河南省信阳六中高三物理下学期第一次段考试卷（含解析）.doc

2014-2015学年河南省信阳六中 高三（下）第一次段考物理试卷一、选择题（本题共12小题，每小题4分，共计48分）每小题给出的选项中，有的只有一个选项正确，有的有多个选项正确，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分）1如图所示，用两根细线把a、b两小球悬挂在天花板上的同一点o，并用第三根细线连接a、b两小球，然后用力f作用在小球a上，使三根细线均处于直线状态，且ob细线恰好沿竖直方向，两小球均处于静止状态则该力可能为图中的（）a f1b f2c f3d f42如图所示，表面粗糙的固定斜面顶端安有滑轮，两物块p、q用轻绳连接并跨过滑轮（不计滑轮的质量和摩擦），p悬于空中，q放在斜面上，均处于静止状态，当用水平向左的恒力推q时，p、q仍静止不动，则（）a q受到的摩擦力一定变小b q受到的摩擦力一定变大c 轻绳上拉力一定变小d 轻绳上拉力一定不变31970年4月24日，我国自行设计、制造的第一颗人造地球卫星“东方红一号”发射成功，开创了我国航天事业的新纪元“东方红一号”的运行轨道为椭圆轨道，其近地点m和远地点n的高度分别为439km和2384km，则（）a 卫星在m点的势能大于在n点的势能b 卫星在m点的角速度大于在n点的角速度c 卫星在m点的加速度大于在n点的加速度d 卫星在n点的速度大于7.9km/s4物体做自由落体运动，ek代表动能，ep代表势能，h代表下落的高度，以水平地面为零势能面如图所示的图象中，能正确反映各物理量之间关系的是（）a b c d 5一点电荷仅受电场力作用，由a点无初速释放，先后经过电场中的b点和c点点电荷在a、b、c三点的电势能分别用ea、eb、ec表示，则ea、eb和ec间的关系可能是（）a eaebecb eaebecc eaecebd eaeceb6电荷量分别为+q、+q、q的三个带电小球，分别固定在边长均为l的绝缘三角形框架的三个顶点上，并置于场强为e的匀强电场中，如图所示若三角形绕穿过其中心o垂直于三角形所在平面的轴逆时针转过120，则此过程中系统电势能变化情况为（）a 增加b 减少c 增加eqld 减少eql7如图所示，平行金属板内有一匀强电场，一个电量为q、质量为m的带电粒子（重力不计）以速度v0从a点水平射人电场，且刚好以速度v从b点射出，则（）a 若将粒子以速度v0从b点射人电场，它将刚好以速度v从a点射出b 若该粒子以速度v从b点射人电场，它将刚好以速度v0从a点射出c 若将q的反粒（q，m）以速度v0从b点射入电场，它将刚好以速度v从a点射出d 若将q的反粒子（q，m）以速度v从b点射入电场，它将刚好以速度v0从a点射出8风洞是对飞机、导弹性能进行检测的一种高科技产物，现代汽车的生产也有运用风洞技术进行检测的，如图所示是小丽所在兴趣小组设计的一个类似于风洞的实验装置，他们在桌面上放有许多大小不同的塑料球，这些塑料球的密度均为，用水平向左恒定的风作用在球上，使它们做匀加速运动（摩擦不计）已知风对球的作用力f与球的最大横截面积s成正比，即f=ks，k为一常量对塑料球来说，可以认为空间存在一个风力场，在该风力场中风力对球做功与路径无关（）a 可以定义风力场强度e=k，方向与风力相同b 风力场强度e与塑料球受到的风力成正比c 若以栅栏p为风力势能参考平面，距p为x处的风力势能是ep=kxd 以栅栏p为风力势能参考平面，塑料小球的半径用r表示，某时刻的速度用v表示，风力场中机械能守恒定律可写为kr2x+r3v2=恒量9汽车在平直公路上以速度v0匀速行驶，发动机功率为p，牵引力为f0，t1时刻，司机减小了油门，使汽车的功率立即减小一半，并保持该功率继续行驶，到t2时刻，汽车又恢复了匀速直线运动（设整个过程中汽车所受的阻力不变）则图中能反映汽车牵引力f、汽车速度v在这个过程中随时间t变化的图象是（）a