江苏省淮安市清江中学高二物理上学期期末试卷（选修班含解析）.doc

2015-2016学年江苏省淮安市清江中学高二（上）期末物理试卷（选修班）一、本卷共23题，每题3分，共69分，在下列各题的四个选项中，只有一个选项是符合题目要求的1高速铁路的快速发展正改变着我们的生活，高速列车使我们的出行更加舒适、便捷下列情况中，可将高速列车视为质点的是（）a测量列车的长度b计算列车在两城市间运行的平均速度c分析列车形状对所受阻力的影响d研究列车车轮的转动2国际单位制中，力学的三个基本单位及其对应物理量均正确的是（）an（力）、m（长度）、s（时间）bkg（质量）、m（长度）、s（时间）ckg（质量）、n（力）、s（时间）dkg（质量）、m（长度）、n（力）3如图所示是研究平抛运动时，用频闪照相拍下的a、b两小球同时开始运动的照片，相邻两次闪光之间的时间间隔都相等a无初速释放，b水平抛出通过观察发现，尽管两个小球在水平方向上的运动不同，但是它们在竖直方向上总是处在同一高度该实验现象说明（）ab球水平方向的分运动是匀速直线运动bb球水平方向的分运动是匀加速直线运动cb球竖直方向的分运动是匀速直线运动db球竖直方向的分运动是自由落体运动4质量为2kg的小铁球从某一高度由静止释放，经3s到达地面，不计空气阻力，g取10m/s2则（）a2s末重力的瞬时功率为200wb2s末重力的瞬时功率为400wc2s内重力的平均功率为100wd2s内重力的平均功率为400w5在以加速度为a匀加速上升的电梯里，有一个质量为m的人，下述说法正确的是（）a人的重力为m（g+a）b人的重力为mgc人对电梯的压力为m（g+a）d人对电梯的压力为m（ga）6如图所示，水平地面上的物体a，在斜向上的拉力f的作用下，向右做匀速运动，则下列说法中正确的是（）a物体a可能只受到二个力的作用b物体a可能只受到三个力的作用c物体a一定受到了四个力的作用d物体a对水平地面的压力大小一定为fsin7一匹马拉一辆车，但没有拉动，下列说法正确的是（）a马拉车的力与车拉马的力是一对平衡力b马拉车的力与地面对车的摩擦力是一对作用力与反作用力c马拉车的力小于地面对车的摩擦力d马拉车的力与地面对车的摩擦力是一对平衡力8下面提供了对万有引力定律的四种理解，其中正确的是（）公式中g为引力常量，它由实验测得的，不是人为规定当r趋近于零时，万有引力趋于无穷大ml与m2受到的引力总是大小相等的，而与m1、m2是否相等无关ml与m2受到的引力是一对平衡力abcd9如图所示，小朋友在荡秋千在他从p点向右运动到q点的过程中，重力做功的情况是（）a先做负功，再做正功b先做正功，再做负功c一直做负功d一直做正功10如图所示，a、b、c、d是在地球大气层外的圆形轨道上匀速运行的四颗人造卫星其中a、c的轨道相交于p，b、d在同一个圆轨道上某时刻b卫星恰好处于c卫星的正上方下列说法中正确的是（）ab、d存在相撞危险ba、c的加速度大小相等，且大于b的加速度cb、c的角速度大小相等，且小于a的角速度da、c的线速度大小相等，且小于d的线速度11如图所示为用打点计时器验证机械能守恒定律的实验装置关于这一实验，下列说法中正确的是（）a打点计时器应接低压直流电源b应先接通电源打点，后释放纸带c需使用秒表测出重物下落的时间d测量物体下落高度时刻度尺必须竖直放置12关于力对物体做功，下列说法正确的是（）a恒力对物体做功与物体运动的路径无关，只与初末位置有关b合外力对物体不做功，物体必定做匀速直线运动c作用力与反作用力在相同时间内所做的功一定大小相等，一正一负d滑动摩擦力对物体一定做负功13如图所示，某同学将一枚飞镖从高于靶心的位置水平投向竖直悬挂的靶盘，结果飞镖打在靶心的正下方忽略飞镖运动过程中所受空气阻力，在其他条件不变的情况下，为使飞镖命