江苏省仪征市高三物理10月月考试题（含解析）新人教版(1).doc

江苏省扬州市仪征市2015届高三月考物理试卷（10月份）一、单项选择题：本题共5小题，每小题3分，共15分每小题只有一个选项符合题意选对的得3分，错选或不答的得0分1（3分）在物理学的重大发现中科学家们创造出了许多物理学方法，如理想实验法、控制变量法、极限思想法、类比法和科学假说法、建立物理模型法等等以下关于所用物理学研究方法的叙述不正确的是（）a在不需要考虑物体本身的大小和形状时，用质点来代替物体的方法叫假设法b根据速度定义式v=，当t非常非常小时，就可以表示物体在t时刻的瞬时速度，该定义应用了极限思想法c引入重心合力与分力的概念时运用了等效替代法d在推导匀变速运动位移公式时，把整个运动过程划分成很多小段，每一小段近似看作匀速直线运动，然后把各小段的位移相加，这里采用了微元法考点：物理学史专题：常规题型分析：在研究多个量之间的关系时，常常要控制某些物理量不变，即控制变量法；当时间非常小时，我们认为此时的平均速度可看作某一时刻的速度即称之为瞬时速度，采用的是极限思维法；质点是实际物体在一定条件下的科学抽象，是采用了建立理想化的物理模型的方法；在研究曲线运动或者加速运动时，常常采用微元法，将曲线运动变成直线运动，或将变化的速度变成不变的速度解答：解：a、质点采用的科学方法为建立理想化的物理模型的方法，故a错误；b、根据速度定义式v=，当t非常非常小时，就可以表示物体在t时刻的瞬时速度，该定义应用了极限思想法，故b正确；c、引入重心合力与分力的概念时运用了等效替代法，故c正确；d、在推导匀变速运动位移公式时，把整个运动过程划分成很多小段，每一小段近似看作匀速直线运动，然后把各小段的位移相加，这里采用了微元法，故d正确；本题选不正确的，故选：a点评：在高中物理学习中，我们会遇到多种不同的物理分析方法，这些方法对我们理解物理有很大的帮助；故在理解概念和规律的基础上，更要注意科学方法的积累与学习2（3分）如图所示，用两根等长轻绳将木板悬挂在竖直木桩上等高的两点，制成一简易秋千某次维修时将两竖直木桩移近些，但仍保持两轻绳长度不变且悬挂点不变木板静止时，f1表示木板所受合力的大小，f2表示单根轻绳对木板拉力的大小，则维修后（）a f1不变，f2变大bf1不变，f2变小cf1变大，f2变大df1变小，f2变小考点：共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用专题：共点力作用下物体平衡专题分析：木板静止时，受重力和两个拉力而平衡，根据共点力平衡条件并结合正交分解法列式分析即可解答：解：木板静止时，受重力和两个拉力而平衡，故三个力的合力为零，即：f1=0；根据共点力平衡条件，有：2f2cos=mg解得：f2=当细线变短时，细线与竖直方向的夹角增加，故cos减小，拉力f2变大故选：a点评：本题是简单的三力平衡问题，关键是受力分析后运用图示法分析，不难3（3分）如图所示，在火星与木星轨道之间有一小行星带假设该带中的小行星只受到太阳的引力，并绕太阳做匀速圆周运动下列说法正确的是（）a太阳对小行星的引力相同b各小行星绕太阳运动的周期小于一年c小行星带内侧小行星的向心加速度值大于小行星带外侧小行星的向心加速度值d小行星带内各小行星圆周运动的线速度值大于地球公转的线速度值考点：万有引力定律及其应用；向心力专题：万有引力定律的应用专题分析：小行星绕太阳做匀速圆周运动，万有引力提供向心力，根据半径关系分析选项即可解答：解：小行星绕太阳做匀速圆周运动，万有引力提供圆周运动向心力知：a、太阳对小行星的引力f=，由于各小行星轨道半径质量均未知，故不能得出太阳对小行星的引