b c d 10如图所示，一个质量为m、带电荷量为q的粒子，从两平行板左侧中点沿垂直场强方向射入，当入射速度为v时，恰好穿过电场而不碰金属板要使粒子的入射速度变为，仍能恰好穿过电场，则必须再使（）a 粒子的电荷量变为原来的b 两板间电压减为原来的c 两板间距离增为原来的4倍d 两板间距离增为原来的2倍11如图所示电路中，三个相同的灯泡额定功率是40w，在不损坏灯泡的情况下，这三个灯泡消耗的总功率最大不应超过（）a 40 wb 60 wc 80 wd 120 w12如图所示的电路中，电池的电动势为e，内阻为r，电路中的电阻r1、r2和r3的阻值都相同在电键s处于闭合状态下，若将电键s1由位置1切换到位置2，则（）a 电压表的示数变大b 电池内部消耗的功率变大c 电阻r2两端的电压变大d 电池的效率变大二填空题（每空3分，共计12分）1）用螺旋测微器（千分尺）测小球直径时，示数如图所示，则小球的直径为mm（2）用游标卡尺测一根金属管的内径和外径时，卡尺上的游标位置分别如图和图所示这根金属管的管壁厚是厘14实验装置如图1所示：一木块放在水平长木板上，左侧栓有一细软线，跨过固定在木板边缘的滑轮与一重物相连木块右侧与打点计时器的纸带相连在重物牵引下，木块在木板上向左运动，重物落地后，木块继续向左做匀减速运动，图2给出了重物落地后，打点计时器在纸带上打出的一些点，试根据给出的数据，可得重物落地后木块的加速度大小为m/s2，木块与木板间的摩擦因数=结果保留2位有效数字（打点计时器所用交流电频率为50hz，不计纸带与木块间的拉力取重力加速度g=10m/s2）三计算题（要求写出必要的步骤和文字说明，否则不得分）15如图所示，电源电动势、内电阻、r1、r2均未知，当a、b间接入电阻r1=10时，电流表示数为i1=1a；当接入电阻r2=18时，电流表示数为i2=0.6a当a、b间接入电阻r3=118时，电流表示数为多少？16恒星系统或恒星系是少数几颗恒星受到引力的拘束而互相环绕的系统，宇宙中存在一些离其他恒星很远的四颗星组成的四星系统，通常可忽略很远的其他星体对它们的引力作用，稳定的四星系统存在的一种基本的构成形式是四颗质量相等的星位于正方形的四个顶点上，沿外接于正方形的圆形轨道运行，如图所示若已知每颗星质量均为m，正方形边长为l，万有引力常量为g，求：（1）该四星系统运行的角速度为多少？（2）该四星系统的运转半径的立方和运转周期的平方的比值应为多少17如图所示，厚度不计的薄板a长l=5.0m，质量m=5.0kg，放在水平桌面上，板的右端与桌边相齐在a上距右端s=3.0m处放一物体b（大小不计），其质量m=2.0kg，已知a、b间的动摩擦因数=0.1，a与桌面间和b与桌面间的动摩擦因数=0.2，原来系统静止现在在板的右端施加一大小一定的水平力f=26n，持续作用在a上，将a从b下抽出（g=10m/s2）求：（1）a从b下抽出前a、b的加速度各是多少？（2）b运动多长时间离开a？（3）物体b最后停在哪里？18如图所示，一个质量为m=2.01011kg，电荷量q=+1.0105c的带电微粒（重力忽略不计），从静止开始经u1=100v电压加速后，水平进入两平行金属板间的偏转电场中，上板带正电金属板长l=20cm，两板间距d=10cm求：（1）微粒进入偏转电场时的速度v0是多大？（2）若微粒射出偏转电场时的偏转角为=30，并接着进入一个方向垂直于纸面向里的匀强磁场区，则两金属板间的电压u2是多大？