江苏省宿迁市泗洪中学高二物理下学期段考试卷（含解析）.doc

2014-2015学年江苏省宿迁市泗洪中学高二（下）段考物理试卷（解析版） 一、单项选择题：每小题只有一个选项符合题意（共23小题，每小题3分，共69分）1（3分）（2015春唐山校级期中）下列说法中正确的是（）a物体在恒力作用下不可能做曲线运动b物体在变力作用下一定做曲线运动c做曲线运动的物体一定具有加速度d若物体的速度v与所受合外力f合方向在同一直线上，物体可能做曲线运动考点：物体做曲线运动的条件；曲线运动所有专题：物体做曲线运动条件专题分析：物体做曲线运动的条件是合力与速度不在同一条直线上，合外力大小和方向不一定变化，由此可以分析得出结论解答：解：a、物体在恒力作用下可能做曲线运动，如：平抛运动，故a错误；b、当变力的方向与速度方向在同一直线上时，物体做直线运动，故b错误；c、曲线运动的速度方向每时每刻都发生变化，即速度发生了变化，所以曲线运动一定是变速运动，一定具有加速度故c正确；d、若物体的速度v与所受合外力f合方向在同一直线上，物体一定做直线运动，故d错误；故选：c点评：本题关键是对质点做曲线运动的条件的考查，掌握了做曲线运动的条件，本题基本上就可以解决了2（3分）（2012扬州校级模拟）关于匀速圆周运动的向心力，下列说法正确的是（）a向心力是根据力的性质命名的b向心力可以是多个力的合力，也可以是其中的一个力或一个力的分力c对稳定的圆周运动，向心力是一个恒力d向心力的效果是改变质点的线速度大小考点：向心力所有专题：匀速圆周运动专题分析：物体做匀速圆周运动时都需要向心力，而向心力不是什么特殊的力，它是多个力的合力，也可以是其中的一个力或一个力的分力，向心力是按效果命名的向心力不做功解答：解：a、向心力是能使物体产生向心加速度，使物体做圆周运动的力，是效果命名的力，故a错误b、向心力的作用是产生向心加速度，它不是什么特殊的力，是多个力的合力，也可以是其中的一个力或一个力的分力，故b正确c、向心力大小公式fn=，可知，对于稳定的圆周运动，向心力大小不变，但向心力的方向始终指向圆心，方向时刻在变化，所以向心力一定是变力，故c错误d、向心力的方向始终与质点的速度方向垂直，不做功，根据动能定理可知，不能改变质点的速度大小，只能改变速度的方向，故d错误故选：b点评：向心力是常见的按效果命名的力，要掌握向心力的作用效果、方向特点和向心力公式fn=，这些都是基础知识，要理解掌握3（3分）（2011惠城区校级学业考试）汽车以一定速率通过拱桥时，下列说法中正确的是（）a在最高点汽车对桥的压力大于汽车的重力b在最高点汽车对桥的压力等于汽车的重力c在最高点汽车对桥的压力小于汽车的重力d汽车以恒定的速率过桥时，汽车所受的合力为零考点：向心力；牛顿第二定律所有分析：汽车过拱桥，做圆周运动，在最高点，合力提供向心力，根据牛顿第二定律列式即可解答：解：汽车到达桥顶时，受重力g和向上的支持力n，合力等于向心力gn=m解得n=mgmmg车对桥的压力等于桥对车的支持力故选c点评：汽车过拱桥，车做的是圆周运动，不是匀速直线运动，故压力不等于重力4（3分）（2012扬州校级模拟）若某人到达一个行星上，这个行星的半径只有地球的一半，质量也是地球的一半，则在这个行星上此人所受的引力是地球上引力的（）a2倍b1倍cd考点：万有引力定律及其应用所有专题：万有引力定律的应用专题分析：根据万有引力定律f=g列式，再根据行星和地球的质量、半径关系求解即可解答：解：根据万有引力定律得：f=g已知行星的半径和质量都是地球的一半，则此人在行星上所受的万有