广东省潮州市凤凰中学高三物理上学期10月段考试题（含解析）.doc

2015-2016学年广东省潮州市凤凰中学高三（上）段考物理试卷（10月份）一、选择题：本大题共8小题，每小题6分在每小题给出的四个选项中1418题只有一项符合题目要求1921题有多项符合题目要求全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分1下列说法中正确的是（）a静止的火车比高速奔驰轿车的惯性大b蹦极运动员离开蹦床上升过程中处于超重状态c车速越大，刹车滑行的距离越长，所以说速度越大，惯性越大d相互作用中，作用力可以大于反作用力，也可以小于反作用力2轻质弹簧上端固定，下端悬挂一个小球，在小球下放一光滑斜面，球与斜面接触且处于静止状态，弹簧保持竖直，如图所示则小球受到的力是（）a重力和弹簧的拉力b重力、弹簧的拉力和斜面的支持力c重力、斜面的弹力和斜面的静摩擦力d重力、弹簧的拉力、斜面的支持力和下滑力3关于力和运动的关系，下列说法正确的是（）a由m=知，某一物体的质量跟其所受的合外力成正比b由a=知，某一物体运动的加速度跟其质量成正比c物体运动方向一定跟其合外力方向相同d物体加速度方向一定跟其合外力方向相同4以不同初速度将两个物体同时竖直向上抛出并开始计时，一个物体所受空气阻力可忽略，另一物体所受空气阻力大小与物体速率成正比，下列用虚线和实线描述两物体运动的vt图象可能正确的是（）abcd5如图，某滑块初速度v0沿表面粗糙且足够长的固定斜面，从顶端下滑，直至速度为零对于该运动过程若用h、s、v、a分别表示滑块的下降高度、位移、速度和加速度的大小，t表示时间，则下列图象最能正确描述这一运动规律的是（）abcd6甲物体的质量是乙物体质量的5倍，甲从h高处自由下落，乙从2h高处同时自由下落，下列说法中正确的是（高度h远大于10m）（）a两物体下落过程中，同一时刻甲的速率比乙的大b下落1s末，它们的速度相等c各自下落1m，它们的速度相等d下落过程中甲的加速度比乙的大7如图所示的水平传送带静止时，一个小物块a以某一水平初速度从传送带左端冲上传送带，然后从传送带右端以一个较小的速度v滑出传送带；若传送带在皮带轮带动下运动时，a物块仍相同的水平速度冲上传送带，且传送带的速度小于a的初速度，则（）a若皮带轮逆时针方向转动，a物块仍以速度v离开传动带b若皮带轮逆时针方向转动，a物块不可能到达传送带的右端c若皮带轮顺时针方向转动，a物块离开传送带的速度仍可能为vd若皮带轮顺时针方向转动，a物块离开传送带右端的速度一定大于v8如图所示，a、b两物块的质量分别为2m和m，静止叠放在水平地面上a、b间的动摩擦因数为，b与地面间的动摩擦因数为最大静摩擦力等于滑动摩擦力，重力加速度为g现对a施加一水平拉力f，则（）a当f2mg 时，a、b都相对地面静止b当f=mg时，a的加速度为gc当f3mg时，a相对b静止d无论f为何值，b的加速度不会超过g三、非选择题：包括必考题和选考题两部分第2232题为必考题，每个试题考生都必须作答第3340题为选考题，考生根据要求作答（一）必考题（129分）9某同学利用图（a）所示实验装置及数字化信息系统获得了小车加速度a与钩码的质量m的对应关系图如图（b）所示实验中小车（含发射器）的质量为200g，实验时选择了不可伸长的轻质细绳和轻定滑轮，小车的加速度由位移传感器及与之相连的计算机得到回答下列问题：（1）根据该同学的结果，小车的加速度与钩码的质量成（填“线性”或“非线性”关系（2）由图（b）可知，am图线不经过原点，可能的原因是存在（3）若利用本实验装置来验证“在小车质量不变的情况下，小车的加速度与作用力成正比”的结论，并直接以钩码所受重力mg作为小车受到的合外力，则实脸中应采取的改进措施是，钩码的质量应满足的条件是10某实验小组设计了如图甲所示的实验装置，通过改变重物的质量来探究滑块运动的加速度a和所受拉力f的关系他们在轨道水平和倾斜的两种情况下分别做了实验，得到了两条af