力相同的结论，故a错误；b、由周期t=知，由于小行星轨道半径大于地球公转半径，故小行星的周期均大于地球公转周期，即大于一年，故b错误；c、小行星的加速度a=知，小行星内侧轨道半径小于外侧轨道半径，故内侧向心加速度大于外侧的向心加速度，故c正确；d、线速度知，小行星的轨道半径大于地球半径，故小行星的公转速度小于地球公转的线速度，故d错误故选：c点评：本题抓住万有引力提供圆周运动向心力，根据题意给出的半径关系展开分析掌握万有引力和向心力的表达式是解决本题的关键4（3分）用一根细线一端系一小球（可视为质点），另一端固定在一光滑锥顶上，如图所示，设小球在水平面内做匀速圆周运动的角速度为，细线的张力为ft，则ft随2变化的图象是下图中的（）abcd考点：向心力；线速度、角速度和周期、转速专题：匀速圆周运动专题分析：分析小球的受力，判断小球随圆锥作圆周运动时的向心力的大小，进而分析t随2变化的关系，但是要注意的是，当角速度超过某一个值的时候，小球会飘起来，离开圆锥，从而它的受力也会发生变化，t与2的关系也就变了解答：解：设绳长为l，锥面与竖直方向夹角为，当=0时，小球静止，受重力mg、支持力n和绳的拉力ft而平衡，ft=mgcos0，所以a项、b项都不正确；增大时，ft增大，n减小，当n=0时，角速度为0当0时，由牛顿第二定律得，ftsinncos=m2lsin，ftcos+nsin=mg，解得ft=m2lsin2+mgcos；当0时，小球离开锥子，绳与竖直方向夹角变大，设为，由牛顿第二定律得ftsin=m2lsin，所以ft=ml2，此时图象的反向延长线经过原点可知ft2图线的斜率变大，所以c项正确，d错误故选：c点评：本题很好的考查了学生对物体运动过程的分析，在转的慢和快的时候，物体的受力会变化，物理量之间的关系也就会变化5（3分）质量为m的滑块沿倾角为的固定光滑斜面下滑时（如图所示），滑块对斜面的压力大小为f1；另一同样的滑块放在另一个同样光滑的斜面上，在外力f推动下，滑块与斜面恰好保持相对静止共同向右加速运动，这时滑块对斜面的压力大小为f2则f1：f2等于（）acos2：1bcos：1csin2：1dsin2：cos2考点：牛顿第二定律专题：牛顿运动定律综合专题分析：分别对两滑块受力分析，运用牛顿第二定律进行求解，滑块与斜面一起匀加速直线运动时，加速度相同，所受的合力方向水平向右解答：解：斜面固定时，滑块加速下滑，在垂直斜面方向上合力为零，则f1=mgcos斜面体和滑块一起匀加速运动时，滑块的合力水平向右，受力如图，根据平行四边形定则得，所以故a正确，b、c、d错误故选：a点评：当物体一起做匀加速直线运动时，加速度相同，结合牛顿第二定律进行求解二、多项选择题：本题共4小题，每小题4分，共16分每小题有多个选项符合题意全部选对的得4分，选对但不全的得2分，错选或不答的得0分6（4分）（2011上海模拟）如图所示的直角三角板紧贴在固定的刻度尺上方，现假使三角板沿刻度尺水平向右匀速运动的同时，一支钢笔从三角板直角边的最下端，由静止开始沿此边向上做匀加速直线运动，下列关于铅笔尖的运动及其留下的痕迹的判断中正确的有（）a笔尖留下的痕迹是一条抛物线b笔尖留下的痕迹是一条倾斜的直线c在运动过程中，笔尖运动的速度方向始终保持不变d在运动过程中，笔尖运动的加速度方向始终保持不变考点：运动的合成和分解专题：运动的合成和分解专题分析：铅笔尖参与两个运动：既随三角板向右的匀速运动，又沿三角板直角边向上做匀加速运动，与平抛运动类似，得出轨迹形状曲线运动中物体速度的方向是该点轨迹的切线方向根据运动的合成确定加速度的方向解答：解：a、b由题可知，铅笔尖既随三角板向右的匀速运动，又沿三角板直角边向上做匀加速运动，其运动轨迹是向上弯曲的抛物线故a正确，b错误 