）：运动距离s（m）0510203040506070运动时间t（s）02.44.26.37.89.010.011.012.0各段速度（m/s）2.084.766.678.3310.010.010.0（1）以纵轴代表自行车运动的距离s，横轴代表运动的时间t，试根据以上实验数据作出st图（2）根据作出的st图知，自行车在每一路段内的速度变化不是很大，因此可以用某一段的平均速度代替该段的速度请计算出上述表格中空缺的处的数据：2.78m/s（保留三位有效数字）（3）本次实验中，设运动过程中学生和自行车所受阻力与其速度大小成正比，其比例系数为12ns/m，设在10m20m路段的平均阻力f1，在20m30m路段的平均阻力f2，则f1是f20.71倍；（保留两位有效数字）（4）若整个过程中该同学骑车的功率p保持不变，则p=1200w考点：功率、平均功率和瞬时功率 专题：实验题分析：根据实验数据作出出st图根据v=求出每一段的平均速度结合f=kv，通过速度之比求出阻力大小之比在9s后做匀速直线运动，牵引力等于阻力，对开始运动到9s内运用动能定理，求出比例系数，从而根据匀速运动时牵引力等于阻力求出骑车的功率解答：解：（1）根据实验数据作出出st图（2）每一段的平均速度代替该段的速度根据v=得v1=m/s=2.78m/s（3）设f=kvf1：f2=v1：v2=4.76：6.670.71（4）由匀速阶段可得：f=kv=1210=120n，p=fv=12010=1200w故答案为：（1）如图；（2）2.78，0.71；（3）1200点评：求平均速度时，在表中记录的运动时间，相对于下一段路程是一个时刻，在此题中，求平均速度时，首先要从时刻转化成时间段与此题类似有，给你一张火车运行表，让你求其中某一段路程的平均速度解法相同10要测定一个自感系数很大的线圈l的直流电阻，实验室提供下列器材：a待测线圈l；阻值约为2，额定电流为2ab电流表a1：量程为0.6a，内阻ra1=0.6c电流表a2：量程为3a，内阻ra2=0.1d滑动变阻器r1：最大阻值为10e滑动变阻器r2：最大阻值为1kf电源e：电动势为9v，内阻不计g定值电阻r3=10h定值电阻r4=100i开关两个s1和s2要求实验时，改变滑动变阻器的阻值，在尽可能大的范围内测得多组a1、a2的读数i1、i2，然后利用i1i2图线求出电感线圈电阻rl（1）实验中定值电阻应该选g，变阻器应选择d（填写器材前的字母编号）（2）请在图1方框内画出电路图（3）实验结束时，应先断开开关s2（选填“s1”或“s2”）（4）实验测得数据如图2所示，则电感线圈的直流电阻值为2.0（保留两位有效数字）考点：描绘小电珠的伏安特性曲线；伏安法测电阻 专题：实验题；恒定电流专题分析：（1）该题没有给定电压表，所以需要用电流表改装一个，此时选用电流表应选用量程较小的，结合电流，通过计算可知选用哪个定值电阻因可使在尽可能大的范围内测得多组a1表、a2表的读数i1、i2，所以要用分压电路，选择较小的滑动变阻器（2）测量线圈自感很大，连接实物图时要考虑到保护电路，通过对电压和电流的分析，选择滑动变阻器的连接方式（3）实验中要保护电流表a1，从而判断先断开哪个电键（4）根据部分电路的欧姆定律可表示出通过两个电表的电流关系，求出电感线圈的电阻解答：解：（1）采用已知内阻的小量程电流表a1替代电压表测量电压，需要串联一个大于等于r=6.7的定值电阻所以实验中定值电阻应选用阻值为10的r3，滑动变阻器应选用阻值为110的r1（2）测量线圈的电阻一般采用伏安法，为了防止测量自感系数很大的线圈断电产生的大自感电流烧坏电表，可与电表串联一个开关 由于待测线圈l的阻值约为2，额定电流为2a，最大电压为4v，而电源电动势为9v，所以必须采用分压电路，电流表外接电路进行测量，电路如图所示（3）实验结束时为防止烧坏电路，应先断开开关s2 （4）由i1（r3+r）=（i2i1）rl得：=6.0得：rl=2.042.0故答案为：（1）g、d；（2）如图所示；（3）s2；（4）2.0点评：要求电流或电压的测量值从零或很小开始逐渐增大的实验必须采用分压电路；分压电路中滑动变阻器选择阻值较小的；对于电表的选择应遵循安全性、精确性、节能性、方便性原则综合考虑，灵活择取11如图，ab为光滑竖直杆，acb为构成直角的光滑l形直轨道，c处有一小圆弧连接，可使小球顺利转变（即通过转弯处不损失机械能）套在杆上的小球自a点静止释放，分别沿ab轨道和acb轨道运动，如果沿acb轨道运动的时间是沿ab轨道运动时间的1.5倍，则ab与ac的夹角为多少？