江苏省南通市崇川区中考物理二模试题（含解析）.doc

2015年江苏省南通市崇川区中考物理二模试卷一、选择题（共10小题，每小题3分，满分30分）1下列由做饭所联想到的物理知识中，错误的是（）a把鸡蛋往碗沿上一磕，鸡蛋破了，是利用了力的作用是相互的原理b静止在灶台上的水壶受到的重力和它对灶台的压力是一对平衡力c高压锅是利用水的沸点随气压增大而升高的特点制成的d在客厅就闻到厨房的饭香，说明分子在不停地作无规则运动2下列关于声音说法正确的是（）a太空中宇航员能对话，说明声音可以在真空中传播b手在小提琴上不同位置按弦，主要目的是改变响度c声音传播的速度等于电磁波传播的速度d声音能传递信息和能量3下列现象中，其形成过程与清晨草叶上露珠的形成相同的是（）a飘渺的雾b雪白的霜c坚硬的冰d晶莹的雾凇4下列运动过程中，处于平衡状态的物体是（）a在空中自由下落的苹果b竖直向上抛出的石子c在空中匀速直线下降的跳伞运动员d沿光滑斜坡滚动的小球5下列操作中，符合用电规范的是（）a甲图中，有人触电无法切断电源时，立即用绝缘干木棍挑开电线b乙图中，手握测电笔的金属杆判断插座中是否有电c丙图中，熔丝熔断后，用铜丝代替熔丝接入电路d丁图中，直接用湿的手去拔插头6能源、信息、材料是现代社会发展的三大支柱，下列说法正确的是（）a光纤通信是利用电信号来传递信息b太阳能、风能和水能都是可再生资源c塑料和铜都是好的绝缘材料d超导材料主要是应用在电饭锅等电器上7投影机的光源是强光灯泡，发光时必须用风扇给它降温现想设计投影仪的电路，要求带动风扇的电动机选启动后，灯泡才可以发光；电动机未启动，灯泡不可以发光图中符合设计要求的是（）abcd8利用下列哪组器材不能区分如图所示的两杯没有标签的水和盐水（）abcd9关于一本八上的物理课本，下列估测不符合事实的是（）a平放在课桌表面，它所受到的重力约为2nb从课桌上掉落到地面，课本重力做的功约1.5jc若空气的密度为1.29kg/m3，则它受到空气对它的浮力约2.5103nd若今天的气压约为105pa，空气对课本上表面的压力约为450n10如图所示，电源电压保持不变，r1是定值电阻，闭合开关s，在变阻器r2的滑片p从a端滑到b端的过程中，电压表示数u、电流表的示数i随r2发生变化，下列关系的图象中正确的是（）abcd二、解答题（共11小题，满分70分）11小强同学有一瓶饮料如图（1）利用托盘天平测量饮料和瓶的总质量调节天平平衡时，将游码调到“0”刻度线处，发现指针停在分度盘的左侧，如图甲所示要使天平平衡，应使平衡螺母向移动天平平衡后，在左盘放饮料和瓶，右盘添加砝码，移动游码后，指针停在分度盘中央，所加砝码和游码的位置如图乙所示，饮料和瓶的总质量是g（2）饮料瓶正立在水平桌面上，饮料对瓶底的压强为p1，若将饮料瓶倒放在水平桌面，饮料对瓶盖的压强为p2，则p1p2（大于/等于/小于）（3）小强用吸管能将饮料吸入口中，这是利用了12如图是滑雪运动员在滑行的情景滑雪板做的又宽又长是通过的方法来减小压强在加速下滑过程中，以滑板作为参照物，运动员是的滑板和地面摩擦生热，是通过的方式改变物体内能，运动员的动能（变大/变小/不变）13小明对家中的用电设备进行了观察和思考（1）电风扇转动时，叶片与空气摩擦带上“电”，由于带电体具有的性质，所以容易粘上灰尘断开开关，电风扇不会立即停止转动，这是由于（2）家用电热水壶的铭牌如表所示，小明将电热水壶装满初温为20的水，在一标准大气压下将水烧开，则水吸收的热量是j若烧水过程中，小明家的电路上仅电热水壶工作，电能表指示灯闪烁了400imp，则电热水壶的工作效率是 