c、在运动过程中，笔尖运动的速度方向是轨迹的切线方向，时刻在变化故c错误 d、笔尖水平方向的加速度为零，竖直方向加速度的方向竖直向上，则根据运动的合成规律可知，笔尖运动的加速度方向始终竖直向上，保持不变故d正确故选ad点评：本题中采用类比的方法得到笔尖的运动情况，也可以采用数学参数方程的方法定量分析笔尖的运动情况7（4分）如图，x轴在水平地面内，y轴沿竖直方向图中画出了从y轴上沿x轴正向抛出的三个小球a、b和c的运动轨迹，其中b和c是从同一点抛出的，不计空气阻力，则（）aa的飞行时间比b的长bb和c的飞行时间相同ca的水平速度比b的小db的初速度比c的大考点：平抛运动专题：平抛运动专题分析：研究平抛运动的方法是把平抛运动分解到水平方向和竖直方向去研究，水平方向做匀速直线运动，竖直方向做自由落体运动，两个方向上运动的时间相同解答：解：由图象可以看出，bc两个小球的抛出高度相同，a的抛出高度最小，根据t=可知，a的运动时间最短，bc运动时间相等，故a错误，b正确；c、由图象可以看出，abc三个小球的水平位移关系为a最大，c最小，根据x=v0t可知，v0=，所以a的初速度最大，c的初速度最小，故c错误，d正确；故选bd点评：本题就是对平抛运动规律的直接考查，掌握住平抛运动的规律就能轻松解决8（4分）（2013虹口区三模）如图所示，汽车以10m/s的速度匀速驶向路口，当行驶至距路口停车线20m处时，绿灯还有3s熄灭，而该汽车在绿灯熄灭时刚好停在停车线处，则汽车运动的速度（v）时间（t）图象可能是（）abcd考点：匀变速直线运动的图像专题：运动学中的图像专题分析：由题，该汽车在绿灯熄灭时刚好停在停车线处，在3s通过的位移正好是20m，根据“面积”确定位移是20m的速度图象才符合题意解答：解：a、在3s内位移为x=103=15m，该汽车还没有到达停车线处，不符合题意故a错误b、由图可知sb15m，可能为20m，所以汽车可能不超过停车线，故b正确；c、在3s内位移等于x=10=20m，则c可能是该汽车运动的vt图象故c正确d、在3s内位移等于x=10=17.5m，该汽车还没有到达停车线处，不符合题意故d错误故选：bc点评：本题是实际问题，首先要读懂题意，其次抓住速度图象的“面积”等于位移进行选择9（4分）（2005徐汇区模拟）如图，在光滑水平面上，放着两块长度相同，质量分别为m1和m2的木板，在两木板的左端各放一个大小、形状、质量完全相同的物块开始时，各物均静止，今在两物体上各作用一水平恒力f1、f2，当物块和木板分离时，两木板的速度分别为v1和v2，物体和木板间的动摩擦因数相同，下列说法正确的是（）a若f1=f2，m1m2，则v1v2b若f1=f2，m1m2，则v1v2c若f1f2，m1=m2，则v1v2d若f1f2，m1=m2，则v1v2考点：牛顿第二定律；匀变速直线运动的位移与时间的关系；滑动摩擦力专题：传送带专题分析：本题中涉及到两个物体，所以就要考虑用整体法还是隔离法，但题中研究的是两物体的相对滑动，所以应该用隔离法板和物体都做匀变速运动，牛顿定律加运动学公式和动能定理都能用，但题中“当物体与板分离时”隐含着在相等时间内物体的位移比板的位移多一个板长，也就是隐含着时间因素，所以不方便用动能定理解了，就要用牛顿定律加运动公式解解答：解：a、b：首先看f1=f2 