江西省大余中学2019届高三物理5月月考试题（含解析）.docx

江西省大余中学2019届高三物理5月月考试题（含解析）二、选择题.1.2019年2月14日消息，科学家潘建伟领衔中国“墨子号”量子科学实验卫星科研团队获得了克利夫兰奖.有关量子理论，下列说法正确的是（ ）A. 量子理论是普朗克首先提出的，光量子理论则是爱因斯坦首先提出的B. 光的强度越大，则光子的能量也就越大C. 氯原子从高能级向低能级跃迁时，可以放出任意频率的光子D. 当光照强度足够大时任何一种金属都能发生光电效应【答案】A【解析】【详解】A、普朗克提出了量子论，爱因斯坦提出了光子说，A正确；B、根据知，光子能量与光子频率有关，与光强度无关。故B错误；C、氯原子从高能级向低能级跃迁时，根据公式可知，辐射光的频率大小由能级差决定，只能发射某些特定频率的光子，故C错误；D、能否发生光电效应与入射光的强度无关，D错误。2.如图所示，在距地面一定高度的同一点A处，三次水平抛射皮球（视为质点）均能击中水平地面上的同一目标（目标在A点右方）。第一次在无风情况下以v1水平抛出；第二次在有水平向右的风力作用下以v2水平抛出；第三次在有水平向左的风力作用下以v3水平抛出。则下列说法中正确的是（ ）A. 三次下落时间不相等B. 三次抛射水平初速度v2 v1 v3C. 皮球三次运动的位移方向不同D. 击中目标时的速度方向不同【答案】D【解析】【分析】我们可以把平抛运动可以分解为水平方向上的匀速直线运动和竖直方向上的自由落体运动，根据水平位移和高度的关系列式分析。【详解】A项：平抛运动竖直分运动是自由落体运动，根据，得：，高度相等，时间相等，故A错误；B项：水平分位移相同，根据x=v0t知水平方向的合速度相等，即v1=v2+v=v3-v，三次抛射的水平初速度v2v1v3，故B错误；C项：合位移：，高度相等，x相等，所以位移相等，故C错误；D项：末速度，竖直方向速度相等，水平方向速度第二次在有水平向右的风力作用下速度大于v1，第三次在有水平向左的风力作用下小于v1，所以合速度不相等，故D正确。故应选：D。【点睛】本题就是对平抛运动规律的考查，平抛运动可以分解为在水平方向上的匀速直线运动，和竖直方向上的自由落体运动来求解。3.如图所示，平行虚线代表匀强电场内间距相等的一组等势面,从上到下等势面的电势分别为,其中,A、B、C是等势面上的三点。一带正电的质子只在电场力作用下从A点以初动能2.0103J垂直于等势面射人电场,运动到C点时速度恰为零，不考虑质子重力，下列说法不正确的是（ ）A. B. 质子运动到B点时动能为1.0103JC. 质子运动到C点时电势能为1.0103JD. 当质子的动能为0.2103J时，其电势能为1.2103J【答案】D【解析】【详解】A、带正电的质子从A点在电场力的作用下开始做减速运动，电场力做负功，电势能增加，则电势增加，故，故A正确；B、对质子，从A点到C点，由动能定理得；AB距离与BC距离相等，故有，从A点到B点，有：，联立解得：，故B正确；C 、由于，则质子运动到C点时电势能，联立以上式子解得：，故C正确；D、质子运动过程中，只有电场力做功，故质子的动能和电势能之和保持不变，该质点在C点的动能和势能之和为：，则当质点动能为0.2103J时，电势能，故D错误；本题选不正确的，故选D。4.某电容式话筒的原理示意图如图所示，E为电源，R为定值电阻，薄片P和Q为两相互绝缘的金属极板。