广东省东莞市东华高中高考物理模拟试卷（含解析）.doc

2015年广东省东莞市东华高中 高考物理模拟试卷一、单项选择题1（4分）（2015东莞模拟）下列说法中不正确的是（）a扩散现象表明分子在做永不停息的无规则热运动b热机中，燃气的内能不可能全部变为机械能，效率到达百分之百c气体吸收热量，内能可能减少d第一类永动机不可能制造的原因是不符合热力学第二定律2（4分）（2015东莞模拟）下列说法正确的是（）ac经一次衰变后成为nb氢原子的核外电子从半径较小的轨道跃迁到半径较大的轨道时，原子的能量增大c温度升高能改变放射性元素的半衰期d核反应方程应遵循质子数和中子数守恒3（4分）（2011徐汇区模拟）如图所示，一根弹性杆的一端固定在倾角为30的斜面上，杆的另一端固定一个重量是2n的小球，小球处于静止状态时，弹性杆对小球的弹力（）a大小为2n，方向平行于斜面向上b大小为1n，方向平行于斜面向上c大小为2n，方向垂直于斜面向上d大小为2n，方向竖直向上4（4分）（2015东莞模拟）如图甲所示，理想变压器原、副线圈的匝数比为10：1，原线圈输入的交流电如图乙所示，电阻r=22，则（）a交流电的频率为100 hzbt=0.005 s时电压表的读数为22vct=0.01 s时电流表读数为1 ad该变压器原线圈的输入功率为22 w二、双项选择题5（6分）（2015东莞模拟）关于光电效应，下列说法正确的是（）a发生光电效应时间越长，光电子的最大初动能就越大b入射光的频率低于极限频率就不能发生光电效应c光电子的最大初动能与入射光频率成正比d光电子的最大初动能与入射光的强度无关6（6分）（2015东莞模拟）甲、乙两物体同时从同一地点沿同一方向做直线运动的速度时间图象如图所示，则下列说法正确的是（）a两物体两次相遇的时刻是2s和6sb4s后甲在乙前面c两物体相距最远的时刻是4s末d乙物体先向前运动2s，随后向后运动7（6分）（2015东莞模拟）一电荷仅在电场力的作用下运动，其速度一时间图象如图所示，其中ta和tb是电荷在电场中a、b两点运动的时刻，则下列说法正确的是（）aa、b两点处电场强度ea=ebba、b两点处电场强度eaebc粒子从a 运动到b的电势能减小，电场力做正功da、b两点电势ab8（6分）（2015东莞模拟）甲、乙为两颗地球卫星，其中甲为地球同步卫星，乙的运行高度低于甲的运行高度，两卫星轨道均可视为圆轨道以下判断正确的是（）a乙的速度大于第一宇宙速度b甲的运行周期大于乙的周期c甲的加速度小于乙的加速度d甲有可能经过北极的正上方9（6分）（2012新余校级模拟）如图所示，两匀强磁场方向相同，以虚线mn为理想边界，磁感应强度分别为b1、b2今有一个质量为m、电荷量为e的电子从mn上的p点沿垂直于磁场的方向射入匀强磁场b1中，其运动轨迹为如图虚线所示的“心”形图线则以下说法正确的是（）a电子的运行轨迹为pdmcnepb电子运行一周回到p用时为cb1=4 b2db1=2 b2三、非选择题10（8分）（2015东莞模拟）如图是某同学在做直线运动实验中获得的一条纸带已知打点计时器电源频率为50hz，则纸带上打相邻两点的时间间隔为；abcd是纸带上四个计数点，每两个相邻计数点间有四个点没有画出o、b两点间的a点不小心被墨水弄脏了看不到从图中读出b、c两点间距sbc=；若a点与b点之间的距离满足sab=，根据匀变速直线运动的规律，可以判断a点到d点间的运动为匀变速直线运动，且根据数据可计算出该段位移的加速度a=（保留两位有效数字）11（10分）（2015东莞模拟）为检测一个标称值为20的滑动变阻器，现可供使用的器材如下：a待测滑动变阻器rx，总电阻约20b电流表a1，量程200ma，内阻约2.0c电流表a2，量