江西省宜市丰城三中高二物理上学期期中试题（含解析）新人教版.doc

2013-2014学年江西省宜春市丰城三中高二（上）期中物理试卷一选择题（40分）1（4分）（2014秋海伦市校级期中）关于电场线的下列说法中正确的是（）a电场线上每点的切线方向都跟该点的场强方向一致b电场线就是电荷在电场中的轨迹线c在电场中有电场线的地方场强一定不为零d点电荷电场在同一平面内的电场线是以点电荷为中心的一簇同心圆考点：电场线版权所有专题：电场力与电势的性质专题分析：电场线可以形象表示电场的强弱和方向，其切线方向表示场强的方向，电场线与电荷的运动轨迹不同，不是一回事点电荷电场在同一平面内的电场线是以点电荷为中心会聚或发散的射线解答：解：a、电场线可以形象表示电场的方向，电场线上每点的切线方向都跟该点的场强方向一致，故a正确b、电场线与电荷的运动轨迹不同，不是一回事，当电场线是直线、而且电荷从静止开始或初速度方向与速度在同一直线上，只受电场力时，电场线与轨迹重合，故b错误c、在电场中有电场线的地方场强也可以为零，故c错误d、点电荷电场在同一平面内的电场线是一簇以点电荷为中心会聚或发散的射线故d错误故选a点评：解答本题关键掌握电场线的方向、与轨迹的区别、点电荷电场线分布特点等，属于基本题目2（4分）（2012春九原区校级期末）两个相同的金属小球，带电量之比为1：5，当它们相距r时的相互作用力为f1若把它们互相接触后再放回原处，它们的相互作用力变为f2，则之值可能为（）a5：1b5：9c5：4d5：8考点：库仑定律版权所有专题：电场力与电势的性质专题分析：两电荷间存在库仑力，其大小可由库仑定律求出当两电荷相互接触后再放回原处，电荷量可能相互中和后平分，也可能相互叠加再平分，所以库仑力的变化是由电荷量变化导致的解答：解：由库仑定律可得：f=，带电量之比是1：5，当它们相距r时作用力大小为f1=当两相同金属小球带同种电荷时，两者相互接触后再放回原来的位置上，它们的电荷量都变为3q，当它们相距r时作用力大小为f2=所以库仑力是原来的5：9当两相同金属小球带异种电荷时，两者相互接触后再放回原来的位置上，它们的电荷量变为2q：2q，当它们相距r时作用力大小为f2=所以库仑力是原来的5：4故bc正确、ad错误故选：bc点评：本题考查库仑定律的同时，利用了控制变量法当控制距离不变时，去改变电荷量，从而确定库仑力的变化当然也可控制电荷量不变，去改变间距，从而得出库仑力的变化3（4分）（2007秋福建期中）某电场区域的电场线如图所示把一个电子从a点移到b点时，则（）a电子所受的电场力增大，电子克服电场力做功b电子所受的电场力减小，电场力对电子做功c电子所受的电场力增大，电势能减小d电子所受的电场力增大，电势能增大考点：电场线；电场强度版权所有专题：电场力与电势的性质专题分析：电场力f=qe，大小与场强e成正比，e由电场线的疏密判断；电子带负电，所受的电场力与场强方向相反，判断出电场力做功正负，即可分析电势能的变化解答：解：a、b由图看出，b处电场力密，场强e较大，电场力f=qe，则电子在b受到的电场力较大而电场力方向与电场线方向相反，所以从a运动到b，电场力对电子做正功，故ab均错误c、d电子从a点移到b点时，电场力增大，而电场力做正功，其电势能减小，故c正确，d错误故选c点评：根据电场线的物理意义：疏密表示场强的大小，及电子的电场力与电场线相反，判断电场力做功正负，都是应具备的基本能力4（4分）（2013秋丰城市校级期中）在静电场中，一个电子由a点移到b点时电场力做功为5ev，则以下认识中错误的是（）a电场强度的方向一定由b沿直线指向aba、b两点间电势差uab=5vc电子的电势能减少5evd电子的电势能减少5j考点：电场强度；电势差；电势能版权所有专题：电场力与电势的性质专题分析：电子在电场中移动时，根据电场力做功不能确定场强方向电场力做正功多少，电子的电势能就减小多少由公式求出a、b两点电势差uab由题，电势零点未确定，a、b两点的电势没有确定值解答：解：a：由题，电子由a点移到b点，电场力做功5ev，电子的位移方向不沿b到a，电场强度的方向不一定由b指向a故a错误b：a、b两点电势差故b错误c、d：由于电场力对电子做功5ev，电子的电势能就减少了5ev故c正确，d错误本题选错误的，故选：abd点评：在应用公式解题时，u、w、q都要代入符号求解，还要注意电荷移动的方向和电势差的顺序基本题5