江苏省苏北五县二区中考物理一模试卷（含解析）.doc

2016年江苏省苏北五县二区中考物理一模试卷一、选择题1如图所示的工具中，使用时属于费力杠杆的是（）a b拔钉铁锤 火钳c d钢丝钳 天平2下列数据中最接近生活实际的是（）a教室里一盏日光灯正常工作电流约为1.8ab家用节能灯的额定功率约为100wc将一个鸡蛋从地面举过头顶，做功约1jd人体的安全电压不高于220v3“能源危机”是当今世界共同面临的问题，以下解决危机问题措施切实可行的是（）a人人都要节约用水、用电，不浪费能源和人为毁坏物品b关闭全部现有的火力发电站c停止使用石油、煤炭资源，而改用核能和太阳能d各地都要大力兴建水力和风力发电站4以下说法正确的是（）a冷水一定比热水的内能小，是因为冷水温度较低b汽油机在做功冲程中，是内能转化为机械能c用火炉烧水，是通过做功的方法增加水的内能d中午海滩上沙子比水热，是因为水的比热容较小5如图是学生设计的模拟调光台灯电路闭合开关灯泡发光后，无论怎样移动回形针，发现灯泡亮度几乎不变，产生这一现象的原因可能是（）a电路处于断路状态b灯泡被短路c灯泡灯丝的阻值太小d金属丝的阻值太小6如图所示的事例中，符合安全用电原则的是（）a湿衣服晾在电线上b多个大功率用电器接在同一插座板上c湿手拨动开关d用干木棒挑开裸导线7在如图所示的电路中，用滑动变阻器调节灯的亮度，若要求滑片p向右端滑动时灯逐渐变亮，则下列接法正确的是（）am接a，n接bbm接c，n接dcm接c，n接bdm接a，n接d8磁场的基本性质是指（）a能够产生磁感线b能够吸引铁、钴、镍等磁性材料的性质c能使放入其中的小磁针发生偏转d能够对放入其中的磁体产生磁力的作用9将光敏电阻r、定值电阻r0、电流表、电压表、开关和电源连接成如图所示电路光敏电阻的阻值随光照强度的增大而减小闭合开关，逐渐增大光敏电阻的光照强度，观察电表示数的变化情况应该是（）aa表和v表示数均变小ba表示数变小，v表示数变大ca表示数变大，v表示数变小da表和v表示数均变大10小轿车上都装有一个用来提醒司机是否关好车门的指示灯四个车门中只要有一个门没关好（相当于一个开关断开），指示灯就发光提醒图所示四个电路中，能体现该装置工作原理的是（）abcd二、填空题（共7小题，每小题3分，满分21分）11有一杠杆经过调节，处于水平平衡状态，如图所示，在a点悬挂三个钩码（2016徐州一模）如图，在空气压缩引火仪玻璃筒的底部放一小撮干燥的棉絮，用力将活塞迅速向下压，棉絮燃烧起来此实验得到的结论是：对（选填“棉絮”或“筒内气体”）做功，它的内能会增加，其能量转化情况与单缸四冲程汽油机的冲程相同，若汽油机的转速是2400r/min，则此汽油机每秒对外做功次13当某导体两端的电压是6v时，通过它的电流是0.3a，则该导体的电阻是；当它两端电压减小1v时，通过它的电流变为a；当它两端电压为0时，该导体的电阻为14图示中，有一款内置微型“gps”（全球卫星定位系统）的专用鞋当穿着它离开指定的区域时，鞋中“gps”便会自动发送使用者所在的位置信息该信息被卫星接收后再发送到手机此过程中由波传递信息，传播速度约为m/s15小丽家中的电能表表盘如图所示，则小丽家已消耗的电能为kwh，可以同时使用的用电器总功率不能超过w，若电冰箱单独正常工作一天（24小时），（电冰箱的主要技术参数见表），电能表指示灯闪烁次 海尔bc110b电冰箱额定电压220v工作频率50hz额定功率100w耗电量0.6kwh/24h16如图所示，闭合开关，通电螺线管的上端为极，将滑动变阻器滑片向右滑动，弹簧将（选填“伸长”或“缩短”）如果用电流表替代虚线框内仪器，然后将条形磁体迅速插入线圈中，与之相连的电流表的指针会发生偏转，这是现象17如图所示，ab间的弹簧中间有可收缩的导线将滑动变阻器接入电路，r1为定值电阻当闭合开关s，a板上受到的压力f增大时（1）电流表示数将，电压表示数将（减少、增大、不变）（2）此装置可做为压力计使用，为使压力增大