广东省湛江市高三物理一模试卷（含解析）粤教版.doc

2013年广东省湛江市高考物理一模试卷一、单项选择题1（4分）下列叙述正确的是（）a扩散现象说明了分子在不停地做无规则运动b布朗运动就是液体分子的运动c分子间距离增大，分子间作用力一定减小d物体的温度越高，分子运动越激烈，每个分子的动能都一定越大考点：布朗运动；扩散；分子间的相互作用力专题：分子间相互作用力与分子间距离的关系分析：扩散现象说明了分子在不停地做无规则运动，布朗运动是指悬浮在液体中颗粒的运动，不是液体分子的运动据分子力与分子之间距离的关系图象求解温度是分子平均动能的标志解答：解：a、扩散现象说明了分子在不停地做无规则运动，故a正确b、布朗运动是指悬浮在液体中颗粒的运动，不是液体分子的运动故b错误c、当分子间距离增大时，分子力作用力不一定减小，故c错误d、气体温度升高，分子的平均动能增大，这是统计规律，具体到少数个别分子，其速率的变化不确定，因此仍可能有分子的动能较小，故d错误故选a点评：本题考查对热力学知识的理解与掌握程度，要加强记忆和练习2（4分）一定质量的理想气体经过一系列变化过程，如图所示下列说法中正确的是（）abc过程中，气体压强不变，体积增大bab过程中，气体体积增大，压强减小cca过程中，气体压强增大，体积变小dca过程中，气体内能增大，体积变小考点：理想气体的状态方程专题：理想气体状态方程专题分析：bc过程中，气体压强不变，温度降低，根据盖吕萨克定律分析体积的变化；ab过程中气体的温度保持不变，即气体发生等温变化；根据玻意耳定律分析压强的变化；ca过程中气体的体积保持不变；理想气体的内能与气体的体积无关，仅与气体的物质的量和温度有关，并且温度越高气体的内能增大解答：解：a、bc过程中，气体压强不变，温度降低，根据盖吕萨克定律得知，体积应减小故a错误b、ab过程中气体的温度保持不变，即气体发生等温变化；根据玻意耳定律pv=c得知，压强减小故b正确c、ca过程中，由图可知，p与t成正比，则气体发生等容变化，体积不变故c错误d、一定质量的理想气体与气体温度有关，并且温度越高气体的内能增大，则知ca过程中，气体内能增大，而体积不变故d错误故选b点评：从pt上找出各物理量之间的关系，分析气体的变化过程，根据气态方程进行分析，是我们解决此类问题的突破口3（4分）如图所示，在一根粗糙的水平直杆上，套有两个质量均为m的铁环，两铁环上系着两根等长线共同拴住质量为m的小球，两铁环与小球都处于静止状态现想办法使得两铁环间距离ab增大一些而同时仍能保持系统平衡，则oa绳和ob绳的拉力变化情况是（）a拉力增大b拉力减小c拉力不变d不能确定考点：共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用专题：共点力作用下物体平衡专题分析：对小球受力分析，受重力和两个拉力，根据平衡条件求解出拉力的表达式进行讨论即可解答：解：对小球受力分析，受重力和两个拉力，如图所示根据共点力平衡条件，有；当两铁环间距离ab增大一些时，拉力fa 、fb均变大；故选a点评：本题关键是对小球受力分析，然后根据共点力平衡条件列式求解出表达式后分析变化情况，也可以用作图法分析4（4分）（2011洪山区模拟）如图所示为某质点做直线运动的vt图象，关于这个质点在4s内的运动情况，下列说法中正确的是（）a质点始终向同一方向运动b4s末质点离出发点最远c加速度大小不变，方向与初速度方向相同d4s内通过的路程为4m，而位移为0考点：匀变速直线运动的图像专题：运动学中的图像专题分析：正确理解vt图象的物理意义，从图象上能得出物体加速度、速度、位移、路程等物理量的变化情况，注意速度的正负表示运动方向，斜率的大小表示物体运动的加速度解答：解：图象的斜率不变，因此物体做匀变速直线运动，开始时速度方向与加速度方向相反，物体减速运动，t=2s时，物体速度减为零，然后物体反向加速运动，t=4s时，回到起始点，由图可知物体所经历的路程为：，位移为零，故abc错误，d正确故选d点评：正确理解vt图象的物理意义，不能单凭感觉理解，如本题中图象为直线，很容易误认为物体做单项直线运动二、双项选择题：5（6分）朝鲜的“核危机”引起了全世界的瞩目，其焦点问题就是朝鲜核电站采用的是轻水堆还是重水 