江苏省连云港市海头高中高二物理上学期10月月考试卷（含解析）.doc

2015-2016学年江苏省连云港市海头高中高二（上）月考物理试卷（10月份）一、选择题（共9小题，每小题4分，满分36分）1一只普通白炽灯，不通电时灯丝的电阻为r1；正常发光时灯丝的电阻为r2比较r1和r2的大小，应是（）ar1r2br1r2cr1=r2d条件不足，无法判断2一根粗细均匀、阻值为16的电阻丝，保持温度不变，若先将它等分成4段，每段电阻为r1，再将这4段电阻丝并联，并联后总电阻为r2，则r1与r2的大小依次为（）a1，0.5b2，0.5c2，1d4，13如图所示为某一闭合电路的路端电压ui曲线，由图可知（）a电源电动势为2.0vb电源内阻为c电源短路时电流为6.0ad电路路端电压为1.0v时，电路中电流为5.0a4用图所示电路，测定电池组的电动势和内电阻其中v为电压表（其电阻足够大），定值电阻r=7.0在电键未接通时，v的读数为6.0v；接通电键后，v的读数变为5.6v那么，电池组的电动势和内电阻分别等于（）a6.0v，0.5b6.0v，1.25c5.6v，1.25d5.6v，0.55如图所示电路，当变阻器的滑片向下滑动时，电流表及电压表读数的变化是（）a电流表、电压表读数都变大b电流表读数增大，电压表读数减小c电流表读数减小，电压表读数增大d电流表、电压表读数都减小6如图所示的电路中，水平放置的平行板电容器中有一个带电液滴正好处于静止状态，现将滑动变阻器的滑片p向左移动，则（）a电容器中的电场强度将增大b电容器上的电荷量将减少c电容器的电容将减小d液滴将向上运动7一台直流电动机的电阻为r，额定电压为u，额定电流为i，当其正常工作时下述正确的是（）a电动机所消耗的电功率iubt秒内所产生的电热为iutct秒内所产生的电热为i2rtdt秒内所产生的机械能为i（uir）t8如图所示，电源的电动势为e，内阻为r，r0为定值电阻，r为变阻器，已知r0r为使r0上消耗的电功率最大，应将变阻器阻值调整到（）ar0br0+rcr0rd09在如图所示的电路中，闭合电键s，当滑动变阻器的滑动触头p向下滑动时，四个理想电表的示数都发生变化，电表的示数分别用i、u1、u2和u3表示，电表示数变化量的大小分别用i、u1、u2和u3表示下列比值正确的是（）a不变，不变b变大，变大c变大，变小d变大，不变二、解答题（共3小题，满分45分）10（12分）（2015秋连云港月考）读数（1）cm （2）cm （3）ma （4）v11（1）用多用表的欧姆档测量阻值约为几十千欧的电阻rx，以下给出的是可能的实验操作步骤，其中s为选择开关，p为欧姆档调零旋钮把你认为正确的步骤前的字母按合理的顺序填写在横线上a将两表笔短接，调节p使指针对准刻度盘上欧姆档的零刻度，断开两表笔b将两表笔分别连接到被测电阻的两端，读出rx的阻值后，断开两表笔c旋转s使其尖端对准欧姆档1kd旋转s使其尖端对准欧姆档100e旋转s使其尖端对准交流500v，并拔出两表笔根据如图所示指针位置，此被测电阻的阻值约为（2）下列关于使用多用表欧姆档测电阻的说法中正确的是a测量电阻时如果指针偏转过大，应将选择开关s拨至倍率较小的档位，重新调零后测量b测量电阻时，如果红、黑表笔分别插在负、正插孔，则会影响测量结果c测量电路中的某个电阻，应该把该电阻与电路断开d测量阻值不同的电阻时都必须重新调零12（24分）（2014秋信阳期末）测定电源的电动势和内电阻的实验电路1和ui图象2如下：（