时，压力计的示数随指针向右摆动而增大，应把（填“电流表”或“电压表”）改装为压力计三、物理解答题18根据要求作图（1）在图1中画出使轻质杠杆保持平衡的最小的力f的示意图及其力臂（2）如图2所示，是常用的插线板在使用中发现：插线板上的指示灯在开关闭合时才会发光，插孔正常通电；若指示灯损坏，只要开关闭合插孔还能正常通电根据上述现象，在图中画出开关、指示灯和插孔的连接方式，并与电源线接通19工人用某滑轮组提升重物，在20s内将480n的物体匀速提升4m已知在这个过程中，工人做了240j的额外功，求：（1）工人对重物做的有用功；（2）工人做功的功率；（3）滑轮组的机械效率20下表为一台电烤箱的铭牌，其内部简化电路如图所示，r1和r2均为电热丝求：牌电烤箱额定电压220v额定功率高温档1100w低温档440w（1）电烤箱在高温挡正常工作10min所消耗的电能；（2）电路中r1的阻值；（3）电烤箱在低温挡正常工作时，电路中的电流和r2的功率21在探究“斜面的机械效率高低与斜面的倾斜程度有什么关系”的实验中，用沿斜面向上的力f拉动小车，使小车从斜面底端匀速运动到斜面顶端，如图所示多次改变斜面倾斜程度，部分实验数据记录在如表的表格中，根据表格中数据回答下列问题：斜面倾斜度小车重量g/n斜面高度h/m沿斜面拉力f/n斜面长s/m有用功w有/j总功w总/j斜面的机械效率较缓100.1311333.3%较陡100.2412450%最陡100.416（1）当斜面“最陡”时，沿斜面拉力为n；做的有用功为j；斜面的机械效率为%（2）通过数据的分析，你认为斜面省力情况与斜面倾斜程度的关系是：斜面越陡，需要的拉力越22一额定电压是6v的小灯泡，其正常工作时通过的电流约为0.3a小明想测定这个小灯泡的额定功率，实验室有如下器材：电源（电压为12v）、电流表、电压表、开关各一只，三只规格分别为“20 1a”、“50 0.5a”和“100 0.2a”的滑动变阻器，导线若干（1）小明设计了图甲所示电路图，你认为应选用规格为的滑动变阻器（2）图乙中已连接了部分电路请你根据电路图，将电路连接完整（3）小明正确选择了滑动变阻器，将图乙的电路补充连接后，闭合开关，发现灯泡发光较暗，电流表有示数，任意移动滑动变阻器的滑片，电压表示数不变（示数不为零）且小于6v具体原因是（4）小明排除故障后，继续实验，当电压表的示数为6v时，电流表的示数为0.32a，则小灯泡的额定功率是w23阅读短文，回答问题：空调热水器空调热水器，又名空气能热泵热水器其工作原理示意图如图所示工作过程中空调热水器通过一种工作媒质在蒸发器里迅速变成气态，在经过压缩机（消耗少量电能）将其压缩成高温高压的气体，然后在冷凝器中重新变成液态，达到给水加热的目的空调热水器具有高效节能的特点，产生相同的热水量，比传统的电热水器和燃气热水器的能量更高热水产出率和能效比是衡量空调热水器性能的两个重要指标热水产出率是指该热水器当进水温度为20，出水温度为50时，每小时可出热水的体积数，能效比是指加热过程中水吸收的热量与消耗电能的比值如表为两种型号“空调热水器”在进水温度20时测定的部分参数型号ab出水温度（）50额定功率（kw）12额定电压（v）220热水产出率（l/h）100环境温度范围（）1050（1）空调热水器工作时产生的热量（大于/等于/小于）它所消耗的电能（2）下列关于空调热水器的判断中，正确的是a工作媒质在冷凝器中不断吸热b空调热水器消耗的电能越少，其能效比越高c由于电流的热效应，热水吸收的热量一部分来自于电流产生的热量d压缩机通过做功的方式增加了工作媒质的内能（3）a型热水器正常加热过程中，每小时流经冷凝器中的水吸收的热量为j，其能效比为（4）若b型热水器的能效比为4.2，则它的热水产出度为l/h2016年江苏省苏北五县二区中考物理一模试卷参考答案与试题解析一、选择题1如图所示的工具中，使用时属于费力杠杆的是（）a b拔钉铁锤 火钳c d钢丝钳 