图线，如图乙所示（1）图线是轨道处于（选填“水平”或“倾斜”）情况下得到的实验结果；（2）图线的倾斜程度（斜率）一样，说明的问题是（填选项前的字母）a滑块和位移传感器发射部分的总质量在两种情况下是一样的b滑块和位移传感器发射部分的总质量在两种情况下是不一样的c滑块和位移传感器发射部分的总质量在两种情况下是否一样不能确定（3）结合图象乙，求图线中滑块和位移传感器发射部分的总质量m=kg；滑块和轨道间的动摩擦因数=（重力加速度g取10m/s2）11（15分）（2015秋潮州校级月考）如图所示，质量m=2kg的物体静止在水平地面上，物体与水平地面间的动摩擦因数=0.5，现对物体施加如图所示的力f，f=10n、方向与水平方向的夹角=37，且sin37=0.6，经t=10s后撤去力f，再经一段时间，物体静止，取g=10m/s2则：（1）物体运动过程中的最大速度是多少？（2）物体运动的总位移时多少？12（18分）（2014秋余姚市校级期末）研究表明，一般人的刹车反应时间（即图甲中“反应过程”所用时间）t0=0.4s，但饮酒会导致反应时间延长在某次试验中，志愿者少量饮酒后驾车以v0=72km/h的速度在试验场的水平路面上匀速行驶，从发现情况到汽车停止，行驶距离l=39m，减速过程中汽车位移s与速度v的关系曲线如图乙所示，此过程可视为匀变速直线运动取重力加速度的大小g取10m/s2求：（1）减速过程汽车加速度的大小及所用时间；（2）饮酒使志愿者的反应时间比一般人增加了多少；（3）减速过程汽车对志愿者作用力的大小与志愿者重力大小的比值四【物理-选修3-3】（15分）13一定量的理想气体从状态a开始，经历三个过程ab、bc、ca回到原状态，其pt图象如图所示下列判断正确的是（）a过程ab中气体一定吸热b过程bc中气体既不吸热也不放热c过程ca中外界对气体所做的功等于气体所放的热da，b和c三个状态中，状态a分子的平均动能最小eb和c两个状态中，容器壁单位面积单位时间内受到气体分子撞击的次数不同14一定质量的理想气体被活塞封闭在竖直放置的圆柱形气缸内，气缸壁导热良好，活塞可沿气缸壁无摩擦地滑动开始时气体压强为p，活塞下表面相对于气缸底部的高度为h，外界的温度为t0，现取质量为m的沙子缓慢地倒在活塞的上表面，沙子倒完时，活塞下降了，若此后外界的温度变为t，求重新达到平衡后气体的体积已知外界大气的压强始终保持不变、重力加速度大小为g2015-2016学年广东省潮州市凤凰中学高三（上）段考物理试卷（10月份）参考答案与试题解析一、选择题：本大题共8小题，每小题6分在每小题给出的四个选项中1418题只有一项符合题目要求1921题有多项符合题目要求全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分1下列说法中正确的是（）a静止的火车比高速奔驰轿车的惯性大b蹦极运动员离开蹦床上升过程中处于超重状态c车速越大，刹车滑行的距离越长，所以说速度越大，惯性越大d相互作用中，作用力可以大于反作用力，也可以小于反作用力考点：惯性 分析：惯性大小与物体的质量有关，质量越大，惯性越大物体只受重力作用，处于完全失重状态由牛顿第三定律可知，作用力与反作用力大小相等，方向相反，作用在同一条直线上解答：解：a、惯性大小与物体的质量有关，质量越大，惯性越大因火车的质量大于轿车的质量；故静止的火车比高速奔驰轿车的惯性大；故a正确b、蹦极运动员上升过程中只受重力作用，处于完全失重状态，故b错误；c、惯性大小与车速的大小无关，惯性是由物体的质量决定的；故c错误；d、由牛顿第三定律可知，作用力与反作用力大小相等，方向相反，作用在同一条直线上故d错误故选：a点评：惯性是物理学中的一个性质，它描述的是物体能够保持原来的运动状态的性质，不能和生活中的习惯等混在一起判断处于超重或失重状态主要看物体的加速度方向2轻质弹簧上端固定，下端悬挂一个小球，在小球下放一光滑斜面，球与斜面接触且处于静止状态，弹簧保持竖直，如图所示则小球受到的力是（）a重力和弹簧的拉力b重力、弹簧的拉力和斜面的支持力c重力、斜面的弹力和斜面的静摩擦力d重力、弹簧的拉力、斜面的支持力和下滑力考点：共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用 