河北省石家庄市第三十一中学中考物理真题汇编 电热 电功率部分.doc

电热 电功率部分一选择题（共8小题）1将“220v 15w的灯泡l1和“220v 60w的灯泡l2，串联在220v的电源上，组成闭合的电路（设灯丝电阻不变），则（）a灯泡l1和l2一样亮b灯泡l2比灯泡l1亮c两灯的总功率小于15wd两灯的实际功率都变为额定功率的一半2甲灯标有“110v，15w”的字样，乙灯标有“110v，40w”字样，若把甲、乙两灯串联接在220v的电路中，则（）a两灯均正常发光b甲灯将被烧坏c乙灯将被烧坏d两灯丝都将被烧坏3下列四个灯泡，都在各自的额定电压下正常工作时，其中最亮的是（）a“220v，15w”b“110v，25w”c“220v，11w”d“24v，26w”4有“220v 15w”、“110v 15w”和“36v 15w”的三只灯泡，当它们分别在其额定电压下工作时（）a“220v 15w”的灯泡最亮b“110 15w”的灯泡最亮c“36v 15w”的灯泡最亮d三只灯泡一样亮5（2014漳州）如图所示电路中，已知r1r2，闭合开关s后（）a电流通过r1、r2产生的热量q1q2b通过r1、r2的电流i1i2cr1、r2两端的电压u1u2dr1、r2消耗的电功率p1p26（2014沈阳）如图是研究电流通过导体产生的热量与哪些因素有关的实验，下列分析正确的是（）a甲、乙两次实验都应用了控制变量法b甲实验通电一段时间后，左侧容器内空气吸收的热量更多c乙实验时为了研究电流产生的热量与电阻的关系d乙实验通电一段时间后，右侧u形管中液面的高度差比左侧的小7（2014昆明）当一个电阻的阻值为r时，将它接在电路中通电一段时间，产生的热量为q如果要使它产生的热量为2q，下列办法中可行的是（）a将电压变为原来的2倍，通电时间变为原来的b将电阻变为原来的2倍，通电时间变为原来的c将电阻变为原来的，通电时间变为原来的2倍d将电压变为原来的，电阻变为原来的2倍8电炉丝断了，去掉后，仍然接在原来的电源两端，则在相同时间内产生的热量与原来产生的热量之比为（）a5：4b1：5c5：1d4：5二填空题（共9小题）9将“220v，60w”和“220v，100w”的甲、乙两灯串联起来，接到220v的电路上，则甲、乙两灯的电压之比为_，电流之比为_，消耗的功率之比为_，较亮的灯为_；将两灯并联接到220v的电路上，则甲、乙两灯的电压之比为_，电流之比为_，消耗的功率之比为_，较亮的灯为_10甲灯标有“220v 50w”、乙灯标有“220v 100w”字样，如果两灯泡钨丝长短一样，则钨丝较粗的是_灯，如果将两灯串联在220v的电源上，使用相同时间，甲、乙两灯消耗的电能之比是_11如图所示的电路中，l1、l2分别为“220v，15w”和“220v，60w”的白炽灯泡，要使两灯都发光，且l1比l2亮，应闭合的开关为_；要使l2比l1亮，应闭合的开关为_；三个开关都闭合，将发生_现象12把“3v，1.5w”和“6v，4.5w”的两灯串联起来，它们两端允许加的最大电压为_；若把它们并联起来，干路允许通过的最大电流为_13（2014龙江县二模）电饭煲工作时有两种工作状态，：一是加热状态，二是保温状态，如图是电饭煲的工作电路图，其中r2是加热用的电阻，则当自动开关处于_状态时（填“断开或闭合），电饭煲处于加热状态；若电饭煲在保温状态时r2的电功率是加热状态时的电功率的，则r1：r2=_；小明为了测这只电饭煲的实际功率，关闭了家中其它的用电器，这时标有3000r/kwh的电能表面2min转了50转，则这只电饭煲的实际功率为_14某灯标有“pz220 100”字样，当它正常工作时电功率为_w，正常工作10小时消耗的电能为_kwh，若将他接在110v电路中使用，实际功率为_w15如图所示是小强家电能表的面盘，其中，220v、5a 