（3）若该匀强磁场的宽度为d=10cm，为使微粒不会由磁场右边界射出，该匀强磁场的磁感应强度b至少多大？19如图，一半径为r的圆表示一柱形区域的横截面（纸面）在柱形区域内加一方向垂直于纸面的匀强磁场，一质量为m、电荷量为q的粒子沿图中直线在圆上的a点射入柱形区域，在圆上的b点离开该区域，离开时速度方向与直线垂直圆心o到直线的距离为现将磁场换为平等于纸面且垂直于直线的匀强电场，同一粒子以同样速度沿直线在a点射入柱形区域，也在b点离开该区域若磁感应强度大小为b，不计重力，求电场强度的大小2014-2015学年河南省信阳六中高三（下）第一次段考物理试卷参考答案与试题解析一、选择题（本题共12小题，每小题4分，共计48分）每小题给出的选项中，有的只有一个选项正确，有的有多个选项正确，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分）1如图所示，用两根细线把a、b两小球悬挂在天花板上的同一点o，并用第三根细线连接a、b两小球，然后用力f作用在小球a上，使三根细线均处于直线状态，且ob细线恰好沿竖直方向，两小球均处于静止状态则该力可能为图中的（）a f1b f2c f3d f4考点：共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用分析：先结合平衡条件对b球受力分析，得出绳子ab张力为零，再对a球受力分析，然后根据共点力平衡条件分析即可解答：解：首先对b球受力分析，合力为零故b球受重力和ob绳子的向上的拉力，由于b球保持静止，受力平衡，故ab绳子的拉力为零；再对a球受力分析，受重力，oa绳子的拉力和一个题中需要求解的力，根据三力平衡条件，可以知道，任意两个力的合力必定与第三个力等值、反向、共线，由于重力和oa绳子的拉力的合力必定在ao方向和竖直方向之间，故只有f2与f3符合；故选bc点评：本题关键先用隔离法对球b受力分析，得出绳子ab张力为零，再对a球受力分析，然后根据三力平衡的条件分析2如图所示，表面粗糙的固定斜面顶端安有滑轮，两物块p、q用轻绳连接并跨过滑轮（不计滑轮的质量和摩擦），p悬于空中，q放在斜面上，均处于静止状态，当用水平向左的恒力推q时，p、q仍静止不动，则（）a q受到的摩擦力一定变小b q受到的摩擦力一定变大c 轻绳上拉力一定变小d 轻绳上拉力一定不变考点：共点力平衡的条件及其应用分析：分别对单个物体进行受力分析，运用力的平衡条件解决问题由于不知具体数据，对于静摩擦力的判断要考虑全面解答：解：进行受力分析：对q物块：当用水平向左的恒力推q时，由于不知具体数据，q物块在粗糙斜面上的运动趋势无法确定，故不能确定物块q受到的摩擦力的变化情况，故a、b错误；对p物块：因为p物块处于静止，受拉力和重力二力平衡，p物块受绳的拉力始终等于重力，所以轻绳与p物块之间的相互作用力一定不变，故c错误，d正确故选d点评：对于系统的研究，我们要把整体法和隔离法结合应用对于静摩擦力的判断要根据外力来确定31970年4月24日，我国自行设计、制造的第一颗人造地球卫星“东方红一号”发射成功，开创了我国航天事业的新纪元“东方红一号”的运行轨道为椭圆轨道，其近地点m和远地点n的高度分别为439km和2384km，则（）a 卫星在m点的势能大于在n点的势能b 卫星在m点的角速度大于在n点的角速度c 卫星在m点的加速度大于在n点的加速度d 卫星在n点的速度大于7.9km/s考点：人造卫星的加速度、周期和轨道的关系；向心力；万有引力定律及其应用；机械能守恒定律专题：人造卫星问题分析：地球引力做功改变卫星的势能，做正功势能减小，做负功势能增加据此判断势能的大小在远地点速度慢，加速度小，近地点速度快，加速度大解答：解：a 