当对着话筒说话时，P振动而Q可视为不动，在P、Q间距增大过程中（ ）A. P、Q两板构成电容器的电容增大B. M点的电势比N点高C. P板电荷量增大D. P、Q两板间的场强增大【答案】B【解析】【详解】电容式话筒与电源串联，电压U保持不变；在P、Q间距增大过程中，根据电容决定式，可知电容减小，又根据电容定义式得知电容器所带电量减小，则P极板上电荷量减小，电容器放电，放电电流通过R的方向由M到N，那么M点的电势比N点高，根据场强可知P、Q两极板间的场强变小，故B正确，ACD错误。5.将质量均为M=1kg的编号依次为1，2，6的梯形劈块靠在一起构成倾角=37的三角形劈面，每个梯形劈块上斜面长度均为L=0.2m，所有劈均不固定在水平面上，如图所示。质量m=1kg的小物块A与斜面间的动摩擦因数1=0.5，斜面与地面的动摩擦因数均为2=0.3，假定最大静摩擦力与滑动摩擦力相等现使A从斜面底端以平行于斜面的初速度v0=4.5m/s冲上斜面，g =10m/s2，sin37=0.6，cos370=0.8下列说法正确的是A. 物块上滑到3号劈时，劈开始相对水平面滑动B. 物块上滑到4号劈时，劈开始相对水平面滑动C. 物块上滑到5号劈时，劈开始相对水平面滑动D. 物块上滑到6号劈时，劈开始相对水平面滑动【答案】C【解析】【分析】对梯形劈分析，抓住物块对劈的压力和摩擦力在水平方向上的分力与劈所受的摩擦力相等时，劈开始相对地面滑动，根据共点力平衡进行求解。【详解】物块与斜面间弹力：FN1=mgcos37=100.8=8N物块与斜面间的滑动摩擦力：f1=1FN1=0.58=4N地面对劈的支持力：FN2=（6-n）Mg+FN1cos37-f1sin37，当f1cos37+FN1sin37=2FN2时后面的劈块刚好开始滑动，解得：n=3.7，所以物块滑动到第5块劈时，劈开始相对地面滑动，故C正确，ABD错误；故选：C。【点睛】解决本题的关键能够正确地受力分析，运用共点力平衡、牛顿第二定律、运动学规律进行求解，知道加速度是联系力学和运动学的桥梁。6.已知质量分布均匀的球壳对壳内物体的引力为0，地球可视为质量分布均匀的球体,其自转的角速度大小为，在地球赤道上有深度为h（h远小于地球半径R）的竖井，赤道地面上竖立着高度为h的井架。现有A、B、C、D四个质量均为m的物体，物体A位于竖井底部，物体B位于赤道地面上，物体C位于井架顶端，物体D位于距地球表面高度为H的地球同步卫星上,如图所示。下列关于这四个物体的叙述正确的是（ ）A. 物体B受到地球的万有引力比物体D受到的大，二者都绕地心做匀速圆周运动，向心力大小相等B. 物体A、B、C都绕地心做匀速圆周运动，它们受到的重力都小于地球对他们的万有引力C. 物体A受到地球的万有引力比物体B受到的小，比物体C受到的大D. 物体C的线速度大于物体D的线速度【答案】BC【解析】【详解】A、物体受到的万有引力，物体B与地心的距离比物体D小，故受到地球的万有引力大，它们均绕地心做匀速圆周运动，物体B在赤道上，物体D在地球同步卫星上，它们具有共同的角速度，根据公式可知，物体D的向心力比物体B的向心力大，故A错误；B、物体A、B、C都随着地球绕地心做匀速圆周运动，在运动过程中，有，其中重力，故它们受到的重力都小于地球对他们的万有引力，B正确；C、由于质量分布均匀的球壳对壳内物体的引力为0，对A有：，；对B有：，对C有：，整理得：，则比较可得：物体A受到地球的万有引力比物体B受到的小，比物体C受到的大，故C正确；D、物体C和物体D具有共同的角速度，根据线速度可得：物体D的线速度大于物体C的线速度，故D错误。7.如图所示，三条长直导线a、b、c都通以垂直纸面的电流，其中a、b两根导线中电流方向垂直纸面向外.o点与a、b、c三条导线距离相等，且处于ocab。现在o点垂直纸面放置一小段通电导线，电流方向垂直纸面向里，导线受力方向如图所示.