时情况：由题很容易得到两物块所受的摩擦力大小是相等的，因此两物块的加速度相同，我们设两物块的加速度大小为a，对于m1、m2，滑动摩擦力即为它们的合力，设m1的加速度大小为a1，m2的加速度大小为a2，根据牛顿第二定律得：因为a1=，a2=，其中m为物块的质量设板的长度为l，它们向右都做匀加速直线运动，当物块与木板分离时：物块与m1的相对位移l=at12a1t12物块与m2的相对位移l=at22a2t22若m1m2，a1a2所以得：t1t2m1的速度为v1=a1t1，m2的速度为v2=a2t2则v1v2，故a错误若m1m2，a1a2所以得：t1t2m1的速度为v1=a1t1，m2的速度为v2=a2t2则v1v2，故b正确c、d：若f1f2、m1=m2，根据受力分析和牛顿第二定律的：则m1上的物块的加速度大于m2上的物块的加速度，即aaab由于m1=m2，所以m1、m2加速度相同，设m1、m2加速度为a它们向右都做匀加速直线运动，当物块与木板分离时：物块与m1的相对位移l=aat12at12物块与m2的相对位移l=abt22at22由于aaab所以得：t1t2则v1v2，故c错误若f1f2、m1=m2，aaab则v1v2，故d正确故选bd点评：要去比较一个物理量两种情况下的大小关系，我们应该通过物理规律先把这个物理量表示出来同时要把受力分析和牛顿第二定律结合应用三、简答题：本题分必做题（第10、11题）和选做题两部分，共计42分请将解答填写在答题卡相应的位置(一）必做题10（8分）（2012烟台一模）某同学做“验证力的平行四边形定则”实验的情况如图甲所示，其中a为固定橡皮筋的图钉，o为橡皮筋与细绳的结点，ob和oc为细绳图乙是在白纸上根据实验结果画出的图（1）实验中用弹簧测力计测量力的大小时，下列使用方法中正确的是bcda拿起弹簧测力计就进行测量读数b拉橡皮筋的拉力大小不能超过弹簧测力计的量程c测量前检查弹簧指针是否指在零刻线，用标准砝码检查示数正确后，再进行测量读数d应尽量避免弹簧、指针、拉杆与刻度板间的摩擦（2）关于此实验的下列说法中正确的是aa同一次实验中，o点位置不允许变动b实验中，只需记录弹簧测力计的读数和o点的位置c实验中，把橡皮条的另一端拉到o点时，两个弹簧测力计之间的夹角必须取90d实验中，要始终将其中一个弹簧测力计沿某一方向拉到最大量程，然后调节另一弹簧测力计拉力的大小和方向，把橡皮条另一端拉到o点（3）图乙中的f与f两力中，方向一定沿ao方向的是f（4）本实验采用的科学方法是ba理想实验法 b等效替代法 c逆向思维法 d建立物理模型法考点：验证力的平行四边形定则专题：实验题分析：正确使用弹簧测力计，要做到：首先看清弹簧测力计的量程，也就是弹簧测力计上的最大刻度即弹簧测力计的测量范围加在弹簧测力计上的力，不能超出这个范围测量时，要使测力计内的弹簧轴线方向跟所测力的一致，不可用力猛拉弹簧或让弹簧测力计长久受力，以免损坏根据合力与分力的关系是等效的，分析橡皮筯的结点位置要求按实验原理和方法分析实验要求解答：解：（1）a、弹簧测力计读数前要进行调零，故a错误；b、拉橡皮筋的拉力大小不能超过弹簧测力计的量程，故b正确；c测量前检查弹簧指针是否指在零刻线，用标准砝码检查示数正确后，再进行测量读数，故c正确；d应尽量避免弹簧、指针、拉杆与刻度板间的摩擦，故d正确；故选：bcd（2）a本实验采用的是等效替代的方法，同一次实验中，o点位置不允许变动，故a正确；b、实验中，需记录弹簧测力计的读数和o点的位置，以及拉力方向，故b错误；c、实验中，把橡皮筋的另一端拉到o点时，两个弹簧测力计之间的夹角不一定是取90，故c错误；d、本实验只要达到效果相同，对弹簧称拉力的大小没有要求，不需要将其中一个弹簧测力计沿某一方向拉到最大量程故d错误；故选：a（3）f1与f2的合力的实际值测量值为一个弹簧拉绳套时的弹簧的弹力大小和方向，而理论值是通过平行四边形定则得到的值所以图乙中的f与f两力中，方向一定沿ao方向的是f（4）合力与分力是等效替代的关系，所以本实验采用的等效替代法，因此acd错误，b正确故选：b故答案为：（1）bcd （2）a （3）f（4）b点评：本实验采用的是等效替代的方法，即一个合力与几个分力共同作用的效果相同，可以互相替代解答实验的出发点为明确实验原理、实验步骤、数据处理，明确合力和分力之间的关系，同时注意应用所学物理基本规律解决实验问题11（10分）（2011江苏模拟）测定木块与长木板之间的动摩擦因数时，采用如图所示的装置，图中长木板水平固定（1）实验过程中，电火花计时器应接在交流（选填“直流”或“交流”）电源上调整定滑轮高度，使细线与长木板平行（2）已知重力加速度为g，测得木块的质量为m，砝码盘和砝码的总质量为m，木块的加速度为a，则木块与长木板间动摩擦因数=（3）如图为木块在水平木板上带动纸带运动打出的一条纸带的一部分，0、1、2、3、4、5、6为计数点，相邻两计数点间还有4个打点未画出从纸带上测出x1=3.20cm，x2=4.52cm，x5=8.42cm，x6=9.70cm则木块加速度大小a=1.3m/s2（保留两位有效数字）考点：探究影响摩擦力的大小的因素专题：实验题分析：了解实验仪器的使用和注意事项对木块、砝码盘和砝码进行受力分析，运用牛顿第二定律求出木块与长木板间动摩擦因数利用匀变速直线运动的推论，可计算出打出某点时纸带运动的加速度解答：解：（1）电火花计时器应接在交流电源上调整定滑轮高度，使细线与长木板平行（2）对木块、砝码盘和砝码进行受力分析，运用牛顿第二定律得：对木块：fmg=ma对砝码盘和砝码：mgf=ma由上式得：=（3）相邻两计数点间还有4个打点未画出，所以相邻的计数点之间的时间间隔为0.1s根据运动学公式得：x=at2，a=1.3m/s2故答案为：（1）交流，细线与长木板平行（2）（3）1.3点评：能够从物理情境中运用物理规律找出物理量间的关系要注意单位的换算和有效数字的保留（二）、选做题（选修模块3-3）（12分）12（4分）（2013淮安模拟）关于下列四幅图的说法，正确的是（）a甲图中估测油酸分子直径时，可把油酸分子简化为球形处理b乙图中，显微镜下看到的三颗微粒运动位置连线是它们做布朗运动的轨迹c烧热的针尖，接触涂上薄蜂蜡层的云母片背面上某点，经一段时间后形成图丙的形状，则说明云母为非晶体d丁图中分子间距离为r0时，分子间作用力f最小，分子势能也最小考点：* 晶体和非晶体；布朗运动；分子间的相互作用力分析：根据图形中给出的内容，结合选项并由热学内容进行分析判断即可求解解答：解：a、在估测油酸分子直径时，我们把油酸分子简化为了球形，并在水面上形成了单分子油膜，故a正确；b、显微镜下观察到的是每隔30s时微粒的位置，不是布朗运动的轨迹，故b错误；c、晶体具有各向异性，而非晶体和多晶体具有各向同性，由图可知，其为各向异性，说明云母为单晶体，故c错误；d、图中分子间距离为r0时，分子间作用力的合力f最小为零，而分子势能也最小，故d正确故选：ad点评：本题考查热学的基本内容，在学习热学时要注意全面综合分析，每个知识点均可作为考点出题13（8分）（1）一定质量的理想气体由状态a经状态b变化到状态c的pv图象如图所示在由状态a变化到状态b的过程中，理想气体的温度升高（填“升高”、“降低”或“不变”）在由状态a变化到状态c的过程中，理想气体吸收的热量等于它对外界做的功（填“大于”、“小于”或“等于”）（2）已知阿伏伽德罗常数为601023mol1，在标准状态（压强p0=1atm、温度t0=0）下理想气体的摩尔体积都为224l，已知第（1）问中理想气体在状态c时的温度为27，求该气体的分子数（计算结果保留两位有效数字）考点：理想气体的状态方程；热力学