引力和地球上万有引力之比：=2故选：a点评：本题运用比例法求解，比较简洁求一个物理量之比，我们应该把这个物理量先用已知的物理量表示出来，再进行之比5（3分）（2012扬州校级模拟）用一恒定的水平拉力f拉着质量为m的物体在水平面上运动，第一次在光滑水平面上做匀加速直线运动，位移为x，做功w1；第二次在粗糙水平面上做匀速直线运动，位移也为x，做功w2，则（）aw1w2bw1w2cw1=w2d无法确定考点：功的计算所有专题：功的计算专题分析：恒力做功根据功的公式w=fx，可以知道拉力f对物体做功的情况解答：解：由w=fs知，恒力f对两种情况下做功一样多，即w1=w2故选：c点评：本题就是对恒力做功的公式的直接考查，难度不大，属于基础题6（3分）（2012扬州校级模拟）两质量不等的物体，从同一高度，以相同的初动能，沿两倾角不等的光滑斜面向上运动，当上升到同一高度时（不计空气阻力），它们（）a具有的重力势能相等b具有的动能相等c具有的机械能相等d具有的机械能不等考点：机械能守恒定律；动能；重力势能所有分析：物体沿光滑斜面向上运动过程中只有重力做功，机械能守恒，根据机械能守恒定律即可解题解答：解：设地面为零势能面，则初始位置两个物体的机械能相等，沿光滑斜面向上运动过程中只有重力做功，机械能守恒，所以当上升到同一高度时，它们的机械能相等，但由于质量不等，所以此时重力势能不能，则动能也不等，故c正确，abd错误故选：c点评：本题主要考查了机械能守恒定律的直接应用，难度不大，属于基础题7（3分）（2015春宿迁校级月考）关于我国发射的同步卫星，下列说法中正确的是（）a它运行的周期比地球自转的周期大b它运行的角速度比地球自转的角速度大c它定点在北京正上方，所以我国可以利用它进行电视转播d它运行的轨道平面一定与赤道平面重合考点：同步卫星所有专题：人造卫星问题分析：地球同步卫星即地球同步轨道卫星，又称对地静止卫星，是运行在地球同步轨道上的人造卫星，距离地球的高度约为36000km，卫星的运行方向与地球自转方向相同、运行轨道为位于地球赤道平面上圆形轨道、运行周期与地球自转一周的时间相等，即23时56分4秒，卫星在轨道上的绕行速度约为3.1公里/秒，其运行角速度等于地球自转的角速度在地球同步轨道上布设3颗通讯卫星，即可实现除两极外的全球通讯解答：解：a、同步卫星的转动周期与地球的自转周期相同；故a错误；b、因周期相同，它们的角速度也相同；故b错误；c、它们只能在赤道的正上方，它若在除赤道所在平面外的任意点，假设实现了“同步”，那它的运动轨道所在平面与受到地球的引力就不在一个平面上，这是不可能的所以不可能通过唐山市的上空，故c错误；d、地球同步卫星一定定位于赤道上空；故d正确；故选：d点评：本题考查了地球同步卫星的相关知识点同步卫星有四个“定”：定轨道、定高度、定速度、定周期本题比较简单，属于基础题8（3分）（2014春桃城区校级期末）关于点电荷的说法，正确的是（）a只有体积很小的带电体，才能作为点电荷b体积很大的带电体一定不能看作点电荷c点电荷一定是电量很小的电荷d体积很大的带电体只要距离满足一定条件也可以看成点电荷考点：元电荷、点电荷所有专题：电场力与电势的性质专题分析：当带电体之间的距离远大于带电体本身的尺寸，以至于带电体本身的大小和形状对带电体间的作用力影响可忽略不计时，带电体就可以看成点电荷解答：解：a、b当体积很小的带电体相距很近，以至于带电体的大小和形状对带电体间作用力影响不能忽略时，此带电体不能看成点电荷，而体积很大的带电体，如果带电体间的距离远大于带电体本身的尺寸，以至于带电体本身的大小和形状对带电体间的作用力影响可忽略不计时，带电体也可以看成点电荷故ab错误 