则可以判断（ ）A. o点处的磁感应强度的方向与F相同B. 长导线c中的电流方向垂直纸面向外C. 长导线a中电流I1小于b中电流I2D. 长导线c中电流I3小于b中电流I2【答案】BC【解析】【详解】由左手定则可知，磁感应强度方向与安培力方向垂直，故A错误；由左手定则可知，O点的磁感应强度方向与垂直斜向右下方，此磁场方向可分解为水平向右和竖直向下，所以导线c在O点产生的磁场方向应水平向右，由右手定则可知，导线c中的电流为垂直纸面向外，导线a在O点产生的磁场方向竖直向上，导线b在O点产生的磁场方向竖直向下，所以长导线a中电流I1小于b中电流I2，由于不知道安培力的具体方向，所以无法确定长导线c中电流I3小于b中电流I2，故BC正确，D错误。8.如图所示，足够长且间距为L的平行金属导轨水平放置，处在磁感应强度大小为B的匀强磁场中，磁场方向垂直导轨平面向下。质量均为m、接入电阻均为R的金属棒ab、cd放在导轨上且与导轨垂直，金属棒与导轨间的动摩擦因数均为，用大小等于1.5mg的水平恒力F向右拉金属棒cd，金属棒cd相对于导轨的位移为时速度达到最大，已知最大静摩擦力等于滑动摩擦力，不计导轨电阻，重力加速度为g，下列说法正确的是（ ）A. 恒力F作用一瞬间，金属棒cd的加速度大小等于B. 恒力F作用一段时间后，金属棒ab会向右运动C. 金属棒cd运动的最大速度大小为D. 金属棒cd从开始运动到速度达到最大经过的时间【答案】AC【解析】【详解】A、恒力F作用瞬间，金属棒cd的加速度大小为，故A正确；B、当cd棒的加速度为零时速度最大。设cd加速度为零时所受的安培力为，根据平衡条件有：，则得，对ab棒，因，所以金属棒ab不可能运动，故B错误；C、金属棒cd先做加速运动，当金属棒cd达到最大速度后匀速运动，此时，结合，可得金属棒cd运动的最大速度大小，故C正确；D、在极短的一段时间内，对金属棒cd，由动量定理得：，整理得：，对式子两边求和有：，则金属棒cd从开始运动到速度达到最大时，整理有：，联立以上式子解得：，故D错误。三、非选择题：本卷包括必考题和选考题两部分。第2232题为必考题，每个试题考生都必须作答。第3338题为选考题，考生根据要求作答。9.某同学看到法治节目中报道有人用弹弓射击野生保护动物，他对此行为表示强烈造责，为了教育其他同学不要玩弹弓，他想用学过的物理知识来实际测量它的威力。于是他准备了一个节目中类似的弹弓（如图甲），它每侧固定有两根完全相同的橡胶管。金属弹珠质量为10g，直径为10mm. （1）他首先猜想橡胶管拉伸过程中弹力与形变量的关系满足胡克定律，为了验证猜想进行了实验。由于实验室的传感器量程较小，于是他取其中一根橡胶管进行实验，通过传感器拉动橡皮管，记下它每一次的长度L及对应的拉力F大小，并在坐标纸画出图乙所示的图像.为了便于研究，他在老师的启发下将原图像拟合成如图丙所示，请你根据图像，计算出该单根橡胶管的原长L0=_，劲度系数k=_.（2)同学查阅资料发现，当弹丸发射后的比动能（动能与最大横截面积的比值）超过1.8J/cm2就可被认定为枪支，并且满足胡克定律的物体在弹性限度内其弹性势能E与形变量x的关系式可表示为E=kx2.在一次测试中弹弓每侧的橡皮管组拉至49cm长.请你估算弹珠离开弹弓时的比动能_（取3，结果保留两位有效数字）【答案】 (1). 34cm (2). 70N/m (3). 4.2J/cm2【解析】试题分析：在F-L图象中，斜率代表橡胶管的劲度系数；根据胡克定律F=kx求得弹簧的原长；根据，求得金属珠的动能，即可求得比动能（1）由图线可知；设橡胶管的原长为，当时，解得；（2）当弹弓拉到49cm时，由机械能守恒，弹珠的比动能10.