程3a，内阻约0.12d电压表v1，量程15v，内阻约15ke电压表v2，量程3v，内阻约3kf滑动变阻器r，总电阻约10g直流电源e，电动势3v，内阻不计h电键s、导线若干为了尽可能精确测定rx的总电阻值，所选电流表为（填“a1”或“a2”），所选电压表为（填“v1”或“v2”）；请根据实验原理图甲，完成图乙未完成的实物连接，使其成为测量电路；闭合开关s前，滑动变阻器r的滑片应置于最（左或右）端；如图丙所示是用螺旋测微器测量待测滑动变阻器所采用的电阻丝的直径，则该电阻丝的直径为mm12（18分）（2014汕头一模）如图所示，质量为m的导体棒ab的电阻为r，水平放在相距为l的竖直光滑金属导轨上导轨平面处于磁感应强度大小为b、方向垂直于导轨平面向外的匀强磁场中左侧是水平放置、间距为d的平行金属板导轨上方与一可变电阻r连接，导轨电阻不计，导体棒与导轨始终接触良好重力加速度为g（1）调节可变电阻的阻值为r1=3r，释放导体棒，当棒沿导轨匀速下滑时，将带电量为+q的微粒沿金属板间的中心线水平射入金属板间，恰好能匀速通过求棒下滑的速率v和带电微粒的质量m（2）改变可变电阻的阻值为r2=4r，同样在导体棒沿导轨匀速下滑时，将该微粒沿原来的中心线水平射入金属板间，若微粒最后碰到金属板并被吸收求微粒在金属板间运动的时间t13（18分）（2014河西区三模）如图所示，在水平轨道右侧安放半径为r的竖直圆槽形光滑轨道，水平轨道的pq段铺设特殊材料，调节其初始长度为l；水平轨道左侧有一轻质弹簧左端固定，弹簧处于自然伸长状态小物块a静止放置在弹簧右端，a与弹簧接触但不拴接；小物块b从轨道右侧以初速度v0冲上轨道，通过圆形轨道、水平轨道后与物块a发生对心碰撞且瞬间粘连，之后a、b一起压缩弹簧并被弹簧以原速率弹回，经水平轨道返回圆形轨道物块a、b均可视为质点已知r=0.2m，l=1.0m，v0=6m/s，物块a、b质量均为m=1kg，与pq段间的动摩擦因数均为=0.2，轨道其他部分摩擦不计取g=10m/s2求：（1）物块b与物块a碰撞前速度大小；（2）物块b与物块a碰后返回到圆形轨道的高度；（3）调节pq段的长度l，b仍以v0从轨道右侧冲上轨道，当l满足什么条件时，a、b物块能返回圆形轨道且能沿轨道运动而不会脱离轨道？2015年广东省东莞市东华高中高考物理模拟试卷参考答案与试题解析一、单项选择题1（4分）（2015东莞模拟）下列说法中不正确的是（）a扩散现象表明分子在做永不停息的无规则热运动b热机中，燃气的内能不可能全部变为机械能，效率到达百分之百c气体吸收热量，内能可能减少d第一类永动机不可能制造的原因是不符合热力学第二定律考点：热力学第二定律专题：热力学定理专题分析：分子动理论的内容，分子在做永不停息的无规则热运动，扩散现象证明了分子在做永不停息的无规则热运动；热力学第二定律的表述，开尔文普朗克表述不可能从单一热源吸取热量，并将这热量变为功，而不产生其他影响；第一类永动机不可能制造的原因是违背了能量守恒定律解答：解：a、根据分子动理论的内容，分子在做永不停息的无规则热运动，扩散现象证明了分子在做永不停息的无规则热运动，故a正确；b、根据热力学第二定律的表述，开尔文普朗克表述不可能从单一热源吸取热量，并将这热量变为功，而不产生其他影响故b正确；c、据热力学第一定律u=q+w可知，气体吸收热量，内能可能减少，故c正确；d、第一类永动机不可能制造的原因是违背了能量守恒定律故d错误本题选不正确的，故选：d点评：考查了热力学定律的基本概念，规律，能解释一些常见的现象，特别注意热力学三个定律的区别即解释热学现象，难度一般2（4分）（2015东莞模拟）下列说法正确的是（）ac经一次衰变后成为nb氢原子的核外电子从半径较小的轨