中靶心，他在下次投掷时应该（）a换用质量稍大些的飞镖b适当增大投飞镖的高度c到稍远些的地方投飞镖d适当增大投飞镖的初速度14如图a、b是吊扇上的两个点，当吊扇匀速转动时，ab两点的线速度v和角速度的关系正确是（）ava=vb，a=bbvavb，a=bcvavb，abdvavb，ab15关于电磁感应，下述说法正确的是（）a穿过线圈的磁通量为0，感应电动势一定为0b穿过线圈的磁通量越大，感应电动势越大c穿过线圈的磁通量的变化越大，感应电动势越大d穿过线圈的磁通量变化越快，感应电动势一定越大16在某一电场中的a点放置一个带电量为q的正电荷，受到的电场力为f，该点的电场强度为e，若在该处放一个2q的负电荷，则受到的该电场的电场力为f，电场强度为e，下列说法不正确的是（）af=2fbe=ece=2edf和f的方向相反17通常当人走向银行门口时，门就会自动打开，是因为门上安装了下列那种传感器（）a温度传感器b压力传感器c红外线传感器d声音传感器18如图，竖直长直导线通以恒定电流i，闭合线圈abcd与直导线在同一平面内，导致圈内磁通量发生变化的线圈运动是（）a水平向右平移b竖直向下平移c竖直向上平移d以竖直长直导线为轴转动19下图中分别标明了通电直导线中电流i、匀强磁场的磁感应强度b和电流所受安培力f的方向，其中正确的是（）abcd20在同一地点，两个物体从同一高度同时自由下落，则（）a质量大的物体先落地b质量小的物体先落地c两个物体同时落地d无法判断21如图所示，乒乓球在桌面上上下振动，振动的幅度愈来愈小，关于乒乓球的机械能，下列说法中正确的是（）a机械能守恒b机械能减少c机械能增加d机械能有时增加，有时减少22物体在与其初速度始终共线的合外力作用下运动，取v0方向为正时，合外力f随时间t的变化情况如图所示，则在0t1这段时间内（）a物体的加速度先减小后增大，速度也是先减小后增大b物体的加速度先增大后减小，速度也是先增大后减小c物体的加速度先减小后增大，速度一直在增大d物体的加速度先减小后增大，速度一直在减小23某同学探究小球沿光滑斜面顶端下滑至底端的运动规律，现将两质量相同的小球同时从斜面的顶端释放，在甲、乙图的两种斜面中，通过一定的判断分析，你可以得到的正确结论是（）a甲图中小球在两个斜面上运动的时间相同b甲图中小球在两个斜面上运动的加速度相同c乙图中小球在两个斜面上运动的时间相同d乙图中小球到达底端时速度大小相同二、填空题：（本部分2小题，其中24小题4分，25小题6分，共10分）24如图所示，将u=sin314t（v）的正弦式交流电加载到输入端，电阻r=2，则电阻的发热功率为w，标有“7v，6w“的小灯泡（填“能”或“不能”）正常发光25一同学用如图1所示的装置做“探究加速度与力的关系”的实验：小车搁置在水平放置的长木板上，纸带连接车尾并穿过打点计时器，用来测定小车的加速度a，小桶通过细线对小车施拉力f在保持小车质量不变的情况下，改变对小车拉力f的大小，测得小车所受拉力f和加速度a的数据如表：f/n0.210.300.400.490.60a/（ms2）0.100.210.290.410.49（1）根据测得的数据，在图2中作出af图象（2）由图象可知，小车与长木板之间的最大静摩擦力大小为n（3）若要使作出的af图线过坐标原点，需要调整实验装置，可采取以下措施中的a增加小车的质量b减小小车的质量c适当垫高长木板的右端d适当增加小桶内砝码质量三、计算（本题共3小题，共21分解答中请写出必要的说明、方程式及重要演算步骤，）26因搬家要把一质量为300kg钢琴从阳台上降落到地面，用一绳吊着钢琴先以0.5m/s匀速降落，当钢琴底部距地面高h时，又以大小为1m/s2的加速度匀减速运动，钢琴落地时速度刚好为零（g取10m/s2）求：（1）钢琴匀减速运