江苏省苏州市相城区九年级物理上学期期末试题（含解析） 新人教版.doc

2015-2016学年江苏省苏州市相城区九年级（上）期末物理试卷一、选择题：1如图所示，李晶将放在桌边的木块水平推至桌中央，她针对此过程作出了如下判断，你认为正确的是（）a木块所受重力对它做了功b木块所受支持力对它做了功c木块所受的推力对它做了功d在此过程中没有力对木块做功2弹弓是我们小时候经常玩的玩具，如图所示，如果弹弓对质量是200g的弹丸的作用力是3000n，弹丸被弹射出的最大水平距离为15m，则弹弓对弹丸所做的功为（）a45000jb29.4jc45029.4jd做了功，但条件不足，无法计算做功的多少3速度是表示物体运动快慢的物理量，它是用路程和时间的比值来定义的初中物理经常用到这种定义物理量的方法，下列物理量中所采用的定义方法与速度不同的是（）a比热容b功c机械效率d功率4如图，跳伞运动员在空中加速下降的过程中，下列说法错误的是（）a人和伞的动能在增大b人和伞的重力势能在减小c人和伞的机械能保持不变d人和伞的机械能在减小5下列事例中不是利用水的比热容大这一特性的是（）a在河流上建水电站，用水发电b汽车发动机用循环水冷却c让流动的热水流过散热器取暖d晚上向秧苗田里放水，以防冻坏秧苗6当温度降低到一定程度时，某些物质的电阻会变为零，这种现象叫超导常温超导体的应用有着十分诱人的前景下面的几个电路元件可用超导体制作的是（）a电动机的线圈b电阻箱的电阻丝c电炉的电热丝d白炽灯泡的灯丝7甲汽油机的热机效率比乙汽油机的热机效率高，这表明（）a以相同的速度行驶相同的路程，乙消耗的汽油多b甲做功比乙多c甲消耗的汽油比乙少d甲做功比乙快8电路中有一根锰铜合金线，若要使它的电阻变小，可采用（）a减小它两端的电压b增大通过它的电流c将它拉长后再接回电路d将它对折后再接回电路9如图所示，是一种自动测定油箱内油面高度的装置，r是转动式变阻器，它的金属滑片p是杠杆的一端，下列说法正确的是（）a油量表是由电流表改装而成的br、r0在电路中是并联的c油位越高，流过r的电流越大d油位越高，r两端的电压越大10如图所示的电路中，电源电压为4.5v不变，灯l标有“3v 0.9w”，设灯l的电阻不变，滑动变阻器r标有“30 1a”，电流表量程为“00.6a”，电压表量程为“03v”为了保护各电表和元件，滑动变阻器r允许接入电路的阻值范围是（）a020b030c520d203011如图所示的电路中，当p从a端滑到b端时，灯泡的亮度、电压表v1以及电压表v2的示数变化情况是（）a灯泡变亮，v1变大，v2变小b灯泡变暗，v1变大，v2变小c灯泡变暗，v1变小，v2变小d灯泡亮度不变，v1变大，v2不变12如图所示，用手沿竖直方向匀速拉一个动滑轮，使挂在下面重为g的物体缓慢上升，动滑轮的重力不可忽略，现改变物体的重力g，不计绳重与摩擦，则动滑轮的机械效率与物体重力g的关系可能符合下列图中的（）abcd二、填空题：13如图是搬运泥土的独轮车，设车箱和泥土的总重g=1000n，运泥土时从a点提起独轮车把手的力是f，f的力臂是m，f的大小至少是n14汽车上的散热器用水作为冷却剂，这是利用了水的比热容较大的性质；若散热器中装有10kg的水，在温度升高20的过程中，水吸收的热量是j，这些热量相当于完全燃烧kg的天然气放出的热量【水的比热容c水=4.2103j/（kg），天然气的热值q=8.4107j/kg】15如图所示，表示的是四冲程汽油机工作的冲程若该汽油机飞轮的转速为600转/分，则每秒钟对外做次功16如图所示的电路，若要闭合开关s后 l1和l2两灯并联，则a表是表，b表是表17小明在探究电流与电压关系实验时，发现一电阻两端的电压由8v变为10v时，通过电阻的电流增加了0.1a，该电阻的阻值为，电阻的电功率增加了w；若它两端电压变为0v，此时电阻的阻值为18一家用电能表如图所示，测得接在电路中的电能表转盘10min内转了30r，则电路消耗的电能是j若某日电能表读数如图，现只将一个“220v 800w”的电暖器接入电路中，正常工作4h，此时电能表示数变为19如图1所示的电路中，电源电压保持不变，闭合开关s后，滑动变阻器的滑片p由a端移动到b端时，测得电阻r两端的电压u与通过电阻r的电流i的变化关系如图2所示则电源的电压为v，r的阻值为，电压表v1示数的变化范围是20在如图1所示的电路中，当闭合开关后，两个电压表的指针偏转均为图2中所示，则电灯l1和l2两端的电压分别为v和v21在如图（a）所示的电路中，电源电压为3.0v，l1、l2为2个额定电压为3.0v的相同规格的小灯泡，这种小灯泡的伏安特性曲线如图（b）所示，则小灯泡的额定功率w当开关s闭合后，l1的电阻是，l2消耗的功率是