1）闭合开关前滑动变阻器的滑动头p应放在处现备有以下器材：a干电池1节b滑动变阻器（050）c滑动变阻器（01750）d电压表（03v）e电压表（015v）f电流表（00.6a）g电流表（03a）（2）其中滑动变阻器应选，电流表应选，电压表应选（填字母代号）（3）由ui图象可知这个干电池的电动势e=v，内电阻r=_（4）由于电压表的分流作用使本实验电路存在系统误差，导致e测e真，r测r真（填“”“”或“=”）三、计算题（共3小题，满分39分）13（11分）（2012秋东阳市校级期中）某一直流电动机提升重物，重物的质量为40kg，电源电动势为110v，不计电源的内阻，及各处的摩擦，当电动机以1.0m/s恒定的速度向上提升重物时，电路中的电流强度为5a，（取g=10m/s2）求：（1）电源的输出功率；（2）电动机的输出功率；（3）电动机线圈的电阻14（13分）（2015秋连云港月考）如图所示，r3=0.2，s断开时，两表读数分别0.4a和2.4v，s闭合时，它们的读数分别变化了0.3a和0.3v求：（1）r1、r2的阻值；（2）电源的电动势和内阻（两表均视为理想表）15（15分）（2012春东河区校级期末）如图所示，甲图中变阻器的滑片从一端滑到另一端的过程中，两电压表的读数随电流表读数的变化情况如乙图中的ac、bc两直线所示不考虑电表内阻对电路的影响（1）电压表v1、v2的示数随电流表示数的变化图线分别为乙图中的哪一条直线？（2）定值电阻r0以及变阻器的总电阻r分别为多少？（3）求出电源的电动势和内阻2015-2016学年江苏省连云港市海头高中高二（上）月考物理试卷（10月份）参考答案与试题解析一、选择题（共9小题，每小题4分，满分36分）1一只普通白炽灯，不通电时灯丝的电阻为r1；正常发光时灯丝的电阻为r2比较r1和r2的大小，应是（）ar1r2br1r2cr1=r2d条件不足，无法判断【考点】电阻率与温度的关系 【专题】恒定电流专题【分析】解答本题的关键是分析白炽灯发光与不发光的区别，同时注意温度升高时灯丝的电阻率增大【解答】解：灯丝的电阻率随着温度的升高而增大，白炽灯是通过发热发光的，因此发光时温度高于不发光温度，故发光时电阻大，即有r1r2，故acd错误，b正确故选b【点评】本题比较简单，直接考查了温度对电阻率的影响，要注意物理知识在实际生活中的应用2一根粗细均匀、阻值为16的电阻丝，保持温度不变，若先将它等分成4段，每段电阻为r1，再将这4段电阻丝并联，并联后总电阻为r2，则r1与r2的大小依次为（）a1，0.5b2，0.5c2，1d4，1【考点】电阻定律 【专题】恒定电流专题【分析】一根粗细均匀的电阻丝，将它等分成四段，每段的长度减小为四分之一；再将这四段电阻丝并联起来，横截面积增加为4倍；根据电阻定律公式r=分析即可【解答】解：一根粗细均匀的电阻丝，将它等分成四段，每段的长度减小为四分之一，横截面积和电阻率一定，故电阻减小为四分之一，为r1=4；再将这四段电阻丝并联起来，横截面积增加为4倍，根据电阻定律，r2=1；故选：d【点评】本题关键根据电阻定律公式r=分析，找出长度、截面积的变化情况即可，基础问题3如图所示为某一闭合电路的路端电压ui曲线，由图可知（）a电源电动势为2.0vb电源内阻为c电源短路时电流为6.0ad电路路端电压为1.0v时，电路中电流为5.0a【考点】闭合电路的欧姆定律 