考点：牛顿第二定律；匀变速直线运动的位移与时间的关系 专题：牛顿运动定律综合专题分析：以小球为研究对象，分别求出沿ac和abc运动的时间，注意两种运动情况的运动遵循的规律，特别是在c点的速度即是上一段的末速度也是下一段的初速度，利用关系式和几何关系灵活求解解答：解：设ab的长度为l，bac=，由几何关系可得：ac的长度为lcos，cb的长度为：lsin小球沿ab做自由落体运动，运动的时间为t：有：设ac段所用时间为t1，cb段所用时间为t2，由题可知：t1+t2=1.5t小球沿ac段运动时，加速度为a1，由牛顿第二定律可得：mgcos=ma1且：联立，可得：t1=t，t2=0.5t；小球在c点的速度为：v=gcost1沿cb做匀加速运动，加速度为a2，由牛顿第二定律可得：mgsin=ma2且：联立解得：=53答：ab与ac的夹角为53点评：本题的关键是能正确对abc进行受力和运动分析，把运动的时间正确表示；可视为多过程的运动分析，一定明确前后过程的衔接物理量12（18分）如图，两平行金属板a、b长l=8cm，两板间距离d=8cm，b板比a板电势高300v，即uba=300v一带正电的粒子电量q=11010c，质量m=11020kg，以初速度v0=2106m/s，从r点沿电场中心线ro垂直电场方向射入电场，粒子飞出电场后经过无场区域，进入界面mn、pq间匀强磁场区域，从磁场的pq边界出来后刚好打在中心线上的s点，已知mn边界与平行板的右端相距为l，两界面mn、pq相距为l，s点到pq边界的距离为l，且l=12cm，粒子重力及空气阻力忽略不计求：（1）粒子射出平行板时的速度大小v；（2）粒子进入界面mn时偏离中心线ro的距离；（3）匀强磁场的磁感应强度b的大小考点：带电粒子在匀强磁场中的运动；带电粒子在匀强电场中的运动 分析：（1）根据竖直向上做匀加速直线运动，结合速度时间公式求出竖直分速度，通过平行四边形定则求出速度与水平方向的夹角以及速度的大小（2）粒子在偏转电场中做类平抛运动，根据牛顿第二定律，结合运动学公式，抓住等时性求出粒子出偏转电场时竖直方向上的偏移量，抓住粒子出电场后速度的方向延长线经过极板中轴线的中点，根据相似三角形求出粒子穿过界面ps时偏离中心线ro的距离（3）在ps右侧粒子做匀速圆周运动，结合几何关系求出粒子运动的半径，通过洛伦兹力提供向心力求出磁感应强度b解答：解：（1）粒子在电场中做类平抛运动，沿电场方向qe=ma其中运动时间电场方向速度vy=at联立，代入数据，解得：所以粒子从电场中飞出时沿电场方向的速度为：（2）设粒子从电场中飞出时的侧向位移为h，穿过界面ps时偏离中心线or的距离为y，则：h=代入数据解得：h=0.03 m=3 cm带电粒子在离开电场后将做匀速直线运动，由相似三角形知识得：=，代入数据解得：y=0.12 m=12 cm（3）设粒子从电场中飞出时的速度方向与水平方向的夹角为，则：轨迹如图所示由几何知识可得粒子在磁场中做匀速圆周运动的半径：由qvb=m解得b=2.5103t答：（1）粒子射出平行板时的速度大小为2.5106m/s；（2）粒子进入界面mn时偏离中心线ro的距离12cm；（3）匀强磁场的磁感应强度b的大小为2.5103t点评：解决本题的关键知道粒子在偏转电场中做类平抛运动，出偏转电场后做匀速直线运动，在ps的右侧做匀速圆周运动，结合牛顿第二定律和运动学公式进行求解物理-选修3-313关于热学知识，下列叙述正确的是( )a物体的温度越高，分子热运动越剧烈，每个分子的动能也会越大b在油膜法粗测分子直径的实验中，把油分子看成球形，是物理学中的一个理想化模型，因为分子并不真的是球形c当分子力表现为斥力时，分子势能随分子间距离的减小而减小d气体分子单位时间内与单位面积器壁碰撞的次数和单位体积内的分子数及温度有关e玻璃管道裂口放在火上烧烙，它的尖端就变圆，是因为熔化的玻璃在表面张力的作用下，表面积要收缩到最小的缘故考点：分子势能；* 液体的表面张力现象和毛细现象 