w22如图所示的电路中，当s闭合后，电压表v1的示数为4v，电压表v2的示数为6v，电流表a的示数为1a，且将r2和r3对换位置后，电流表、电压表示数均不变，则电源电压为v，r1阻值大小为三、作图与实验题：（第23（1）（2）（3）题各2分，第24题4分，第25题5分，第26题5分，第27题4分，第28题7分，共31分）23（1）作出图1中的动力臂和阻力臂（2）小雨连接了如图2电路，请画出它的电路，并标出相对应的符号（3）书房里缺少一盏用拉线开关控制的照明灯和一个可插风扇的插座，请在图3中完成符合要求的完整电路24小明设计了如图所示的实验装置来探究水和食用油的吸热本领依据小明的探究方案，实验探究过程中，除了选用相同规格的烧杯和酒精灯，还需要控制水和食用油的质量相等和初始温度相同实验探究记录数据如表加热时间t/min012345678910水的温度/3031323334353637383940食用油的温度3032.53537.54042.54747.55052.555在这些数据中，第min食用油的温度记录错误，分析表中的数据可知，加热时间相同时，食用油升高的温度比水（填“高”或“低”）分析比较水在第5min、10min和食用油在第2min、4min的数据可知，升高相同的温度，水需要加热的时间比食用油的（填“长”或“短”），进而得出的吸热本领比较大25用如图甲所示的电路探究“电压一定时，通过导体的电流与电阻的关系”，已知电源电压恒为6v，实验用到的定值电阻r分别是5、10、15、20、25（1）根据电路图甲，将乙图中实物电路连接完整（导线不能交叉）（2）闭合开关前，将滑动变阻器滑片移至（填“a”或“b）端将25的电阻接入电路闭合开关，调节滑动变阻器的滑片，直到电压表示数为2v，记下电流表的示数（3）换用20的电阻，向移动滑动变阻器的滑片，使电表示数为2v，记下电流表的示数（4）经多次实验，得到如图丙所示的电流i随电阻r变化的图象，由图象可得出：电压一定时，26物理学是以实验为基础的学科，甲图是研究影响动能大小因素的实验装置，乙图是研究影响电热大小的实验装置，试分析两个实验中的研究方法（1）物体动能大小与电流通过电阻丝产生的热量多少均无法直接比较甲图中是通过来显示小车的动能大小，乙图中是通过来比较电流通过导体产生的热量多少（2）当研究对象与多个因素有关时，只能改变其中的一个因素，而保持其他因素不变甲图中，保持小车的质量不变，让小车从斜面不同高度下滑，目的是研究小车动能与的关系；乙图中为研究电热与导体电阻的关系，应将r1与r2联，且r1与r2的阻值（填“一定相等”、“可以相等”或“一定不相等”）27用如图所示装置测量动滑轮的机械效率实验时，竖直向上的匀速拉动弹簧测力计，使挂在动滑轮下面的钩码缓缓上升实验数据如下表序号动滑轮重g动/n钩码重力g/n钩码上升高度h/m绳的拉力f/n绳端移动距离s/m 机械效率0.110.20.60.4 83.3%0.120.21.10.4 0.220.21.20.4 83.3%（1）第次实验时，测得动滑轮的机械效率约为（2）分析表中数据可知，对于同一动滑轮，所提升钩码的重力增大，机械效率将；提升相同重力的钩码时，动滑轮的重力增大，其机械效率将（选填“增大”、“减小”或“不变”）（3）分析表中数据可知，f，可能的原因是：28小明在探究“电流与电阻关系”的实验中（1）选用两节新干电池做电源，所选电阻最小值为5，滑动变阻器的铭牌上标有“10 1a”字样，他已完成了部分实物连接，请用笔画线将实物图连接好要求滑片向右移时，电路中电流变大（2）小明先将5的电阻连入电路，当连好最后一根线时，发现电压表指针偏转超出量程的一半小明在实验过程中存在的问题有：；（3）纠正错误后，他闭合开关，调节滑动变阻器的滑片使电压表示数为2v，读出电流表的示数，并记录在表格中接着进行正确地操作将10的电阻接入电路，为读取正确的电流值，他应将滑动变阻器的滑片向移，当时，停止调节，读出电流表示数（4）按照小明的实验设计，为能读出相应的电流值，所选的定值电阻最大值为四、计算题：（第29题4分，第30题5分，第31题6分，第32题6分，共21分）29小华为了锻炼身体，提高体能，每天清晨都要举杠铃他1min内举了20次，每次举起的高度约为40cm，若杠铃的质量为25kg，则（1）他举一次做的功多少？（2）他举杠铃的平均功率多大？（g取10n/kg）30右表中提供的是某种型号太阳能热水器的相关信息：在太阳照射下10h，装满水的太阳能热水器中水温升高60水的比热容4.2103j/（kg）试计算：热水器的容量/l100太阳能转换为水的内能的效率80%（1）太阳能热水器照射10h，热水器中水吸收的热量？