【专题】恒定电流专题【分析】根据闭合电路欧姆定律u=eir，分析路端电压ui曲线与纵轴交点表示i=0，是断路状态，纵坐标表示电动势图线的斜率大小等于电源的内阻短路时，外电阻r=0，由欧姆定律求出短路电流再由u=eir，求出路端电压为1.0v时，电路中的电流【解答】解：a、由闭合电路欧姆定律u=eir得知，当i=0时，u=e，由图读出u=2.0v故a正确 b、电源的内阻r=0.2故b错误 c、电源短路时电流i短=10a故c错误 d、当电路路端电压为1.0v时，电路中电流i=a=5a故d正确故选ad【点评】本题中c项的结果，也是学生读图时经常出现的错误，把（6.0，0.8）点的状态当成短路，说明对短路的特点不了解，短路时，路端电压u=04用图所示电路，测定电池组的电动势和内电阻其中v为电压表（其电阻足够大），定值电阻r=7.0在电键未接通时，v的读数为6.0v；接通电键后，v的读数变为5.6v那么，电池组的电动势和内电阻分别等于（）a6.0v，0.5b6.0v，1.25c5.6v，1.25d5.6v，0.5【考点】闭合电路的欧姆定律 【专题】恒定电流专题【分析】当开关断开时，电压表接在电源两端，电压表示数为电池组的电动势；k闭合时，电压表测量路端电压，则根据闭合电路的欧姆定律可求得内电阻【解答】解：电键未接通时，电压表示数即为电源电动势，故电动势e=6.0v；接通电键后，对r由欧姆定律可得：电路中电流i=0.8a；由闭合电路欧姆定律可知：内电阻r=0.5；故选：a【点评】本题考查闭合电路的欧姆定律的使用，注意因电压表为理想电表，故当电压表直接接在电源两端时，相当于开路，电压表示数即为电源的电动势5如图所示电路，当变阻器的滑片向下滑动时，电流表及电压表读数的变化是（）a电流表、电压表读数都变大b电流表读数增大，电压表读数减小c电流表读数减小，电压表读数增大d电流表、电压表读数都减小【考点】闭合电路的欧姆定律 【专题】恒定电流专题【分析】根据变阻器移动的方向分析其有效电阻的变化，分析总电阻的变化，判断总电流的变化和路端电压变化，再分析局部电压和电流的变化，即可解答【解答】解：当变阻器的滑片向下滑动时，其有效电阻增大，外电路总电阻增大，总电流i减小，电压表的示数为 u=ei（r1+r），i减小，其他量不变，则u增大，通过r2的电流增大，而电流表的示数 ia=ii2，则ia减小即电流表读数减小，电压表读数增大故选：c【点评】本题考查电路动态分析的能力，应抓住电源的电动势和内阻不变，运用“局部整体局部”的思路进行分析6如图所示的电路中，水平放置的平行板电容器中有一个带电液滴正好处于静止状态，现将滑动变阻器的滑片p向左移动，则（）a电容器中的电场强度将增大b电容器上的电荷量将减少c电容器的电容将减小d液滴将向上运动【考点】电容 【专题】电容器专题【分析】由题意可知，电容器与r2并联，根据闭合电路欧姆定律可确定随着滑片左移，电阻的变化，导致电压的变化，从而判定电阻r2的电压变化，再根据可得，电容器的电量及由e=知两极间的电场强度如何变化【解答】解：a、电容器两板间电压等于r2两端电压当滑片p向左移动时，接入电路的电阻增大，电路中的电流减小，所以r2两端电压u减小，由e=知电容器中场强变小，a错误；b、根据可得，电容器放电，电荷量减少，b项正确；c、电容器的电容与u的变化无关，保持不变，c项错误d、带电液滴所受电场力变小，使液滴向下运动，d项错误；故选：b【点评】考查电容器的动态分析，涉及到闭合电路的欧姆定律，同时与e=公式的理解7一台直流电动机的电阻为r，额定电压为u，额定电流为i，当其正常工作时下述正确的是（）a电动机所消耗的电功率iubt秒内所产生的电热为iutct秒内所产生的电热为i2rtdt秒内所产生的机械能为i（uir）t【考点】电功、电功率；焦耳定律 