动时所受的合外力；（2）钢琴做匀减速运动的时间t；（3）匀减速运动的距离h27如图所示，一根轻质弹簧左端固定，右端用一个质量m=2kg且大小可忽略的小物块将弹簧压缩至a点小物块由静止释放，在o点脱离弹簧，继续沿桌面运动到b点后水平抛出水平桌面的高为h=5m，物块与桌面间的动摩擦因数为0.1，g取10m/s2求：（1）物块做平抛运动的时间；（2）物块从o点到b点做匀减速运动的加速度大小；（3）试分析物块在脱离弹簧前加速度的变化，并简要说明理由28如图1所示，质量为1kg的滑块（可视为质点）在离地面高h=2m的a点沿粗糙弧形轨道以初速度v0=4m/s开始下滑，到b点的速度为6m/s，通过粗糙水平轨道bc后，再沿着光滑的半圆轨道运动已知滑块与水平轨道bc间的动摩擦因数=0.10，且c、o、d三点在同一竖直线上，设水平轨道长bc=x，光滑半圆轨道的半径大小为0.4m，g=10m/s2（1）滑块从a到达b克服摩擦做的功；（2）若x=2m，则滑块刚过c点时对圆轨道的压力是多大？（3）在图2坐标系内画出滑块过d点对圆轨道的压力fd与水平轨道长x之间关系图象2015-2016学年江苏省淮安市清江中学高二（上）期末物理试卷（选修班）参考答案与试题解析一、本卷共23题，每题3分，共69分，在下列各题的四个选项中，只有一个选项是符合题目要求的1高速铁路的快速发展正改变着我们的生活，高速列车使我们的出行更加舒适、便捷下列情况中，可将高速列车视为质点的是（）a测量列车的长度b计算列车在两城市间运行的平均速度c分析列车形状对所受阻力的影响d研究列车车轮的转动【分析】当物体的形状、大小对所研究的问题没有影响时，我们就可以把它看成质点，根据把物体看成质点的条件来判断即可【解答】解：a、在测量列车的长度时，当然不能把列出看成质点，否则的话列车就没有长度了，所以a错误；b、计算列车在两城市间运行的平均速度时，列车的长度是可以忽略的，此时能看成质点，所以b正确；c、分析列车形状对所受阻力的影响时，列车不能看成质点，此时看的就是列车的形状如何，所以不能看成质点，所以c错误；d、研究列车车轮的转动情况时，列车不能看成质点，此时研究的是列车的一部分，看成质点的话就没有车轮的运动的情况了，所以d错误故选b2国际单位制中，力学的三个基本单位及其对应物理量均正确的是（）an（力）、m（长度）、s（时间）bkg（质量）、m（长度）、s（时间）ckg（质量）、n（力）、s（时间）dkg（质量）、m（长度）、n（力）【分析】国际单位制规定了七个基本物理量分别为长度、质量、时间、热力学温度、电流、光照强度、物质的量它们的在国际单位制中的单位称为基本单位，他们在国际单位制中的单位分别为米、千克、秒、开尔文、安培、坎德拉、摩尔【解答】解：n这个单位是根据牛顿第二定律f=ma推导得到的导出单位，不属于国际单位制中力学的基本单位，国际单位制中力学的基本物理量为长度、质量、时间，其对应的国际基本单位的是m、kg、s故acd错误，b正确故选：b3如图所示是研究平抛运动时，用频闪照相拍下的a、b两小球同时开始运动的照片，相邻两次闪光之间的时间间隔都相等a无初速释放，b水平抛出通过观察发现，尽管两个小球在水平方向上的运动不同，但是它们在竖直方向上总是处在同一高度该实验现象说明（）ab球水平方向的分运动是匀速直线运动bb球水平方向的分运动是匀加速直线运动cb球竖直方向的分运动是匀速直线运动db球竖直方向的分运动是自由落体运动【分析】抓住两个小球总是处在同一高度，即相同时间内下落的高度相同，得出竖直方向上的运动规律【解答】解：a、水平方向没有匀速直线运动的实验，因此无法确定水平方向的运动性质，故ab错误；c、因为小球同时运动，两球竖直方向上下落的高度始终相同，知两球竖直方向上的运动规律相同，可知平抛运动在竖直