（4分）（2011饶河县校级模拟）如图所示，平行板电容器与电池相连，当二极板间距离减小后，则二板间的电压u和电场强度e，电容器电容c及电量q与原来相比（）au不变，e不变，c不变，q不变bu不变，e变小，c变小，q变小cu不变，e变大，c变大，q变大du不变，e不变，c变大，q变小考点：电容器的动态分析版权所有专题：电容器专题分析：平行板电容器与电池相连，其电压u保持不变，当二极板间距离减小后，板间的场强变大板间距离减小，电容c增大，电量q变大解答：解：平行板电容器与电池相连，其电压u保持不变，当二极板间距离减小后，由e=分析可知，板间场强e变大板间距离减小，电容c增大，根据q=cu，u不变，则电量q变大即u不变，e变大，c变大，q变大故选c点评：本题是电容器动态变化分析问题，是常见的题型，关键抓住不变量：电容器与电源保持相连，其电压不变；充电后与电源断开，其电量不变较为简单6（4分）（2013秋成安县校级期中）电源电动势和内电阻都保持一定，在外电路的电阻逐渐减小的过程中，下列说法正确的是（）a电源的路端电压一定逐渐减小b电源的路端电压一定逐渐增大c电路中的电流一定逐渐减小d电路中的电流可能逐渐减小考点：闭合电路的欧姆定律；电源的电动势和内阻版权所有专题：恒定电流专题分析：在外电路的电阻逐渐减小的过程中，根据闭合电路欧姆定律分析总电流的变化，再分析路端电压的变化解答：解：在外电路的电阻r逐渐减小的过程中，电源电动势e和内电阻r都保持一定，根据闭合电路欧姆定律i=，电路中的电流i逐渐增大，路端电压u=eir，则路端电压u逐渐减小故选a点评：本题的结论要在理解的基础上加强记忆：路端电压随外电阻增大而增大，减小而减小7（4分）（2013秋丰城市校级期中）如图所示电路中，若两只灯泡l1、l2均不亮，用电压表检查电路测得uac=ubd0，且ucd=uab0，则故障的原因可能是（）al1灯丝烧断bl1、l2灯丝均烧断c变阻器r短路d变阻器r断路考点：闭合电路的欧姆定律版权所有专题：恒定电流专题分析：在判断故障时，电压表的示数的变化很关键，若电压表有示数，说明电压表与电源能相通，若无示数，说明电压表与电源不能相通解答：解：两灯泡不亮，说明此时的电流是零，电压表在测量ab、cd的时候，电压的读数都不为零，说明cd间有断路，即知r断路uac=ubd0，说明l1、l2均完好，否则ucd=0，符合题意，故d正确，abc错误故选：d点评：本题考查了用电压表检测电路的故障当电压表并联在某处时若有示数，说明此处开路或它处短路，若无示数，说明此处短路或它处开路8（4分）（2013秋丰城市校级期中）在如图电路中，当滑动变阻器的滑动触点在如图位置向上移动时（）a电压表v的读数变大，电流表a的读数增大b电压表v的读数变大，电流表a的读数变小c电压表v的读数减小，电流表a的读数增大d电压表v的读数减小，电流表的a的读数变小考点：闭合电路的欧姆定律版权所有专题：恒定电流专题分析：当滑动变阻器的滑动触点向上移动时，变阻器接入电路的电阻增大，外电路总电阻增大，由欧姆定律分析总电流和路端电压的变化，再分析流过变阻器电流的变化，来判断电表读数的变化解答：解：如右图所示，当滑动变阻器的滑动触点向上移动时，变阻器接入电路的电阻增大，并联部分电阻增大，外电路总电阻r增大，由闭合电路欧姆定律分析总电流i减小，路端电压u=eir增大电阻r2的电压u2=ei（r+r1）增大，流过电阻r2的电流i2增大，i减小，则流过电流表的电流i3=ii2减小所以伏特表v的读数增大，安培表a的读数减小故选：b点评：本题是简单的电路动态变化分析问题，往往按“部分整体部分”的顺序进行分析9（4分）（2010秋乌审旗校级期末）一太阳能电池板，测得它的开路电压为800mv，短路电流为40ma，若将该电池板与一阻值为60的电阻器连成一闭合电路，则它的路端电压是（）a0.10vb0.20vc0.40vd0.60v考点：闭合电路的欧姆定律版权所有专题：恒定电流专题分析：由电池板的开路电路等于电池的电动势，求出电动势，由短路电流求出电源的内阻再根据欧姆定律求出电流和路端电压解答：解：电源没有接入外电路时，路端电压值等于电动势，则知电池板的电动势 e=800mv由闭合电路欧姆定律得： 短路电流 i短=则得电源内阻：r=20则该电池板与60的电阻连成闭合电路时，电路中电流为： i=ma=10ma故路端电压 