表示的物理意义是_2000r/kwh表示_，在电路中，允许同时工作的用电器的最大功率为_，如果在此电路中全部接“220v，60w”的白炽灯，最多能接_只，当这些灯泡都正常工作时，每天工作半小时共用去_电能，一个月后电能表的示数为_16（2014安徽）某太阳能热水器装有100kg、初温为20的冷水，经过一天的太阳照射，水温升高到65，则这些水吸收的热量等于完全燃烧_m3天然气所放出的热量；假如用功率为2kw的电热水器产生同样多的热量，则通电的时间为_s已知水的比热容为4.2103j/（kg）、天然气的热值为4.2107j/m317（2014河北）小明购买了一只容积为1.2l的电热水壶他往壶中装满了温度为25的水，若使壶中的水加热至沸腾，需要吸收_j的热量；小明将电热水壶接到家庭电路中，通电7min烧开了这壶水，如果在这一过程中它的效率是90%，电热水壶的实际功率是_w标准大气压下水=1.0103kg/m3、c水=4.2103j/（kg）三解答题（共2小题）18（2014红桥区三模）如表所示，是某家庭电热饮水机说明书的些数据，用时13min将1l的水在一个标准大气压下从20加热到沸腾（水=1.0103kg/m3，c水=4.2103j/（kg）热水箱容量1l加热时功率500w额定电压220v保温时功率50w求在这一过程中：（1）电热饮水机工作时的最大电流；（2）在加热过程中，电热饮水机消耗的电能；（3）在加热过程中，电热饮水机中水吸收的热量19（2014岳阳）图甲是某款电热水龙头即开即热、冷热兼用图乙是它的原理电路r1、r2为电热丝，通过旋转手柄带动开关s接通对应的电路，从而实现冷水、温水、热水之间切换有关参数如下表不考虑温度对电阻丝的影响，请回答下列问题：（1）开关置于2时，水龙头放出的水是_（选填“冷”、“温”或“热”）水此时电路中的电流时多大？（2）水龙头放热水时，正常工作60s，消耗的电能是多少？（3）r2的电阻是多大？额定电压220v额定功率温水2200w热水3000w参考答案与试题解析一选择题（共8小题）1将“220v 15w的灯泡l1和“220v 60w的灯泡l2，串联在220v的电源上，组成闭合的电路（设灯丝电阻不变），则（）a灯泡l1和l2一样亮b灯泡l2比灯泡l1亮c两灯的总功率小于15wd两灯的实际功率都变为额定功率的一半考点：实际功率专题：电能和电功率分析：由灯泡的额定功率及额定电压可求得灯泡的电阻，则由欧姆定律可求得电流，由功率公式求得实际功率即可分析各项解答：解：由p=得：l1的电阻r1=3226.7；l2的电阻r2=806.7； 则两灯串联时，电流相等，由p=i2r可得，灯泡l1的功率大于l2的功率，故灯泡l1要比l2亮，故ab错误；两灯实际消耗的功率p=12w15w，故c正确；总功率为12w，若两灯功率均变为原来的一半，功率应为 +=37.5w，而实际功率只有12w，故d错误故选c点评：本题考查串联电路中的功率关系，应先得出各自的电阻再由串联电路的规律求解电流和功率关系，由分析可得，电阻越大的灯泡串联后亮度越大2甲灯标有“110v，15w”的字样，乙灯标有“110v，40w”字样，若把甲、乙两灯串联接在220v的电路中，则（）a两灯均正常发光b甲灯将被烧坏c乙灯将被烧坏d两灯丝都将被烧坏考点：欧姆定律的应用；电功率的计算专题：应用题；欧姆定律；电能和电功率分析：知道两灯泡的额定电压和额定功率，根据p=比较两灯泡的电阻；两灯泡串联时，根据串联电路的分压特点可知两灯泡两端的电压和额定电压之间的关系，然后比较两灯泡两端的电压与额定电压之间的关系即可判断两灯泡的工作情况解答：解：p=，且两灯泡的额定电压均为110v，甲灯泡的电阻大于乙灯泡的电阻，串联电路中电阻越大分得的电压越大，在串联电路中，电阻大的分压大，从而导致15w的甲灯泡分担的电压大于110v，功率也会超过15w，所以可能被烧坏；40w的乙灯泡分担的电压小于110v，功率也会小于40w，所以不能正常工作，但仍能发光故选b点