由m到n地球引力做负功，势能增加故a错误 b 近地点角速度大，远地点角速度小故b正确 c 加速度，可知近地点加速度大，远地点加速度小故c正确 d在n点做向心运动，则其速度应小于7.9km/s 故d错误故选：b c点评：考查卫星运动规律，明确近地点与远地点的速度，加速度，势能的大小关系4物体做自由落体运动，ek代表动能，ep代表势能，h代表下落的高度，以水平地面为零势能面如图所示的图象中，能正确反映各物理量之间关系的是（）a b c d 考点：机械能守恒定律；自由落体运动专题：机械能守恒定律应用专题分析：物体做自由落体运动，机械能守恒，再根据动能势能的定义，逐个分析推导表达式，即可以得出结论解答：解：a、设物体的机械能为e，则重力势能为：ep=emv2=emg2t2，重力势能ep与时间t的图象也为开口向下的抛物线，故a错误；b、由ep=emv2，知重力势能ep与速度v的图象为开口向下的抛物线，故b正确；c、由机械能守恒定律：ep=eek，故势能ep与动能ek的图象为倾斜的直线，故c错误d、由动能定理：ek=mgh，则ep=emgh，故重力势能ep与h的图象为倾斜的直线，故d正确故选：bd点评：本题考查物体机械能守恒时，各个物理量之间的关系，要找物理量之间的关系一定要推导出它们的关系式在进一步的判断它们的关系5一点电荷仅受电场力作用，由a点无初速释放，先后经过电场中的b点和c点点电荷在a、b、c三点的电势能分别用ea、eb、ec表示，则ea、eb和ec间的关系可能是（）a eaebecb eaebecc eaecebd eaeceb考点：电势能；功能关系专题：应用题；压轴题；电场力与电势的性质专题分析：解决本题的关键是把题目中所叙述情况和实际各种运动情景结合起来，如电荷可能一直加速，也可能先加速后减速，或者先加速到某一值，然后减速为零要思路开阔，不能一看无初速度释放，就认为电荷一直加速运动解答：解：电荷初速度为零，在运动过程中可能一直加速运动，此时有：eaebec，可能先加速后减速但是并未减速到零，此时有：eaeceb，也可能先加速然后减速为零，此时有：ea=eceb，故ad正确，bc错误故选：ad点评：本题考察了学生全面思维能力，对于这类问题关键是考虑全面，本题很容易漏选d6电荷量分别为+q、+q、q的三个带电小球，分别固定在边长均为l的绝缘三角形框架的三个顶点上，并置于场强为e的匀强电场中，如图所示若三角形绕穿过其中心o垂直于三角形所在平面的轴逆时针转过120，则此过程中系统电势能变化情况为（）a 增加b 减少c 增加eqld 减少eql考点：电势能专题：电场力与电势的性质专题分析：电荷在匀强电场中，受恒定的电场力，因此由沿电场力方向的位移结合功的表达式，可求出电场力对三个小球做功的大小，再根据w=ep分析解答：解：当三角形绕穿过其中心o垂直于三角形所在平面的轴顺时针转动120时，三个带电小球均须克服电场力做功，其中右上角带正电小球逆电场线移动l，下边带正电小球沿电场线移动，带负电小球沿电场线移动，则转动过程电场力总共做功为：w=qel+qeqe=qel，电场力做负功，即电势能增加eql，c正确故选：c点评：注意功的表达式中，一要关注力是否是恒力；二要注意功的正负即可根据力与位移的方向夹角来确定功的正负，当夹角大于90时，力做负；当夹角小于90时，力做正功7如图所示，平行金属板内有一匀强电场，一个电量为q、质量为m的带电粒子（重力不计）以速度v0从a点水平射人电场，且刚好以速度v从b点射出，则（）a 若将粒子以速度v0从b点射人电场，它将刚好以速度v从a点射出b 若该粒子以速度v从b点射人电场，它将刚好以速度v0从a点射出c 若将q的反粒（q，m）以速度v0从b点射入电场，它将刚好以速度v从a点射出d 