【专题】恒定电流专题【分析】电动机是非纯电阻，在计算电功率的公式中，总功率用p=iu来计算，发热的功率用p=i2r来计算，这两个的计算结果是不一样的，如果是计算纯电阻的功率，这两个公式的计算结果是一样的【解答】解：a、电动机所消耗的电功率p=ui，所以a正确；b、i2r计算的是电动机的内阻发热的部分，是发热的功率，所以产生的电热为i2rt，所以b错误，c正确；d、t秒内所产生的机械能为电动机的总功减去发热的部分，所以机械功uiti2rt，所以d正确故选：acd；【点评】对于电功率的计算，一定要分析清楚是不是纯电阻电路，对于非纯电阻电路，总功率和发热功率的计算公式是不一样的8如图所示，电源的电动势为e，内阻为r，r0为定值电阻，r为变阻器，已知r0r为使r0上消耗的电功率最大，应将变阻器阻值调整到（）ar0br0+rcr0rd0【考点】闭合电路的欧姆定律；电功、电功率 【专题】恒定电流专题【分析】由闭合电路的欧姆定律可知电路中的电流，由功率公式可确定电功率的极值【解答】解：由闭合电路的欧姆定律可知i=r0消耗的电功率p=i2r0=r0； 故要使r0消耗的功率最大，应将变阻器阻值调到最小为零；故选d【点评】解决本题应注意审题，题目中要求的是定值电阻的电功率，故当电流最大时功率最大9在如图所示的电路中，闭合电键s，当滑动变阻器的滑动触头p向下滑动时，四个理想电表的示数都发生变化，电表的示数分别用i、u1、u2和u3表示，电表示数变化量的大小分别用i、u1、u2和u3表示下列比值正确的是（）a不变，不变b变大，变大c变大，变小d变大，不变【考点】闭合电路的欧姆定律 【专题】恒定电流专题【分析】本题要分析定值电阻与可变电阻去分析对于定值电阻，有r=；对于可变电阻，可根据闭合电路欧姆定律分析与电源内阻的关系，从而作出判断【解答】解：a、r1是定值电阻，有r1=，可知、都不变，故a正确b、c当滑动变阻器的滑动触头p向下滑动时，r2变大，r2是可变电阻，有=r2，所以变大，根据闭合电路欧姆定律得：u2=ei（r1+r），则知=r1+r，不变，故b、c错误d、=r1+r2，可知变大又根据闭合电路欧姆定律得：u3=eir，则知=r，保持不变，故d正确故选：ad【点评】本题要注意对于定值电阻，是线性元件，有r=；对于可变电阻，r=，也可以结合电源的ui图线分析二、解答题（共3小题，满分45分）10（12分）（2015秋连云港月考）读数（1）2.250cm （2）6.858cm （3）115ma （4）5.0v【考点】多用电表的原理及其使用；刻度尺、游标卡尺的使用；螺旋测微器的使用 【专题】实验题；定性思想；推理法；直线运动规律专题【分析】明确各仪器的原理，并知道它们的读数方法，注意各仪器中是否需要估读【解答】解：游标卡尺的读数为：22mm+100.05mm=22.50mm=2.250cm；螺旋测微器的读数为：6.5mm+35.80.01mm=6.858mm； 