某同学将一个量程为01V、内阻未知的电压表改装为03V的电压表.(1)该同学首先进行了如下操作：将多用电表挡位调到电阻“100”，再将红表笔和黑表笔_，进行调零；将图甲中多用电表的红表笔和电压表的_(选填“+”或“-”)接线柱相连，黑表笔与另一接线柱相连；此时多用电表的示数如图乙所示，则电压表的内阻为_.若已知多用电表欧姆挡表盘中央刻度值为“15”，表内电池电动势为1.5V，则电压表的示数为_V.(2)为了准确地测量该电压表的内阻RV，并将改装后的电压表与标准电压表进行校准，该同学设计了如图丙所示的实验电路。实验中可供选择的器材有：a待测电压表V1(量程01V)b.标准电压表V2(量程03V)c.滑动变阻器(最大阻值为2000)d.滑动变阻器(最大阻值为10)e.电阻箱(最大阻值为9999.9)f.电阻箱(最大阻值为999.9)g.电池组(电动势约6V，内阻不计)h.开关、导线若干该同学实验操作步骤如下：A.按图丙连接好电路；B.将滑动变阻器的滑片P滑到a端；C.闭合开关S，将单刀双掷开关S掷到1，移动滑片P的位置，使电压表V1满偏；D.保持滑片P位置不变，断开开关S，调节电阻箱R，使电压表示数为0.60V，读出R0的阻值为720；E.断开S，将滑片P滑到a端；F.把R0的阻值调为某一具体值R1，将V1改装成量程为03V的电压表；G.将S掷到2，对改装后的电压表进行逐格校准；H.断开开关S，整理器材。根据该同学设计的实验，请回答下列问题：为完成该实验，滑动变阻器应选_(选填“c”或“d”)，电阻箱应选_(选填“e”或“f”)；待测电压表内阻RV的测量值为_，R1为_；若校准电压表时发现改装表的读数相对于标准表的读数总是偏大一些，为使改装表读数准确，应将R0的阻值调_(选填“大”或“小”)一些.【答案】 (1). 短接 (2). - (3). 1000 (4). 0.6 (5). d (6). e (7). 1080 (8). 2160 (9). 大【解析】【详解】(1)欧姆表换挡后应将两表笔短接进行欧姆调零；欧姆表的黑表笔与欧姆表内置电源正极相连，红表笔与内置电源负极相连，电压表的正接线柱应接高电势点，负接线柱应接低电势点，因此将图甲中多用电表的红表笔和电压表的负接线柱相连，黑表笔连接另一端；根据读数方法可知，其读数为：RV=10100=1103，此时欧姆表内阻为1500，则电压表的分压为：；(2)由图可知，本实验中采用滑动变阻器分压接法，故滑动变阻器应选用小电阻，故选d；因电压表内阻较大，故为了有效分压，应选择总阻值较大的e；根据串联电路规律可知，解得：RV=1080；根据改装原理可知，解得：R1=2160；若读数偏大，说明电压表分压太大，故应增大分压电阻R0。11.用两只玩具小车A、B做模拟碰撞实验，玩具小车A、B质量分别为m1=lkg和m2=3kg，把两车放置在相距S =8m的水平面上。现让小车A在水平恒力，作用下向着小车B运动，恒力作用t=l s时间后撤去，小车A继续运动与小车B发生碰撞，碰撞后两车粘在一起，滑行d =0. 25m停下。已知两车运动所受的阻力均为重力的0.2倍，重力加速度取l0m/s2。求：(1)两个小车碰撞后的速度大小；(2)小车A受到的恒力F的大小。【答案】（1）1m/s （2）【解析】【详解】解：（1）两小车碰撞后的滑行过程中，有 解得 v3=1m/s （2）两车碰撞过程中，有 解得 v2=4m/s 恒力作用过程有 撤去F至二车相碰过程有 解得 12.