（2）如热水器所接收到的太阳能由热值为3107j/kg的焦炭提供，需完全燃烧多少焦炭？31为了将放置在水平地面上重g=100n的重物提升到高处小明设计了图（甲）所示的滑轮组装置当小明用图（乙）所示随时间变化的竖直向下拉力f拉绳时，重物的速度和上升的高度h随时间t变化的关系图象分别如图（丙）和（丁）所示若不计摩擦，绳对滑轮的拉力方向均可看成在竖直方向求：（1）在23s内，拉力f的功率p及滑轮组的机械效率；（2）在12s内，拉力f所做的功w32某实验小组利用图甲所示电路研究滑动变阻器的特点，初始时滑片p在最右端，但由于电路中某处发生断路，合上开关后发现滑片p向左滑过一段距离x后电流表才有读数，于是该组同学分别作出了电压表读数u与x、电流表读数i与x的关系图象，如图乙所示根据图象，完成下列问题：（1）电路中发生断路的位置为a电流表 b绕制滑动变阻器的电阻丝距右端10cm某处c绕制滑动变阻器的电阻丝距右端5cm某处 d定值电阻r（2）求电池的电压（3）求电阻r的阻值2015-2016学年江苏省苏州市相城区九年级（上）期末物理试卷参考答案与试题解析一、选择题：1如图所示，李晶将放在桌边的木块水平推至桌中央，她针对此过程作出了如下判断，你认为正确的是（）a木块所受重力对它做了功b木块所受支持力对它做了功c木块所受的推力对它做了功d在此过程中没有力对木块做功【考点】力是否做功的判断【专题】应用题；功、功率、机械效率【分析】判断力对物体是否做功关键是看力是否作用在物体上，物体是否在力的方向上移动距离【解答】解：（1）物体在竖直方向上没有移动距离，故支持力和重力不做功，故a、b错误；（2）物体在推力的方向上移动了距离，所以推力对物体做功故c正确、d错误故选c【点评】本题考查做功的必要条件，关键知道做功的条件是有力作用在物体上，物体在力的方向上移动距离2弹弓是我们小时候经常玩的玩具，如图所示，如果弹弓对质量是200g的弹丸的作用力是3000n，弹丸被弹射出的最大水平距离为15m，则弹弓对弹丸所做的功为（）a45000jb29.4jc45029.4jd做了功，但条件不足，无法计算做功的多少【考点】功的计算【专题】功、功率、机械效率【分析】做功的两个必要因素：一是作用在物体上的力，二是物体在力的方向上移动的距离，二者缺一不可；同时满足了上述两个条件，并且知道其大小，则可以利用w=fs计算功的大小【解答】解：弹弓被拉伸，发生弹性形变，在恢复原状时，对弹丸有力的作用，同时弹丸在力的作用下移动了一定的距离，该力对弹丸做功；但只知道力的大小，不知道移动的距离，无法计算功的大小；弹丸被弹出后，弹弓对弹丸没有力的作用，不再做功；由此可见，在整个过程中，弹弓对弹丸做了功，但条件不足，无法计算做功的多少故选d【点评】本题考查了做功的必要条件和功的计算，分析好两个过程（弹弓恢复原状、弹丸被弹出）的做功情况是本题的关键3速度是表示物体运动快慢的物理量，它是用路程和时间的比值来定义的初中物理经常用到这种定义物理量的方法，下列物理量中所采用的定义方法与速度不同的是（）a比热容b功c机械效率d功率【考点】物理量的单位及单位换算【专题】其他综合题【分析】比值定义法，是物理上常用的定义物理量的方法之一；是采用几个物理量的比值定义另一个物理量，如密度、比热容、热值、机械效率、功率【解答】解：a、比热容采用了热量与质量和变化的温度的乘积之比；采用了比值定义法；故a不符题意；b、功定义力和距离的乘积，即w=fs，不是采用比值定义法；故b符合题意；c、机械效率定义有用功与总功之比；采用了比值定义法；故c不符题意；d、功率等于功与时间之比；采用比值定义法；故d不符题意；故选b【点评】深入理解物理量的定义方法，是解答此题的关键4如图，跳伞运动员在空中加速下降的过程中，下列说法错误的是（）a人和伞的动能在增大b人和伞的重力势能在减小c人和伞的机械能保持不变d人和伞的机械能在减小【考点】动能和势能的大小变化【专题】机械能及其转化【分析】（1）动能大小的影响因素：质量、速度质量越大，速度越大，动能越大；（2）重力势能大小的影响因素：质量、被举得高度质量越大，高度越高，重力势能越大；（3）机械能等于动能和势能的总和【解答】解：（1）跳伞运动员在空中加速下降的过程中，质量不变，速度增大，动能增大；故a正确；（2）高度变小，重力势能减小；故b正确；（3）下降过程中克服空气摩擦做功，一部分机械能转化为内能，故机械能减小；故选项c错误，d正确故选c【点评】本题考查了动能和重力势能的概念，及影响其大小的因素，属于基本内容在判断动能和重力势能的大小时，要注意看影响动能和重力势能大小的因素怎么变化5下列事例中不是利用水的比热容大这一特性的是（）a在河流上建水电站，用水发电b汽车发动机用循环水冷却c让流动的热水流过散热器取暖d晚