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文档简介

八、电化学1(2013高考新课标全国卷)银质器皿日久表面会逐渐变黑,这是生成了ag2s的缘故。根据电化学原理可进行如下处理:在铝质容器中加入食盐溶液,再将变黑的银器浸入该溶液中,一段时间后发现黑色会褪去。下列说法正确的是()a处理过程中银器一直保持恒重b银器为正极,ag2s被还原生成单质银c该过程中总反应为2al3ag2s=6agal2s3d黑色褪去的原因是黑色ag2s转化为白色agcl解析:选b。原电池原理及应用。铝质容器、变黑的银器及食盐溶液构成原电池装置,铝作负极,变质的银器作正极。负极反应式为al3e=al3,正极反应式为ag2s2e=2ags2。al3与s2在溶液中不能共存,能发生水解相互促进反应2al33s26h2o=2al(oh)33h2s,故原电池总反应为2al3ag2s6h2o=6ag2al(oh)33h2s,故b项正确,c项错误。a项,原电池反应是自发进行的氧化还原反应,银器中ag2s被还原成ag,质量减轻,故a项错误。d项,黑色褪去的原因是黑色的ag2s转化为ag,故d项错误。2(2013高考新课标全国卷)“zebra”蓄电池的结构如图所示,电极材料多孔ni/nicl2和金属钠之间由钠离子导体制作的陶瓷管相隔。下列关于该电池的叙述错误的是()a电池反应中有nacl生成b电池的总反应是金属钠还原三价铝离子c正极反应为:nicl22e=ni2cld钠离子通过钠离子导体在两电极间移动解析:选b。结合蓄电池装置图,利用原电池原理分析相关问题。a项,在负极na失电子生成na,正极反应为nicl22e=ni2cl,故电池反应中有nacl生成;b项,电池的总反应是金属钠还原二价镍离子;c项,正极上nicl2发生还原反应,电极反应为nicl22e=ni2cl;d项,钠在负极失电子,被氧化生成na,na通过钠离子导体在两电极间移动。3(2013高考北京卷)下列金属防腐的措施中,使用外加电流的阴极保护法的是()a水中的钢闸门连接电源的负极b金属护栏表面涂漆c汽车底盘喷涂高分子膜d地下钢管连接镁块解析:选a。a.水中的钢闸门连接电源的负极,即使用了外加电流。b.金属护栏表面涂漆,是一种使用外加涂层而使金属隔绝空气和水分的保护方法。c.汽车底盘喷涂高分子膜,也是一种使用外加涂层而使金属隔绝空气和水分的保护方法。d.地下钢管连接镁块,是牺牲阳极的阴极保护法。4(2013高考北京卷)用石墨电极电解cucl2溶液(见右图)。下列分析正确的是()aa端是直流电源的负极b通电使cucl2发生电离c阳极上发生的反应:cu22e=cud通电一段时间后,在阴极附近观察到黄绿色气体解析:选a。a.铜离子应移向阴极,则a为负极。b.cucl2发生电离是在水分子的作用下完成的,并非通电才能发生。c.反应cu22e=cu应在阴极上发生,阳极上发生的反应应为2cl2e=cl2。d.通电一段时间后,应在阳极附近观察到黄绿色气体。5(2013高考天津卷)为增强铝的耐腐蚀性,现以铅蓄电池为外电源,以al作阳极、pb作阴极,电解稀硫酸,使铝表面的氧化膜增厚。反应原理如下:电池:pb(s)pbo2(s)2h2so4(aq)=2pbso4(s)2h2o(l)电解池:2al3h2oal2o33h2电解过程中,以下判断正确的是()电池电解池ah移向pb电极h移向pb电极b每消耗3 mol pb生成2 mol al2o3c正极:pbo24h2e=pb22h2o阳极:2al3h2o6e=al2o36hd解析:选d。原电池中,pb为负极:pb2eso=pbso4,pbo2为正极:pbo22eso4h=pbso42h2o,所以h向pbo2极移动。电解池中,pb为阴极:2h2e=h2,al为阳极:3h2o2al6e=al2o36h,所以h向pb电极移动,a错。