道跃迁到半径较大的轨道时，原子的能量增大c温度升高能改变放射性元素的半衰期d核反应方程应遵循质子数和中子数守恒考点：原子核衰变及半衰期、衰变速度专题：衰变和半衰期专题分析：原子核发生衰变时，放射出粒子，新核的质量数减小4个；而经过衰变后质量数不变，核电荷数增加1个；根据波尔理论氢原子核外电子从半径较小的轨道跃迁到半径较大的轨道时，吸收光子；半衰期与物理状态无关，核反应方程应遵循质子数和电荷数守恒解答：解：a、原子核发生衰变时，放射出粒子，新核的质量数减小4个；而经过衰变后质量数不变，核电荷数增加1个；所以c经一次衰变后成为n故a错误；b、氢原子核外电子从半径较小的轨道跃迁到半径较大的轨道时，吸收光子，原子的总能量增大故b正确；c、半衰期与物理状态无关，温度升高不能改变放射性元素的半衰期故c错误；d、核反应方程应遵循质子数和电荷数守恒故d错误故选：b点评：该题考查原子物理学的几个记忆性的知识点，属于对基础知识的考查，要在平时的学习中多加积累3（4分）（2011徐汇区模拟）如图所示，一根弹性杆的一端固定在倾角为30的斜面上，杆的另一端固定一个重量是2n的小球，小球处于静止状态时，弹性杆对小球的弹力（）a大小为2n，方向平行于斜面向上b大小为1n，方向平行于斜面向上c大小为2n，方向垂直于斜面向上d大小为2n，方向竖直向上考点：共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用专题：共点力作用下物体平衡专题分析：小球保持静止状态，合力为零，小球受重力和弹力，根据二力平衡条件可判断弹力的大小和方向解答：解：小球保持静止状态，处于平衡状态，合力为零；再对小球受力分析，受重力和弹力，根据二力平衡条件可判断弹力和重力等值、反向、共线，故弹力为2n，竖直向上；故选：d点评：本题关键结合平衡条件对物体受力分析，要注意杆的弹力方向可以与杆平行，也可以与杆不共线4（4分）（2015东莞模拟）如图甲所示，理想变压器原、副线圈的匝数比为10：1，原线圈输入的交流电如图乙所示，电阻r=22，则（）a交流电的频率为100 hzbt=0.005 s时电压表的读数为22vct=0.01 s时电流表读数为1 ad该变压器原线圈的输入功率为22 w考点：变压器的构造和原理专题：交流电专题分析：根据电压与匝数成正比，电流与匝数成反比，变压器的输入功率和输出功率相等，逐项分析即可得出结论解答：解：a、由图象知交流电的周期为t=0.02s，频率为f=50h，故a错误；b、电压表的读数为电压的有效值，原线圈的电压有效值为220v，根据电压与匝数成正比可知，副线圈的电压有效值为22v，所以电压表的读数为22v，故b错误；c、副线圈的电阻为22，所以副线圈的电流为i=1a，电流与匝数成反比，原线圈的电流为a，电流表的读数为电流的有效值，所以电流表读数为0.1a，故c错误；d、副线圈消耗的功率p=ui=221=22w，输入功率等于输出功率，故d正确；故选：d点评：掌握住理想变压器的电压、电流之间的关系，最大值和有效值之间的关系即可解决本题二、双项选择题5（6分）（2015东莞模拟）关于光电效应，下列说法正确的是（）a发生光电效应时间越长，光电子的最大初动能就越大b入射光的频率低于极限频率就不能发生光电效应c光电子的最大初动能与入射光频率成正比d光电子的最大初动能与入射光的强度无关考点：光电效应专题：光电效应专题分析：当入射光的频率大于金属的极限频率，就会发生光电效应根据光电效应方程判断影响光电子最大初动能的因素解答：解：a、根据光电效应方程ekm=hvw0知，光电子的最大初动能随着照射光频率的增大而增大，与发生光电效应时间无关，故a正确b、只有入射光的频率大于金属的极限频率，才能