评：两个不同规格的灯泡接在电路上，因电阻不同，导致分担电压会不一样，从而影响它们的电功率3下列四个灯泡，都在各自的额定电压下正常工作时，其中最亮的是（）a“220v，15w”b“110v，25w”c“220v，11w”d“24v，26w”考点：额定功率；实际功率专题：应用题分析：根据各自在额定电压下工作，灯泡的实际功率是灯泡的额定功率，比较灯泡的额定功率即可比较灯泡的亮度解答：解：因为各自在额定电压下工作时，灯泡的额定功率等于实际功率；所以，额定功率越大的，灯泡越亮；又知四个灯泡中额定功率最大的是26w；所以26w的灯泡最亮故选d点评：本题考查灯泡亮度的比较，在额定电压下工作，比较额定功率即可，实际上判断灯泡亮度的依据是灯泡的实际功率4有“220v 15w”、“110v 15w”和“36v 15w”的三只灯泡，当它们分别在其额定电压下工作时（）a“220v 15w”的灯泡最亮b“110 15w”的灯泡最亮c“36v 15w”的灯泡最亮d三只灯泡一样亮考点：实际功率专题：电能和电功率分析：先判断每个灯的实际功率，再根据灯泡的亮度由实际功率决定，然后做出判断解答：解：有“220v 15w”、“110v 15w”和“36v 15w”的三只灯泡可知，三盏灯的额定功率相等，当它们在额定电压下工作时，它们的实际功率都等于各自的额定功率，所以三盏灯的实际功率相等，故三盏灯一样亮故选d点评：解决本题要知道“220v 15w”、“110v 15w”和“36v 15w”字样的含义本题的关键点是理解灯的亮度取决于灯的实际电功率5（2014漳州）如图所示电路中，已知r1r2，闭合开关s后（）a电流通过r1、r2产生的热量q1q2b通过r1、r2的电流i1i2cr1、r2两端的电压u1u2dr1、r2消耗的电功率p1p2考点：焦耳定律；并联电路的电流规律；并联电路的电压规律；电功率与电压、电流的关系专题：应用题；推理法；电路和欧姆定律分析：由图可知：r1、r2并联，已知r1r2，应用并联电路特点及欧姆定律判断电流大小然后应用功率公式和焦耳定律判断产生的热量关系解答：解：由图可知：r1、r2并联，并联电路中各支路两端的电压相等；u1=u2，故c错误；r1r2，由i=可知：i1i2，故b错误；由p=ui可知：p1p2；故d错误；由q=w=pt可知，q1q2，故a正确故选a点评：本题考查并联电路的特点和功、功率的计算，熟练应用欧姆定律，即可正确解题6（2014沈阳）如图是研究电流通过导体产生的热量与哪些因素有关的实验，下列分析正确的是（）a甲、乙两次实验都应用了控制变量法b甲实验通电一段时间后，左侧容器内空气吸收的热量更多c乙实验时为了研究电流产生的热量与电阻的关系d乙实验通电一段时间后，右侧u形管中液面的高度差比左侧的小考点：焦耳定律；物理学方法专题：电和热综合题分析：由焦耳定律q=i2rt可知，q与i、r及t有关，故应采用控制变量法进行分析解答：解：a、甲、乙两次实验中用到的研究物理问题的方法是控制变量法和转换法，故a正确b、甲实验两电阻丝串联，则通过电阻丝的电流和通电时间相同，右侧电阻阻值大，由焦耳定律q=i2rt可知，右侧电阻产生热量多；则右侧容器内空气吸收的热量多，故b错误；c、乙实验，右侧电阻丝与另一电阻丝并联，故左右空气盒中电阻丝的电阻和通电时间相同，但通过电阻的电流不同，所以研究电流产生的热量与电流的关系，故c错误；d、乙实验，右侧电阻丝与另一电阻丝并联，故左右空气盒中电阻丝的电阻和通电时间相同，由焦耳定律q=i2rt可知，左侧电阻产生热量多；则左侧容器内空气吸收的热量多，气体压强大，即左侧u形管中液面的高度差比右侧的大，故d正确；故选ad点评：本题考查了学生对焦耳定律、串联电路的电流关系以及控制变量法和转化法的了解和掌握，突出运用知识解决实际问题的能力，综合性强7（2014昆明）当一个电阻的阻值为r时，将它接在电路中通电一段时间，产生的热量为q如果要