xx牌电热水壶 额定电压 220v 额定功率 1210w 最大容量 1l14如图所示，用轻质薄木板ab做成杠杆，o为支点，oa=ob=2m，a端用一不可伸长的细线系于地面，此时ab静止于水平位置，细线刚好被拉直现将质量为4kg的小物块m放在o点的正上方的板上，对m施加f=8n的水平推力，使m沿ob以0.1m/s的速度做匀速直线运动（g取10n/kg）物块m的所受滑动摩擦力为n，当物块m从o点开始往右运动15s时，物块m向右运动的距离是m，绳子对杠杆的拉力为n，在此过程中推力f做的功为j15在研究物体的浮沉条件的实验中，将一只鸡蛋放在一杯水中浸没向水中不断加盐，直至盐不能再溶解为止鸡蛋受到的浮力f随盐水密度变化的图象如图所示（已知 a=水）（1）从烧杯侧面观察水中的鸡蛋，所看到的是鸡蛋正立的放大的（实/虚）像（2）当盐水的密度小于b时，鸡蛋受到浮力鸡蛋受到的重力，处于（漂浮/悬浮/沉底）状态（3）在盐水的密度由b当增大到c的过程中，鸡蛋受到的浮力（变大/变小/不变）（4）若实验中鸡蛋受到最大浮力为f0，则实验过程中鸡蛋受到的最小浮力f=16按照题目要求作图（1）如图甲，画出斜面上物体所受的重力g和斜面对物体支持力f的示意图（2）如图乙，小磁针在图示位置静止，请标出通电螺线管的n极和电源的正极（3）如图丙，根据平面镜成像特点，在图中作出物体ab在平面镜mn中所成的像17用如图所示的滑轮组提升货物，已知动滑轮重30n、货物重360n，货物上升3m，上升速度是0.3m/s，拉力f的功率是180w（不计绳重）求：（1）做的有用功为多少？（2）拉力f做的功为多少？（3）克服摩擦所做的功为多少？18如图所示的电路中，电源电压恒定不变，滑动变阻器r0上标有“20 1a”字样，定值电阻r1上标有“0.9w”字样，另一电阻r2=20若只闭合开关s、s1，调节滑片p，使r1正常工作，此时电压表的示数为3v；若只闭合开关s、s2，调节滑片p至中点时，电压表示数为2v求：（1）电阻r1的阻值；（2）电源电压；（3）三个开关同时闭合，将滑片p调到最右端，10min内整个电路消耗的电能19在探究电流与电阻关系的实验中，学生电源电压为15v，滑动变阻器上标有“20 3a”字样，实验中所用的四个定值电阻的阻值分别为5、10、15、20（1）用笔画线代替导线将如图甲所示的电路连接完整（2）正确连接电路后，闭合开关，发现电流表、电压表的示数均为零，则原因可能是（3）排除故障后，小明在a、b间接入5的电阻时，调节滑动变阻器的滑片，电流表的示数为a（如图乙）断开开关，保持滑片的位置不变，用10的电阻替换5的电阻，闭合开关，要得到正确的实验结论，应将滑片向端移动，使电压表的示数为v（4）断开开关，再用15的电阻替换10的电阻继续实验时，无论怎样移动滑动变阻器的滑片都不能完成实验，为了使这四个电阻都能为实验所用，并能继续实验，可以换用最大阻值更大的滑动变阻器，或适当（增大/减小）学生电源的电压20某物理兴趣小组利用透明橡皮膜、注射器、乳胶管、止水夹等器材制成凹、凸形状可改变的水透镜，并利用水透镜探究“透镜成像”，如图所示（1）图甲中，从形状上可以判别此时的水透镜是（凹/凸）透镜研究小组对水透镜中继续注入少许水，发现焦点左移，抽出少许水后，焦点右移；并测得了水透镜的多个焦距值这一现象说明水透镜的凸出程度越大，水透镜的焦距越（大/小）（2）如图乙，在光具座上固定好蜡烛和水透镜，此时物距为cm，移动光屏到如图的位置获得了一个清