如图所示，竖直平面内有一直角坐标系xOy，x轴沿水平方向第二、三象限有垂直于坐标平面向里的匀强磁场，与x轴成30角的绝缘细杆固定在二、三象限；第四象限同时存在着竖直向上的匀强电场和垂直于坐标平面向里磁感应强度大小为B的匀强磁场，一质量为m，电荷量为q带电小球a穿在细杆上沿细杆匀速下滑，在N点脱离细杆恰能沿圆周轨道运动到x轴上的A点，且速度方向垂直于x轴已知A点到坐标原点O的距离为，小球a与绝缘细杆的动摩擦因数；，重力加速度为g，空气阻力忽略不计求：(1)带电小球的电性及电场强度的大小E；(2)第二、三象限里的磁场的磁感应强度大小B1；(3)当带电小球a刚离开N点时，从y轴正半轴距原点O为的P点（图中未画出）以某一初速度水平向右平抛一个不带电的绝缘小球b，b球刚好运动到x轴时与向上运动的a球相碰，则b球的初速度为多大？【答案】（1）（2）（3）【解析】【分析】（1）由带电小球a在第三象限内做匀速圆周运动可得，带电小球a带正电，且重力等于电场力，可求解场强大小；（2）带电小球a从N点运动到Q点的过程中做圆周运动，根据几何关系求解半径，根据洛伦兹力等于向心力求解速度；带电小球a在杆上匀速运动时，由平衡条件求解B1；（3）结合粒子在磁场中匀速圆周运动的周期和在平抛运动的知识求解b球的初速度.【详解】（1）由带电小球a在第三象限内做匀速圆周运动可得，带电小球a带正电，且mgqE，解（2）带电小球a从N点运动到Q点的过程中，设运动半径为R，有：由几何关系有联立解得带电小球a在杆上匀速运动时，由平衡条件有mgsin（qvB1mgcos）解得（3）带电小球a在第四象限内做匀速圆周运动的周期带电小球a第一次在第一象限竖直上下运动的总时间为绝缘小球b平抛运动至x轴上的时间为两球相碰有联立解得n1设绝缘小球b平抛的初速度为v0，则解得【点睛】带电粒子或带电体在复合场中的运动是整个高中的重点，粒子的运动过程中受力分析以及运动情况分析是解题的关键对于圆周运动，要作出轨迹，由几何知识研究轨道半径13.关于热现象和热学规律，下列说法正确的是 （ ）A. 只要知道气体的摩尔体积和阿伏加德罗常数，就可以算出气体分子的体积B. 气体温度升高，分子的平均动能一定增大C. 温度一定时，悬浮在液体中的固体颗粒越小，布朗运动越明显D. 同一液体的饱和汽的压强与其温度、体积都有关系E. 第二类永动机不可能制成是因为它违反了热力学第二定律【答案】BCE【解析】【详解】A、因为气体分子间距离较大,故不能用阿伏加德罗常数求气体分子的体积;故A错误; B、温度是分子平均动能的标志,气体温度升高,分子的平均动能一定增大;所以B选项是正确的; C、温度一定时,悬浮在液体中的固体颗粒越小,同一时刻撞击颗粒的液体分子数越少,冲力越不平衡,布朗运动越明显,所以C选项是正确的; D、相同温度下,水的饱和汽的压强是一定的;不随体积的变化而变化，故D错；E、第二类永动机不可能制成的原因是因为其违背了热力学第二定律,故 E对；故选BCE14.如图所示，透热的汽缸内封有一定质量的理想气体，缸体质量M200kg，活塞质量m10kg，活塞横截面积S100cm2.活塞与汽缸壁无摩擦且不漏气.此时，缸内气体的温度为27，活塞位于汽缸正中，整个装置都静止.已知大气压恒为p01.0105Pa，重力加速度为g10m/s2.求：(1)汽缸内气体的压强p1；(2)汽缸内气体的温度升高到多少时，活塞恰好会静止在汽缸缸口AB处？此过程中汽缸内的气体是吸热还是放热？【答案】(1)30105 Pa(2)327 吸热【解析】【详解】（1）以汽缸为研究对象，受力分析如图所示：列平衡方程：Mgp0Sp1S，解得： 代入数据得： （2）设缸内气体温度升到t2时，活塞恰好会静止在汽缸口。该过程是等压变化过程，由盖吕萨克定律得： 代入数据得t2327 气体体积增大，对外做功，同时温度