使它产生的热量为2q，下列办法中可行的是（）a将电压变为原来的2倍，通电时间变为原来的b将电阻变为原来的2倍，通电时间变为原来的c将电阻变为原来的，通电时间变为原来的2倍d将电压变为原来的，电阻变为原来的2倍考点：焦耳定律的计算公式及其应用专题：电与热、生活用电分析：根据焦耳定律q=i2rt=分析答题解答：解：a、将电压变为原来的2倍，通电时间变为原来的，由q=可知，产生的热量变为2q，故a正确；b、将电阻变为原来的2倍，通电时间变为原来的，由q=可知，热量变为原来的四分之一，故b错误；c、将电阻变为原来的，通电时间变为原来的2倍，由q=可知，热量变为原来的4倍，故c错误；d、将电压变为原来的，电阻变为原来的2倍，由q=可知，热量变为原来的，故d错误；故选a点评：本题考查了判断电阻产生热量的变化，根据题意，应用q=即可正确解题8（2011枣庄）电炉丝断了，去掉后，仍然接在原来的电源两端，则在相同时间内产生的热量与原来产生的热量之比为（）a5：4b1：5c5：1d4：5考点：电功与热量的综合计算；并联电路的电压规律；影响电阻大小的因素；电功的实质专题：计算题；压轴题；推理法分析：电炉丝断了，去掉后，电阻变为原来的，知道仍然接在原来的电源两端，所加电压不变，利用q=w=分析判断解答：解：电炉丝断了，去掉了，现在电炉丝和原来的电炉丝的电阻关系：r现在：r原来=r：r=4：5，电流通过电炉丝做功消耗电能全部转化为内能，q=w=，仍然接在原来的电源两端分，所加电压相等，在相同时间内产生的热量与原来产生的热量之比：q现在：q原来=：=r原来：r现在=5：4，故选a点评：本题考查了学生对焦耳定律、并联电路的电压关系、影响电阻大小的因素的了解和掌握，为防止因颠倒而出错，记住规律：在并联电路中，除了电压相等外，各电阻的电流、电功、电功率、电热都与电阻成反比二填空题（共9小题）9将“220v，60w”和“220v，100w”的甲、乙两灯串联起来，接到220v的电路上，则甲、乙两灯的电压之比为5：3，电流之比为1：1，消耗的功率之比为5：3，较亮的灯为甲；将两灯并联接到220v的电路上，则甲、乙两灯的电压之比为1：1，电流之比为3：5，消耗的功率之比为3：5，较亮的灯为乙考点：欧姆定律的应用；串联电路的电流规律；并联电路的电压规律；电功率的计算专题：应用题；电路和欧姆定律；电能和电功率分析：知道两灯泡的额定电压和额定功率，根据p=求出两灯泡的电阻之比（1）甲、乙两灯串联起来接到220v的电路上时，根据串联电路的电流特点求出通过它们的电流之比，根据欧姆定律求出它们两端的电压之比，根据p=i2r比较两灯泡消耗的功率之比，根据灯泡的亮暗取决于实际功率的大小判断亮暗关系；（2）将两灯并联接到220v的电路上时，根据并联电路的电压特点可知它们两端的电压之比，根据欧姆定律可知通过它们的电流之比，额定电压下灯泡正常发光，据此求出两灯泡消耗的电功率之比，再根据灯泡的亮暗取决于实际功率的大小判断灯泡的亮暗解答：解：p=，两灯泡的电阻之比：=；（1）甲、乙两灯串联起来接到220v的电路上时，串联电路中各处的电流相等，通过它们的电流之比为1：1；i=，两灯泡两端的电压之比：=；p=i2r，两灯泡消耗的功率之比：=；灯泡的亮暗取决于实际功率的大小，甲灯泡的实际功率较大，灯泡较亮（2）将两灯并联接到220v的电路上时，并联电路中各支路两端的电压相等，两灯泡两端的电压之比为1：1；通过它们的电流之比：=，额定电压下灯泡正常发光，两灯泡消耗的电功率之比：=，乙灯泡的实际功率较大，灯泡较亮故答案为：5：3；1：1；5：3；甲；1：1；3：5；3：5；乙点评：本题考查了串联电路和并联电路的特点以及欧姆定律、电功率公式的灵活应用，要注意额定电压下灯泡正常发光且灯泡的亮暗取决于实际功率的大小10甲灯标有“220v 50w”、乙灯标有“220v 