产生光电效应，故b正确；c、根据光电效应方程知，光电子的初速度、最大初动能不与入射光的频率成正比，与入射光的强度无关故c错误，d正确故选：bd点评：解决本题的关键知道光电效应的条件，以及知道影响光电子最大初动能的因素6（6分）（2015东莞模拟）甲、乙两物体同时从同一地点沿同一方向做直线运动的速度时间图象如图所示，则下列说法正确的是（）a两物体两次相遇的时刻是2s和6sb4s后甲在乙前面c两物体相距最远的时刻是4s末d乙物体先向前运动2s，随后向后运动考点：匀变速直线运动的图像专题：运动学中的图像专题分析：vt图象中图线与坐标轴围成图形的面积表示位移，判断2s和6s内两物体位移是否相等即可判断是否相遇；图线上某点对应纵轴坐标的正负表示运动方向解答：解：a、t=2s时乙的位移为x=24=4m，甲的位移为x=22=4m，两者位移相同，又是从同一地面出发，故2s末时二者相遇，同理可判断6s末二者也是相遇，故a正确；b、4s时甲的位移为x=42=8m，乙的位移为：x=24+（2+4）2=10m；甲的位移小于乙的位移，故甲在乙后面，b错误；c、1s末两物体相距的距离等于一个小三角形的面积，而4s末两物体相距的距离等于24之间三角形的面积，明显4s末二者的距离最大，故c正确；d、乙的速度一直为正，说明其运动方向始终未发生变化，故d错误；故选：ac点评：vt图象中图线的斜率表示加速度，图线与坐标轴围成图形的面积表示位移；根据面积关系即可以得出位移关系7（6分）（2015东莞模拟）一电荷仅在电场力的作用下运动，其速度一时间图象如图所示，其中ta和tb是电荷在电场中a、b两点运动的时刻，则下列说法正确的是（）aa、b两点处电场强度ea=ebba、b两点处电场强度eaebc粒子从a 运动到b的电势能减小，电场力做正功da、b两点电势ab考点：电场强度；匀变速直线运动的图像专题：带电粒子在电场中的运动专题分析：由速率图象的斜率等于加速度的大小，分析电荷在a、b两点的加速度大小根据牛顿第二定律可知，电荷在场强大的地方受到的电场力，加速度大由图，读出电荷速率变化，判断电场力做功的正负，分析ab两点电势的高低解答：解：a、b、由图线看出，a处切线的斜率大于b处切线的斜率，说明电荷在a处的加速度大于在b处加速度，则a处场强大于b处场强故a错误，b正确 c、d、由图看出，电荷从a到b，速率增大，动能增大，电场力做正功，电势能减小，由于不知电荷的电性，因此无法比较a点的电势与b点的电势大小故c正确，d错误故选：bc点评：本题首先要具有读图的能力，抓住图线的斜率等于加速度的大小；其次要会分析电场力做功正负，抓住电场力做功与电荷电势能变化的关系8（6分）（2015东莞模拟）甲、乙为两颗地球卫星，其中甲为地球同步卫星，乙的运行高度低于甲的运行高度，两卫星轨道均可视为圆轨道以下判断正确的是（）a乙的速度大于第一宇宙速度b甲的运行周期大于乙的周期c甲的加速度小于乙的加速度d甲有可能经过北极的正上方考点：第一宇宙速度、第二宇宙速度和第三宇宙速度专题：万有引力定律的应用专题分析：人造卫星的万有引力等于向心力，先列式求出线速度、周期和向心力的表达式进行讨论；第一宇宙速度是在近地发射人造卫星的最小速度，也是近地圆轨道的环绕速度，还是圆轨道运行的最大速度解答：解：人造卫星绕地球做匀速圆周运动，根据万有引力提供向心力，设卫星的质量为m、轨道半径为r、地球质量为m，有f=f向f=gf向=m=m2r=m（）2r因而g=m=m2r=m（）2r=ma解得v= t=2 a= 