天平【考点】杠杆的分类【专题】比较思想；简单机械【分析】判断杠杆的种类，可结合生活经验，根据杠杆的动力臂和阻力臂大小关系，若动力臂大于阻力臂，则是省力杠杆，若动力臂小于阻力臂，则是费力杠杆，若动力臂等于阻力臂，则是等臂杠杆【解答】解：ac、拔钉铁锤、钢丝钳在使用时动力臂大于阻力臂，属于省力杠杆；b、火钳在使用时动力臂小于阻力臂，属于费力杠杆；d、天平的实质是等臂杠杆故选b【点评】准确分析题目中工具的动力臂与阻力臂的关系，是判断省力杠杆和费力杠杆的关键2下列数据中最接近生活实际的是（）a教室里一盏日光灯正常工作电流约为1.8ab家用节能灯的额定功率约为100wc将一个鸡蛋从地面举过头顶，做功约1jd人体的安全电压不高于220v【考点】电流的大小；电压；电功；电功率【专题】应用题；估算综合应用题【分析】不同物理量的估算，有的需要凭借生活经验，有的需要简单的计算，有的要进行单位的换算，最后判断最符合实际的是哪一个【解答】解：a、日光灯的功率为40w左右，正常工作电流约为i=0.18a左右此选项不符合实际；b、家用节能灯的额定功率约为20w左右此选项不符合实际；c、一个鸡蛋的重力约为0.5n，将一个鸡蛋从地面举过头顶做功约为w=gh=0.5n2m=1j，此选项符合实际；d、对人体的安全电压不高于36v此选项不符合实际；故选c【点评】本题考查学生对生活中常见物体的数据的了解情况，本题告诉我们一定要对实际生活中常见的物体做到熟知3“能源危机”是当今世界共同面临的问题，以下解决危机问题措施切实可行的是（）a人人都要节约用水、用电，不浪费能源和人为毁坏物品b关闭全部现有的火力发电站c停止使用石油、煤炭资源，而改用核能和太阳能d各地都要大力兴建水力和风力发电站【考点】能源危机与能源消耗对环境的影响【专题】应用题【分析】本题应从减少能源的消耗和可行性两个方面分析【解答】解：a、节约用水、用电，不浪费能源和人为毁坏物品是可行的，可以缓解能源危机，符合题意；b、关闭全部现有的火力发电站虽然可以节省能源，但会影响人们的正常生活不可行，不符合题意；c、停止使用石油、煤炭资源，虽然可以节省能源，但很多地方没有条件改用核能和太阳能，不可行，不符合题意；d、很多地区没有条件大力兴建水力和风力发电站，不符合题意故选a【点评】“能源危机”是当今世界共同面临的问题，我们要合理节约利用能源，这也是近几年中考的热点4以下说法正确的是（）a冷水一定比热水的内能小，是因为冷水温度较低b汽油机在做功冲程中，是内能转化为机械能c用火炉烧水，是通过做功的方法增加水的内能d中午海滩上沙子比水热，是因为水的比热容较小【考点】内能的概念；热传递改变物体内能；比热容解释简单的自然现象；内燃机的四个冲程【专题】分子热运动、内能；比热容、热机、热值【分析】（1）内能是物体内部所有分子做无规则热运动的动能和分子势能的总和；物体的内能与温度和质量有关，物体的温度越高、质量越大，内能越大；（2）汽油机能量转化情况，吸气和排气冲程不发生能量转化压缩冲程将机械能转化为内能；做功冲程将内能转化为机械能；（3）改变物体内能的方式有两种：做功和热传递；（4）质量和吸收相同的热量，比热容越大的物体升高的温度越低【解答】解：a、内能与物体的温度和质量有关，因此热水的内能不一定比冷水的内能多，故a错误；b、汽油机的四个冲程是吸气、压缩、做功、排气冲程做功冲程高温高压燃气推动活塞向下运动，将内能转化为机械能，故b正确c、用火炉烧水，是通过热传递的方法增加水的内能，故c错误；d、沙子发烫而水不热是因为水的比热容大，质量和吸收相同的热量沙子升高的温度要大，故d错误故选b【点评】本题综合考查了内能、汽油机的能量转化、比热容的认识和理解，要牢固掌握这些基础知识5如图是学生设计的模拟调光台灯电路闭合开关灯泡发光后，无论怎样移动回形针，发现灯泡亮度几乎不变，产生这一现象的原因可能是（）a电路处于断路状态b灯泡被短路c灯泡灯丝的阻值太小d金属丝的阻值太小【考点】电路的基本连接方式【专题】图析法；电流和电路【分析】金