u=ir=10ma60=600mv=0.60v，故d正确故选：d点评：对于电动势的概念要理解：电动势等于外电压和内电压之和，当外电路开路时，内电压为零，开路电路等于电源的电动势10（4分）（2013秋芗城区校级期中）r1、r2两电阻的i（电流）u（电压）图线如图所示，依据图线可判断（）ar1导线的电阻大于r2导线的电阻br1消耗的电功率大于r2消耗的电功率c将r1、r2串联在电路中，r1两端的电压大于r2两端的电压d将r1、r2并联在电路中，通过r1的电流大于通过r2的电流考点：闭合电路的欧姆定律；电功、电功率版权所有专题：恒定电流专题分析：根据图线的斜率表示电阻的倒数去进行求解串联时，通过两电阻的电流相等，并联时，两电阻两端的电压相等，根据欧姆定律分析即可解答：解：a、因为该图线为iu图线，则图线的斜率k=，由图可知，1的斜率大于2的斜率，所以r1导线的电阻小于r2导线的电阻，故a错误b、功率p=i2r，由于不知道电流之间的关系，所以无法判断消耗的功率大小，故b错误；c、将r1与r2串联后接于电源上，电流相等，根据u=ir得知，电压与电阻成正比，则r1两端的电压小于r2两端的电压，故c错误d、将r1与r2并联后接于电源上，电压相等，根据i=得知，电流与电阻成反比，则通过r1的电流大于通过r2的电流，故d正确故选：d点评：本题是欧姆定律的直接应用，关键要抓住iu图象的斜率等于电阻的倒数二填空题（每空两分，共20分）11（2分）（2014秋友谊县校级期中）一个电场区域中有如图所示的电场线，画出在a、b两处的场强方向，比较a、b两处的场强大小eaeb（填、=或符号）考点：电场线；电场强度版权所有专题：电场力与电势的性质专题分析：根据电场线的疏密判断场强的大小，电场线越密的地方，场强越强；电场线越疏的地方，场强越弱解答：解：由图知b点的电场线比a点密，而电场线的特点是电场线越密的地方，场强越强，所以b点的电场强度大于a点的电场强度故答案为：点评：解决本题关键知道电场线的疏密可以表示场强的强弱，电场线越密的地方，场强越强；电场线越疏的地方，场强越弱12（2分）（2014秋友谊县校级期中）一个电量q=+2109c的电荷，在电场中从a点移到b点，电场力做功4107j，则uab=200v考点：电势能版权所有专题：电场力与电势的性质专题分析：a、b两点的电势差uab=，wab是电场力做功，q是试探电荷的电荷量，代入数据求解即可解答：解：a、b两点的电势差：uab=200v故答案为：200v点评：电场中两点的电势差是由电场本身决定的，与试探电荷的电荷量无关，基础题13（2分）（2013秋丰城市校级期中）一平行板电容器的电容为2f，使它两板间电势升高10v需增加的带电量为2.0105c考点：电容版权所有专题：电容器专题分析：由c=可求得q=uc，代入数据可解得带电量解答：解：由q=uc可得：（q+q）=（u+u）c；则可得：q+q=q+uc；故可得：q=uc；代入数据解得增加的电量：q=uc=210610=2.0105c；故答案为：2.0105c点评：本题考查电容的定义式，注意应用结论：q=uc14（8分）（2013秋龙岗区校级期中）某同学采用如图甲所示的电路测定电源电动势和内电阻，已知干电池的电动势约为1.5v，内阻约2，电压表（03v约3k），电流表（00.6a约1.0），滑动变阻器有r1（102a）和r2（1000.1a）各一只（1）实验中滑动变阻器应选用r1（选填“r1”或“r2”）（2）在图乙中用笔画线代替导线连接实验电路（3）在实验中测得多组电压和电流值，得到如图丙所示的ui图象，由图可较准确地求出电源电动势e=1.48v；内阻r=1.88考点：测定电源的电动势和内阻版权所有专题：实验题分析：（1）估算出电路中最大电流：当变阻器的电阻为零时，由闭合电路欧姆定律可求电路中最大电流，根据额定电流与最大电流的关系，分析并选择变阻器（2）对照电路图，按顺序连接电路（3）由闭合电路欧姆定律分析ui图象的纵轴截距和斜率的意义，可求出电动势和内阻解答：解：（1）电路中最大电流i=0.75a，r2的额定电流小于0.75a，同时r2阻值远大于电源内阻r，不便于调节，所以变阻器选用r1（2）对照电路图，按电流方向连接电路，如图所示（3）由闭合电路欧姆定律u=eir得知，当i=0时，u=e，ui图象斜率的绝对值等于电源的内阻，则将图线延长，交于纵轴，纵截距即为电动势e=1.48v