第一定律专题：理想气体状态方程专题分析：（1）根据气体状态方程和已知的变化量去判断温度的变化对于一定质量的理想气体，内能只与温度有关根据热力学第一定律判断气体吸热还是放热（2）由图象可知c状态压强为p0=1atm，对于理想气体，由盖吕萨克定律解得标准状态下气体体积，从而求得气体摩尔数，解得气体分子数解答：解：（1）pv=ct，c不变，pv越大，t越高状态在b（2，2）处温度最高故从ab过程温度升高；在a和c状态，pv乘积相等，所以温度相等，则内能相等，根据热力学第一定律u=q+w，由状态a变化到状态c的过程中u=0，则理想气体吸收的热量等于它对外界做的功故答案为：升高 等于 （2）解：设理想气体在标准状态下体积为v，由盖吕萨克定律得：解得：该气体的分子数为：答：气体的分子数为7.31022个点评：（1）能够运用控制变量法研究多个物理量变化时的关系要注意热力学第一定律u=w+q中，w、q取正负号的含义（2）本题关键根据盖吕萨克定律解得标准状况下气体体积，从而求得气体摩尔数，解得气体分子数（选修模块3-5）（12分）14（4分）下列说法中正确的是 （）a阴极射线来源于原子核b光电效应表明了光具有粒子性c玻尔原子模型中电子的轨道是可以连续变化的d电子束通过铝箔形成的衍射图样证实了实物粒子的波动性考点：光电效应专题：光电效应专题分析：阴极射线来自核外电子；光电效应说明光具有粒子性；玻尔模型中电子轨道是量子化的；实物粒子也具有波动性解答：解：a、阴极射线来自核外电子，衰变的电子来自原子核故a错误b、光电效应说明光具有粒子性故b正确c、玻尔原子模型中电子的轨道是不连续的故c错误d、电子束通过铝箔形成的衍射图样证实了实物粒子的波动性故d正确故选bd点评：本题考查了光电效应、玻尔模型、核反应方程、光电效应方程等知识点，难度不大，关键要熟悉教材，牢记这些基础知识点15（4分）（2014南京三模）氢原子的能级如图所示氢原子从n=3能级向n=1能级跃迁所放出的光子，恰能使某种金属产生光电效应，则该金属的截止频率为2.91015hz；用一群处n=4能级的氢原子向低能级跃迁时所发出的光照射该金属，产生的光电子最大初动能为0.66 ev（普朗克常量h=6.631034js，结果均保留2位有效数字）考点：氢原子的能级公式和跃迁专题：原子的能级结构专题分析：根据玻尔理论和爱因斯坦光电效应方程，研究该金属的截止频率和产生光电子最大初动能的最大值解答：解：根据玻尔理论得到e3e1=h，解得：=2.91015hz；从n=4向n=1跃迁所放出的光子照射金属产生光电子最大初动能最大，根据爱因斯坦光电方程有：ek=（e4e1）h得：ek=0.66ev；故答案为：2.91015，0.66点评：本题是选修部分内容，在高考中，选修部分的试题难度不大，只要立足课本，紧扣考纲，掌握基本知识和基本原理，就能取得高分16（4分）室内装修污染四大有害气体是苯系物、甲醛、氨气和氡氡存在于建筑水泥、矿渣砖、装饰石材及土壤中氡看不到，嗅不到，即使在氡浓度很高的环境里，人们对它也毫无感觉氡进入人的呼吸系统能诱发肺癌，是除吸烟外导致肺癌的第二大因素静止的氡核rn放出一个粒子x后变成钋核po，钋核的动能为ek1，若衰变放出的能量全部变成钋核和粒子x的动能试回答以下问题：写出上述衰变的核反应方程（请用物理学上规定的符号表示粒子x）；求粒子x的动能ek2考点：原子核衰变及半衰期、衰变速度；动量守恒定律专题：衰变和半衰期专题分析：根据质量数和电荷数可以正确写出该核反应方程；衰变过程中系统动量守恒，由动量守恒与动能的计算公式求出x的动能解答：解：氡核rn放出某种粒子x后变成钋核po可以判断发生的是衰变，衰变方程为：rnpo+设钋核的质量为m