上向秧苗田里放水，以防冻坏秧苗【考点】水的比热容的特点及应用；能量转化的应用【专题】应用题；压轴题【分析】水的比热容大，相同质量的水和其它物质比较，升高或降低相同的温度，水吸收或放出的热量多；吸收或放出相同的热量，水升高或降低的温度少，据此分析【解答】解：a、在较大的河流上建水电站，用水发电，是将水的动能转化为电能，符合题意，故a正确；b、因为水的比热容大，相同质量的水和其它物质比较，升高相同的温度，水吸收的热量多，所以汽车发动机用循环水冷却，不符合题意，故b错；c、因为水的比热容大，相同质量的水和其它物质比较，降低相同的温度，水放出的热量多，所以让流动的热水流过散热器取暖，不符合题意，故c错；d、因为水的比热容大，相同质量的水和其它物质比较，降低相同的温度，水放出的热量多，所以晚上向秧苗田里放水，水可以放出更多的热量以防冻坏秧苗，不符合题意，故d错故选a【点评】本题主要考查学生对水的比热容大的特点以及应用的了解和掌握，理解并用好：相同的m、t，c大的q多，可以通过q=cmt帮助记忆6当温度降低到一定程度时，某些物质的电阻会变为零，这种现象叫超导常温超导体的应用有着十分诱人的前景下面的几个电路元件可用超导体制作的是（）a电动机的线圈b电阻箱的电阻丝c电炉的电热丝d白炽灯泡的灯丝【考点】超导体的作用【专题】应用题；电和热综合题【分析】解答本题需掌握：超导现象是电阻为零的现象，根据焦耳定律可知，电阻为零就不会产生电热【解答】解：假如科学家已研制出常温下就能使用的超导体，适合制作人们不需要电热的地方，如：输电导线和电动机线圈等由于超导体不会产生电热，所以人们需要电热的地方是不能用超导体的如电饭锅、灯泡、保险丝、电炉子等根据对超导体的理解，选项中只有电动机的线圈是不需要电阻的，故只有a符合题意故选a【点评】本题主要考查学生对：超导体的特点，以及应用的了解和掌握，是一道基础题7甲汽油机的热机效率比乙汽油机的热机效率高，这表明（）a以相同的速度行驶相同的路程，乙消耗的汽油多b甲做功比乙多c甲消耗的汽油比乙少d甲做功比乙快【考点】热机的效率【专题】应用题；比较思想；顺推法；比热容、热机、热值【分析】汽油机效率的概念：用来做有用功的能量与燃料完全燃烧放出的能量之比效率高说明比值大【解答】解：汽油机的效率是汽油机用来做有用功的能量与燃料完全燃烧放出的能量之比a、甲汽油机的热机效率比乙汽油机的热机效率高，则甲将化学转化为机械能的比例大如果以相同的速度行驶相同的路程，它们做的有用功相等，乙消耗的汽油多，故a正确；bc、甲的汽油机效率比乙的汽油机效率高，所以消耗相同的油，甲做的功多；做同样多的功，甲消耗的油少bc没有注意控制变量，故bc错误；d、机械效率是表示热机性能的，做功快慢与功率有关，故d错误故选a【点评】此题主要考查了对热机效率的理解，热机的效率是热机用来做有用功的能量与燃料完全燃烧放出的能量之比做同样多的功，消耗的油越多，效率越低；消耗相同的油，做的功越多，效率越高8电路中有一根锰铜合金线，若要使它的电阻变小，可采用（）a减小它两端的电压b增大通过它的电流c将它拉长后再接回电路d将它对折后再接回电路【考点】影响电阻大小的因素【专题】电压和电阻【分析】影响电阻大小的因素有导体的材料、长度、横截面积，与导体两端的电压、通过的电流无关；材料和温度不变时，导线越长、横截面积越小电阻越大【解答】解：ab、导体的电阻是导体阻碍电流的性质，与导体两端的电压和通过的电流无关；故ab不符合题意；c、将这根导线拉长，长度变长、横截面积变小，电阻变大，可以使连入电路的导线电阻变大，故c不符合题意；d、将导线对折后接入电路，长度变小、横截面积变大，导体的电阻变小，故d符合题意故选d【点评】本题考查了学生对影响电阻大小的因素的了解与掌握，理解导体的电阻是导体的阻碍电流的性质是本题的关键9如图所示，是一种自动测定油箱内油面高度的装置，r是转动式变阻器，它的金属滑片p是杠杆的一端，下列说法正确的是（）a油量表是由电流表改装而成的br、r0在电路中是并联的c油位越高，流过r的电流越大d油位越高，r两端的电压越大【考点】欧姆定律的应用；杠杆及其五要素；滑动变阻器的使用【专题】压轴题；动态预测题【分析】根据电压表并联在电路中，电流表串联在电路中，油量表和滑动变阻器并联，可以判断油量表是电压表油面越高，浮子上升，滑片上移，滑动变阻器连入电路的电阻越大，电流越小串联电路中电阻起分担电压的作用，电阻越大，分担的电压越大，油面越高，浮子上升，滑片上移，滑动变阻器连入电路的电阻越大，油量表的示数越大【解答】解：a、油量表和滑动变阻器是并联的，油量表是电压表b、r和r0在电路中是串联的c、油面越高，浮子上升，滑片上移，滑动变阻器连入电路的电阻越大，电流越小d、串联电路中电阻起分担电压的作用，电阻越大，分担的电压越大，油量表的示数越大，电路中的电流也越小所以油面越高，浮子上升，滑片上移，滑动变阻器连入电路的电阻越大，分担的电压越大，油量表的示数越大故选d【点评】本题根据油量表并联在电路中，可以判断油量表是电压表；根据串联电路中电阻越大分担的电压越大，可以判断电压表的示数变大；根据欧姆定律，电压不变，电阻越大，电路中的电流越小10如图所示的电路中，电源电压为4.5v不变，灯l标有“3v 