r=1.88故答案为：（1）r1；（2）连线如图；（3）1.48，1.88点评：本实验的原理是闭合电路欧姆定律，根据原理由图象的斜率和截距分别求出内阻和电动势15（6分）（2012春东河区校级期末）用伏安法测电阻，可采用如图所示的甲、乙两种接法如所用电压表内阻为5000，电流表内阻为0.5（1）当测量100左右的电阻时，宜采用甲电路；（2）现采用乙电路测量某电阻的阻值时，两电表的读数分别为10v、0.5a，则此电阻的测量值为20，真实值为20.08考点：伏安法测电阻版权所有专题：实验题；恒定电流专题分析：根据要测电阻与电压表电流表内阻的大小关系确定内外接法；根据测量数据用欧姆定律求测量值，根据电路求真实值解答：解：因 r=100=50 为大电阻用电流表内接法，故用甲电路 由r测=20 真实值r真 则 20= 得r真=20.08故答案为：（1）甲 （2）20 20.08点评：大电阻用内接法，测量值偏大，小电阻用外接法，测量值偏小三计算题（40分，每小题10分）16（10分）（2014秋阿瓦提县校级期末）如图，r1=14、r2=9，当开关s切换到位置1时，电流表的示数i1=0.2a，当开关s切换到位置2时，电流表的示数为i2=0.3a求：电源的电动势e 和内阻r考点：闭合电路的欧姆定律版权所有专题：恒定电流专题分析：根据闭合电路欧姆定律分别列出开关处于位置1和2时的电流表达式，联立组成方程组求解电源的电动势e和内电阻r解答：解：根据闭合电路欧姆定律得： e=i1（r1+r） e=i2（r2+r）联立组成方程组得，r=代入解得，r=1将r=1代入得，e=0.2（14+1）v=3v答：电源的电动势e为3v，内电阻r为1点评：本题提供了测量电源的电动势和内阻和方法，可以用电阻箱代替两个定值电阻，就是常用的伏阻法17（10分）（2014秋杜集区校级期中）在电场中把电量为2.0109c的正电荷从a点移到b点，电场力做功1.5107j，再把这个电荷从b点移到c点，克服电场力做功4.0107j（1）求a、c两点间电势差；（2）电荷从a经b移到c，电势能的变化怎样？考点：电势能；电势差版权所有专题：电场力与电势的性质专题分析：（1）根据u=求解电势差；（2）电场力做的功等于电势能的减小量解答：解：（1）在电场中把电量为2.0109c的正电荷从a点移到b点，电场力做功1.5107j，再把这个电荷从b点移到c点，克服电场力做功4.0107j，故电场力做的总功为：wac=wab+wbc=1.5107j4.0107j=2.5107j故：（2）电场力做的功等于电势能的减小量；在电场中把电量为2.0109c的正电荷从a点移到b点，电场力做功1.5107j，电势能降低1.5107j；再把这个电荷从b点移到c点，克服电场力做功4.0107j，电势能增加4.0107j；答：（1）a、c两点间电势差为125v；（2）电荷从a经b移到c，电势能先降低1.5107j，再增加4.0107j点评：电势差是电场中的电势之差，电势可以任意取，但电势差却不变，就像高度与高度差一样电势差可正可负，所以u=公式中做功要注意正与负，电荷量也要代入电性18（10分）（2014秋大方县校级期中）图中电源电动势e=12v，内电阻r=0.5将一盏额定电压为8v，额定功率为16w的灯泡与一只线圈电阻为0.5的直流电动机并联后和电源相连，灯泡刚好正常发光，通电100min问：（1）电源提供的能量是多少？（2）电流对灯泡和电动机所做的功各是多少？（3）灯丝和电动机线圈产生的热量各是多少？（4）电动机的效率为多少？考点：闭合电路的欧姆定律；电功、电功率；焦耳定律版权所有专题：恒定电流专题分析：（1）由题意可知电路中的路端电压，则由闭合电路欧姆定律可求得电路中的电流，由p=uit可求得电源提供的能量；（2）由w=pt可求得电流对灯泡所做的功；由w=uit可求得电流对电动机所做的功；（3）由q=i2rt可求得灯丝与电动机线圈产生的热量；（4）由=100%可求得电动机的效率解答：解：（1）由题意可知，电路的路端电压u=8v，则内电压u内=eu=12v8v=4v；电路中电流i=8a；故电源提供的能量w=uit=8810060j=3.84105j； （2）电流对灯丝做功w灯=pt=1610060j=9.6104j； 灯泡中的电流i灯=2a；由并联电路的规律可知，通过电动机的电流i机=ii灯=8a2a=6a；电流对电动机所做的功w=ui机t=866000j=2.88105j；（3）灯丝