由式可以知道，人造卫星的轨道半径越大，线速度越小、周期越大，加速度越小，由于甲卫星的高度大，轨道半径大，故甲卫星的线速度小、周期大，加速度小；根据式，第一宇宙速度是近地圆轨道的环绕速度，也是圆轨道运行的最大速度；故a错误，bc正确；d、甲为地球同步卫星，只能在赤道上空，故d错误；故选：bc点评：本题关键抓住万有引力提供向心力，先列式求解出线速度、角速度、周期和加速度的表达式，再进行讨论，并注意地球同步卫星的位置固定9（6分）（2012新余校级模拟）如图所示，两匀强磁场方向相同，以虚线mn为理想边界，磁感应强度分别为b1、b2今有一个质量为m、电荷量为e的电子从mn上的p点沿垂直于磁场的方向射入匀强磁场b1中，其运动轨迹为如图虚线所示的“心”形图线则以下说法正确的是（）a电子的运行轨迹为pdmcnepb电子运行一周回到p用时为cb1=4 b2db1=2 b2考点：带电粒子在匀强磁场中的运动；牛顿第二定律；向心力专题：带电粒子在磁场中的运动专题分析：电子在磁场中受到洛伦兹力作用做匀速圆周运动，根据左手定则判断电子的绕行方向，根据周期公式分三个部分求解运动一周的时间，根据半径关系求解两磁场的关系解答：解：a、根据左手定则可知：电子从p点沿垂直于磁场的方向射入匀强磁场b1时，受到的洛伦兹力方向向上，所以电子的运行轨迹为pdmcnep，故a正确；b、电子在整个过程中，在匀强磁场b1中运动两个半圆，即运动一个周期，在匀强磁场b2中运动半个周期，所以+，故b错误；c、由图象可知，电子在匀强磁场b1中运动半径是匀强磁场b2中运动半径的一半，根据r=可知，b1=2b2，故c错误，d正确故选ad点评：本题是带电粒子在磁场中运动的问题，要求同学们能根据左手定则判断洛伦兹力的方向，能结合几何关系求解，知道半径公式及周期公式，难度适中三、非选择题10（8分）（2015东莞模拟）如图是某同学在做直线运动实验中获得的一条纸带已知打点计时器电源频率为50hz，则纸带上打相邻两点的时间间隔为0.02s；abcd是纸带上四个计数点，每两个相邻计数点间有四个点没有画出o、b两点间的a点不小心被墨水弄脏了看不到从图中读出b、c两点间距sbc=0.90cm；若a点与b点之间的距离满足sab=0.70cm，根据匀变速直线运动的规律，可以判断a点到d点间的运动为匀变速直线运动，且根据数据可计算出该段位移的加速度a=0.20m/s2（保留两位有效数字）考点：测定匀变速直线运动的加速度专题：实验题分析：根据刻度尺读数读出bc间的距离，结合连续相等时间内的位移之差是一恒量求出ab的距离通过该推论求出加速度解答：解：打点计时器电源频率为50hz，则纸带上打相邻两点的时间间隔为0.02s由图可知，b、c两点间距sbc=0.90cm，则x=scdsbc=1.100.90=0.20cm，所以sab=sbcx=0.900.20cm=0.70cm，加速度a=0.20m/s2故答案为：0.02s；0.90cm，0.70cm，0.20m/s2点评：解决本题的关键掌握纸带的处理，知道匀变速直线运动在连续相等时间内的位移之差是一恒量，基础题11（10分）（2015东莞模拟）为检测一个标称值为20的滑动变阻器，现可供使用的器材如下：a待测滑动变阻器rx，总电阻约20b电流表a1，量程200ma，内阻约2.0c电流表a2，量程3a，内阻约0.12d电压表v1，量程15v，内阻约15ke电压表v2，量程3v，内阻约3kf滑动变阻器r，总电阻约10g直流电源e，电动势3v，内阻不计h电键s、导线若干为了尽可能精确测定rx的总电阻值，所选电流表为a1（填“a1”或“a2”），所选电压表为v2（填“v1”或“v2”）；请根据实验原理图甲，完成图乙未完成的实物连接，使其成为测量电路；闭合开关s前，滑动变阻器r的滑片应置于最左（左或右）端；如图丙所示是用螺旋测微器测量待测滑动变阻器所采用的电阻丝的直径，则该电阻丝的直径为1.205mm考点：描绘小