晰的像，这个像是倒立（放大/缩小）的实像（3）保持蜡烛和水透镜的位置不变，利用甲图装置测量水透镜的焦距，并在乙图中进行透镜成像实验获得多组数据如下：实验次数焦距f/cm像距v/cm/m1/m1115.060.06.71.7212.030.08.33.3320.010.05.048.013.012.57.555.06.720.015.0a表格中，第3次实验时水透镜的焦距是cm根据表中数据可得：当凸透镜成实像时，物距不变，像的大小跟有关b作出和的关系图象c根据上述数据和图象，写出v和f的关系是v=21阅读短文，回答问题“阳光动力2号”太阳能飞机4月21日，世界最大的太阳能飞机“阳光动力2号”（如图甲）飞抵南京该飞机的表面使用一种碳纤维材料，其承载能力要比一般材料更好，但质量仅与一辆小型汽车相差无几飞机上设有的通话、网络等设备，可随时保证飞机与地面的联系白天，飞机飞行高度达到海拔8500米，依靠两翼上安装的太阳能电池板为直流电动机提供动力，同时对锂电池充电以保证夜间或阴雨天不间断飞行晚上，依靠储存在锂电池里的电能继续飞行，并逐渐下降到1500米的高度，以减少能耗飞机的有关技术参数如下表：飞机净/总质量2300/3600kg发动机最大功率54kw锂电池能量密度0.25kwh/kg发动机转换效率90%锂电池的总质量630kg（1）下列关于该飞机的说法中，正确的是a飞机依靠超声波与地面联系b飞机升空的原理与直升机相同c飞机的锂电池质量越大越好d表面使用的碳纤维具有强度大、密度小的特点（2）乙图所示的实验中，能反映电动机工作原理的是图白天飞机在高海拔高度飞行，而晚上逐渐下降至低海拔高度飞行，从节能角度分析，这样飞行的优点是（至少说出一点）（3）某次飞机飞行消耗了锂电池总储存量的20%，则发动机输出的机械能为j，若这些机械能改由液态氢来提供，不考虑能量损失，需要完全燃烧氢气m3（已知液态氢的热值为1.4108j/m3）（4）飞机在最大功率下，以30m/s的速度沿水平方向正常巡航时，所受的阻力为n，若飞机沿水平方向飞行过程中所受阻力与速度的成正比，则当飞机以15m/s速度沿水平方向运行时，发动机输出的功率为w（5）飞机利用测距传感器来判断离地高度若某测距传感器的阻值r1与离地高度h的关系如图丙所示，如图丁的检测电路采用了“稳流电源”（电源输出的电流恒定），要使高度表（实质是电流表或电压表）示数能随飞行高度的增大而增大，则此高度表应安装在（选填“1”、“2”或“3”）位置，该高度表示数刻度（选填“均匀”或“不均匀”）2015年江苏省南通市崇川区中考物理二模试卷参考答案与试题解析一、选择题（共10小题，每小题3分，满分30分）1下列由做饭所联想到的物理知识中，错误的是（）a把鸡蛋往碗沿上一磕，鸡蛋破了，是利用了力的作用是相互的原理b静止在灶台上的水壶受到的重力和它对灶台的压力是一对平衡力c高压锅是利用水的沸点随气压增大而升高的特点制成的d在客厅就闻到厨房的饭香，说明分子在不停地作无规则运动【考点】平衡力的辨别；沸点及沸点与气压的关系；分子的运动【专题】汽化和液化、升华和凝华；分子热运动、内能；运动和力【分析】（1）物体间力的作用是相互的；（2）一对平衡力必须符合四个条件：大小相等、方向相反、作用在同一直线上、作用在同一物体上；（3）水的沸点随气压的增大而升高；（4）一切物质的分子都在不停地做无规则的运动【解答】解：a、把鸡蛋往碗沿上一磕，鸡蛋破了，这是因为力的作用是相互的，故a正确；b、静止在灶台上的水壶受到的重力和它对灶台的压力作用在不同的物体上，因