高考物理二轮复习冲刺测试 专题7电路.doc

2013届高考物理二轮复习冲刺测试：专题7电路1.在如图所示的电路中，电源电动势为12v，电源内阻为1.0，电路中的电阻r0为1.5，小型直流电动机m的内阻为0.5，闭合开关s后，电动机转动，电流表的示数为2.0a则以下判断中正确的是()a电动机的输出功率为14wb电动机两端的电压为7.0vc电动机产生的热功率为4.0wd电源输出的功率为24w解析电动机两端的电压u机ei(rr0)7.0v，选项b正确；电动机输出的功率p机出u机ii2r机12w，选项a错误；电动机产生的热功率为p机热i2r机2.0w，选项c错误；电源输出的功率p出eii2r20w，选项d错误答案b2.如图所示，电动势为e、内阻为r的电池与定值电阻r0、滑动变阻器r串联，已知r0r，滑动变阻器的最大阻值是2r.当滑动变阻器的滑片p由a端向b端滑动时，下列说法中正确的是()a电路中的电流变大b电源的输出功率先变大后变小c滑动变阻器消耗的功率变小d定值电阻r0上消耗的功率先变大后变小解析当r内r外时，电源输出功率最大；当滑动变阻器的滑片p由a端向b端滑动时，外电路电阻减小，当滑片位于b端时，电源的输出功率变大，选项a对而b错；当把定值电阻r0看做电源内阻时，当滑动变阻器的滑片p位于a端时，滑动变阻器消耗的功率最大，由a端向b端滑动时，滑动变阻器消耗的功率变小，选项c对；此过程中，由pi2r0知，定值电阻r0上消耗的功率变大，选项d错答案ac3.如图所示，将平行板电容器两极板分别与电池的正、负极相接，两板间一带电微粒恰好处于静止状态，现将下极板向上平移一小段距离，则在此过程中下列说法中正确的是()a电容器的带电荷量变大b电路中有顺时针方向的短暂电流c带电微粒仍将静止d带电微粒将向下做加速运动解析电容器与电源相连，电容器两端电压u与电源电动势e相等下极板向上移动，两板距离d减小，根据c可知电容器的电荷量增大，选项a正确电容器被充电，有逆时针方向的短暂电流，选项b错误两板距离d减小，电压不变，电场强度变大，微粒将向上加速运动，选项c、d错误答案a4.温度传感器广泛应用于空调、电冰箱等家用电器中，它是利用热敏电阻的阻值随着温度变化的特性来工作的如图甲所示，电源的电动势e9.0v，内阻不计；g为灵敏电流计，内阻rg保持不变；r为热敏电阻，其电阻阻值与温度的变化关系如图乙所示闭合开关s，当r的温度等于20时，电流表示数i12ma；当电流表的示数i23.6ma时，热敏电阻的温度是()a. 60 b. 80 c. 100 d. 120 解析由图象知，当t120，热敏电阻的阻值r14k；根据闭合电路欧姆定律i1，可解得rg0.5k；i2，可解得r22k，结合图象得：t2120 .答案d5.如图所示，两个相同的平行板电容器c1、c2用导线相连，开始都不带电现将开关s闭合给两个电容器充电，待充电平衡后，电容器c1两板间有一带电微粒恰好处于平衡状态再将开关s断开，把电容器c2两板稍错开一些(两板间距离保持不变)，重新平衡后，下列判断正确的是 ()a电容器c1两板间电压减小b电容器c2两板间电压增大c带电微粒将加速上升d电容器c1所带电荷量增大解析充电完毕后电容器c1、c2并联，且两端电压相等，都等于电源电压，断开s后，电容器c2两板稍错开一些，即两板正对面积s减小，则电容减小，根据c，可知两板间电压u2增大，此时u2u1，则电容器c2又开始给c1充电，直到两电容器电压再次相等，此时两者两端的电压比原来的电压都增大，故a错误，b正确；电容器c1所带电荷量增大，故d正确；电容器c1两端的电压增大，根据eu/d可知，c1两板间电场强度增大，则带电微粒受到的电场力增大，将加速向上运动，故c正确答案bcd6.如图所示，c16f，c23f，r13，r26，电源电动势e18v，内阻不计下列说法正确的是 ()a开关s断开时，a、b两点电势相等b开关s闭合后，a、b两点间的电流是2ac开关s断开时c1带的电荷量比开关s闭合后c1带的电荷量大d不论开关s断开还是闭合，c1带的电荷量总比c2带的电荷量大解析s断开时外电路处于断路状态，两电阻中无电流通过，电阻两端电势相等，由图知a点电势与电源负极电势相等，而b点电势与电源正极电势相等，a错误s断开时两电容器两端电压都等于电源电动势，而c1c2，由qcu知此时q1q2，当s闭合时，稳定状态下c1与r1并联，c2与r2并联，电路中电流i2a，此时两电阻两端电压分别为u1ir16v、u2ir212v，则此时两电容器所带电荷量分别为q1c1u13.6105c、q2c2u23.6105c，对电容器c1来说，s闭合后其两端电压减小，所带电荷量也减小，故b、c正确，d错误答案bc7.