毫安表最小分度为5ma，则读数为115ma；电压表最小分度为2v，则读数为5.0v；故答案为：（1）2.250； （2）6.858；（3）115；（4）5.0【点评】本题考查各元件的读数问题，要注意对于电表最小分度为1的需要估读到下一位；而最小分度为2或5的不需要估读11（1）用多用表的欧姆档测量阻值约为几十千欧的电阻rx，以下给出的是可能的实验操作步骤，其中s为选择开关，p为欧姆档调零旋钮把你认为正确的步骤前的字母按合理的顺序填写在横线上cabea将两表笔短接，调节p使指针对准刻度盘上欧姆档的零刻度，断开两表笔b将两表笔分别连接到被测电阻的两端，读出rx的阻值后，断开两表笔c旋转s使其尖端对准欧姆档1kd旋转s使其尖端对准欧姆档100e旋转s使其尖端对准交流500v，并拔出两表笔根据如图所示指针位置，此被测电阻的阻值约为30k（2）下列关于使用多用表欧姆档测电阻的说法中正确的是aca测量电阻时如果指针偏转过大，应将选择开关s拨至倍率较小的档位，重新调零后测量b测量电阻时，如果红、黑表笔分别插在负、正插孔，则会影响测量结果c测量电路中的某个电阻，应该把该电阻与电路断开d测量阻值不同的电阻时都必须重新调零【考点】伏安法测电阻 【专题】实验题【分析】欧姆表是测量电阻的仪表，把被测电阻串联在红黑表笔之间，欧姆表电流是从黑表笔流出红表笔流入，（1）用欧姆表测电阻，每次换挡后和测量前都要重新调零（指欧姆调零）（2）测电阻时待测电阻不仅要和电源断开，而且要和别的元件断开（3）测量时注意手不要碰表笔的金属部分，否则将人体的电阻并联进去，影响测量结果（4）合理选择量程，使指针尽可能在中间刻度附近【解答】解：（1）测量几十k的电阻rx我们一般选择较大的档位先粗测，使用前应先进行调零，然后依据欧姆表的示数，在更换档位，重新调零，在进行测量；使用完毕应将选择开关置于off位置或者交流电压最高档，拔出表笔，正确的步骤为：cabe多用电表选择欧姆档1k，由图示表盘可知，其示数为：301k=30k；（2）a、测量电阻时如果指针偏转过大，说明所选倍率太大，为准确测量电阻阻值，应将选择开关s拨至倍率较小的档位，重新调零后测量，故a正确；b、测量电阻时，如果红、黑表笔分别插在负、正插孔，不会影响测量结果，故b错误；c、为保护电路安全，测量电路中的某个电阻，应该把该电阻与电路断开，故c正确；d、用欧姆表的同一倍率测不同阻值的电阻时不需要重新进行欧姆调零，用不同倍率测电阻换挡后必须重新调零，故d错误，故选ac故答案为：（1）cabe；30k；（2）ac【点评】（1）实际应用中要防止超量程，不得测额定电流极小的电器的电阻（如灵敏电流表的内阻）（2）测量完毕后，应拔出表笔，选择开关置于 off挡位置，或交流电压最高挡；长期不用时，应取出电池，以防电池漏电（3）欧姆表功能：测量电阻、测二极管正负极（4）用法：最好指针打到中间将误差减小12（24分）（2014秋信阳期末）测定电源的电动势和内电阻的实验电路1和ui图象2如下：（1）闭合开关前滑动变阻器的滑动头p应放在a处现备有以下器材：a干电池1节b滑动变阻器（050）c滑动变阻器（01750）d电压表（03v）e电压表（015v）f电流表（00.6a）g电流表（03a）（2）其中滑动变阻器应选b，电流表应选f，电压表应选d（填字母代号）（3）由ui图象可知这个干电池的电动势e=1.5v，内电阻r=1_（4）由于电压表的分流作用使本实验电路存在系统误差，导致e测e真，r测r真（填“”“”或“=”）【考点】测定电源的电动势和内阻 