电珠的伏安特性曲线专题：实验题分析：本题实验原理是：伏安法测电阻注意涉及两方面问题一是测量电路和控制电路的选择，二是仪器的选择由于待测电阻很小，故可用安培表外接法，由于滑动变阻器内阻大于待测电阻，故分压、限流电路均可，仪器选择的原则是：使指针偏转尽量大些螺旋测微器的读数需要先读出主尺的刻度，然后读出可动刻度；解答：解：选择仪器一是注意安全性，不能超过量程，二是注意准确性当指针偏转角度大时，测量比较准确，一般要使指针在三分之二左右偏转，根据所给电源为3v，待测电阻大约20可知电路中电流不会超过0.15a，所以电压表选择v2，电流表选择a1根据实验原理图甲，进行实物连接闭合开关s前，滑动变阻器r的滑片应置于最左端，使得待测滑动变阻器两端电压最小螺旋测微器的读数需要先读出主尺的刻度，为：1mm，然后读出可动刻度，为：0.0120.5=0.205mm所以总读数为：1mm+0.205mm=1.205mm故答案为：a1；v2如图左1.205点评：设计电路时，要通过估算，当电压表内阻远大于待测电阻电阻时应用外接法，否则用内接法；当要求电流或电压从零调或变阻器全电阻远小于待测电阻值时，变阻器应用分压式，一般来说变阻器能用限流式的也可以用分压式12（18分）（2014汕头一模）如图所示，质量为m的导体棒ab的电阻为r，水平放在相距为l的竖直光滑金属导轨上导轨平面处于磁感应强度大小为b、方向垂直于导轨平面向外的匀强磁场中左侧是水平放置、间距为d的平行金属板导轨上方与一可变电阻r连接，导轨电阻不计，导体棒与导轨始终接触良好重力加速度为g（1）调节可变电阻的阻值为r1=3r，释放导体棒，当棒沿导轨匀速下滑时，将带电量为+q的微粒沿金属板间的中心线水平射入金属板间，恰好能匀速通过求棒下滑的速率v和带电微粒的质量m（2）改变可变电阻的阻值为r2=4r，同样在导体棒沿导轨匀速下滑时，将该微粒沿原来的中心线水平射入金属板间，若微粒最后碰到金属板并被吸收求微粒在金属板间运动的时间t考点：导体切割磁感线时的感应电动势；带电粒子在匀强电场中的运动专题：电磁感应与电路结合分析：（1）棒匀速下滑时产生感应电动势，相当于电源，给平行金属板提供电压先由棒匀速运动，受力平衡，列式求出通过棒ab的电流，再由闭合电路欧姆定律和感应电动势公式e=blv求出v再对微粒进行研究，微粒匀速运动，受力也平衡，由平衡条件形式，即可求得微粒的质量m（2）导体棒沿导轨匀速下滑，回路电流保持不变，由欧姆定律求出平行金属板间的电压微粒进入金属板后将做类平抛运动，根据牛顿第二定律求得加速度，由位移时间公式求解解答：解：（1）棒匀速下滑，则有：bil=mg回路中的电流为：i= 将r1=3r代入得：棒下滑的速率：v= 金属板间的电压为：u=ir1带电微粒在板间匀速运动，有：mg=q联立解得带电微粒的质量：m=（2）导体棒沿导轨匀速下滑，回路电流保持不变，金属板间的电压为：u=ir2电压增大使微粒射入金属板后向上偏转，则有：qmg=ma=联立解得微粒在金属板间运动的时间为：t=答：（1）棒下滑的速率v为，带电微粒的质量m是（2）微粒在金属板间运动的时间t是点评：本题主要是电磁感应与电场中类平抛运动的综合，它们联系的桥梁是电压棒匀速运动时，受力平衡，微粒匀速运动时受力同样平衡，而两个平衡方程都与板间电压有关所以要善于寻找学科间综合的桥梁，同时对类平抛运动的分解法要熟练，注意不能将微粒的重力遗漏13（18分）（2014河西区三模）如图所示，在水平轨道右侧安放半径为r的竖直圆槽形光滑轨道，水平轨道的pq段铺设特殊材料，调节其初始长度为l；水平轨道左侧有一轻质弹簧左端固定，弹簧处于自然伸长状态小物块a静止放置在弹簧右端，a与弹簧接触但不拴接；小物块b从轨道右侧以初速度v0