c、点电荷不一定电量很小的电荷故c错误 d、体积很大的带电体只要距离足够大，以至于带电体本身的大小和形状对带电体间的作用力影响可忽略不计时，带电体就可以看成点电荷故d正确故选d点评：点电荷是理想化的物理模型，与力学中质点类似，能不能把带电体看成点电荷，不是看带电体的体积和电量，而看带电体本身的大小和形状对带电体间的作用力影响能不能忽略不计9（3分）（2014秋南山区校级期末）真空中有两个点电荷，若保持它们之间的距离不变，带电量都减小为原来的一半，则库仑力变为原来的（）a倍b倍c2倍d4倍考点：库仑定律所有专题：电场力与电势的性质专题分析：当在真空中两个点电荷，其间的库仑力与两点电荷的电量乘积成正比，与间距的平方成反比解答：解：a、当控制它们的间距不变时，改变电量均为原来的一半时，则库仑力变为原来的四分之一故a正确；b、当控制它们的间距不变时，改变电量均为原来的一半时，则库仑力变为原来的四分之一故b错误；c、当控制它们的间距不变时，改变电量均为原来的一半时，则库仑力变为原来的四分之一故c错误；d、当控制它们的间距不变时，改变电量均为原来的一半时，则库仑力变为原来的四分之一故d错误；故选：a点评：由库仑定律可知，在真空是必须确保电荷量不变，且电荷间距要大是能将带电量看成点来处理10（3分）（2009湖南校级模拟）关于电容器的电容，下列说法正确的是（）a电容器所带的电荷越多，电容就越大b电容器两极板间的电压越高，电容就越大c电容器所带电荷增加一倍，电容就增加一倍d电容是描述电容器容纳电荷本领的物理量考点：电容所有专题：电容器专题分析：电容表征电容器容纳电荷的本领大小，由电容器本身的特性决定，与两极板间的电压、所带的电荷量无关解答：解：a、电容器所带的电荷越多，两板间电压越大，电容c=不变，故a错误 b、电容器两极板间的电压越高，所带的电荷越多，电容c=不变，故b错误 c、电容器所带电荷增加一倍，两极板间的电压增加一倍，电容c=不变，故c错误 d、电容的物理意义是表征电容器容纳电荷本领的大小故d正确故选d点评：电容c=，采用的是比值定义法，有比值定义法共性，c与u、q无关，由电容器本身决定11（3分）（2015春宿迁校级月考）关于电场强度e的说法正确的是（）a电场中某点的场强方向跟正电荷在该点所受的电场力的方向相同b根据e=可知，电场中某点的电场强度与电场力f成正比，与电量q成反比c是矢量，与f的方向一致d在点电荷q附近任意一点，若没有把试探电荷q放进去，则这一点的电场强度为零考点：电场强度所有专题：电场力与电势的性质专题分析：电场强度是描述电场本身的性质的物理量，与试探电荷无关场强方向是放在该点的正电荷所受电场力方向解答：解：a、物理学上规定，场强方向与放在该点的正电荷所受的电场力方向相同，故a正确b、e=是电场强度的定义式，运用比值法定义，电场强度由电场本身决定，与试探电荷所受的电场力和其电荷量无关，故b错误c、电场强度e是矢量，其方向与放在该点的正电荷所受电场力f方向相同，与放在该点的负电荷所受电场力f方向相反故c错误d、电场强度由电场本身决定，与试探电荷有无无关，若没有把试探电荷q放进去，则这一点的电场强度不为零，故d错误故选：a点评：电场强度的定义式e=具有比值定义法的共性，定义出的场强只与电场本身有关，与放入电场的试探电荷所受的电场力、电荷量大小无关12（3分）（2014秋武陵区校级期中）一只电炉的电阻丝和一台电动机线圈的电阻相等，都是r，设通过的电流强度相同，则在相同的时间