100w”字样，如果两灯泡钨丝长短一样，则钨丝较粗的是乙灯，如果将两灯串联在220v的电源上，使用相同时间，甲、乙两灯消耗的电能之比是2：1考点：电功的计算；影响电阻大小的因素；电功率的计算专题：计算题；控制变量法；比例法分析：由灯泡的铭牌可知灯泡的额定电压与额定功率，可利用公式r=判断出甲、乙两个灯泡电阻的大小关系导体的电阻大小与导体的长度、横截面积和材料有关；同种材料的导体长度相同时，横截面积越小，电阻越大；横截面积越大，电阻越小首先利用公式r=计算出甲、乙两个灯泡电阻的大小，两灯串联电流相同，时间相同，再利用公式w=i2rt计算出甲、乙两灯消耗的电能之比解答：解：u甲=u乙=220v，p甲=50wp乙=100w，由公式r=可知，甲、乙两个灯泡电阻的大小关系为：r甲r乙在材料和长度一定时，导体的电阻与横截面积有关，横截面积越大，电阻越小两灯泡钨丝长短一样，灯丝越粗，电阻越小，因为乙灯的电阻小，所以乙灯的灯丝比较粗r甲=968，r乙=484，甲、乙两灯泡串联，通过甲乙两灯泡的电流相等，而它们的工作时间相同，甲、乙两灯消耗的电能之比为：=故答案为：乙；2：1点评：本题考查了功率公式和功率的变形公式的应用，以及消耗电能的计算，由灯泡铭牌找出灯泡的额定电压与额定功率是正确解题的前提，熟练应用功率公式变形及电功公式进行计算，是正确解题的关键，还要知道影响电阻大小的因素11如图所示的电路中，l1、l2分别为“220v，15w”和“220v，60w”的白炽灯泡，要使两灯都发光，且l1比l2亮，应闭合的开关为s2；要使l2比l1亮，应闭合的开关为s1、s3；三个开关都闭合，将发生短路现象考点：电路的基本连接方式专题：电流和电路分析：实际功率决定灯泡的明暗程度；先根据r=比较出两灯泡的电阻，然后根据串联电路电流相等以及p=i2r得出电阻大的灯泡，实际功率较大，其亮度较大；或根据并联电路两端电压相等以及p=得出电阻小的灯泡，实际功率较大，其亮度大；最后根据电路的连接方式选择需要闭合的开关根据发生短路现象时，电流过大，保险丝被熔断的现象，选择出需要闭合的开关解答：解：因为两灯泡的额定电压相同，由r=可得，额定功率较小的灯泡，电阻较大，又因为l1、l2都发光，且l1比l2亮，所以两灯泡需串联，故闭合开关s2时，两灯泡形成串联电路；由p=得，电阻越小，灯泡的实际功率越大，因此要使l2比l1亮，两灯泡需并联，故需闭合开关s1、s3；三个开关都闭合时，形成电源短路，保险丝会被烧毁故答案为：s2；s1、s3；短路点评：此题考查的是由于开关开合引起的用电器连接关系的变化，无论如何变化，都不要造成电源短路12把“3v，1.5w”和“6v，4.5w”的两灯串联起来，它们两端允许加的最大电压为7v；若把它们并联起来，干路允许通过的最大电流为0.875a考点：欧姆定律的应用；串联电路的电流规律；并联电路的电流规律；并联电路的电压规律；电阻的串联；电功率的计算专题：应用题；电路和欧姆定律；电能和电功率分析：知道两灯泡的额定电压和额定功率，根据p=ui求出额定电流，再根据欧姆定律求出两灯泡的电阻（1）串联电路处处电流相等，为了不损坏灯泡，比较两灯泡的额定电流，选其中较小的电流，然后根据串联电阻的串联和欧姆定律求出允许加在电路两端的最大电压；（2）两电阻并联时两端的电压相等，为了不损坏灯泡，电路两端允许的最大电压为两灯泡额定电压较小的电压，利用欧姆定律求出两支路的电流，然后根据并联电路电流特点求出干路上允许的最大电流解答：解：根据p=ui可得，两灯泡的额定电流分别为：i1=0.5a，i2=0.75a，由i=可得，两灯泡的电阻：r1=6，r2=8；（1）串联电路中各处的电流相等，若将两只灯泡串联时，电路中的最大电流i=0.5a，串联电路中总电阻等于各分电阻之和，允许加在电路两端的最大电压：u=i（r1+r2）=0.5a（6+8）=7v；（2）并联电路中各支路两端的电压相等，若将两只灯泡并联时，电路两端允许所加的最大电压u=3v，此时