0.9w”，设灯l的电阻不变，滑动变阻器r标有“30 1a”，电流表量程为“00.6a”，电压表量程为“03v”为了保护各电表和元件，滑动变阻器r允许接入电路的阻值范围是（）a020b030c520d2030【考点】欧姆定律的应用；电功率的计算【专题】应用题；电路和欧姆定律；电能和电功率【分析】由电路图可知，灯泡l与滑动变阻器r串联，电压表测r两端的电压，电流表测电路中的电流根据p=ui求出灯泡的额定电流，然后与电流表的量程和滑动变阻器允许通过的最大电流相比较确定电路中的最大电流，根据欧姆定律求出灯泡的电阻和电路中的总电阻，利用电阻的串联求出变阻器接入电路中的最小阻值；当电压表的示数最大时，滑动变阻器接入电路中的电阻最大，根据串联电路的电压特点求出灯泡l两端的电压，根据串联电路的电流特点和欧姆定律求出电路中的电流，再根据欧姆定律求出滑动变阻器接入电路中的最大阻值，然后得出答案【解答】解：由电路图可知，灯泡l与滑动变阻器r串联，电压表测r两端的电压，电流表测电路中的电流由p=ui可得，灯泡l的额的电流：il=0.3a，因串联电路中各处的电流相等，且电流表的量程为00.6a，变阻器允许通过的最大电流为1a，所以，电路中的最大电流i=0.3a，此时变阻器接入电路中的电阻最小，由i=可得，灯泡的电阻和电路中的总电阻分别为：rl=10，r总=15，因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，所以，滑动变阻器接入电路中的最小阻值：r小=r总rl=1510=5；当电压表的示数ur=3v时，滑动变阻器接入电路中的电阻最大，因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，此时灯泡两端的电压：ul=uur=4.5v3v=1.5v，电路中的电流：i=0.15a，滑动变阻器接入电路中的最大阻值：r大=20，滑动变阻器r允许接入电路的阻值范围是520故选c【点评】本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的灵活应用，关键是根据灯泡的额定电流和电流表的量程确定滑动变阻器接入电路中的最小值以及根据电压表的量程确定滑动变阻器接入电路中的最大值11如图所示的电路中，当p从a端滑到b端时，灯泡的亮度、电压表v1以及电压表v2的示数变化情况是（）a灯泡变亮，v1变大，v2变小b灯泡变暗，v1变大，v2变小c灯泡变暗，v1变小，v2变小d灯泡亮度不变，v1变大，v2不变【考点】欧姆定律的应用；电压表的使用【分析】本题可以看成是电灯l与电阻bp、pa组成的串联电路，电压表v1测量pa两端电压，电压表v2测量bp、pa两端的总电压，当p从a端移到b端时，bp的阻值逐渐变小，pa的阻值逐渐变大【解答】解：p从从a端滑到b端的过程中，整个电路是不变的，即为电灯l与电阻bp、pa组成的串联电路，故电流i保持不变，所以灯泡l亮度保持不变当p从a端移到b端时，电压表v2测量bp、pa两端的总电压，而bp、pa总电阻是保持不变的，故电压表v2示数保持不变当p从a端移到b端时，电压表v1测量pa两端电压，因为pa的阻值逐渐变大，电流不变，故根据欧姆定律可知pa两端电压逐渐变大，即电压表v1示数变大故选d【点评】分析电路时，要注意电压表相当于断路，故本题就是一个很简单的串联电路，p移动时，整个电路没有任何变化，只是电压表v1测量的阻值发生了变化，这是本题的一个关键点12如图所示，用手沿竖直方向匀速拉一个动滑轮，使挂在下面重为g的物体缓慢上升，动滑轮的重力不可忽略，现改变物体的重力g，不计绳重与摩擦，则动滑轮的机械效率与物体重力g的关系可能符合下列图中的（）abcd【考点】滑轮（组）的机械效率【专题】应用题；压轴题；功、功率、机械效率【分析】从题可知，动滑轮的重力不可忽略，则克服动滑轮的重和绳与滑轮间的摩擦所做的功为额外功，首先根据影响摩擦力大小的因素判断出绳与滑轮间的摩擦，再利用公式=100%判断出动滑轮的机械效率与物体重力g的关系【解答】解：动滑轮的重力不可忽略，则克服动滑轮的重和绳与滑轮间的摩擦所做的功为额外功，从摩擦角度考虑，随着物体重力的增加，滑轮