若将q的反粒子（q，m）以速度v从b点射入电场，它将刚好以速度v0从a点射出考点：带电粒子在匀强电场中的运动专题：带电粒子在电场中的运动专题分析：带电粒子从a点垂直进入电场中做类平抛运动，水平方向做匀速直线运动，竖直方向做匀加速运动，若将粒子以速度v0从b点射人电场，水平方向仍做匀速直线运动，竖直方向做匀减速直线运动，根据动能定理分析粒子到达a的速度大小解答：解：带电粒子从a点垂直进入电场中做类平抛运动，水平方向做匀速直线运动，速度大小为v0，运动时间为t=，l是板长a、若将粒子以速度v0从b点射人电场，粒子水平做匀速直线运动，速度大小小于v0，运动时间大于，竖直方向做匀减速直线运动，加速度没有变化，由于竖直方向分速度小于，粒子没有到达a点速度就减为零，所以粒子到不了a点故a错误b、若该粒子以速度v从b点射人电场，竖直方向做匀减速直线运动，加速度没有变化，竖直方向初速度分量等于，竖直方向运动的位移相等，水平方向运动时间没有变化，所以将刚好从a点射出，速度方向与v0方向相反从a到b电场力做功等于动能的增加，从b到a，粒子克服电场力做功等于动能的减小量，电场力做功的数值相等，所以动能的变化量大小相等，则粒子到达a点时速度大小为v0故b正确c、若将q的反粒（q，m）以速度v0从b点射入电场，其加速度与正粒子大小相等、方向相反，水平方向运动时间相等，竖直方向做匀加速直线运动，位移大小不变，粒子刚好到达a点，而且到达a点时竖直方向分速度大小不变，根据运动的合成可知，到达a点的速度等于v故c正确d、若将q的反粒子（q，m）以速度v从b点射入电场，粒子运动时间不变竖直方向做匀加速直线运动，若偏转距离相同时，竖直分速度大于，射出电场时速度大于v0，不可能到达a点故d错误故选bc点评：本题运用分解的方法研究类平抛运动及其逆过程，要利用运动的可逆性理解8风洞是对飞机、导弹性能进行检测的一种高科技产物，现代汽车的生产也有运用风洞技术进行检测的，如图所示是小丽所在兴趣小组设计的一个类似于风洞的实验装置，他们在桌面上放有许多大小不同的塑料球，这些塑料球的密度均为，用水平向左恒定的风作用在球上，使它们做匀加速运动（摩擦不计）已知风对球的作用力f与球的最大横截面积s成正比，即f=ks，k为一常量对塑料球来说，可以认为空间存在一个风力场，在该风力场中风力对球做功与路径无关（）a 可以定义风力场强度e=k，方向与风力相同b 风力场强度e与塑料球受到的风力成正比c 若以栅栏p为风力势能参考平面，距p为x处的风力势能是ep=kxd 以栅栏p为风力势能参考平面，塑料小球的半径用r表示，某时刻的速度用v表示，风力场中机械能守恒定律可写为kr2x+r3v2=恒量考点：动能定理的应用专题：动能定理的应用专题分析：本题可以类比电场强度进行分析，风力强度类似于电场强度，与所受的分力无关，电场力所做的功等于电势能的减小量，则风力势能的减小量等于风力所做的功解答：解：a、风力强度类似于电场强度，e=k，方向与风力方向相同，大小与所受风力无关故a正确，b错误c、风力所做的功等于风力势能的减小量，从x处运动到栅栏p处，风力所做的功为w=fx=ksx=kr2x则风力势能的减小量等于kr2x，以栅栏p为风力势能参考平面，则距p为x处的风力势能是ep=kr2x故c错误d、在风力场中只有动能和风力势能相互转化，机械能守恒的表达式为：ep+ek=c（常量），ep=kr2x，ek=mv2=r3v2=r3v2，所以kr2x+r3v2=恒量故d正确故选：ad点评：解决本题的关键采用类比的方法，风力强度类比于电场强度，风力做功与风力势能的关系类比于电场力做功与电势能的关系9汽车在平直公路上以速度v0匀速行驶，发动机功率为p，牵引力为f0，t1时刻，司机减小了油门，使汽车的功率立即减小一半，并保持该功率继续行驶，到t2时刻，汽车又恢复了匀速直线运动（设整个过程中汽车所受的阻力不变）则图中能反映汽车牵引力f、汽车速度v在这个过程中随时间t变化的图象是（）a