灯泡l1支路的电流i1=0.5a，通过l2支路的电流i2=0.375a，并联电路中干路电流等于各支路电流之和，干路允许通过的最大电流为：i=i1+i2=0.5a+0.375a=0.875a故答案为：7v；0.875a点评：本题考查了串联电路和并联电路的特点以及欧姆定律、电功率公式的应用，关键是知道串联时允许通过的最大电流为两灯泡额定电流中最小的一个，两只灯泡并联时电路两端的最大电压为两灯泡额定电压中最小的一个13（2014龙江县二模）电饭煲工作时有两种工作状态，：一是加热状态，二是保温状态，如图是电饭煲的工作电路图，其中r2是加热用的电阻，则当自动开关处于闭合状态时（填“断开或闭合），电饭煲处于加热状态；若电饭煲在保温状态时r2的电功率是加热状态时的电功率的，则r1：r2=1：1；小明为了测这只电饭煲的实际功率，关闭了家中其它的用电器，这时标有3000r/kwh的电能表面2min转了50转，则这只电饭煲的实际功率为500w考点：电功率的计算；欧姆定律的应用；电阻的串联专题：应用题；电路和欧姆定律；电能和电功率分析：（1）电源电压一定，由电功率公式p=可知，电路电阻越小，电功率越大，电路电阻越大，电功率越小，据此判断电饭锅处于加热状态时s的状态；（2）根据p=i2r表示出两种情况下r2的电功率，根据两种情况下r2的电功率关系得出等式即可求出两种情况下电路中的电流关系，根据串联电路的特点和欧姆定律表示出电源的电压，利用电源的电压不变得出等式即可求出两电阻的阻值之比；（3）该电能表上标有3000r/kwh，表示电能表转盘每转过3000转用电1kwh据此求出电能表转盘转过了50圈时消耗的电能，然后利用p=求出电饭煲的实际功率解答：解：（1）由电路图知，当开关s闭合时，只有电阻r2接入电路，此时电路电阻较小，由电功率公式p=知，此时电饭锅电功率较大，电饭锅处于加热状态；（2）p=i2r，且p2保温=p2加热，=（）2=，解得：=，电源的电压不变，=，解得：r1：r2=1：1；（3）3000r/kwh，表示电能表转盘每转过3000转用电1kwh，电能表转盘每转过1转表明用电器消耗电能kwh，电能表转盘转过了50圈消耗的电能：w=kwh，这只电饭煲的实际功率：p=0.5kw=500w故答案为：闭合；1：1；500w点评：本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，关键是电功率公式的灵活应用和电饭锅状态的判断，同时注意电能表参数含义的理解与掌握14某灯标有“pz220 100”字样，当它正常工作时电功率为100w，正常工作10小时消耗的电能为1kwh，若将他接在110v电路中使用，实际功率为25w考点：电功的计算；实际功率专题：电能和电功率分析：根据对灯泡铭牌含义的掌握分析答题，根据实际电压与额定电压间的关系，由电功率公式p=求出灯泡的实际功率解答：解：由灯泡铭牌可知，灯泡额定电压是220v，额定功率是100w；灯泡正常工作时的电功率为额定功率100w；灯泡正常工作t=10h，灯泡消耗的电能w=pt=0.1kw10h=1kwh；灯泡接在110v电路中，灯泡实际电压是额定电压的，由电功率公式p=可知，灯泡实际功率是其额定功率的，灯泡实际功率p实=p额=100w=25w；故答案为：100；1；25点评：本题考查了灯泡铭牌的含义、求灯泡消耗的电能、灯泡的实际功率，难度不大；知道灯泡铭牌的含义、熟练应用电功公式及电功率公式即可正确解题15如图所示是小强家电能表的面盘，其中，220v、5a 