方向上的分运动是自由落体运动根据该实验无法得出水平方向上的运动规律故d正确，c错误故选：d4质量为2kg的小铁球从某一高度由静止释放，经3s到达地面，不计空气阻力，g取10m/s2则（）a2s末重力的瞬时功率为200wb2s末重力的瞬时功率为400wc2s内重力的平均功率为100wd2s内重力的平均功率为400w【分析】根据速度时间公式求出2s末速度，再根据p=fv求2s末瞬时功率2s内重力的平均功率等于重力做的功除以时间【解答】解：物体只受重力，做自由落体运动，2s末速度为v1=gt1=20m/s下落2.0s末重力做功的瞬时功率p=gv=20n20m/s=400w，故a错误b正确；2s内的位移为=20m所以前2s内重力的功率为=200w故c、d错误故选b5在以加速度为a匀加速上升的电梯里，有一个质量为m的人，下述说法正确的是（）a人的重力为m（g+a）b人的重力为mgc人对电梯的压力为m（g+a）d人对电梯的压力为m（ga）【分析】当物体对接触面的压力大于物体的真实重力时，就说物体处于超重状态，此时有向上的加速度；当物体对接触面的压力小于物体的真实重力时，就说物体处于失重状态，此时有向下的加速度【解答】解：a、此人受到的重力不变，仍为mg，a错误，b正确；c、根据牛顿第二定律，fmg=ma，所以：f=mg+ma根据牛顿第三定律，此人对电梯的压力为m（g+a）故c正确，d错误；故选：bc6如图所示，水平地面上的物体a，在斜向上的拉力f的作用下，向右做匀速运动，则下列说法中正确的是（）a物体a可能只受到二个力的作用b物体a可能只受到三个力的作用c物体a一定受到了四个力的作用d物体a对水平地面的压力大小一定为fsin【分析】受力分析时注意弹力和摩擦力一定在物体与其它物体的接触面上进行分析，注意弹力、摩擦力产生的条件，在本题中将拉力按照作用效果正交分解后，结合运动情况和摩擦力和弹力的产生条件对木块受力分析，得出结论【解答】解：a、b、物体一定受重力，拉力f产生两个作用效果，水平向右拉木块，竖直向上拉木块，由于木块匀速直线运动，受力平衡，水平方向必有摩擦力与拉力的水平分量平衡，即一定有摩擦力，结合摩擦力的产生条件可知则必有支持力，因而物体一定受到四个力，故ab错误，c正确；d、根据物体处于平衡状态可知，水平方向有：f=fcos，竖直方向有：fn=mgfsin，故d错误故选c7一匹马拉一辆车，但没有拉动，下列说法正确的是（）a马拉车的力与车拉马的力是一对平衡力b马拉车的力与地面对车的摩擦力是一对作用力与反作用力c马拉车的力小于地面对车的摩擦力d马拉车的力与地面对车的摩擦力是一对平衡力【分析】马拉车，没有拉动，说明马处于静止状态车受到重力mg、地面的支持力fn、马拉车的力f和地面给车的摩擦力ff四个力作用处于平衡状态【解答】解：a、马拉车的力作用在车上，车拉马的力作用在马上，这两个力是一对作用力与反作用力，故a错误b、车在水平方向受到的马对车的拉力与地面对车的摩擦力是一对平衡力，故b错误c、车静止在地面上，车水平方向合力为零，故马拉车的力等于地面对车的摩擦力，故c错误d、马拉车，没有拉动，马处于静止状态，马拉车的力与地面对车的摩擦力是一对平衡力，故d正确故选d8下面提供了对万有引力定律的四种理解，其中正确的是（）公式中g为引力常量，它由实验测得的，不是人为规定当r趋近于零时，万有引力趋于无穷大ml与m2受到的引力总是大小相等的，而与m1、m2是否相等无关ml与m2受到的引力是一对平衡力abcd【分析】引力常量g是客观存在的，不是人为规定的，由卡文迪许测出万有引力适用于天体的大小相对其距离可以忽略不计时，当距离趋近零时此公式不在适用万有引力作用是天体间的相互吸引，一定是等大反向【解答】解：引力常量g是客观存在的，不是人为规定的，由卡文迪许测出，