专题：共点力作用下物体平衡专题分析：首先分析小球受到的重力，再分析小球与几个物体接触，分析可能有几个弹力解答：解：以小球为研究对象，分析小球受力情况：重力、弹簧向上的拉力两个力作用由于弹簧保持竖直，弹簧的拉力竖直向上，斜面对小球没有支持力，假设斜面对小球有支持力，方向必定是垂直于斜面向上，小球重力、弹簧的拉力和支持力，根据平行四边定则可知，三个力合力一定不为零，小球将运动起来，与题中小球的状态矛盾所以斜面对小球没有支持力所以小球只受重力和弹簧的拉力故选a点评：本题分析斜面对小球有无弹力采用假设法，这是判断物体间是否有弹力或摩擦力常用的方法3关于力和运动的关系，下列说法正确的是（）a由m=知，某一物体的质量跟其所受的合外力成正比b由a=知，某一物体运动的加速度跟其质量成正比c物体运动方向一定跟其合外力方向相同d物体加速度方向一定跟其合外力方向相同考点：牛顿第二定律；加速度与力、质量的关系式 专题：牛顿运动定律综合专题分析：本题应根据牛顿第二定律分析加速度与合外力大小和方向的关系，运用牛顿第二定律求解自由落体运动的加速度解答：解：a、虽有m=，但某一物体的质量与其所受的合外力没有关系故a错误b、根据牛顿第二定律f合=ma，得a=，可知加速度跟物体所受合外力成正比，跟物体的质量成反比；故b错误；c、加速度方向与合外力方向相同，但物体运动方向，不一定跟其合外力方向相同故c错误，d正确；故选：d点评：牛顿第二定律是动力学最重要的规律，是高考的重点和热点，要深刻理解，并能熟练应用，注意加速度与速度的方向关系，决定速度的增加与否4以不同初速度将两个物体同时竖直向上抛出并开始计时，一个物体所受空气阻力可忽略，另一物体所受空气阻力大小与物体速率成正比，下列用虚线和实线描述两物体运动的vt图象可能正确的是（）abcd考点：匀变速直线运动的图像 专题：运动学中的图像专题分析：竖直上抛运动是初速度不为零的匀变速直线运动，加速度恒定不变，故其vt图象是直线；有阻力时，根据牛顿第二定律判断加速度情况，vt图象的斜率表示加速度解答：解：没有空气阻力时，物体只受重力，是竖直上抛运动，vt图象是直线；有空气阻力时，上升阶段，根据牛顿第二定律，有：mg+f=ma，故a=g+，由于阻力随着速度减小而减小，故加速度逐渐减小，最小值为g；有空气阻力时，下降阶段，根据牛顿第二定律，有：mgf=ma，故a=g，由于阻力随着速度增大而增大，故加速度减小；vt图象的斜率表示加速度，故图线与t轴的交点对应时刻的加速度为g，切线与虚线平行；故选：d点评：本题关键是明确vt图象上某点的切线斜率表示加速度，速度为零时加速度为g，不难5如图，某滑块初速度v0沿表面粗糙且足够长的固定斜面，从顶端下滑，直至速度为零对于该运动过程若用h、s、v、a分别表示滑块的下降高度、位移、速度和加速度的大小，t表示时间，则下列图象最能正确描述这一运动规律的是（）abcd考点：牛顿第二定律；匀变速直线运动的位移与时间的关系 专题：牛顿运动定律综合专题分析：对物体受力分析由牛顿第二定律求出加速度，由运动学公式求出速度位移及下降高度与时间的关系即可求的；解答：解：d、在下滑过程中，物体的加速度为mgsinmgcos=maa=gsingcos，加速度的大小保持不变故d错误；c、下滑过程中速度大小关系为v=v0+at=v0+（gsingcos）t，速度与时间之间是线性关系，所以速度图线是一条直线故c错误；a、b、物体向下做匀减速运动，故下滑的位移为s=）t2，位移时间关系的图象是向右弯曲的线故b正确；同理，下降的高度为h=ssin，也是向右弯曲的线故a错误；故选：b点评：本题主要考查了运动学公式，关键是把s、h、v与时间的表达式表示出来即可；6甲物体的质量是乙物体质量的5倍，甲从h高处自由下落，乙从2h高处同时自由下落，下列说法中正确的是（高度h远大于10m）（）a两物体下落过程中，同一时刻甲的速率比乙的大b下落1s末，它们的速度相等c各自下落1m，它们的速度相等d下落过程中甲的加速度比乙的大考点：自由落体运动 