堆因为重水堆核电站在发电的同时还可以产出供研制核武器的钚239（pu），这种pu可由铀239（pu）经过衰变而产生，则下列判断中正确的是（）apu与pu的核内具有相同的中子数bpu与pu的核内具有相同的核子数cpu经过1次衰变产生pudpu经过2次衰变产生pu考点：原子核衰变及半衰期、衰变速度专题：衰变和半衰期专题分析：质量数等于质子数加上中子数，质量数等于核子数经过1次衰变，电荷数少2，质量数少4，发生1次衰变，电荷数多1，质量数不变解答：解：a、pu的质子数为94，质量数为239，则中子数为145，pu的质子数为92，质量数为239，则中子数为147故a错误b、核子数等于质量数，pu与pu的核内具有相同的核子数故b正确c、pu经过1次衰变，电荷数少2，质量数少4，即电荷数变为90，质量数变为235故c错误d、pu经过2次衰变，电荷数多2，质量数不变，即电荷数变为94，质量数仍为239故d正确故选bd点评：解决本题的关键知道衰变和衰变的实质，以及知道电荷数等于质子数，质子数和中子数之和等于质量数6（6分）两根相互平行的金属导轨水平放置于如图所示的匀强磁场中，与导轨接触良好的导体棒ab和 cd可以在导轨上自由滑动，当ab在外力f作用下向右运动时，下列说法正确的是（）a导体棒cd内有电流通过，方向是dcb导体棒cd内有电流通过，方向是cdc磁场对导体棒cd的作用力向左d磁场对导体棒cd的作用力向右考点：导体切割磁感线时的感应电动势；闭合电路的欧姆定律；安培力专题：电磁感应中的力学问题分析：ab切割磁感线产生感应电流，由右手定则判断感应电流的方向；感应电流通过cd，cd棒受到安培力作用，由左手定则判断安培力的方向解答：解：a、bab切割磁感线产生感应电流，根据右手定则判断可知，ab中感应电流的方向为ba，则导体棒cd内有电流通过，方向是cd故a错误，b正确c、d感应电流通过cd，cd棒受到安培力作用，由左手定则判断可知磁场对导体棒cd的安培力向右故c错误，d正确故选bd点评：解决本题的关键掌握右手定则和左手定则，并能正确运用右手定则判断感应电流的方向，运用左手定则判断安培力的方向7（6分）如图所示，理想变压器原副线圈匝数之比为4：1，原线圈接入一电压为的交流电源，副线圈接一个r=27.5的负载电阻则下述结论正确的是（）a副线圈中电压表的读数为55vb副线圈中输出交流电的周期为0.01sc原线圈中电流表的读数为0.5ad原线圈中的输入功率为考点：变压器的构造和原理专题：交流电专题分析：根据瞬时值的表达式可以求得输出电压的有效值、周期和频率等，再根据电压与匝数成正比即可求得结论解答：解：a、由瞬时值的表达式可知，原线圈的电压最大值为220 v，所以原线圈的电压的有效值为v=220v，在根据电压与匝数成正比可知，副线圈的电压的有效值为55v，即为电压表的读数，所以a正确b、变压器不会改变电流的周期，则副线圈输出电流的周期为t=s=s，所以b错误c、副线圈的电流为a=2a，根据电流与匝数成反比可得，原线圈的电流大小为a=0.5a，所以c正确d、变压器的输入功率和输出功率相等，副线圈的功率为p=w=110w，所以原线圈中的输入功率也为110w，所以d错误故选ac点评：掌握住理想变压器的电压、电流之间的关系，最大值和有效值之间的关系即可解决本题8（6分）2012年6月16日，刘旺、景海鹏、刘洋三名宇航员搭乘“神舟九号”飞船飞向太空6月24日执行手动载人交汇对接任务后，于29日10时03分乘返回舱安全返回返回舱在a点从圆形轨道i进入椭圆轨道，b为轨道上的一点，如图所示关于返回舱的运动，下列说法中正确的有（）a在同一轨道上经过a的速度小于经过b的速度b在轨道上经过a的动能大于在轨道i上经过a的动能c在轨