内，关于这只电炉和这台电动机的发热情况，下列说法中正确的是（）a电炉和电动机产生电炉的热量相等b产生的热量多于电动机产生的热量c产生的热量少于电动机产生的热量d无法判断考点：电功、电功率所有专题：恒定电流专题分析：用电器的发热的功率要用p=i2r来计算，根据焦耳定律可以分析产生的热量的大小解答：解：用电器产生的热量要根据焦耳定律来计算，由题可知，电阻相等，电流相等，时间相同；所以根据q=i2rt可知，电炉产生的热量等于电动机产生的热量，所以a正确故选：a点评：在计算电功率的公式中，总功率用p=iu来计算，发热的功率用p=i2r来计算，如果是计算纯电阻的功率，这两个公式的计算结果是一样的，但对于电动机等非纯电阻，第一个计算的是总功率，第二个只是计算发热的功率，这两个的计算结果是不一样的13（3分）（2015睢宁县校级模拟）图中展示的是下列哪种情况的电场线（）a等量正点电荷b等量负点电荷c等量异种点电荷d不等量异种点电荷考点：电场的叠加；电场线所有专题：电场力与电势的性质专题分析：电场线从正电荷出发，到负电荷终止，同种电荷相互排斥，电场线对称分布解答：解：电场线从正电荷出发，到负电荷终止，同种电荷相互排斥，电场线对称分布，所以为等量同种正电荷故选：a点评：理解电场线的特点，知道电场线从正电荷出发，到负电荷终止，同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引14（3分）（2015江苏校级模拟）如图所示，一束带电粒子沿着水平方向平行地飞过小磁针的上方，磁针的s极向纸内偏转，这一带电粒子束可能是（）a向右飞行的正离子束b向左飞行的正离子束c向左飞行的负离束d无法确定考点：通电直导线和通电线圈周围磁场的方向所有分析：带电粒子运动时将形成电流，在电流周围形成磁场，根据小磁针的偏转情况，判断出电流形成磁场方向，然后根据安培定则判断出电流方向，从而判断出粒子的正负解答：解：小磁针的n极向纸外偏转，s极向内偏转，因此在粒子下方磁场方向向外，根据安培定则可知电流方向向左，故这束粒子若带正电，则向左飞行，若带负电，则向右飞行，故b正确，acd错误故选：b点评：对于电流方向、磁场方向的规定要熟练掌握，尤其是要正确根据安培定则判断电流方向与磁场方向之间的关系15（3分）（2011镇江学业考试）一个不计重力的带正电荷的粒子，沿图中箭头所示方向进入磁场，磁场方向垂直于纸面向里，则粒子的运动轨迹（）a可能为圆弧ab可能为直线bc可能为圆弧cda、b、c都有可能考点：带电粒子在匀强磁场中的运动所有分析：带电粒子在磁场中药受到洛伦兹力的作用，根据左手定则可以判断正电荷的受力的方向解答：解：带正电的电荷在向里的磁场中向右运动，根据左手定则可知，粒子的受到的洛伦兹力的方向向上，所以粒子的可能的运动的轨迹为a，所以a正确故选a点评：本题是对左手定则的直接的应用，掌握好左手定则即可判断粒子的受力的方向16（3分）（2015春宿迁校级月考）在如图所示的匀强磁场中，标出了电流和磁场以及磁场对电流作用力的方向，其中错误的是（）abcd考点：左手定则所有分析：已知电流与磁场方向，由左手定则判断出安培力方向，然后答题解答：解：a、磁场的方向向里，电流的方向向下，由左手定则可知，安培力水平向左，故a正确；b、磁场的方向向外，电流的方向向左下方，由左手定则可知，安培力垂直于电流的方向向上，故b正确；c、由于图中电流的方向与磁场的方向平行，所以电流不受安培力的作用，故c错误；d、磁场的方向向下，电流的方向向里，由左手定则可知，安培力垂直于磁场方向水平向左，故d正