属丝相当于一个滑动变阻器，它和灯泡串联分压，且电压和其电阻成正比再根据公式p=分析灯泡的实际功率的变化和灯泡亮度的变化【解答】解：金属丝和小灯泡串联分压，在移动回形针的过程中，发现灯泡发光，但亮度几乎不变，根据公式p=可知，灯泡实际功率和其两端的电压的平方成正比，灯泡实际功率几乎不变，是因为两端的电压几乎不变，原因是金属丝的电阻相对于小灯泡来说，其电阻太小，故d正确故选d【点评】此题主要考查的是串联电路的分压特点、灯泡的亮度变化等问题，是一道好题6如图所示的事例中，符合安全用电原则的是（）a湿衣服晾在电线上b多个大功率用电器接在同一插座板上c湿手拨动开关d用干木棒挑开裸导线【考点】安全用电原则【分析】根据水容易导电，电流过大的后果和处理用电事故的方法分析【解答】解：a、c、说法错误，由于容易导电，会造成触电或漏电；b、说法错误，多个大功率用电器接在同一插座板上，会造成电线中的电流过大，造成起火事故；d、说法正确，干木棒不导电故选d【点评】本题考查了安全用电的原则：不接触低压带电体，不靠近高压带电体注意水容易导电，不要把衣服挂在电线上和用湿手拨开关7在如图所示的电路中，用滑动变阻器调节灯的亮度，若要求滑片p向右端滑动时灯逐渐变亮，则下列接法正确的是（）am接a，n接bbm接c，n接dcm接c，n接bdm接a，n接d【考点】滑动变阻器的使用【专题】基本仪器的使用专题【分析】滑动变阻器在使用时，要一上一下连接，且其最终阻值的变化取决于下端接线柱接哪一个，据此，结合题干要求进行解答【解答】解：滑动变阻器的滑片右移，灯泡变亮，功率变大，根据p=i2r，电路中电流变大电源电压不变，电流变大，电阻变小，滑动变阻器接入电路的电阻丝变短m应该接a或b，n接d故选d【点评】掌握滑动变阻器的原理、作用、接线柱的接法并会根据实际功率判断灯泡的亮度8磁场的基本性质是指（）a能够产生磁感线b能够吸引铁、钴、镍等磁性材料的性质c能使放入其中的小磁针发生偏转d能够对放入其中的磁体产生磁力的作用【考点】磁场【专题】应用题；磁现象、电生磁【分析】（1）磁感线并不是真实存在的线，是人们为了研究方便而引进的线；（2）磁性是指物体具有吸引铁、钴、镍等物质的性质；（3）磁场的基本性质是对放入其中的磁体有磁力的作用【解答】解：a、磁感线是为了我们研究磁场而假想出来的物理模型，是不存在的，故a错误；b、能够吸引铁、钴、镍等磁性材料的性质叫磁性，故b错误；c、磁场对放入其中的小磁针有磁力作用，但小磁针不一定偏转，如小磁针放入磁场时北极指向与磁场方向一致时故c错误；d、磁场的基本性质是对放在其中的磁体有磁力的作用，故d正确故选d【点评】本题考查对磁场基本性质的认识，属于一道基础题9将光敏电阻r、定值电阻r0、电流表、电压表、开关和电源连接成如图所示电路光敏电阻的阻值随光照强度的增大而减小闭合开关，逐渐增大光敏电阻的光照强度，观察电表示数的变化情况应该是（）aa表和v表示数均变小ba表示数变小，v表示数变大ca表示数变大，v表示数变小da表和v表示数均变大【考点】欧姆定律的应用【专题】欧姆定律【分析】闭合开关，光敏电阻r和定值电阻r0串联，根据光照强度的变化判断光敏电阻阻值如何变化，从而得出总电阻如何变化，根据串联电路的特点及欧姆定律判断电流表与电压表示数如何变化【解答】解：闭合开关，光敏电阻r和定值电阻r0串联，电路中总电阻等于光敏电阻和和定值电阻阻值之和，电流表测量电路中的电流，电压表测量光敏电阻两端的电压，逐渐增大光敏电阻的光照强度，光敏电阻的阻值减小，电路的总电阻r总减小，电路的总电阻r总减小，电源电压u不变，电路电流i=变大，即电流表示数变大；定值电阻r0阻值不变，定值电阻两端电压u0=ir0变大，光敏电阻两端电压ur=uu0变小，电压表示数变小故选c【点评】本题是一道闭合电路的动态分析题，从“光敏电阻的阻值随光照强度的增大而减小”入手分析电路中总电阻的变化，掌握串联电路特点、欧姆定律是正确解题的关键10小轿车上都装有一个用来提