道i上运动的线速度小于第一宇宙速度d在轨道ii上经过a的加速度小于在轨道i上经过a的加速度考点：人造卫星的加速度、周期和轨道的关系专题：人造卫星问题分析：在轨道上运行至a点时，返回舱将开始做近心运动，所以a点的速度小于在轨道i上圆周运动经过a点的速度，根据速度大小关系确定动能的大小关系，在轨道i上做圆周运动，轨道半径大于地球半径，故线速度小于第一宇宙速度，加速度都是由万有引力产生的，故在a点时加速度大小相同解答：解：a、在轨道上经过a点，由于万有引力大于向心力，会靠近地球运动，在轨道i上经过a点时，万有引力等于向心力，做圆周运动，根据万有引力相同可知在轨道ii上经过a的速度小于经过b的速度，故a正确；b、由a分析知，根据动能定义有b错误；c、因为轨道i的半径远大于地球半径，故在轨道i上运行的线速度小于第一宇宙速度故c正确；d、在a点的加速度都是由万有引力产生的，在两个轨道上经过a点时，地球对返回舱的万有引力相同，故加速度相等，故d错误帮选ac点评：解决本题的关键掌握卫星的变轨的原理，以及万有引力提供圆周运动向心力9（6分）如图所示，两个质量相同的带电粒子以同一速度、同一位置由p点垂直于边界进入匀强磁场，在磁场中它们的运动轨迹如图所示已知粒子a的运动轨道半径为r1，粒子b的运动轨迹半径为r2，且r2=2r1，q1、q2分别是粒子（）aa带负电、b带正电，q1：q2=1：2ba带正电、b带负电，q1：q2=2：1ca、b两个粒子在磁场中运动时间之比ta：tb=l：2da、b两个粒子在磁场中运动时间之比ta：tb=2：1考点：带电粒子在匀强磁场中的运动；牛顿第二定律；向心力专题：带电粒子在磁场中的运动专题分析：通过图示得出洛伦兹力的方向，根据左手定则得出电荷的电性，正电荷定向移动的方向与四指方向相同，负电荷定向移动的方向与四指方向相反根据qvb=m，得出半径公式r=，通过半径公式的得出荷质比解答：解：a、b、粒子a向左偏，粒子b向右偏，根据左手定则知，a带正电，b带负电根据半径公式r=，知荷质比=，v与b不变，所以荷质比之比等于半径之反比，所以：=2：1故a错误，b正确；c、d、根据周期公式，以及，得到；由于：=2：1，故ta：tb=1：2；故c正确，d错误；故选bc点评：解决本题的关键掌握左手定则判断磁场方向、电荷的运动方向以及洛伦兹力方向的关键，以及掌握带电粒子在磁场中做匀速圆周运动的半径公式r=和周期公式三、解答题（共4小题，满分54分）10（9分）如图所示为“探究加速度与物体受力与质量的关系”实验装置图图中a为小车，b为装有砝码的小桶，c为一端带有定滑轮的长木板，小车通过纸带与电火花打点计时器相连，计时器接50hz交流电小车的质量为m1，小桶（及砝码）的质量为m2（1）下列说法正确的是da每次改变小车质量时，应重新平衡摩擦力b实验时应先释放小车后接通电源c本实验m2应远大于m1d在用图象探究加速度与质量关系时，应作a图象（2）实验时，某同学由于疏忽，遗漏了平衡摩擦力这一步骤，他测量得到的af图象，可能是图1中的图线丙（选填“甲”、“乙”、“丙”）（3）如图2所示为某次实验得到的纸带，纸带中相邻计数点间的距离已标出，相邻计数点间还有四个点没有画出由此可求得小车的加速度大小0.49m/s2（结果保留二位有效数字）考点：探究加速度与物体质量、物体受力的关系专题：实验题；牛顿运动定律综合专题分析：（1）实验时需要提前做的工作有两个：平衡摩擦力，且每次改变小车质量时，不用重新平衡摩擦力，因为f=mgsin=mgcos，m约掉了让小车的质量m远远大于小桶（及砝码）的质量m，因为：际上绳子的拉力f=ma=mg，故应该是mm，而当m不再远远小于m时a=随m的增大物体的加速度逐渐减小且无限趋近于g（2）如果没有平衡摩擦力的话，就会出现当有拉力时，物体不动的情况（3）小车做的是匀加速直线运动，可由x=at2求解加速度解答：解：（1）a：平衡摩擦力，假设木板倾角为，则有：f=mgsin=mgcos，m约掉了，故不需要重新平衡摩