如图所示，直线、分别是电源1与电源2的路端电压随输出电流变化的特性图线，曲线是一个小灯泡的伏安特性曲线，如果把该小灯泡分别与电源1、电源2单独连接，则下列说法正确的是()a电源1与电源2的内阻之比是117b电源1与电源2的电动势之比是11c在这两种连接状态下，小灯泡消耗的功率之比是12d在这两种连接状态下，小灯泡的电阻之比是12解析在ui图象中，图线、斜率的绝对值代表电源的内阻，r1，r2，则r1r2117，选项a正确；图线与纵轴的交点表示电源电动势，则e1e210v，选项b正确；小灯泡在第一种连接状态下消耗的功率为p1u1i115w，小灯泡的电阻r1；小灯泡在第二种连接状态下消耗的功率为p2u2i230w，小灯泡的电阻r2，选项c正确d错误答案abc8.在如图甲所示的电路中，电源的电动势为3.0v，内阻不计，l1、l2、l3为3个用特殊材料制成的同规格的小灯泡，这种小灯泡的伏安特性曲线如图乙所示当开关s闭合稳定后()a通过l1电流的大小为通过l2电流的2倍bl1消耗的电功率为0.75wcl2消耗的电功率约为0.3wdl2的电阻为6解析开关s闭合后，小灯泡l1两端电压为3.0v，由图乙可知通过小灯泡l1的电流为0.25a，小灯泡l1消耗的功率为3.00.25w0.75w，选项b正确小灯泡l2、l3共同分得电压3.0v，每个小灯泡均分得1.5v，由图乙可知通过小灯泡l2、l3的电流为0.20a，选项a错误小灯泡l2消耗的功率为1.50.20w0.3w，选项c正确，而7.5，选项d错误答案bc9.如图所示的电路中，电源电动势为e，内阻为r，r1为定值电阻，r2为滑动变阻器闭合电键s，当滑动变阻器r2的滑动触头向右移动时，电路中的电流i、r1两端的电压u1、r2两端的电压u2、电源两端的电压u都发生了变化，电流的变化量为i，r1两端电压的变化量为u1，r2两端电压的变化量为u2，电源两端电压的变化量为u.对于它们之间的关系，下列说法正确的是()a比值不变，|不变，且|b比值增大，|增大，且|c比值增大，|增大，且|d继续调节r2，当r1r2r时，r1上的功率最大 解析r1，r1阻值不变，不变，r1|不变，r1|一定相等，选项a正确；r2，因滑动变阻器r2的滑动触头向右移动，阻值增大，所以增大，|r1r不变，|，选项b错误；因r2增大，所以r2r1增大，因r|，所以|，选项c错误；当r1上的功率最大时，此时r2等于零，选项d错误答案a10.图示电路可用来测量电阻的阻值其中e为电源，r为已知电阻，rx为待测电阻，可视为理想电压表，s0为单刀单掷开关，s1、s2为单刀双掷开关(1)当s0闭合时，若s1、s2均向左闭合，电压表读数为u1；若s1、s2均向右闭合，电压表读数为u2.由此可求出rx_.(2)若电源电动势e1.5v，内阻可忽略；电压表量程为1v，r100.此电路可测量的rx的最大值为_. 解析(1)由rx，而ix故rxr.(2)当rx两端电压达到1v时，由e1.5v，可得此时r两端的电压u11.5v1v0.5v.此时电路中电流ia则rxmax 200.答案(1)r(2)20011.如图所示，电路中电源内阻不计，水平放置的平行金属板a、b间的距离为d，金属板长为l.在两金属板左端正中间位置m，有一个小液滴以初速度v0水平向右射入两板间，已知小液滴的质量为m，小液滴带负电，电荷量为q.要使液滴从b板右侧上边缘射出电场，电动势e是多大？重力加速度用g表示解析由闭合电路欧姆定律得i 两金属板间电压为uabir 由牛顿第二定律得qmgma 液滴在电场中做类平抛运动lv0t at2 由以上各式解得e 12.四川省“十二五”水利发展规划指出，若按现有供水能力测算，我省供水缺口极大，蓄引提水是目前解决供水问题的重要手段之一某地要把河水抽高20m，进入蓄水池，用一台电动机通过传动效率为80%的皮带，带动效率为60%的离心水泵工作工作电压为380v，此时输入电动机的电功率为19kw，电动机的内阻为0.4.已知水的密度为1103kg/m3，重力加速度取10m/s2.求：(1)电动机内阻消耗的热功率；(2)将蓄水池蓄入864m3的水需要的时间(不计进、出水口的水流速度)解析(1)设电动机