醒司机是否关好车门的指示灯四个车门中只要有一个门没关好（相当于一个开关断开），指示灯就发光提醒图所示四个电路中，能体现该装置工作原理的是（）abcd【考点】电路图设计【分析】根据题意可以知道，四个车门中只要有一个门没关好，也就是说只要一个开关断开，指示灯就发光，开关全部断开，灯泡不发光，对各选项逐一分析【解答】解：在a中，只要任何一个开关闭合，电阻都会被短路，但灯泡仍然发光，开关全部断开时，电阻与灯泡串联，灯泡仍然发光，故a不合题意，在b中，只要闭合一个开关，灯泡就会被短路，不合题意，在c中，不管开关闭合还是断开，灯泡都会发光，不合题意，在d中，当开关都闭合时，灯泡被短路，不发光，当任何一个断开时，灯泡不会被短路，灯泡发光，故d符合题意故选d【点评】本题考查电路图的设计，电路图的设计是初中物理的重点也是难点，关键要学会根据题意设计出合理的电路图二、填空题（共7小题，每小题3分，满分21分）11有一杠杆经过调节，处于水平平衡状态，如图所示，在a点悬挂三个钩码（2016徐州一模）如图，在空气压缩引火仪玻璃筒的底部放一小撮干燥的棉絮，用力将活塞迅速向下压，棉絮燃烧起来此实验得到的结论是：对筒内气体（选填“棉絮”或“筒内气体”）做功，它的内能会增加，其能量转化情况与单缸四冲程汽油机的压缩冲程相同，若汽油机的转速是2400r/min，则此汽油机每秒对外做功20次【考点】做功改变物体内能【专题】应用题；热和能【分析】（1）改变内能的方法有：做功和热传递；当对物体做功，物体的内能将增大，温度升高；内燃机有四个冲程，在压缩冲程中，活塞压缩空气做功，将机械能转化为内能；（2）2400r/min的含义：它表示热机的飞轮每分钟转2400圈汽油机的一个工作循环由吸气冲程、压缩冲程、做功冲程、排气冲程四个冲程组成在一个工作循环中曲轴转2圈，飞轮转2周，做功一次【解答】解：在空气压缩引火仪玻璃筒的底部放一小撮干燥的棉絮，用力将活塞迅速向下压，棉絮燃烧起来；说明压缩筒内空气做功，使空气的内能增大，温度升高；压缩过程中，活塞的机械能转化为空气的内能，故该过程中，与内燃机的压缩冲程相同；四冲程汽油机的飞轮转速为2400r/min，则该飞轮每秒钟转40圈因为一个工作循环飞轮转2圈，完成4个工作冲程，做功一次，故汽油机每秒对外做功20次故答案为：筒内气体；压缩； 20【点评】本题主要考查对热机飞轮转速的含义的理解以及对热机工作循环中各冲程情况的了解13当某导体两端的电压是6v时，通过它的电流是0.3a，则该导体的电阻是20；当它两端电压减小1v时，通过它的电流变为0.25a；当它两端电压为0时，该导体的电阻为20【考点】电阻；欧姆定律的变形公式【分析】导体的电阻是本身的属性，它跟导体的长度、横截面积和材料有关，与导体的电流和两端电压无关，结合欧姆定律可以求解电阻的大小【解答】解：已知导体两端的电压是6v时，通过它的电流是0.3a，由r=20；当它两端电压减小l v时，即电压变为5v时，通过它的电流i=0.25a；电阻与导体的两端电压无关，所以当它两端电压为0时，该导体的电阻仍为20；故答案为：20，0.25，20【点评】解决此类问题的关键是知道影响导体电阻的因素，知道导体的电阻是本身的属性14图示中，有一款内置微型“gps”（全球卫星定位系统）的专用鞋当穿着它离开指定的区域时，鞋中“gps”便会自动发送使用者所在的位置信息该信息被卫星接收后再发送到手机此过程中由电磁波传递信息，传播速度约为3108m/s【考点】电磁波的传播【专题】信息的传递【分析】gps定位系统是利用电磁波传递信息的，电磁波在真空中的传播速度为3108m/s【解答】解：“gps”（全球卫星定位系统）的专用鞋当穿着它离开指定的区域时，鞋中“gps”便会自动发送使用者所在的位置信息该信息被卫星接收后再发送到手机此过程中由电磁波传递信息，传播速度约为3108m/s故答案为：电磁；3108【点评】gps定位系统、手机通信都是利用电磁波传递信息的，要记住电磁波的传播速度15小丽家中的电能表表盘如图所示，则小丽家已消耗的电能为958.6kwh，可以同时使用的用电器总功率不能超过4400w，若电冰箱单独正常工作一天（24小时），（电冰箱的主要技术参数见表），电能表指示灯闪烁960次 