表示的物理意义是电能表适用的工作电压为220v、允许通过电能表的最大电流是5a2000r/kwh表示每消耗1kwh电能，转盘转过2000转，在电路中，允许同时工作的用电器的最大功率为1100w，如果在此电路中全部接“220v，60w”的白炽灯，最多能接18只，当这些灯泡都正常工作时，每天工作半小时共用去0.54kwh电能，一个月后电能表的示数为09865考点：电能表参数的理解与电能的求法；电功的计算；电功率的计算专题：电能和电功率分析：（1）根据电能表参数的理解进行解答，即电压值表示适用的工作电压、电流表示允许通过的最大电流；（2）根据p=ui求出允许同时工作的用电器的最大功率，然后除以60w即可求出最多可接灯泡的只数；根据w=uit=pt求出每天工作半小时灯泡消耗的电表，进一步求出一个月消耗的电能，最后加上电能表原来的示数即为一个月后电能表的示数解答：解：（1）电能表参数的含义：220v表示电能表适用的工作电压；5a表示：允许通过电能表的最大电流是5a；2000r/kwh表示每消耗1kwh电能，转盘转过2000转；（2）允许同时工作的用电器的最大功率：pmax=ui=220v5a=1100w，最多可接灯泡的只数：n=18.3只，即18只；当这些灯泡都正常工作时，每天工作半小时共消耗的电能：w=npt=1860103kw0.5h=0.54kwh的电能，一个月消耗的电能：w=w30=0.54kwh30=16.2kwh，一个月后电能表的示数为：970.3kwh+16.2kwh=986.5kwh，即09865故答案为：电能表适用的工作电压为220v、允许通过电能表的最大电流是5a；每消耗1kwh电能，转盘转过2000转；1100w；18；0.54kwh；09865点评：本题考查对电能表参数的理解和电功、电功率的计算，关键是要明白各参数的物理意义，要注意电能表的最后一位是小数16（2014安徽）某太阳能热水器装有100kg、初温为20的冷水，经过一天的太阳照射，水温升高到65，则这些水吸收的热量等于完全燃烧0.45m3天然气所放出的热量；假如用功率为2kw的电热水器产生同样多的热量，则通电的时间为9450s已知水的比热容为4.2103j/（kg）、天然气的热值为4.2107j/m3考点：电功与热量的综合计算专题：电和热综合题分析：（1）已知水的比热容、质量和温度变化，可利用q吸=cmt计算水吸收热量；然后利用q放=qv的变形公式求出天然气的体积；（2）根据q=w=pt的变形公式即可求出电热水器的通电时间解答：解：（1）水吸收的热量：q吸=cmt=4.2103 j/（）100kg（6520）=1.89107j；因为q吸=q放，所以由q放=qv可知，v=0.45m3；（2）由q吸=w=pt可知，t=9450s故答案为：0.45；9450点评：本题综合考查了水吸收热量的计算、燃料燃烧放出热量的计算以及电功计算公式的应用，因条件已给出，难度不大17（2014河北）小明购买了一只容积为1.2l的电热水壶他往壶中装满了温度为25的水，若使壶中的水加热至沸腾，需要吸收3.78105 j的热量；小明将电热水壶接到家庭电路中，通电7min烧开了这壶水，如果在这一过程中它的效率是90%，电热水壶的实际功率是1000w标准大气压下水=1.0103kg/m3、c水=4.2103j/（kg）考点：电功与热量的综合计算专题：电和热综合题分析：（1）根据m=v求出水的质量；根据q=cm（tt0）求出水吸收的热量；（2）根据w=pt的变形公式即可求出电热水壶的实际功率解答：解：（1）水的体积v=1.2l=1.2103m3，由=可得，水的质量：m=v=1103kg/m31.2103m3=1.2kg，将水烧开水吸收的热量：q=cm（tt0）=4.2103j/（kg）1.2kg（10025）=3.78105 j；（2）由w=pt可得，p=1000w故答案为：3.78105 ；1000w点评：此题主要考查的是学生对质量、热量、电功率计算公式的理解和掌握，注意变形公式的熟练运用三解答题（共2小题）18（2014红桥区三模）如表所示，是某家庭电热饮水机说明书的些数据，用时13min将1l的水在一个标准大气压下从20加热到沸腾（水=1.0103kg/m3，c水=4.2103j/（kg）热水箱容