确；本题选择错误的，故选：c点评：本题考查了判断安培力方向，应用左手定则即可正确解题17（3分）（2015海南）磁感线是用来形象地描述磁场的曲线，下图分别描述的是条形磁铁蹄形磁铁、通电直导线、环形电流的磁感线分布，其中正确的是（）abcd考点：通电直导线和通电线圈周围磁场的方向；磁感线及用磁感线描述磁场所有分析：根据磁体外部的磁感线从n极到s极，而内部是从s极到n极的，并依据安培定则，从而判定直导线与环形导线的电流方向与磁场方向的关系解答：解：ab，根据磁体外部的磁感线从n极到s极，而内部是从s极到n极的，可知，故ab均错误，c、根据安培定则，直导线的电流向下，则磁感线的方向（俯视）顺时针方向，故c错误；d、根据安培定则，环形导线的电流方向与磁感线的方向关系如图所示，故d正确；故选：d点评：考查安培定则的应用，注意与左手定则，及右手定则的区别，同时掌握磁体外部的磁感线从n极到s极，而内部是从s极到n极的18（3分）（2014秋诸暨市校级期中）下列说法正确的是（）a一小段通电导线放在某处不受磁场力作用，则该处磁感应强度为零b由b=可知，磁感应强度大小与放入该处的通电导线的i、l的乘积成反比c因为b=，故导线中电流越大，其周围磁感应强度越小d磁感应强度大小和方向跟放在磁场中通电导线所受力的大小和方向无关考点：磁感应强度所有分析：本题考查了产生条件、大小与方向，当电流方向与磁场平行时不受安培力，根据左手定则可知安培力的方向与磁场垂直引用公式f=bil时，注意要求磁场与电流垂直，若不垂直应当将导线沿磁场与垂直于磁场分解，因此垂直时安培力最大，最大为f=bil解答：解：a、当通电导线与磁场平行时，可以不受磁场力，故不能根据安培力为零说明磁感应强度为零；故a错误；b、磁感应强度是磁场本身的性质，其大小和方向跟放在磁场中通电导线所受力的大小和方向无关；故bc错误，d正确；故选：d点评：本题考查安培力及磁感应强度的定义，要注意明确磁感应强度是磁场本身的性质19（3分）（2010秋温州期中）关于磁场的方向，下列叙述中不正确的（）a磁感线上每一点的切线方向b磁铁内部n极到s极的方向c小磁针静止时北极所指的方向d小磁针北极受力的方向考点：磁感线及用磁感线描述磁场；磁现象和磁场所有分析：磁感线的引入是为了形象地描述磁场的特点，规定磁感线上每一点的切线方向与磁场的方向相同，磁感线的疏密表示磁场的强弱；由磁场的方向来的规定：小磁针静止时北极所指的方向，或小磁针的北极受力的方向；磁场的方向在磁铁的内部为s极到n极的方向，磁铁的外部是n极到s极的方向解答：解：a：规定磁感线上每一点的切线方向与磁场的方向相同故a正确；b：磁场的方向在磁铁的内部为s极到n极的方向，磁铁的外部是n极到s极的方向故b错误；c、d：磁场的方向来的规定：小磁针静止时北极所指的方向，或小磁针的北极受力的方向，故c正确，d正确本题选择不正确的，故选b点评：本题考查了磁场的性质，磁场和磁感线的方向，属于对基础知识的考查要加强对基础知识的学习20（3分）（2015睢宁县校级模拟）生产、生活中使用的许多东西都可看作能量转换器，它们把能量从一种形式转化为另一种形式下列电器或设备在工作过程中把电能大部分转化为动能的是（）a电冰箱b电风扇c发电机d汽油机考点：电功、电功率所有分析：电风扇电能主要转化为动能，发电机是将其他能转化为电能，电冰箱将电能转化为内能汽油机将化学能转化为内能解答：解；a、电冰箱将电能转化为内能故a错误b、电风扇电能主要转化为动能，故b正确c、发电机是将其他能转化为电能，故c错误d、汽油机将化学能转化为内能故d错误故选b