分析：温度影响分子热运动的剧烈程度，决定分子平均动能；油膜法是理想化模型法；由分子力做功分析分子势能变化；气体分子单位时间内与单位面积器壁碰撞的次数和单位体积内的分子数及温度有关；由表面张力的形成分析e解答：解：a、温度影响分子热运动的剧烈程度，决定分子平均动能，故物体的温度越高，分子热运动越剧烈，但是每个分子的动能不一定越大，故a错误；b、油酸分子实际并不是球形，在油膜法粗测分子直径的实验中，把油分子看成球形，是物理学中的一个理想化模型，故b正确；c、当分子力表现为斥力时，随分子间距离的减小，分子力做负功，分子势能增大，故c错误；d、影响气体压强的微观解释为分子的平均动能与分子的密集程度，而宏观因素为温度与体积，温度越高，体积越小，气体分子单位时间内与单位面积器壁碰撞的次数越多，故d正确；e、玻璃管道裂口放在火上烧熔，熔化的玻璃在表面张力的作用下收缩到最小，从而成为圆形，故e正确故选：bde点评：该题的关键是对与理想化模型的理解：实际并不存在，为了实验研究方便而假设的模型；其次是表面张力的形成来解释生活现象，这个考点比较贴近生活，应多留意14如图，导热良导好的气缸内封有一定质量的理想气体，缸体质量m=200kg，活塞质量m=10kg，活塞面积s=100cm2，活塞与气缸壁无摩擦且不漏气，此时，缸内气体的温度为27，活塞位于气缸正中，整个装置都静止，已知大气压恒为p0=1.0105pa，重力加速度为g=10m/s2，取绝对零度为273，求：（1）缸内气体的压强p1；（2）缸内气体的温度缓慢升高到多少摄氏度时，活塞恰好静止在气缸缸口ab处？考点：理想气体的状态方程；封闭气体压强 专题：理想气体状态方程专题分析：（1）选汽缸为研究对象，列受力平衡方程可解封闭气体压强（2）即缸内气体为等压变化，由盖吕萨克定律列式可得温度值解答：解：（1）以气缸为对象（不包括活塞），由平衡条件得：p1s=mg+p0s得 （2）当活塞恰好静止在气缸缸口ab处时，缸内气体温度为t2，压强为p2，由平衡条件可知缸内气体压强不变对缸内气体等压变化，根据盖吕萨克定律得：代入数据解得：t2=2t1=600k故 t2=t2273=327答：（1）缸内气体的压强3105pa；（2）缸内气体的温度升高到327c时，活塞恰好静止在气缸缸口ab处点评：本题关键是巧选研究对象，注意变化过程的不变量，同时注意摄氏温度与热力学温度的换算关系物理-选修3-415如图为频率f=1hz的波源产生的简谐横波，图中虚线左侧为a介质，右侧为b介质其中x=14m处的质点振动方向向上则该波在a、b两种介质中传播的速度之比va：vb=2：3若图示时刻为0时刻，则经0.75s处于x=6m的质点位移为5cm，处于x=4m的质点的振动方程为y=5sin2tcm考点：波长、频率和波速的关系；横波的图象 分析：波在a、b两种介质中传播的频率相同，由图读出波长之比，再求波速之比x=14m处的质点振动方向向上，波向左传播，则此时x=6m的质点正向下振动，经0.75s时该质点到达波峰，根据周期求出角速度，再根据x=14m处的质点振动方向向上判断处于x=4m的质点的位置及振动情况，从而求出振动方程解答：解：波在a、b两种介质中传播的频率f相同由图读出波长分别是：a=4m，b=6m由公式v=f得到，该波在a、b两种介质中传播的速度之比va：vb=2：3该波的周期t=1s经0.75s时处于x=6m的质点到达波峰，位移y=5cm角速度，振幅为a=5cm，其中x=14m处的质点振动方向向上，则开始振动时处于x=4m的质点处于平衡位置向上振动，所以处于x=4m的质点的振动方程为y=5sin2t（cm）故答案为：2：3；5；y=5sin2t点评：书写振动方程时，要分析三个要素：振幅a、初相位和圆频率，根据数学知识求解，能根据波长和频率求解波速，知道波在不同介质中传播的频率相同16如图，截面半径为r的圆的透明柱体放置在水平面上，折射率为，现有一束光线平行于桌面射到柱体表面，射入柱体后，从竖直表面射出，已知入射光线与桌面的距离为r求：出射角考点：光的折射定律 专题：光的折射专题分析：当光从图示位置射入，经过二次折射后射出球体，由折射定律求出第一折射时的折射角，由几何知识得到第二次折射时的入射角，可求出射出光线的折射角解答：解：设入射光线与球体的交点为c，连接oc，oc即为入射点的法线因此，图中的角为入射角过c点作球体水平表面的垂线，垂足为b由几何关系有：cob=又由几何知识可得 si