专题：自由落体运动专题分析：自由落体运动的快慢程度与物体的质量无关，根据v=gt、v=、h=gt2比较速度和运动的时间解答：解：a、b、两物体同时下落，根据v=gt，在下落的过程中，同一时刻甲乙的速度相等，下落过程中，下落1s末时，它们的速度相同故a错误，b正确；c、根据v=可知，各自下落1m时，它们的速度相同，故c相同d、它们均做自由落体运动，所以加速度相等，都等于g故d错误故选：bc点评：解决本题的关键知道自由落体运动的特点，做初速度为零，加速度为g的匀加速直线运动掌握自由落体运动规律7如图所示的水平传送带静止时，一个小物块a以某一水平初速度从传送带左端冲上传送带，然后从传送带右端以一个较小的速度v滑出传送带；若传送带在皮带轮带动下运动时，a物块仍相同的水平速度冲上传送带，且传送带的速度小于a的初速度，则（）a若皮带轮逆时针方向转动，a物块仍以速度v离开传动带b若皮带轮逆时针方向转动，a物块不可能到达传送带的右端c若皮带轮顺时针方向转动，a物块离开传送带的速度仍可能为vd若皮带轮顺时针方向转动，a物块离开传送带右端的速度一定大于v考点：牛顿第二定律；匀变速直线运动的速度与时间的关系；匀变速直线运动的位移与时间的关系 专题：传送带专题分析：分析a物块冲上传送带后所受的滑动摩擦力大小和方向，由牛顿第二定律和运动学公式结合分析物块离开传送带时的速度可能值解答：解：a、b水平传送带静止时，a从传送带左端冲上传送带，从传送带右端以速度v滑出传送带，运动过程中受到向左滑动摩擦力作用而做匀减速直线运动，相对于地通过的位移大小等于传送带的长度若皮带轮逆时针方向转动，物块仍受到向左的滑动摩擦力作用做匀减速直线运动，滑动摩擦力没有变化，加速度也没有变化，相对于地通过的位移大小仍等于传送带的长度，则根据运动学公式得知，a物块仍以速度v离开传动带故a正确，b错误c、d若皮带轮顺时针方向转动，物块从左端冲上传送带后，由于传送带的速度小于a的初速度，物块受到向左的滑动摩擦力，相对于地做匀减速直线运动，加速度与传送带静止时相同，a物块离开传送带的速度仍可能为v故c正确，d错误故选ac点评：本题关键是分析滑动摩擦力和加速度，根据运动学公式研究物块滑出传送带时的速度8如图所示，a、b两物块的质量分别为2m和m，静止叠放在水平地面上a、b间的动摩擦因数为，b与地面间的动摩擦因数为最大静摩擦力等于滑动摩擦力，重力加速度为g现对a施加一水平拉力f，则（）a当f2mg 时，a、b都相对地面静止b当f=mg时，a的加速度为gc当f3mg时，a相对b静止d无论f为何值，b的加速度不会超过g考点：牛顿第二定律；力的合成与分解的运用 专题：牛顿运动定律综合专题分析：根据a、b之间的最大静摩擦力，隔离对b分析求出整体的临界加速度，通过牛顿第二定律求出a、b不发生相对滑动时的最大拉力然后通过整体法隔离法逐项分析解答：解：ab之间的最大静摩擦力为：fmax=mag=2mg，ab发生滑动的加速度为a=g，b与地面间的最大静摩擦力为：fmax=（ma+mb）g=mg，故拉力f最小为f：ffmax=（m+2m）a，所以f=时，ab将发生滑动a、当 f2 mg 时，ffmax，ab之间不会发生相对滑动，b与地面间会发生相对滑动，所以a、b 都相对地面运动，选项a错误b、当 f=mg 时，故ab间不会发生相对滑动，由牛顿第二定律有：a=，选项b正确c、当f3mg 