海尔bc110b电冰箱额定电压220v工作频率50hz额定功率100w耗电量0.6kwh/24h【考点】电功率的计算；电能表参数的理解与电能的求法【专题】计算题；应用题；信息给予题；电能和电功率【分析】电能表的读数最后一位是小数；已知电能表的额定电压和标定电流，根据公式p=ui可求电路的最大功率；先根据表中数据求出电冰箱工作一天消耗的电能，然后根据转数=消耗的电能电能表的参数即可求出这一天（24小时内）电能表指示灯闪烁的次数【解答】解：电能表的读数为：958.6kwh；家中用电器的总功率不能超过 p大=ui=220v20a=4400w；根据表中数据可知，电冰箱一天消耗0.6kwh，而电路消耗1kwh电能时，电能表的指示灯闪烁1600次，所以0.6kwh转盘就是转动1600imp/kwh0.6kwh=960次故答案为：958.6；4400；960【点评】本题是要考查对电能表和电冰箱铭牌的了解，平时多观察家用电器的铭牌，铭牌中的参数有些是有用的，有些是初中阶段没有涉及到的，有涉及到的物理量要多做了解16如图所示，闭合开关，通电螺线管的上端为n极，将滑动变阻器滑片向右滑动，弹簧将缩短（选填“伸长”或“缩短”）如果用电流表替代虚线框内仪器，然后将条形磁体迅速插入线圈中，与之相连的电流表的指针会发生偏转，这是电磁感应现象【考点】探究电磁感应现象的实验；磁极间的相互作用；安培定则；电磁感应；电路的动态分析【专题】压轴题；学科综合题【分析】解题时由电流方向结合螺线管绕线方式，根据安培定则判定其上端为n极，故对其上方磁体为引力，电磁铁磁性强弱与电流大小有关，当滑片向右滑时，导致接入电路阻值增加，电流变小，电磁铁磁性减弱，对上方磁体引力减小故弹簧缩短；而后者因为电流表指针偏转可判定有电流通过，即为电磁感应现象【解答】解：电流从电源的正极流出，回到负极，由此可知：通电螺线管中的电流是从正面向右，背面向左的，根据安培定则（右手握住通电螺线管，四指弯曲指向电流方向，大拇指所指的方向就是通电螺线管的北极），可以判断出通电螺线管的上端为n极；异名磁极相互吸引，通电螺线管会对上方的条形磁铁产生向下的吸引力，当滑动变阻器的滑片向右滑动时，滑动变阻器接入电路中的电阻变大，电路中的电流变小，通电螺线管的磁性减弱，对上方磁铁的吸引力减小，弹簧就会变短；将条形磁铁迅速插入线圈中，条形磁铁和线圈发生了相对运动，线圈做切割磁感线运动，线圈中就会产生感应电流，与之相连的电流表指针就会发生偏转，这是电磁感应现象故答案为：n；缩短；电磁感应【点评】要解答此题，需要掌握：电路的动态分析、磁极间的相互作用、电磁感应现象、安培定则是一道综合题17如图所示，ab间的弹簧中间有可收缩的导线将滑动变阻器接入电路，r1为定值电阻当闭合开关s，a板上受到的压力f增大时（1）电流表示数将变小，电压表示数将变大（减少、增大、不变）（2）此装置可做为压力计使用，为使压力增大时，压力计的示数随指针向右摆动而增大，应把电压表（填“电流表”或“电压表”）改装为压力计【考点】欧姆定律的应用【专题】欧姆定律【分析】由电路图可知，r1、r2串联，电压表测滑动变阻器两端的电压，电流表测电路中的电流（1）根据压力的变化判断滑动变阻器接入电路中电阻的变化，根据欧姆定律可知电路中电流的变化和定值电阻两端的电压变化，根据串联电路的电压特点可知滑动变阻器两端的电压变化；（2）电压表和电流表中随压力变大其示数变大的可改装为压力计【解答】解：由电路图可知，r1、r2串联，电压表测滑动变阻器两端的电压，电流表测电路中的电流；（1）当闭合开关s，a板上受到的压力f增大时，滑片下移，r2接入电路的电阻变大，电路中的总电阻变大，由i=可知，电路中的电流变小，即电流表的示数变小；