b c d 考点：功率、平均功率和瞬时功率专题：功率的计算专题分析：汽车的功率p=fv，分析司机减小油门时牵引力的变化，判断汽车速度的变化再选择图象解答：解：由题，汽车以功率p、速度v0匀速行驶时，牵引力与阻力平衡当司机减小油门，使汽车的功率减为时，根据p=fv得知，汽车的牵引力突然减小到原来的一半，即为f=f0，而阻力没有变化，则汽车开始做减速运动，由于功率保持为p，随着速度的减小，牵引力逐渐增大，根据牛顿第二定律得知，汽车的加速度逐渐减小，做加速度减小的变减速运动当汽车再次匀速运动时，牵引力与阻力再次平衡，大小相等，由p=fv得知，此时汽车的速度为原来的一半故选ad点评：本题考查分析汽车运动过程的能力，要抓住汽车的功率p=fv，在功率一定时，牵引力与速度成反比，是相互制约的关系10如图所示，一个质量为m、带电荷量为q的粒子，从两平行板左侧中点沿垂直场强方向射入，当入射速度为v时，恰好穿过电场而不碰金属板要使粒子的入射速度变为，仍能恰好穿过电场，则必须再使（）a 粒子的电荷量变为原来的b 两板间电压减为原来的c 两板间距离增为原来的4倍d 两板间距离增为原来的2倍考点：带电粒子在匀强电场中的运动专题：带电粒子在电场中的运动专题分析：以一定速度垂直进入偏转电场，由于速度与电场力垂直，所以粒子做类平抛运动这样类平抛运动可将看成沿初速度方向的匀速直线与垂直于初速度方向匀加速直线运动根据运动学公式解题解答：解：设平行板长度为l，宽度为d，板间电压为u，恰能穿过一电场区域而不碰到金属板上，则沿初速度方向做匀速运动：t=垂直初速度方向做匀加速运动：a=y=at2=欲使质量为m、入射速度为的粒子也能恰好穿过这一电场区域而不碰到金属板，则沿初速度方向距离仍是l，垂直初速度方向距离仍为d；a、使粒子的带电量减少为原来的，则y=，故a正确；b、使两板间所接电源的电压减小到原来的一半，y=，故b错误；c、d、板的电压不变，距离变化，根据y=，即：uql2=md2v2，速度减小为，则距离应该增加为2倍；故c错误，d正确；故选：ad点评：带电粒子在电场中偏转时做匀加速曲线运动应用处理类平抛运动的方法处理粒子运动11如图所示电路中，三个相同的灯泡额定功率是40w，在不损坏灯泡的情况下，这三个灯泡消耗的总功率最大不应超过（）a 40 wb 60 wc 80 wd 120 w考点：电功、电功率专题：恒定电流专题分析：由于l1和l2并联后再与l3串联，所以l3的电流是l1和l2电流的和，因为三个灯泡的电阻相等，所以在不损坏灯泡的情况下，l3的功率是最大的，即为40w，再求得此时l1和l2的功率即可解答：解：设l3上电压为u，电阻为r，则：l3的最大的功率为：p=40w，因为三个灯泡的电阻相等，l1和l2并联后电阻相当于l3电阻的一半，所以电压也就为l3的一半，如果l3上电压为u，则l1和l2电压为，所以l1和l2的功率都为：p=10w，所以总功率最大为：10+10+40=60w故选：b点评：因为三个灯泡的电阻相等，在不损坏灯泡的情况下，串联的l3的电流最大，所以只要保证l3不被损坏就可以了，求得此时的总功率就是最大的功率12如图所示的电路中，电池的电动势为e，内阻为r，电路中的电阻r1、r2和r3的阻值都相同在电键s处于闭合状态下，若将电键s1由位置1切换到位置2，则（）a 电压表的示数变大b 电池内部消耗的功率变大c 电阻r2两端的电压变大d 