与绳子间摩擦会一定程度增大同时，物重增大，有用功逐渐增大，有用功占总功的比值在增大，所以机械效率逐渐增大，但由于摩擦也在增大，故机械效率与物体重力g的关系并不成正比，故b正确符合题意故选：b【点评】本题考查了使用动滑轮时机械效率的计算，要知道提升物重大小对机械效率的影响（同一滑轮组，机械效率随物重的增大而增大）二、填空题：13如图是搬运泥土的独轮车，设车箱和泥土的总重g=1000n，运泥土时从a点提起独轮车把手的力是f，f的力臂是1.6m，f的大小至少是250n【考点】杠杆的平衡条件【专题】简单机械【分析】根据生活经验判断独轮车是什么杠杆，然后找出动力臂和阻力臂，动力和阻力，根据杠杆的平衡条件进行计算【解答】解：独轮车的车辆轮轴处是支点，其中重力g是阻力，支点到重力作用线的距离是阻力臂，故阻力臂是0.4m；力f是动力，支点到力f作用线的距离是动力臂，故动力臂是1.6m；由杠杆的平衡条件可知：fl动=gl阻，得f=250n故答案为：1.6；250【点评】此题考查了杠杆平衡条件的应用，要掌握杠杆的平衡条件，确定杠杆受到的力及对应的力臂，根据杠杆的平衡条件进行求解14汽车上的散热器用水作为冷却剂，这是利用了水的比热容较大的性质；若散热器中装有10kg的水，在温度升高20的过程中，水吸收的热量是8.4105j，这些热量相当于完全燃烧0.01kg的天然气放出的热量【水的比热容c水=4.2103j/（kg），天然气的热值q=8.4107j/kg】【考点】热平衡方程的应用【专题】比热容、热机、热值【分析】利用公式q=cmt可计算水吸收热量的多少；利用公式q=mq可计算需要燃烧天然气的质量【解答】解：水吸收的热量q=cmt=4.2103j/（kg）10kg20=8.4105j；相当于完全燃烧天然气的质量：m=0.01kg故答案为：8.4105j；0.01kg【点评】本题综合考查了水吸收热量的计算和燃料燃烧放出热量的计算，利用好q吸=q放是关键，因条件已给出，难度不大15如图所示，表示的是四冲程汽油机工作的压缩冲程若该汽油机飞轮的转速为600转/分，则每秒钟对外做5次功【考点】内燃机的四个冲程；有关热机的计算【专题】比热容、热机、热值【分析】（1）由进气门和排气门的关闭和打开情况、活塞的上行和下行情况来判断是哪个冲程内燃机的一个工作循环有吸气冲程、压缩冲程、做功冲程、排气冲程四个冲程组成，其中压缩冲程中机械能转化成内能，做功冲程中内能转化成机械能（2）热机完成一个工作循环，要经过4个冲程，燃气对外做功1次，活塞往返2次，飞轮转动2周，根据这个比例关系可以求出答案【解答】解：如图，进气门和排气门都是关闭的，活塞上行，可以判断是压缩冲程若飞轮转速是600r/min=10r/s，表示每秒飞轮转动10圈，要经过20个冲程，对外做功5次故答案为：做功；5【点评】本题考查了热机的三个知识点：根据进气门和排气门的闭合和打开情况、活塞的上下行情况来判断是哪个冲程，能的转化，根据工作循环、冲程、做功、活塞、飞轮任何一者能判断另外几者16如图所示的电路，若要闭合开关s后 l1和l2两灯并联，则a表是电流表，b表是电压表【考点】电压表的使用；电流表的使用【专题】电流和电路；电压和电阻【分析】电流表必须与被测灯泡串联，电压表与被测灯泡并联；因电流表在电路中相当于导线，电压表相当于开路，所以电流表不能和用电器并联，电压表不能和用电器串联【解答】解：要使l1和l2小灯泡并联，则电流必须分两路分别流入灯泡，所以a必须是相当于导线的电流表，b是相当于开路的电压表故答案为：电流；电压【点评】本题考查学生对电流表和电压表的特点的了解和掌握，是中考的热点题型17小明在探究电流与电压关系实验时，发现一电阻两端的电压由8v变为10v时，通过电阻的电流增加了0.1a，该电阻的阻值为20，电阻的电功率增加了1.8w；若它两端电压变为0v，此时电阻的阻值为20【考点】欧姆定律的应用；电功率的计算【专题】欧姆定律；电能和电功率【分析】电阻大小不变，已知电阻两端电压的变化和电流的变化，根据公式i=表示出电路中的电流，再根据公式p=表示出电阻的电功率，结合通过电阻电流的变化求出电阻的阻值，进一步求出电功率变化值【解答】解：电阻保持不变，根据欧姆定律可得：当电阻两端的电压为8v时，通过电阻的电流为i1=，该电阻的电功率为p1=；当电阻两端的电压为10v时，通过电阻的电流为i2=，该电阻的电功率为p2=，电流变化量：i=i2i1=0.1a，解得：r=20，该电阻的电功率变化了：p=p2p1=1.8w若它两端电压变为0v，此时电阻的阻值不变，仍为20故答案为：20；1.8；20【点评】本题考查电阻和电功率的计算，关键是欧姆定律公式、电功率公式及其变形的灵活运用，重点是求电阻的阻值，这也是本题的难点，也是此题的突破点18一家用电能表如图所示，测得接在电路中的电能表转盘10min内转了30r，则电路消耗的电能是3.6104j若某日电能表读数如图，现只将一个“220v 