故正确；万有引力是一种远程相互作用，在微观的距离上是不适用，故错误；万有引力作用是天体间的相互吸引，一定是等大反向，m1和m2之间的引力大小总是相等，与m1和m2是否相等无关，故正确；万有引力作用是天体间的相互吸引，一定是等大反向，是作用力与反作用力的关系，不是平衡力，故错误；故选：d9如图所示，小朋友在荡秋千在他从p点向右运动到q点的过程中，重力做功的情况是（）a先做负功，再做正功b先做正功，再做负功c一直做负功d一直做正功【分析】重力做功与运动路径无关，取决于物体的高度差，物体升高重力做负功，物体高度降低，重力做正功【解答】解：小朋友从p点向右运动到q点的过程中，高度先降低再升高，重力先做正功后做负功，故b正确，acd错误；故选：b10如图所示，a、b、c、d是在地球大气层外的圆形轨道上匀速运行的四颗人造卫星其中a、c的轨道相交于p，b、d在同一个圆轨道上某时刻b卫星恰好处于c卫星的正上方下列说法中正确的是（）ab、d存在相撞危险ba、c的加速度大小相等，且大于b的加速度cb、c的角速度大小相等，且小于a的角速度da、c的线速度大小相等，且小于d的线速度【分析】根据人造卫星的万有引力等于向心力，列式求出线速度、角速度、周期和向心力的表达式进行讨论即可【解答】解：a、人造卫星绕地球做匀速圆周运动，根据万有引力提供向心力，设卫星的质量为m、轨道半径为r、地球质量为m，有f=f向f=gf向=m=m2r=m（）2r因而g=m=m2r=m（）2r=ma解得v= = a= b、d两颗卫星的轨道半径相同，根据式，它们的线速度相等，故永远不会相撞，故a错误；b、a、c两颗卫星的轨道半径相同，且小于b卫星的轨道半径，根据式，a、c的加速度大小相等，且大于b的加速度，故b正确；c、b、c两颗卫星的轨道半径不相同，根据式，其角速度不等，故c错误；d、a、c两颗卫星的轨道半径相同，且小于d卫星的轨道半径，根据式，a、c的线速度大小相等，且大于d的线速度，故d错误；故选：b11如图所示为用打点计时器验证机械能守恒定律的实验装置关于这一实验，下列说法中正确的是（）a打点计时器应接低压直流电源b应先接通电源打点，后释放纸带c需使用秒表测出重物下落的时间d测量物体下落高度时刻度尺必须竖直放置【分析】正确解答本题需要掌握：理解该实验的实验原理，需要测量的数据等；明确打点计时器的使用；理解实验中的注意事项以及如何进行数据处理；对于任何实验注意从实验原理、实验仪器、实验步骤、实验数据处理、实验注意事项这几点去搞清楚【解答】解：a、打点计时器应接交流电源，故a错误；b、开始记录时，应先给打点计时器通电打点，然后再释放重锤，让它带着纸带一同落下，如果先放开纸带让重物下落，再接通打点计时时器的电源，由于重物运动较快，不利于数据的采集和处理，会对实验产生较大的误差，故b正确；c、我们可以通过打点计时器计算时间，不需要秒表，故c错误；d、测量物体下落的高度可以通过纸带测量，不需将刻度尺竖直放置故d错误故选：b12关于力对物体做功，下列说法正确的是（）a恒力对物体做功与物体运动的路径无关，只与初末位置有关b合外力对物体不做功，物体必定做匀速直线运动c作用力与反作用力在相同时间内所做的功一定大小相等，一正一负d滑动摩擦力对物体一定做负功【分析】恒力做功与路径无关，只与初末位置有关根据力与运动方向的关系判断该力是做正功还是负功【解答】解：a、恒力做功与路径无关，只与初末位置有关比如重力做功故a正确 b、合外力不做功，不一定做匀速直线运动，比如匀速圆周运动故b错误 c、作用力与反作用力大小相等，方向相反，但所做的功不一定一正一负，也不一定大小相等比如两人滑冰，相互推开，在推开的过程中，作用力与反作用力都做正功故c错误 