电池的效率变大考点：路端电压与负载的关系分析：将电键s1由位置1切换到位置2，通过外电阻的变化，抓住电动势和内阻不变，分析电流、外电压的变化电池的效率可根据=得知解答：解：a将电键s1由位置1切换到位置2，外电阻变小，电动势和内阻不变，电路中的总电流变大，内电压变大，外电压变小，电压表测的是外电压，所以电压表示数变小故a错误 b电路中的总电流变大，根据p内=i2r，知，电源内部消耗的功率变大故b正确 c设电路中的电阻r1、r2和r3的阻值为r，当电建打在1时，r2两端的电压u2=r，当电键打在2时r2两端的电压=r=可知u2故c错误 d电池的效率可根据=得知，外电压变小，电池的效率变小故d错误故选b点评：解决本题的关键是抓住电源的电动势和内阻不变，结合闭合电路欧姆定律进行动态分析二填空题（每空3分，共计12分）1）用螺旋测微器（千分尺）测小球直径时，示数如图所示，则小球的直径为8.117mm（2）用游标卡尺测一根金属管的内径和外径时，卡尺上的游标位置分别如图和图所示这根金属管的管壁厚是0.33厘考点：螺旋测微器的使用；刻度尺、游标卡尺的使用专题：实验题分析：螺旋测微器的读数方法是固定刻度读数加上可动刻度读数，在读可动刻度读数时需估读；游标卡尺的读数方法是主尺读数加上游标读数，不需要估读解答：解：螺旋测微器的固定刻度读数8mm，可动刻度读数为11.70.01=0.117mm（7为估读），所以最后读数为8.117mm（8.116或8.118都可以） 游标卡尺测内径时，主尺读数为23mm，游标读数为0.17=0.7mm，最后读数为23.7mm 测外径时，主尺读数为30mm，游标读数为0.13=0.3mm，最后读数为30.3mm所以金属管壁厚为mm=3.3mm=0.33cm故答案为：8.117mm，0.33cm点评：解决本题的关键掌握螺旋测微器和游标卡尺的读数方法14实验装置如图1所示：一木块放在水平长木板上，左侧栓有一细软线，跨过固定在木板边缘的滑轮与一重物相连木块右侧与打点计时器的纸带相连在重物牵引下，木块在木板上向左运动，重物落地后，木块继续向左做匀减速运动，图2给出了重物落地后，打点计时器在纸带上打出的一些点，试根据给出的数据，可得重物落地后木块的加速度大小为3m/s2，木块与木板间的摩擦因数=0.30结果保留2位有效数字（打点计时器所用交流电频率为50hz，不计纸带与木块间的拉力取重力加速度g=10m/s2）考点：打点计时器系列实验中纸带的处理专题：实验题；直线运动规律专题分析：纸带实验中，若纸带匀变速直线运动，测得纸带上的点间距，利用匀变速直线运动的推论，可计算出打出某点时纸带运动的加速度运用牛顿第二定律求出动摩擦因数解答：解：由给出的数据可知，重物落地后，木块在连续相等的时间t内的位移分别是：s1=7.72cm，s2=7.21cm，s3=6.71cm，s4=6.25cm，s5=5.76cm，s6=5.29cm，s7=4.81cm，s8=4.31cm以a表示加速度，根据匀变速直线运动的规律，有a=又知t=0.04s 解得：a=3.0m/s2重物落地后木块只受摩擦力的作用，用m表示木块的质量，根据牛顿第二定律有：mg=ma 解得=0.30 故答案为：3；0.30点评：要注意单位的换算对于相邻的计数点位移间隔不等时能够运用逐差法求解三计算题（要求写出必要的步骤和文字说明，否则不得分）15如图所示，电源电动势、内电阻、r1、r2均未知，当a、b间接入电阻r1=10时，电流表示数为i1=1a；当接入电阻r2=18时，电流表示数为i2=0.6a当a、b间接入电阻r3=118时，电流表示数为多少？