点评：能量转换器可根据能量转化和守恒定律来分析能量如何转化，简单的方法是减小的能量转化为增加的能量21（3分）（2015徐州模拟）有a、b、c、d四个小磁针，分别放置在通电螺线管的附近和内部当小磁针静止时，小磁针指向如图所示，其中是正确的（）aabbccdd考点：通电直导线和通电线圈周围磁场的方向所有分析：利用安培定则判断出通电螺线管周围磁场方向，注意螺线管内部和外部磁场方向不同，然后根据小磁针静止时n极所指的方向和磁感线的方向一致，从而判断出小磁针静止时方向解答：解：根据安培定则可知通电螺线管n极在右端，因此右侧磁场方向水平向右，小磁针c位置不对；上方磁场方向水平向左，所以小磁针d位置正确；左侧水平向右，a位置不对；内部水平向右，b位置不对，故abc错误，d正确故选d点评：本题比较简单，考察了通电螺线管周围磁场方向，注意磁感线是闭合曲线，外部从n极到s极，内部从s极到n极22（3分）（2011如东县校级学业考试）如图有一个足够长倾角=30的斜坡，一个小孩在做游戏时，从该斜坡顶端将一足球沿水平方向水平踢出去，已知足球被踢出时的初动能为9j，则该足球第一次落在斜坡上时的动能为（）a12jb21jc27jd36j考点：动能定理的应用所有专题：动能定理的应用专题分析：足球被水平踢出后做平抛运动，平抛运动可以分解为水平方向的匀速直线运动与竖直方向的自由落体运动，求出足球落地时的竖直分速度，由动能的计算公式求出足球落地时的动能解答：解：足球做平抛运动tan=tan30=，已知ek0=mv02=9j，足球落地时的动能ek=m（v02+vy2），解得：ek=21j；故选b点评：平抛运动可以分解为水平方向的匀速直线运动与竖直方向的自由落体运动，熟练应用平抛运动知识、动能的计算公式即可正确解题23（3分）（2015睢宁县校级模拟）如图所示，蹦极运动员将一根有弹性的绳子一端系在身上，另一端固定在高处，从高处跳下，图中a点是弹性绳自然下垂时绳下端的位置，c点是他所达到的最低点的位置不计空气阻力，下列说法中正确的是（）a运动员离开跳台至最低点c的过程中，他的机械能一直在减小b运动员离开跳台至最低点c的过程中，弹性绳的弹性势能一直在增加c运动员从a点下落到c点的过程中加速度先减小后增加d运动员从a点下落到c点的过程中速度一直在减小考点：功能关系；动能和势能的相互转化所有分析：只有重力或只有弹力做功，机械能守恒，根据机械能守恒条件、分析清楚运动过程，然后答题在弹性绳从原长达最低点的过程中，开始阶段，运动员的重力大于绳的拉力，运动员做加速运动，后来绳的拉力大于运动员的重力，运动员做减速运动，分析可知，拉力等于重力时，运动员的速度最大对于运动员与弹性绳组成的系统，机械能守恒，分析能量的关系解答：解：a、运动员在运动过程中，由于绳子拉紧之前只有重力做功，运动员的机械能守恒故a错误；b、运动员在运动过程中，由于绳子拉紧之前只有重力做功，绳子的弹性势能不增加，故b错误；c、在弹性绳从原长达最低点的过程中，开始阶段，运动员的重力大于绳的拉力，运动员做加速运动，加速度随绳子的拉力的增大而减小；后来绳的拉力大于运动员的重力，运动员受到的合力向上，加速度随拉力的增大而增大；即运动员从a点下落到c点的过程中加速度先减小后增加，故c正确；d、在弹性绳从原长达最低点的过程中，开始阶段，运动员的重力大于绳的拉力，运动员做加速运动，后来绳的拉力大于运动员的重力，运动员做减速运动，分析可知，拉力等于重力时，运动员的速度最大故d错误故选：c点评：本题关键抓住运动员在运动的过程中受到变力的作用，运动员的加速度不断变化，系统的