时，ab间会发生相对滑动，选项c错误d、a对b的最大摩擦力为2mg，无论f为何值，b的最大加速度为ab=，当然加速度更不会超过g，选项d正确故选：bd点评：本题考查了摩擦力的计算和牛顿第二定律的综合运用，解决本题的突破口在于通过隔离法和整体法求出a、b不发生相对滑动时的最大拉力三、非选择题：包括必考题和选考题两部分第2232题为必考题，每个试题考生都必须作答第3340题为选考题，考生根据要求作答（一）必考题（129分）9某同学利用图（a）所示实验装置及数字化信息系统获得了小车加速度a与钩码的质量m的对应关系图如图（b）所示实验中小车（含发射器）的质量为200g，实验时选择了不可伸长的轻质细绳和轻定滑轮，小车的加速度由位移传感器及与之相连的计算机得到回答下列问题：（1）根据该同学的结果，小车的加速度与钩码的质量成非线性（填“线性”或“非线性”关系（2）由图（b）可知，am图线不经过原点，可能的原因是存在存在摩擦力（3）若利用本实验装置来验证“在小车质量不变的情况下，小车的加速度与作用力成正比”的结论，并直接以钩码所受重力mg作为小车受到的合外力，则实脸中应采取的改进措施是调节轨道的倾斜度以平衡摩擦力，钩码的质量应满足的条件是远小于小车的质量考点：探究加速度与物体质量、物体受力的关系 专题：实验题；牛顿运动定律综合专题分析：该实验的研究对象是小车，采用控制变量法研究当质量一定时，研究小车的加速度和小车所受合力的关系为消除摩擦力对实验的影响，可以把木板的右端适当垫高，以使小车的重力沿斜面分力和摩擦力抵消，那么小车的合力就是绳子的拉力解答：解：（1）根据该同学的结果得出am图线是曲线，即小车的加速度与钩码的质量成非线性关系；（2）从上图中发现直线没过原点，当a=0时，m0，即f0，也就是说当绳子上拉力不为0时，小车的加速度为0，所以可能的原因是存在摩擦力（3）若利用本实验来验证“小车质量不变的情况下，小车的加速度与作用力成正比”的结论，并直接以钩码所受重力mg作为小车受到的合外力，则实验中应采取的改进措施是：调节轨道的倾斜度以平衡摩擦力，即使得绳子上拉力等于小车的合力根据牛顿第二定律得，整体的加速度a=，则绳子的拉力f=ma=，知钩码的质量远小于小车的质量时，绳子的拉力等于钩码的重力，所以钩码的质量应满足的条件是远小于小车的质量故答案为：（1）非线性；（2）存在摩擦力；（3）调节轨道的倾斜度以平衡摩擦力；远小于小车的质量点评：该实验是探究加速度与力、质量的三者关系，研究三者关系必须运用控制变量法对于实验我们要清楚每一项操作存在的理由比如为什么要平衡摩擦力，这样问题我们要从实验原理和减少实验误差方面去解决10某实验小组设计了如图甲所示的实验装置，通过改变重物的质量来探究滑块运动的加速度a和所受拉力f的关系他们在轨道水平和倾斜的两种情况下分别做了实验，得到了两条af图线，如图乙所示（1）图线是轨道处于倾斜（选填“水平”或“倾斜”）情况下得到的实验结果；（2）图线的倾斜程度（斜率）一样，说明的问题是a（填选项前的字母）a滑块和位移传感器发射部分的总质量在两种情况下是一样的b滑块和位移传感器发射部分的总质量在两种情况下是不一样的c滑块和位移传感器发射部分的总质量在两种情况下是否一样不能确定（3）结合图象乙，求图线中滑块和位移传感器发射部分的总质量m=0.5kg；滑块和轨道间的动摩擦因数=0.2（重力加速度g取10m/s2）考点：探究加速度与物体质量、物体受力的关系 专题：实验题分析：知道滑块运动的加速度a和所受拉力f的关系图象斜率等于滑块和位移传感器发射部分的总质量的倒数对滑块受力分析，根据牛顿第二定律求解对解答：解：（1）由图象可知，当f=0时，a0也就是说当绳子上没有拉力时小车就有加速度，该同学实验操作中平衡摩擦力过大，即倾角过大，平衡摩擦力时木板的右端垫得过高所以图线是在轨道倾斜情况下得到的（2）根据f=ma得a=所以滑块运动的加速度a和所受拉力f的关系图象斜率等于滑块和位移传感器发射部分的总质量的倒数图线、的倾斜程度（斜率）一样，说明了滑块和位移传感器发射部分的总质量在两种情况下是一样的故选a（3）根据f=ma得a=所以滑块运动的加速度a和所受拉力f的关系图象斜率等于滑块和位移传感器发射部分的总质量的倒数由图形得加速度a和所受拉力f的关系图象斜率k=2，所以滑块和位移传感器发射部分的总质量m=0.5kg 