800w”的电暖器接入电路中，正常工作4h，此时电能表示数变为00217【考点】电能表参数的理解与电能的求法【专题】计算题；电能和电功率【分析】每消耗1kwh的电能，电能表的转盘转过3000r，可求30r消耗的电能；已知电暖器的额定功率，根据公式w=pt可求消耗的电能，进一步求出电能表的示数【解答】解：转30r消耗的电能：w=kwh=0.01kwh=3.6104j；正常工作4h，电暖器消耗电能w=pt=0.8kw4h=3.2kwh，电能表共消耗电能18.5kwh+3.2kwh=21.7kwh，则此时电能表示数变为00217故答案为：3.6104；00217【点评】本题考查电能的计算，关键是对电能表的相关参数的物理意义的正确理解19如图1所示的电路中，电源电压保持不变，闭合开关s后，滑动变阻器的滑片p由a端移动到b端时，测得电阻r两端的电压u与通过电阻r的电流i的变化关系如图2所示则电源的电压为12v，r的阻值为8，电压表v1示数的变化范围是08v【考点】欧姆定律的应用；串联电路的电压规律；电路的动态分析【专题】应用题；电路和欧姆定律【分析】当滑片在a端时滑动变阻器接入电路中的电阻为0，电压表v1被短路，电路为r的简单电路，电路中的电阻最小，电流最大，根据图象得出电源的电压和电路中的电流，根据欧姆定律求出r的阻值；当滑片位于b端时滑动变阻器接入电路中的电阻最大，电压表v1的示数最大，电压表v的示数最小，电路中的电流最小，根据图象读出r两端的电压，根据串联电路的电压特点求出滑动变阻器两端的电压，进一步求出电压表v1示数的变化范围【解答】解：当滑片在a端时滑动变阻器接入电路中的电阻为0，电压表v1被短路示数为0v，电路为r的简单电路，电路中的电阻最小，电流最大，由图象可知，电源的电压u=12v，电路中的电流i=1.5a，根据欧姆定律可得，r的阻值：r=8；当滑片位于b端时滑动变阻器接入电路中的电阻最大，电压表v1的示数最大，电压表v的示数最小，电路中的电流最小，由图象读出r两端的电压ur=4v，串联电路中总电压等于各分电压之和，滑动变阻器两端的电压：u滑=uur=12v4v=8v，则电压表v1示数的变化范围为08v故答案为：12；8；08v【点评】本题考查了串联电路的特点和欧姆定律的应用，关键是会判断电路中电流和电压的对应关系并能读出相应的示数20在如图1所示的电路中，当闭合开关后，两个电压表的指针偏转均为图2中所示，则电灯l1和l2两端的电压分别为7.2v和1.8v【考点】串联电路的电压规律【专题】电压和电阻【分析】分析电路结构，弄清电压表v1、v2测电路中哪部分电路电压确定两个电压表的量程，然后读出电压表的读数根据串并联电路的规律特点，求出灯泡l1、l2的电压值【解答】解：由电路图可知：灯泡l1、l2串联，电压表v1测的是灯泡l1、l2的串联电压，电压表v2测的是灯泡l2两端的电压由上述分析知：电压表v1的示数应大于v2的示数；由题意知，两电压表的指针位置相同，则它们的量程不同；电压表v1的量程是015v，由图知它的示数uv1=9v；电压表v2的量程是03v，由图知它的读数uv2=1.8v电压表v2测的是灯泡l2两端的电压，所以灯泡l2两端的电压u2=uv2=1.8v；由于灯泡l1、l2串联，电压表v1测的是灯泡l1与l2的串联总电压，由串联电路的特点知：灯泡l1两端的电压u1=uv1uv2=9v1.8v=7.2v故答案为：7.2；1.8【点评】本题考查了电压表的读数和串联电路的特点，分清电路的连接方式和电压表量程的判读是解决本题的关键21在如图（a）所示的电路中，电源电压为3.0v，l1、l2为2个额定电压为3.0v的相同规格的小灯泡，这种小灯泡的伏安特性曲线如图（b）所示，则小灯泡的额定功率0.75w当开关s闭合后，l1的电阻是7.5，l2消耗的功率是0.3w【考点】电功率的计算【专题】计算题；电能和电功率【分析】由图象讲出灯泡在额定电压下的电流，由p=ui计算灯泡的额定功率；由电路图知两灯串联，由此可知灯泡的实际电压，从图象中读出灯泡电流，由i=计算电阻，由p=ui计算实际功率【解答】解：当灯泡电压等于其额定电压时正常工作，由图象可知此时通过灯泡的电流为0.25a，所以灯泡的额定功率：p=ui=3.0v0.25a=0.75w；由题知两规格相同，由图（a）知两灯串联，电源电压为3.0v，所以灯泡实际电压：u1+u2=u=3.0v，且u1=u2，所以u1=u2=1.5v，由图象可知此时通过灯泡的电流0.2a，由i=可得l1的