每消耗3 mol pb时转移6 mol e,每生成2 mol al2o3时,转移12 mol e,b错。根据a项分析,可知电池的正极反应式书写错误,c错。原电池中随时间增长,pb变为pbso4,质量增加,电解池中pb极产生h2,pb电极质量不变,d正确。6(2013高考江苏卷)mgh2o2电池可用于驱动无人驾驶的潜航器。该电池以海水为电解质溶液,示意图如右。该电池工作时,下列说法正确的是()amg电极是该电池的正极bh2o2在石墨电极上发生氧化反应c石墨电极附近溶液的ph增大d溶液中cl向正极移动解析:选c。结合电池示意图及原电池原理进行分析。该原电池中,石墨电极为惰性电极,只能作正极,而mg电极为活性电极,作负极,a错。mg电极本身发生氧化反应,h2o2在石墨电极上应发生还原反应,b错。石墨电极上发生的反应为h2o22e=2oh,由于生成oh,电极附近溶液c(oh)增大,溶液的ph增大,c对。原电池电解质溶液中阴离子 cl向负极移动,d错。7(2013高考安徽卷)热激活电池可用作火箭、导弹的工作电源。一种热激活电池的基本结构如图所示,其中作为电解质的无水liclkcl混合物受热熔融后,电池即可瞬间输出电能。该电池总反应为pbso42liclca=cacl2li2so4pb。下列有关说法正确的是()a正极反应式:ca2cl2e=cacl2b放电过程中,li向负极移动c每转移0.1 mol电子,理论上生成20.7 g pbd常温时,在正负极间接上电流表或检流计,指针不偏转解析:选d。仔细分析题给信息,结合原电池工作原理进行分析判断。a.分析电池总反应,ca在反应中失电子,所以ca应作负极;pbso4中的pb2得电子生成单质铅,所以正极反应物应是pbso4,所以a项错误。b.放电过程中,负极失电子,电子通过导线流向正极,所以正极表面聚集大量电子,能够吸引电解质中的阳离子向正极移动,所以b项错误。c.根据方程式知,每转移0.1 mol电子,生成0.05 mol铅,其质量为10.35 g,所以c项错误。d.根据题给信息,该电池为热激活电池,常温下,无水liclkcl为固态,没有自由移动的离子,该装置不能形成闭合回路,处于非工作状态,所以没有电流产生,即电流表或检流计的指针不会发生偏转。8.(2013高考浙江卷)电解装置如图所示,电解槽内装有ki及淀粉溶液,中间用阴离子交换膜隔开。在一定的电压下通电,发现左侧溶液变蓝色,一段时间后,蓝色逐渐变浅。已知:3i26oh=io5i3h2o,下列说法不正确的是() a右侧发生的电极反应式:2h2o2e=h22ohb电解结束时,右侧溶液中含有ioc电解槽内发生反应的总化学方程式:ki3h2okio33h2d如果用阳离子交换膜代替阴离子交换膜,电解槽内发生的总化学反应不变解析:选d。结合题给电解槽装置,利用电解原理进行分析、解决问题。该电解槽的两极均为惰性电极(pt),在一定条件下通电,发现左侧溶液变蓝色,说明发生电极反应:2i2e=i2,由淀粉溶液遇单质碘显蓝色可知,左侧为阳极,右侧为阴极,阴极上溶液中的h得电子发生还原反应,电极反应为2h2o2e=h22oh(或2h2e=h2),a项正确。阴极周围溶液中产生的oh经阴离子交换膜移向左侧,并与左侧电极上产生的i2发生反应:3i26oh=io5i3h2o,一段时间后,蓝色逐渐变浅,电解结束时,左侧溶液中的io经阴离子交换膜进入右侧溶液,b项正确。结合阴、阳极发生的反应及i2与oh的反应可知,电解槽内总反应为i3h2oio3h2,c项正确。若用阳离子交换膜代替阴离子交换膜,电解槽内总反应为2i2h2oi2h22oh,d项错。9(2013高考大纲全国卷) 电解法处理酸性含铬废水(主要含有cr2o)时,以铁板作阴、阳极,处理过程中存在反应cr2o6fe214h= 2cr36fe37h2o,最后cr3以cr(oh)3形式除去。