由图形得，在水平轨道上f=1n时，加速度a=0，根据牛顿第二定律得：fmg=0解得：=0.2故答案为：（1）倾斜；（2）a；（3）0.5 0.2点评：本题考查验证牛顿第二定律的实验；通过作出两个量的图象，然后由图象去寻求未知量与已知量的关系运用数学知识和物理量之间关系式结合起来求解11（15分）（2015秋潮州校级月考）如图所示，质量m=2kg的物体静止在水平地面上，物体与水平地面间的动摩擦因数=0.5，现对物体施加如图所示的力f，f=10n、方向与水平方向的夹角=37，且sin37=0.6，经t=10s后撤去力f，再经一段时间，物体静止，取g=10m/s2则：（1）物体运动过程中的最大速度是多少？（2）物体运动的总位移时多少？考点：牛顿第二定律；匀变速直线运动的位移与时间的关系 专题：牛顿运动定律综合专题分析：（1）对物体受力分析，根据竖直方向上平衡求出支持力的大小，从而得出物体所受的摩擦力大小根据牛顿第二定律求出物体的加速度，结合运动学公式求出10s末的速度（2）利用动能定理或牛顿运动定律求出撤掉f的位移，从而求出总位移解答：解：（1）以物体为研究对象，受到重力、弹力、摩擦力和拉力f，根据牛顿第二定律得：fn=mgfsin37=20100.6n=14n则物体受到的摩擦力为：f=fn=0.514n=7n根据牛顿第二定律得，物体的加速度为：a=0.5m/s2所以10s的最大速度为：v=at=0.510m/s=5m/s匀加速的位移：s1=25m（2）当撤掉f后，物体在摩擦力的作用下做匀减速直线运动匀减速的加速度，据牛顿第二定律得：a1=g据运动学公式可知，s2=所以总位移：s=s1+s2联立代入数据解得：s=27.5m答：1）物体运动过程中的最大速度是10m/s（2）物体运动的总位移时27.5m点评：加速度是联系力学和运动学的桥梁，通过加速度，可以根据力求运动，也可以根据运动求力12（18分）（2014秋余姚市校级期末）研究表明，一般人的刹车反应时间（即图甲中“反应过程”所用时间）t0=0.4s，但饮酒会导致反应时间延长在某次试验中，志愿者少量饮酒后驾车以v0=72km/h的速度在试验场的水平路面上匀速行驶，从发现情况到汽车停止，行驶距离l=39m，减速过程中汽车位移s与速度v的关系曲线如图乙所示，此过程可视为匀变速直线运动取重力加速度的大小g取10m/s2求：（1）减速过程汽车加速度的大小及所用时间；（2）饮酒使志愿者的反应时间比一般人增加了多少；（3）减速过程汽车对志愿者作用力的大小与志愿者重力大小的比值考点：牛顿第二定律；匀变速直线运动的位移与时间的关系 专题：牛顿运动定律综合专题分析：（1）由图中所给数据结合位移速度公式可求得加速度，进而由速度变化与加速度求得减速时间（2）由行驶距离与刹车距离可求得反应时间内的运动距离，再求出反应时间进行比较（3）对志愿者受力分析由牛顿第二定律求减速过程汽车对志愿者作用力的大小与志愿者重力大小的比值解答：解：（1）设刹车加速度为a，由题可知刹车初速度v0=20m/s，末速度 vt=0 位移 x=25m 由式可得：a=8m/s2 t=2.5s（2）反应时间内的位移为x=lx=14m则反应时间为t=则反应的增加量为t=0.70.4=0.3s（3）设志愿者所受合外力的大小为f，汽车对志愿者的作用力的大小为f0，志愿者质量为m，受力如图，由牛顿第二定律得f=ma由平行四边形定则得：由式可得：答：（1）减速过程汽车加速度的大小为8m/s所用时间为2.5s（2）饮酒使志愿者反应时间比一般人增加了0.3s（3）减速过程汽车对志愿者作用力的大小与志愿者重力大小的比值为点评：本题考查运动学公式，正确应用速度位移公式求加速度是解题的关键，注意受力分析；明确加速度作为力和运动的桥梁作用四【物理-选修3-3】（15分）13一定量的理想气体从状态a开始，经历三个过程ab、bc、ca回到原状态，其pt图象如图所示下列