d、滑动摩擦力的方向可能与运动方向相同，所以滑动摩擦力可能做正功比如物块放在木板上，都向右运动，但木板的速度大于木块的速度，则木块所受摩擦力方向向右，与运动方向相同，做正功故d错误故选a13如图所示，某同学将一枚飞镖从高于靶心的位置水平投向竖直悬挂的靶盘，结果飞镖打在靶心的正下方忽略飞镖运动过程中所受空气阻力，在其他条件不变的情况下，为使飞镖命中靶心，他在下次投掷时应该（）a换用质量稍大些的飞镖b适当增大投飞镖的高度c到稍远些的地方投飞镖d适当增大投飞镖的初速度【分析】飞镖做的是平抛运动，根据平抛运动的规律，水平方向上的匀速直线运动，和竖直方向上的自由落体运动，列方程求解即可【解答】解：飞镖做的是平抛运动，飞镖打在靶心的正下方说明飞镖竖直方向的位移太大，根据平抛运动的规律可得，水平方向上：x=v0t 竖直方向上：h=所以要想减小飞镖竖直方向的位移，在水平位移不变的情况下，可以适当增大投飞镖的初速度来减小飞镖的运动时间，所以d正确，初速度不变时，时间不变，适当增大投飞镖的高度，可以飞镖命中靶心，故b正确；故选bd14如图a、b是吊扇上的两个点，当吊扇匀速转动时，ab两点的线速度v和角速度的关系正确是（）ava=vb，a=bbvavb，a=bcvavb，abdvavb，ab【分析】；同轴转动，角速度相同，线速度根据v=r求解【解答】解：a、ab同轴转动，故角速度相同即a=b，线速度为v=r，半径越大，线速度越大，故vavb故选：b15关于电磁感应，下述说法正确的是（）a穿过线圈的磁通量为0，感应电动势一定为0b穿过线圈的磁通量越大，感应电动势越大c穿过线圈的磁通量的变化越大，感应电动势越大d穿过线圈的磁通量变化越快，感应电动势一定越大【分析】由法拉第电磁感应定律可知，感应电动势与磁通量的变化率成正比，与线圈的匝数成正比，从而即可求解【解答】解：a、穿过线圈的磁通量为零，可能磁通量变化率最大，则感应电动势也会最大故a错误；b、穿过线圈的磁通量越大，而磁通量变化率不一定越大，则感应电动势也无法确定，故b错误；c、穿过线圈的磁通量的变化越大，而磁通量变化率不一定越大，则感应电动势也无法确定故c错误；d、通过线圈的磁通量变化越快，感应电动势也越大，故d正确故选：d16在某一电场中的a点放置一个带电量为q的正电荷，受到的电场力为f，该点的电场强度为e，若在该处放一个2q的负电荷，则受到的该电场的电场力为f，电场强度为e，下列说法不正确的是（）af=2fbe=ece=2edf和f的方向相反【分析】电场强度的方向与正电荷所受电场力的方向相同，与负电荷所受电场力的方向相反电场强度反映电场本身的性质，与试探电荷无关根据电场强度的特点分析【解答】解：abc、电场强度反映电场的强弱和方向，由电场本身决定，与试探电荷无关，所以若在该处放一个2q的负电荷，应有e=e根据f=qe知，在同一点，电场力与电荷量成正比，则有f=2f故ab正确，c不正确d、根据正电荷所受电场力的方向与电场强度的方向相同，负电荷所受电场力的方向与电场强度方向相反，则知f和f的方向相反故d正确本题选错不正确的，故选：c17通常当人走向银行门口时，门就会自动打开，是因为门上安装了下列那种传感器（）a温度传感器b压力传感器c红外线传感器d声音传感器【分析】一般人体都有恒定的体温，一般在37度，所以会发出特定波长10um左右的红外线，被动式红外探头就是靠探测人体发射的10um左右的红外线而进行工作的【解答】解：人走向门口时，门会自动打开，是因为安装了红外线传感器从而能感知红外线，导致门被打开故选：c18如图，竖直长直导线通以恒定电流i，闭合线圈abcd与直导线在同一平面内，导致圈内磁通量发生变化的线圈运动是（）a水平向右平移b竖直向下平移c竖直向上平移d以竖直长直导线为轴转动【分析】该题要从常见的磁场的特点的角度进行分析：通电直导线的磁场为以导线为中心的环形磁场