擦力故a错误b：实验时应先接通电源后释放小车，故b错误c：让小车的质量m远远大于小桶（及砝码）的质量m，因为：绳子的拉力f=ma=mg，故应该是mm，而当m不再远远小于m时a=随m的增大物体的加速度逐渐减小且无限趋近于g，故c错误d：f=ma，所以：a=，当f一定时，a与成正比，故d正确（2）遗漏了平衡摩擦力这一步骤，就会出现当有拉力时，物体不动的情况故图线为丙（3）设第1段位移为：x1，第2段位移为：x2，计时器打点的时间间隔为0.02s从比较清晰的点起，每两测量点间还有4个点未画出，说明时间间隔t=0.1s由x=at2得：即：0.49102=a0.12解得：a=0.49m/s2故答案为：（1）d；（2）丙；（3）0.49点评：会根据实验原理分析分析为什么要平衡摩擦力和让小车的质量m远远大于小桶（及砝码）的质量m，且会根据原理分析实验误差纸带的处理在高中实验中用到多次，需要牢固的掌握11（9分）要测量某导电材料棒的电阻首先用多用电表的欧姆档（倍率为100）粗测其电阻，指针位置如图甲所示，其读数为900然后用以下器材用伏安法尽可能精确地测量其电阻：a电流表：量程为05ma，内阻约为10b电压表：量程为03v，内阻约为7.2kc滑动变阻器：最大阻值为20，额定电流1ad低压直流电源：电压4v，内阻可以忽略e电键k，导线若干请按提供的器材和图乙中的电路图，以笔画线代替导线将图丙中的实物连接成正确的实验电路实验开始时，滑片p应置于变阻器的a端（填a或b）根据实验的测量数据在坐标系中描点，得出如图丁所示的该导电材料棒的伏安特性图线根据图丁知该导电材料棒阻值为875考点：伏安法测电阻专题：实验题；恒定电流专题分析：欧姆表的读数为示数乘以倍率，根据实验电路图连接实物图，注意滑动变阻器的接法，实验开始时，滑片p应置于变阻器的左端，这样滑片上的电压为零，ui图象的斜率表示电阻解答：解：欧姆表的读数为示数乘以倍率，读数为：9.0100=900；根据实验电路图连接实物图，如图所示：实验开始时，滑片p应置于变阻器的最左端a端，这样滑片上的电压为零，起到保护电路的作用，还可以使被测电阻的电压从零开始逐渐增加；ui图象的斜率表示电阻，则由图可知，r=故答案为：900；实物连接图如图所示；a； 875点评：本题考查了欧姆表读数的读数方法，明确伏安法测电阻的实验原理和实验方法，能够用图象法处理数据，难度不大，属于基础题12（18分）如图所示，竖直平行直线为匀强电场的电场线，电场方向未知，一个质量为m、电荷量为q的带负电粒子以初速度v0从a点垂直电场方向进入电场，该带电粒子经过电场中的b点和c点，不考虑带电粒子的重力（1）试确定电场强度的方向（2）若粒子过c点时速度方向与水平方向夹角为60，试求从a点到c点过程中电场力做功（3）若已知电场强度为e，ab两点连线与电场线夹角为60，求粒子从a点到b点的运动时间考点：带电粒子在匀强电场中的运动；动能定理的应用专题：带电粒子在电场中的运动专题分析：（1）做曲线运动的物体受到的力的方向与轨迹弯曲的方向一致；从而判定出电场力的方向，再判断出场强的方向；（2）a到c电场力做功等于粒子动能的增加；（3）粒子在电场中做类平抛运动，水平方向的做匀速直线运动，竖直方向做匀加速直线运动解答：解：（1）因粒子带负电且向下偏转，电场力方向向下，所以电场方向竖直向上（2）设粒子到达c点的速度为v，电场力做功为w，则由合运动与分运动的关系有由动能定理有 联立式解得（3）粒子在电场中做类平抛运动，设水平方向的位移为x，竖直方向的位移为y，则有x=v0t粒子的加速度为而联立式解得答：（1）电场强度的方向竖直向上；（2）从a点到c点过程中电场力做功；（3）粒子从a点到b点的运动时间点评：能运用运动的合成与分解的方法处理类平抛运动问题，熟悉电场力做功与电势能变化的关系是解决这类问题的关键13（18分）如图所示，a滑块放在光滑的水平面上，b滑块可视为质点，a和b的质量都是1kg，a的左侧面紧靠在光滑竖直墙上，a上表面的ab段是光滑