电阻：r1=7.5；l2消耗的功率：p2=u2i=1.5v0.2a=0.3w故答案为：0.75；7.5；0.3【点评】本题考查了串联电路特点、欧姆定律以及电功率公式的应用，关键是从图象中找到有用的信息22如图所示的电路中，当s闭合后，电压表v1的示数为4v，电压表v2的示数为6v，电流表a的示数为1a，且将r2和r3对换位置后，电流表、电压表示数均不变，则电源电压为7v，r1阻值大小为1【考点】欧姆定律的应用【专题】应用题；电路和欧姆定律【分析】由电路图可知，三电阻串联，电压表v1测r1和r2两端的电压之和，v2测r2和r3两端的电压之和；将r2和r3对换位置后，电流表、电压表示数均不变，说明：r2=r3，依据已知条件，利用欧姆定律进行解答【解答】解：由电路图可知，三电阻串联，电压表v1测r1和r2两端的电压之和，v2测r2和r3两端的电压之和，因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，所以，由i=可得：r1+r2=4，r2+r3=6将r2和r3对换位置后，电流表、电压表示数均不变，则r2=r3，r2=r3=3，r1=1，电源的电压：u=ir=i（r1+r2+r3）=1a（1+3+3）=7v故答案为：7；1【点评】本题考查了串联电路的特点和欧姆定律的应用，关键是学生学会灵活分析电路的连接并根据题意得出r2=r3三、作图与实验题：（第23（1）（2）（3）题各2分，第24题4分，第25题5分，第26题5分，第27题4分，第28题7分，共31分）23（1）作出图1中的动力臂和阻力臂（2）小雨连接了如图2电路，请画出它的电路，并标出相对应的符号（3）书房里缺少一盏用拉线开关控制的照明灯和一个可插风扇的插座，请在图3中完成符合要求的完整电路【考点】力臂的画法；根据实物图画电路图；家庭电路的连接【专题】作图题；图像综合题【分析】（1）已知支点、动力和阻力的方向，根据力臂的画法，过支点作动力作用线和阻力作用线的垂线段，即动力臂和阻力臂（2）根据实物图可知，两灯泡并联，开关s1控制整个电路，s2控制l2，根据实物图完成电路图即可（3）火线首先进入开关，然后进入灯泡；零线直接进入灯泡双孔插座的接法：左孔接零线；右孔接火线【解答】解：（1）延长f2的作用线，反向延长f1的作用线，然后分别过支点o作力的作用线的垂线段即可，如图所示：（2）由图知，两灯泡并联，开关s1控制整个电路，s2控制l2；电流从正极出发经开关s1开始分支，一支经灯泡l1，另一支经开关s2，灯泡l2，然后两支汇合，回到电源负极如图所示：（3）零线直接进入灯泡；火线先接入开关，再进入灯泡相连二孔插座的接法：左孔接零线；右孔接火线如图所示：【点评】（1）本题考查了力臂的画法画力臂时关键是要画出支点到力的作用线的垂线段（2）本题考查根据实物图画电路图，关键是知道电路中各个用电器的连接情况，画电路图是初中物理的重点也是难点（3）本题考查了安全用电常识，要掌握家庭电路中灯泡、开关、保险丝、两孔插座、三孔插座的接法24小明设计了如图所示的实验装置来探究水和食用油的吸热本领依据小明的探究方案，实验探究过程中，除了选用相同规格的烧杯和酒精灯，还需要控制水和食用油的质量相等和初始温度相同实验探究记录数据如表加热时间t/min012345678910水的温度/3031323334353637383940食用油的温度3032.53537.54042.54747.55052.555在这些数据中，第6min食用油的温度记录错误，分析表中的数据可知，加热时间相同时，食用油升高的温度比水高（填“高”或“低”）分析比较水在第5min、10min和食用油在第2min、4min的数据可知，升高相同的温度，水需要加热的时间比食用油的长（填“长”或“短”），进而得出水的吸热本领比较大【考点】探究比热容的实验【专题】探究题；探究型实验综合题【分析】要比较不同物质的吸热能力，有两种办法：让质量相同的不同物质加热相同的时间（用相同的加热装置，加热时间就表示了吸收热量的多少），看温度的变化值，温度变化值大的物质吸热能力弱；将质量相同的不同物质加热到相同的温度，比较加热时间的不同，加热时间长的物质吸热能力强【解答】解：分析表中数据可以看出，食用油每分钟温度升高2.5，所以第6min食用油的温度记录错误，应该是45分析表中的数据可知，加热时间相同时，食用油升高的温度比水高分析比较水在第5min、10min和食用油在第2min、4min的数据可知，升高相同的温度，水需要加热的时间比食用油的长，进而得出水的吸热本领比食用油大故答案为：6；高；长；水【点评】此题考查的是比较物质吸热能力的方法，是一道热学的基础题比较常见的为探究性实验，要求我们应注