，离开导线越远，磁感应强度越小，因此，闭合线圈abcd离开通电直导线时，磁通量变小，闭合线圈abcd靠近通电直导线时，磁通量变大，其他的情况下，磁通量不变【解答】解：通电直导线的磁场为以导线为中心的环形磁场，离开导线越远，磁感应强度越小，因此，闭合线圈abcd离开通电直导线，水平向右移动时，磁通量变小，故a正确；闭合线圈abcd竖直向上或竖直向下移动时，对应的磁场强度不变，故磁通量不变，bc均错误；闭合线圈abcd以竖直长直导线为轴转动时，恰好顺着磁感应强度的方向转动，磁通量保持不变，d错误故选：a19下图中分别标明了通电直导线中电流i、匀强磁场的磁感应强度b和电流所受安培力f的方向，其中正确的是（）abcd【分析】左手定则的内容：伸开左手，使大拇指与其余四个手指垂直，并且都与手掌在同一个平面内；让磁感线从掌心进入，并使四指指向电流的方向，这时拇指所指的方向就是通电导线在磁场中所受安培力的方向根据左手定则的内容判断安培力的方向【解答】解：a、磁场方向垂直纸面向里，电流方向水平向右，根据左手定则，安培力的方向竖直向上故a正确；b、磁场方向垂直纸面向外，电流方向垂直纸面向里，电流方向与磁场方向平行，不受安培力故b错误；c、磁场方向水平向左，电流方向垂直纸面向外，根据左手定则，安培力的方向竖直向下故c错误；d、磁场方向竖直向上，电流方向水平向右，根据左手定则，安培力的方向垂直纸面向外故d错误故选：a20在同一地点，两个物体从同一高度同时自由下落，则（）a质量大的物体先落地b质量小的物体先落地c两个物体同时落地d无法判断【分析】物体做自由落体运动时，加速度的大小恒定，与物体的质量无关【解答】解：两物体都做自由落体运动，加速度是重力加速度，与物体的质量的大小无关，所以两物体的运动情况完全相同，所以c正确，abd错误故选：c21如图所示，乒乓球在桌面上上下振动，振动的幅度愈来愈小，关于乒乓球的机械能，下列说法中正确的是（）a机械能守恒b机械能减少c机械能增加d机械能有时增加，有时减少【分析】物体机械能守恒的条件是只有重力或者是弹力做功，由于乒乓球上下振动的幅度愈来愈小，说明乒乓球要受到阻力的作用，机械能在减小【解答】解：由于乒乓球上下振动的幅度愈来愈小，说明乒乓球要受到阻力的作用，阻力一直做负功，乒乓球的机械能不守恒，机械能一直在减小故acd错误，b正确故选：b22物体在与其初速度始终共线的合外力作用下运动，取v0方向为正时，合外力f随时间t的变化情况如图所示，则在0t1这段时间内（）a物体的加速度先减小后增大，速度也是先减小后增大b物体的加速度先增大后减小，速度也是先增大后减小c物体的加速度先减小后增大，速度一直在增大d物体的加速度先减小后增大，速度一直在减小【分析】根据牛顿第二定律，已知合力判断加速度根据速度方向与加速度方向判断速度大小变化【解答】解：由图可知，物体所受合外力f随时间t的变化是先减小后增大，根据牛顿第二定律得：物体的加速度先减小后增大，由于取 vo 方向为正时，合外力f 与正方向相同，所以物体加速度方向与速度方向一直相同，所以速度一直在增大故选：c23某同学探究小球沿光滑斜面顶端下滑至底端的运动规律，现将两质量相同的小球同时从斜面的顶端释放，在甲、乙图的两种斜面中，通过一定的判断分析，你可以得到的正确结论是（）a甲图中小球在两个斜面上运动的时间相同b甲图中小球在两个斜面上运动的加速度相同c乙图中小球在两个斜面上运动的时间相同d乙图中小球到达底端时速度大小相同【分析】对小球进行受力分析，根据牛顿第二定律求出加速度，再根据匀加速直线运动位移时间公式求出时间根据动能关系可分析落地时的动能大小关系【解答】解：（1）在甲图中：对小球进行受力分析，受到重力和支持力，合力提供加速度，根据牛顿第二定律可知：运动的加速度为a=gsin设高度