考点：闭合电路的欧姆定律专题：恒定电流专题分析：当a、b间分别接入电阻r1、r2、r3时，根据闭合电路欧姆定律列式，带入数据，联立方程即可求解解答：解：当a、b间接入电阻r1=10时，根据闭合电路欧姆定律得：带入数据得：e=当接入电阻r2=18时，根据闭合电路欧姆定律得：带入数据得：e=当a、b间接入电阻r3=118时，根据闭合电路欧姆定律得：带入数据得：e=由解得：i3=0.1a答：当a、b间接入电阻r3=118时，电流表示数为0.1a点评：本题主要考查了闭合电路欧姆定律的直接应用，解题的关键是搞清楚电路的结构，解题时不需要解出e、r及r1、r2的具体值，可以用e的表达式表示r2和r+r1，难度适中16恒星系统或恒星系是少数几颗恒星受到引力的拘束而互相环绕的系统，宇宙中存在一些离其他恒星很远的四颗星组成的四星系统，通常可忽略很远的其他星体对它们的引力作用，稳定的四星系统存在的一种基本的构成形式是四颗质量相等的星位于正方形的四个顶点上，沿外接于正方形的圆形轨道运行，如图所示若已知每颗星质量均为m，正方形边长为l，万有引力常量为g，求：（1）该四星系统运行的角速度为多少？（2）该四星系统的运转半径的立方和运转周期的平方的比值应为多少考点：万有引力定律及其应用专题：万有引力定律的应用专题分析：（1）每一颗星在其它三颗星作用下做圆周运动，靠三个力的合力提供向心力，根据牛顿第二定律求出角速度的大小（2）根据求出周期的值，从而求出四星系统的运转半径的立方和运转周期的平方的比值解答：解：（1）对某一颗星而言，相邻的两颗星对它的引力对面的卫星对它的引力圆周运动的半径解得：（2）解得：答：（1）该四星系统运行的角速度为（2）该四星系统的运转半径的立方和运转周期的平方的比值应为点评：解决本题的关键知道每颗星做圆周运动向心力的来源，运用牛顿第二定律进行求解17如图所示，厚度不计的薄板a长l=5.0m，质量m=5.0kg，放在水平桌面上，板的右端与桌边相齐在a上距右端s=3.0m处放一物体b（大小不计），其质量m=2.0kg，已知a、b间的动摩擦因数=0.1，a与桌面间和b与桌面间的动摩擦因数=0.2，原来系统静止现在在板的右端施加一大小一定的水平力f=26n，持续作用在a上，将a从b下抽出（g=10m/s2）求：（1）a从b下抽出前a、b的加速度各是多少？（2）b运动多长时间离开a？（3）物体b最后停在哪里？考点：牛顿第二定律；匀变速直线运动的位移与时间的关系专题：牛顿运动定律综合专题分析：（1）分别对a、b进行受力分析，根据牛顿第二定律即可求解加速度；（2）设经过时间t，根据匀变速直线运动位移公式分别求出a、b的位移，根据位移之间的关系即可求得时间；（3）先求出b从a上掉下时的速度和在a上运动的位移，b从a上掉下后，b在桌面的摩擦力作用下做减速运动，求出匀减速运动的位移，进而求出最后停的位置解答：解：（1）对于b，在未离开a时，其运动加速度大小为：对于a，根据牛顿第二定律得：f1mg2（m+m）g=maa解得：（2）设经过时间t，a离开b，则有：xa=aat2xb=abt2而xaxb=ls带入数据解得：t=2s（3）设b从a上掉下时，其速度为v，则v=abt=2m/sxb=abt2=b从a上掉下后，b在桌面的摩擦力作用下做减速运动，其加速度大小为运动的位移为：所以b运动的总位移为：x=2m+1m=3m所以物体b最后停在桌边的最右端答：（1）a从b下抽出前a的加速度为2m/s2，b的加速度为1m/s2；（2）b运动2s离开a；（3）物体b最后停在桌边的最右端点评：本题主要考查了牛顿第二定律及运动学基本公式的直接应用，抓住位移之间的关系解题，难度适中18如图所示，一个质量为m=2.01011kg，电荷量q=+1.0105c的带电微粒（重力忽略不计），从静止开始经u1=100v电压加速后，水平进入两平行金属板间的偏转电场中，上板带正电金属板长l=20cm，两板间距d=10cm求