由u=ir可知，定值电阻r1两端的电压变小，因串联电路总电压等于各部分电压之和，所以，滑动变阻器两端的电压变大，即电压表的示数变大；（2）电压表的示数随压力变大而变大所以可改装为压力计故答案为：（1）变小；变大；（2）电压表【点评】本题考查了学生对滑动变阻器的变阻原理、欧姆定律的掌握和运用，分析电路图，确认电路的连接方式是突破口，确认电压表的测量对象是关键三、物理解答题18根据要求作图（1）在图1中画出使轻质杠杆保持平衡的最小的力f的示意图及其力臂（2）如图2所示，是常用的插线板在使用中发现：插线板上的指示灯在开关闭合时才会发光，插孔正常通电；若指示灯损坏，只要开关闭合插孔还能正常通电根据上述现象，在图中画出开关、指示灯和插孔的连接方式，并与电源线接通【考点】杠杆中最小力的问题；家庭电路的连接【专题】作图题；比较思想；图像综合题【分析】（1）根据杠杆平衡的条件，在杠杆中的阻力、阻力臂一定的情况下，要使所用的动力最小，必须使动力臂最长（2）干路开关控制所有的用电器并联电路各用电器之间互不影响，串联电路的用电器互相影响【解答】解：（1）o为支点，所以力作用在杠杆的最右端，并且力臂是支点o到杠杆最右端的距离时，力臂最长，此时的力最小确定出力臂然后做力臂的垂线即为力f如图所示：（2）插线板上的指示灯在开关闭合时会发光，插孔正常通电，说明开关同时控制灯泡和插座，灯泡和插座之间可能是串联，也可能是并联，如果两者并联，开关应该在干路上；如果指示灯损坏，开关闭合时插孔也能正常通电说明灯泡和插座之间是并联的开关接在灯泡、插座和火线之间控制火线使用更安全如图所示：【点评】（1）本题考查重力示意图和最小动力的确定；由杠杆的平衡条件，杠杆中最小作用力问题，可以转化为最大力臂问题，解题的关键是找出最长的力臂（2）根据用电器之间是否相互影响是判断用电器串联和并联的方法之一家庭电路中，开关控制用电器，开关一定接在用电器和火线之间，既能控制用电器，又能保证使用安全19工人用某滑轮组提升重物，在20s内将480n的物体匀速提升4m已知在这个过程中，工人做了240j的额外功，求：（1）工人对重物做的有用功；（2）工人做功的功率；（3）滑轮组的机械效率【考点】机械效率的计算；功的计算；功率的计算【专题】计算题；功、功率、机械效率【分析】（1）知道物体重和上升的高度，利用w有用=gh求出有用功，（2）总功等于有用功加上额外功；又知道做功时间，利用功率公式求拉力做功的功率；（3）求出了有用功和总功，利用效率公式求滑轮组的机械效率【解答】解：（1）w有用=gh=480n4m=1920j；（2）由题知，w额=240j，w总=w有用=w额=1920j+240j=2160j，p=108w；（3）=100%=100%88.9%；答：（1）工人对重物做的有用功为1920j；（2）工人做功的功率为108w；（3）滑轮组的机械效率88.9%【点评】本题考查了使用滑轮组时有用功、总功、功率、机械效率的计算，关键是知道总功等于有用功加上额外功20下表为一台电烤箱的铭牌，其内部简化电路如图所示，r1和r2均为电热丝求：牌电烤箱额定电压220v额定功率高温档1100w低温档440w（1）电烤箱在高温挡正常工作10min所消耗的电能；（2）电路中r1的阻值；（3）电烤箱在低温挡正常工作时，电路中的电流和r2的功率【考点】电功的计算；欧姆定律的应用；电功率的计算【专题】计算题；压轴题【分析】（1）由高温档次功率1100w和时间10min，根据w=pt可求出消耗的电能（2）当 s1、s2都闭合时，电烤箱为高温档，即r1的功率是1100w，由电压和功率根据挡r1=求出电阻（3）当s2闭合、s1断开时，电烤箱在低温档，由低温档功率440w和电压220v，根据作求出电流，再根据欧姆定律求出总电阻，然后减去r1的电阻，算出r2的电阻，根据p2=i2r2求出r2的功率【解答】解：（1）w=pt=1100w1060s=6.6105j； （2）当 