机械能守恒，即重力势能、动能和弹性势能的总量不变，进行分析二、填空题：把答案填写在答题卡相应的横线上（本题2小题，其中24题4分，25题6分，共10分）24（4分）（2014秋汉寿县校级期中）某电池电动势为1.5v，如果不考虑它内部的电阻，当把它的两极与150的电阻连在一起时，16s内有0.16c的电荷定向移动通过电阻的横截面，相当于11018个电子通过该截面考点：电流、电压概念所有专题：恒定电流专题分析：根据闭合电路欧姆定律i=，求出电流i，再根据q=it求出多少电荷发生定向移动根据n=求出电子的数量解答：解：根据闭合电路欧姆定律得，i=a=0.01a 通过的电量 q=it=160.01c=0.16c 相当于电子的数目n=11018故答案为：0.16，1.01018点评：解决本题的关键掌握欧姆定律的公式i=，以及电流的定义式i=的正确应用25（3分）（2015春宿迁校级月考）在“验证机械能守恒定律”实验中，下列器材中不必要的是（）a重物b纸带c天平d刻度尺考点：验证机械能守恒定律所有专题：实验题分析：根据实验原理可知，该实验不需要测量物体质量，因此不需要天平；解答：解：根据重物下落过程中机械能守恒的表达式可知，物体的质量可以约掉，因此本实验中不需要天平，故abd错误，故c正确故选：c点评：解决本题的关键掌握验证机械能守恒定律的实验的原理，知道需要测量哪些量，需要哪些器材26（3分）（2015春宿迁校级月考）某同学在“验证机械能守恒定律”实验中得到了如图所示的一条纸带，图中o点为打点计时器打下的第一点，可以看做重物运动的起点，从后面某点起取连续打下的三个点a、b、c己知相邻两点间的时间间隔为0.02s，假设重物的质量为1.00kg，则从起点o到打下b点的过程中，重物动能的增加量ek=1.84j，重力势能的减小量ep=1.88j（保留三位有效数字，重力加速度g取9.80m/s2）考点：验证机械能守恒定律所有专题：实验题分析：根据匀变速直线运动中时间中点的速度等于该段时间内的平均速度可以求出物体在b点时的速度，然后根据动能、势能的定义进一步求得动能、势能的变化量解答：解：利用匀变速直线运动的推论得：vb=1.92m/s动能的增量：ek=mvb2=11.9221.84 j重力势能的减少量：ep=mghb=19.819.2102 j1.88 j故答案：1.84，1.88点评：本题比较简单，考查了验证机械能守恒定律中基本方法的应用，对于基本方法不能忽视，要在训练中加强练习，同时注意单位的换算与正确的计算三、计算题（本题3小题，其中26小题6分，27小题7分，28小题8分，共21分）27（6分）（2015临潼区）把一根长l=10cm的导线垂直磁感线方向放入如图所示的匀强磁场中，（1）当导线中通以i1=2a的电流时，导线受到的安培力大小为1.0107n，则该磁场的磁感应强度为多少？（2）若该导线中通以i2=3a的电流，则此时导线所受安培力大小是多少？方向如何？考点：安培力；左手定则所有分析：（1）已知b与l互相垂直，根据安培力的公式f=bil，求磁感应强度b（2）根据安培力的公式f=bil，求出安培力的大小，并用左手定则判断出安培力的方向解答：解：（1）代入数据得：b=5107t 故磁场的磁感应强度为5107t （2）由f=bil 代入数据得：f=1.5107n 方向竖直向上 故安培力的大小1.5107n，方向竖直向上点评：解决本题的关键掌握安培力的公式f=bil，会用左手定则判断出安培力的方向28（7分）（2014江阴市校级学业考试）如图所示，一架装载救援物资的飞机，在距水平地