为h，则斜面的长度为根据匀加速直线运动，位移时间公式可知： =at2t=甲图中两个斜面倾角不等，故小球在两个斜面上运动的时间和加速度都不相同，故ab错误；（2）在乙图中：对小球进行受力分析，受到重力和支持力，合力提供加速度，根据牛顿第二定律可知：运动的加速度为a=gcos两个斜面倾角不等，所以加速度不相同，故d错误；设底边长为h，则斜面的长度为根据匀加速直线运动，位移时间公式可知： =at2t=当分别为30和60时，sincos相等，故时间相等，c正确d、根据机械能守恒定律可知，两小球下落的高度不相同，故落地时的速度大小不相同；故d错误；故选：c二、填空题：（本部分2小题，其中24小题4分，25小题6分，共10分）24如图所示，将u=sin314t（v）的正弦式交流电加载到输入端，电阻r=2，则电阻的发热功率为12.5w，标有“7v，6w“的小灯泡不能（填“能”或“不能”）正常发光【分析】根据u=umsint可得出交流电压的峰值，根据u=求解有效期，考虑电阻的热效应用电压的有效值【解答】解：u=sin314t（v）的正弦式交流电加载到输入端，电压的最大值为5v，故电压的有效值为5v；电阻的发热功率为：p=标有“7v，6w“的小灯泡，7v为有效值，大于5v，故小灯泡不能够正常发光；故答案为：12.5，不能25一同学用如图1所示的装置做“探究加速度与力的关系”的实验：小车搁置在水平放置的长木板上，纸带连接车尾并穿过打点计时器，用来测定小车的加速度a，小桶通过细线对小车施拉力f在保持小车质量不变的情况下，改变对小车拉力f的大小，测得小车所受拉力f和加速度a的数据如表：f/n0.210.300.400.490.60a/（ms2）0.100.210.290.410.49（1）根据测得的数据，在图2中作出af图象（2）由图象可知，小车与长木板之间的最大静摩擦力大小为0.1n（3）若要使作出的af图线过坐标原点，需要调整实验装置，可采取以下措施中的ca增加小车的质量b减小小车的质量c适当垫高长木板的右端d适当增加小桶内砝码质量【分析】当拉力大于等于最大静摩擦时，物体开始运动；af图线过坐标原点即绳子的拉力就等于小车所受的合外力，故需要平衡摩擦力，其方法是适当垫高长木板的右端【解答】解：（1）在af图象中根据所给的数据描点用一条直线连接这些点（连接时要让尽可能多得点落在直线上，让其它的点尽可能分布在直线的两侧） （2）当拉力大于等于最大静摩擦时，物体开始运动，由上问所得af图象可知当拉力等于0.10n时物体开始运动，故最大静摩擦力为0.1n（3）若要使作出的af图线过坐标原点即绳子的拉力就等于小车所受的合外力，故需要平衡摩擦力，其方法是适当垫高长木板的右端故c正确故选c故本题的答案为：（1）如图所示（2）0.10 （0.080.12）（3）c三、计算（本题共3小题，共21分解答中请写出必要的说明、方程式及重要演算步骤，）26因搬家要把一质量为300kg钢琴从阳台上降落到地面，用一绳吊着钢琴先以0.5m/s匀速降落，当钢琴底部距地面高h时，又以大小为1m/s2的加速度匀减速运动，钢琴落地时速度刚好为零（g取10m/s2）求：（1）钢琴匀减速运动时所受的合外力；（2）钢琴做匀减速运动的时间t；（3）匀减速运动的距离h【分析】（1）匀减速下降时，钢琴的合力提供物体减速运动，由牛顿第二定律即可求得合力（2）根据匀变速直线运动的速度时间公式求出匀减速直线运动的时间（3）采取逆向思维，根据匀变速直线运动的位移时间公式求出匀减速直线运动的位移【解答】解：（1）由牛顿第二定律得：f合=ma代入数据：f合=3001=300n（2）由运动学公式可得：vt=v0+at即：0=0.51t解得：t=0.5s（3）代入数据：答：（1）钢琴匀减速运动时所受的合外力为300n；（