s1、s2都闭合时，电烤箱为高温档，r1=44；（3）当s2闭合、s1断开时，电烤箱在低温档，工作电流： =2a；=110，r2=rr1=11044=66，r2的功率：p2=i2r2=（2a）266=264w答：（1）电烤箱在高温档正常工作10min所消耗的电能是6.6105j；（2）电路中r1的阻值是44；（3）电烤箱在低温档正常工作时，电路中的电流是2a，r2的功率是264w【点评】本题考查了电功、电功率的运算以及欧姆定律的运用，正确分清电烤箱的两个档是解题的关键，并要注意运用电功率公式的两个变形公式p=和p=i2r的应用21在探究“斜面的机械效率高低与斜面的倾斜程度有什么关系”的实验中，用沿斜面向上的力f拉动小车，使小车从斜面底端匀速运动到斜面顶端，如图所示多次改变斜面倾斜程度，部分实验数据记录在如表的表格中，根据表格中数据回答下列问题：斜面倾斜度小车重量g/n斜面高度h/m沿斜面拉力f/n斜面长s/m有用功w有/j总功w总/j斜面的机械效率较缓100.1311333.3%较陡100.2412450%最陡100.416（1）当斜面“最陡”时，沿斜面拉力为6n；做的有用功为4j；斜面的机械效率为66.7%（2）通过数据的分析，你认为斜面省力情况与斜面倾斜程度的关系是：斜面越陡，需要的拉力越大【考点】斜面机械效率的测量实验【专题】探究题；测量型实验综合题【分析】（1）由表格的数据可知，斜面“最陡”时，拉力做的总功和拉力方向移动的距离，利用f=求出沿斜面拉力；根据w=gh求出有用功，根据=求出斜面的机械效率；（2）三次实验中，木块重力一样，那么沿斜面的拉力越小，表明越省力【解答】解：（1）当斜面“最陡”时，沿斜面拉力为f=6n；对木块做的有用功w有=gh=10n0.4m=4j；斜面的机械效率为=66.7%（2）在三次实验中，木块的重力都是10n，其中斜面最陡时，用的拉力最大；即斜面越陡，需要的拉力越大故答案为：（1）6；4；66.7；（2）大【点评】本题考查了影响斜面机械效率的因素、斜面机械效率的计算等，是一道综合题22一额定电压是6v的小灯泡，其正常工作时通过的电流约为0.3a小明想测定这个小灯泡的额定功率，实验室有如下器材：电源（电压为12v）、电流表、电压表、开关各一只，三只规格分别为“20 1a”、“50 0.5a”和“100 0.2a”的滑动变阻器，导线若干（1）小明设计了图甲所示电路图，你认为应选用规格为“500.5a”的滑动变阻器（2）图乙中已连接了部分电路请你根据电路图，将电路连接完整（3）小明正确选择了滑动变阻器，将图乙的电路补充连接后，闭合开关，发现灯泡发光较暗，电流表有示数，任意移动滑动变阻器的滑片，电压表示数不变（示数不为零）且小于6v具体原因是滑动变阻器同时接到下面两个接线柱（4）小明排除故障后，继续实验，当电压表的示数为6v时，电流表的示数为0.32a，则小灯泡的额定功率是1.92w【考点】电功率的测量【专题】实验题；测量型实验综合题【分析】（1）由串联电路特点和欧姆定律计算灯泡正常发光时变阻器连入阻值，从而选择变阻器；（2）由图甲将电路连接成一个串联电路，电压表并联在灯泡两端，由灯泡规格确定电表量程；（3）根据现象判断电路电阻太大，而滑阻移动不能改变电路电流，所以判断出滑阻下面的两个接线柱接入电路，只起了一个定值电阻的作用，起不到改变电压的作用（4）根根据p=ui求出灯泡的额定功率【解答】解：（1）由图甲知，实验中变阻器、灯泡、电流表串联，由串联电路特点和欧姆定律可知，灯泡正常发光时的电压为6v，电流为0.3a，变阻器连入阻值：r滑=20，所以可选择：“50 0.5a”的滑动变阻器；（2）由图甲将变阻器、灯泡、电流表连成一个串联电路，电压表并联在灯泡两端，由灯泡规格知，电压表使用015v量程，电流表使用00.6a量程，如图所示：；（3）灯泡发光较暗，电流表有示数说明电流太小，滑动变阻器的阻值太大，任意移动滑动变阻器的滑片，电压表示数不变说明滑动变阻器滑动变阻器同时接到下面两个接