【专题】实验题；恒定电流专题【分析】（1）滑动变阻器采用限流接法时，为保护电路安全，闭合开关前，滑片要置于阻值最大处（2）为方便实验操作，应选最大阻值较小的滑动变阻器，根据电源电动势选择电压表，根据电路最大电流选择电流表（3）电源ui图象与纵轴交点坐标值是电源电动势，图象斜率的绝对值是电源内阻（4）根据实验电路分析实验误差来源，分析实验误差【解答】解：（1）由图1所示实验电路图可知，滑动变阻器采用限流接法，因此闭合开关前为防止电表过载滑动变阻器的滑动头p应放在a端（2）为方便实验操作，滑动变阻器应选b，由图2所示图象可知，最大电流为0.4a，则电流表应选f，电源电动势约为1.5v，电压表应选d（3）由图2所示电源ui图象可知，图象与纵轴交点坐标值为1.5，电源电动势e=1.5v，电源内阻r=1（4）由图1所示电路图可知，相对于电源来说，电流表采用外接法，由于电压表分流，电流测量值小于真实值，当外电路短路时，电流测量值等于真实值，电源的ui图象如图所示：电源的ui图象与纵轴交点坐标值是电源电动势，图象斜率的绝对值是电源内阻，由图象可知，电源电动势的测量值小于真实值，电源内阻测量值小于真实值故答案为：（1）a；（2）b，f，d；（3）1.5，1；（4），【点评】为保护电路，如果滑动变阻器采用限流接法，在闭合开关前，滑片应置于最大阻值处；如果滑动变阻器采用分压接法，在闭合开关前，滑片应置于分压电路分压最小的位置三、计算题（共3小题，满分39分）13（11分）（2012秋东阳市校级期中）某一直流电动机提升重物，重物的质量为40kg，电源电动势为110v，不计电源的内阻，及各处的摩擦，当电动机以1.0m/s恒定的速度向上提升重物时，电路中的电流强度为5a，（取g=10m/s2）求：（1）电源的输出功率；（2）电动机的输出功率；（3）电动机线圈的电阻【考点】电功、电功率 【专题】恒定电流专题【分析】（1）由于电源的内阻不计，电源的输出功率等于电源的总功率，由p=ei求解；（2）（3）用直流电动机提升重物时，电动机消耗的电能转化为电动机的内能和提升重物的机械能，电动机的输出功率等于提升重物的机械功率，根据能量守恒定律列出功率方程，求解r【解答】解：（1）电源的输出功率p=ei=1105w=550w；（2）电动机的输出功率为 p出=mgv=400w（3）根据能量守恒定律得：ei=mgv+i2r解得，r=6答：（1）电源的输出功率是550w； （2）电动机的输出功率是400w； （3）电动机线圈的电阻是6【点评】电动机正常工作时，电路是非纯电阻电路，求解电功率只能用p电=iu，求解内电路发热功率只能用p热=i2r，输出功率往往根据能量守恒定律求解14（13分）（2015秋连云港月考）如图所示，r3=0.2，s断开时，两表读数分别0.4a和2.4v，s闭合时，它们的读数分别变化了0.3a和0.3v求：（1）r1、r2的阻值；（2）电源的电动势和内阻（两表均视为理想表）【考点】闭合电路的欧姆定律 【专题】恒定电流专题【分析】（1）首先明确电压表和电流表所测的电路，当s闭合时，判断电路的电阻如何变化，从而判断电流表和电压表的示数变化s断开时，r2、r3串联，当s闭合时，r1、r2并联后与r3串联根据串联电路和并联电路的特点求解（2）根据闭合电路欧姆定律对两种情况分别列式，可求解电源的电动势和内阻【解答】解：（1）当s闭合后，可知电路中的总电阻减小，据欧姆定律可知总电流增大，r1两端的电压减小，所以开关闭合后电流表的读数为：i2=i1+i=0.4a+0.3a=0.7a，电压表的读数为：u2=u1u=2.4v0.3v=2.1v当s断开时有：r1=6当s闭合时r1、r2并联阻值为：r并=3根据并联电阻的特点得：r并=，代入得：3=，解得：r2=6（2）当s断开时