下列说法不正确的是()a阳极反应为fe2e=fe2b电解过程中溶液ph不会变化c过程中有fe(oh)3沉淀生成d电路中每转移12 mol电子,最多有1 mol cr2o被还原解析:选b。根据电解原理写出电极反应式,然后逐一分析。a电解时用铁作阳极,失去电子生成具有还原性的fe2,fe2将废水中的cr2o还原为cr3。b.电解过程中消耗h,溶液的ph发生变化。c.电解过程中h2o电离出的h参与反应,c(oh)增大,cr3与fe3都与oh结合为沉淀。d.根据电极反应式fe2e=fe2,可知每转移12 mol e生成6 mol fe2,6 mol fe2可还原1 mol cr2o。10(2013高考重庆卷)化学在环境保护中起着十分重要的作用。催化反硝化法和电化学降解法可用于治理水中硝酸盐的污染。(1)催化反硝化法中,h2能将no还原为n2。25 时,反应进行10 min,溶液的ph由7变为12。n2的结构式为_。上述反应离子方程式为_,其平均反应速率v(no)为_moll1min1。还原过程中可生成中间产物no,写出3种促进no水解的方法:_。(2)电化学降解no的原理如图所示。电源正极为_(填“a”或“b”),阴极反应式为_。若电解过程中转移了2 mol电子,则膜两侧电解液的质量变化差(m左m右)为_g。解析:(1)n2电子式为,结构式为nn。反应中碱性增强,故应有oh生成,根据得失电子守恒:5h22non2oh,据电荷守恒:5h22non22oh,最后由元素守恒得5h22no n22oh4h2o。水解的离子方程式为noh2ohno2oh,据“越热越水解、越稀越水解”,可知加热或加水稀释能促进水解;另外,降低生成物浓度,也可促进水解。(2)no生成n2发生了还原反应,应在电解池的阴极发生,故a为原电池的正极;阴极发生还原反应,故电极反应式为2no6h2o10e=n212oh。由电极反应式可知,通过2 mol电子,溶液减少的质量为5.6 g(n2),同时有2 mol h通过质子交换膜进入右侧,故右侧溶液减少3.6 g。正极发生反应为4oh4e=o22h2o,每通过2 mol电子,生成16 g o2,同时有2 mol h通过质子交换膜进入右侧,使左侧溶液质量减少18 g,故两侧溶液减少的质量差为14.4 g。答案:(1)nn2no5h2n22oh4h2o0.001加酸,升高温度,加水(2)a2no6h2o10e=n212oh14.411(2013高考山东卷) 金属冶炼和处理常涉及氧化还原反应。(1)由下列物质冶炼相应金属时采用电解法的是_。 afe2o3 bnacl ccu2s dal2o3(2)辉铜矿(cu2s)可发生反应:2cu2s2h2so45o2=4cuso42h2o,该反应的还原剂是_。当1 mol o2发生反应时,还原剂所失电子的物质的量为_mol。向cuso4溶液中加入镁条时有气体生成,该气体是_。 (3)右图为电解精炼银的示意图,_(填“a”或“b”)极为含有杂质的粗银,若b极有少量红棕色气体产生,则生成该气体的电极反应式为_。(4)为处理银器表面的黑斑(ag2s),将银器浸于铝质容器里的食盐水中并与铝接触,ag2s转化为ag,食盐水的作用是_。 解析:(1)电解法常用于冶炼非常活泼的金属,如k、ca、na、mg、al等,显然b、d项正确。工业上以fe2o3、cu2s为原料,采用热还原法冶炼金属fe、cu。(2)该反应中,cu元素由1价变为2价,s元素由2价变为6价,o元素由0价变为2价,则o2为氧化剂,cu2s为还原剂。1 mol o2发生反应时,得到4 mol电子,则还原剂cu2s失去4 mol电子。cuso4溶液中由于cu2发生

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