1、速度为v1，粒子x的质量为m2、速度为v2，根据动量守恒定律，有：0=m1v1m2v2粒子x的动能：=答：上述衰变的核反应方程为：rnpo+；粒子x的动能ek2为点评：应用质量数与核电荷数守恒、知道粒子衰变过程动量守恒，应用动量守恒定律即可正确解题四、计算或论述题：本题共3小题，共47分解答时应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤，只写出最后答案的不能得分，有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位17（15分）如图所示，在水平面上固定一个平台abcd，其中ab部分是长l=1.5m的水平轨道，bcd为弯曲轨道，轨道最高处c可视为半径为r=4m的小圆弧，现一个质量为m=1kg的滑块以初速度6m/s从a点向b点运动，到达b点时速度减为5m/s，当滑块滑到平台顶点c处后作平抛运动，落到水平地面且落地点的水平射程为x=0.8m，轨道顶点距水平面的高度为h=0.8m，（平抛过程中未与平台相撞）（取g=10m/s2）求：（1）滑块与木板间的动摩擦因数；（2）滑块在轨道顶点处对轨道的压力；（3）滑块最终落地时的速度考点：动能定理的应用；匀变速直线运动的位移与时间的关系；牛顿第二定律；向心力专题：动能定理的应用专题分析：（1）由动能定理可以求出动摩擦因数（2）由平抛运动规律求出滑块到达最高点时的速度，由牛顿第二定律求出支持力，然后由牛顿第三定律求出压力解答：解：（1）滑块从a到b过程，由动能定理得：mgl=mvb2mva2，代入数据解得：=0.37；（2）滑块离开c后做平抛运动，竖直方向有：h=gt12，水平方向有：x=vt1，代入数据解得：t1=0.4s，v=2m/s，在c点，由牛顿第二定律得：mgf=m，代入数据解得：f=9n，由牛顿第三定律可知，滑块对轨道的压力：f=f=9n，方向竖直向下；（3）滑块最终落地时vx=v1=2m/svy=gt=100.4=4m/sv=2m/stan=2答：（1）滑块与木板间的动摩擦因数为0.37； （2）滑块对轨道的压力9n，方向竖直向下；（3）滑块最终落地时的速度，与水平方向所称夹角正切为tan=2点评：本题考查了求压力、求动摩擦因数，分析清楚滑块的运动过程、应用平抛运动规律、牛顿第二定律、动能定理即可正确解题18（16分）如图所示的传送带，其水平部分ab的长度为2m，倾斜部分bc的长度为4m，bc与水平面的夹角为=37将一小物块a（可视为质点）轻轻放于a端的传送带上，物块a与传送带间的动摩擦因数为=0.25传送带沿图示方向以v=2m/s的速度匀速运动，若物块a始终未脱离皮带（g=10m/s2，sin37=0.6，cos37=0.8）求：（1）小物块从a端被传送到b端所用的时间（2）小物块被传送到c端时的速度大小（3）若当小物块到达b 端时，传送带的速度突然增大为v，问v的大小满足什么条件可以使小物块在倾斜传送带bc上运动所用的时间最短？考点：牛顿第二定律；匀变速直线运动的速度与位移的关系专题：牛顿运动定律综合专题分析：（1）根据牛顿第二定律求出小物块的加速度，并求出当物块的速度达到2m/s时的位移，判断出物体的运动情况，从而求出小物块从a端被传送到b端所用的时间（2）根据摩擦力与下滑力的关系，判断出物体的运动情况，根据牛顿第二定律求出加速度，再根据运动学公式求出小物块被传送到c端时的速度大小（3）当物体一直有向下的摩擦力，则加速度最大，做匀加速直线运动，运动的时间最短所以物体的速度在整个过程中小于传送带的速度解答：解：（1）小物块在水平传送带上运动时受力如图a所示，加速度加速过程的位移为=0.8