此不是一对平衡力，故b错误；c、高压锅是利用水的沸点随气压增大而升高的特点制成的，故c正确；d、在客厅就闻到厨房的饭香，属于扩散现象，说明分子在不停地作无规则运动，故d正确故选b【点评】本题所考查的知识点较多，包括力的作用的相互性、平衡力的辨别、沸点与气压的关系、分子的热运动等，有一定综合性，但难度不大2下列关于声音说法正确的是（）a太空中宇航员能对话，说明声音可以在真空中传播b手在小提琴上不同位置按弦，主要目的是改变响度c声音传播的速度等于电磁波传播的速度d声音能传递信息和能量【考点】声音的综合利用【专题】声现象【分析】（1）真空不能传声（2）频率是指声音的高低响度是指声音的强弱振幅大小影响响度，振幅越大，响度越大（3）声音在空气中的传播速度是340m/s，电磁波在真空中的传播速度是3108m/s（4）声音既能传递信息，又能传递能量【解答】解：a、太空中宇航员能对话是利用电磁波传递信号的，真空不能传播声音；故a错误；b、手在小提琴上不同位置按弦，主要通过改变弦的长度来改变音调的，故b错误；c、声音传播的速度小于电磁波的传播速度，故c错误；d、声音能够传递信息和能量，故d正确故选d【点评】此题考查了声音的传播、声音的特征、声音的传播速度以及声的应用，是一道基础题3下列现象中，其形成过程与清晨草叶上露珠的形成相同的是（）a飘渺的雾b雪白的霜c坚硬的冰d晶莹的雾凇【考点】液化及液化现象【专题】汽化和液化、升华和凝华【分析】物质从固态变为液态的过程是熔化物质从液态变为固态的过程是凝固物质从液态变为气态的过程是汽化物质从气态变为液态的过程是液化物质从固态直接变为气态的过程是升华物质从气态直接变为固态的过程是凝华，【解答】解：a、露和雾都是空气中的水蒸气形成的小水珠，是液化现象，符合题意b、霜是空气中的水蒸气形成的小冰晶，是凝华现象，不合题意c、冰是液态的水变成固态是冰，是凝固现象，不合题意d、雾凇是空气中的水蒸气形成的小冰晶，是凝华现象，不合题意故选a【点评】本题考查的是生活中物态变化现象的判断，物态变化知识是中考必考的知识点，需要掌握将日常生活中发生的各种物态变化与理论联系起来是解决此题的关键4下列运动过程中，处于平衡状态的物体是（）a在空中自由下落的苹果b竖直向上抛出的石子c在空中匀速直线下降的跳伞运动员d沿光滑斜坡滚动的小球【考点】平衡状态的判断【专题】运动和力【分析】当物体受平衡力时，处于平衡状态，平衡状态包括静止状态和匀速直线运动状态【解答】解：a、在空中自由下落的苹果，速度加快，不是平衡状态，a错误；b、竖直向上抛出的石子，速度减慢，不是平衡状态，b错误；c、在空中匀速直线下降的跳伞运动员，运动方向和快慢不变，是平衡状态，c正确；d、沿光滑斜坡滚动的小球，速度加快，不是平衡状态，d错误故选c【点评】本题主要考查了对平衡状态的理解，关键要注意运动状态包括运动方向和快慢5下列操作中，符合用电规范的是（）a甲图中，有人触电无法切断电源时，立即用绝缘干木棍挑开电线b乙图中，手握测电笔的金属杆判断插座中是否有电c丙图中，熔丝熔断后，用铜丝代替熔丝接入电路d丁图中，直接用湿的手去拔插头【考点】安全用电原则【分析】发现有人触电时，首先切断电源或让触电者尽快脱离开电源，再实行救援措施；使用测电笔时，不能用手触及测电笔前端的金属杆，否则会造成人身触电事故；保险丝的作用就是在电流异常升高到一定的高度的时候，自身熔断切断电流，从而起到保护电路安全运行的作用；当人体直接或间接接触火线并形成电流通路的时候，就会有电流流过人体，从而造成触电【解答】解：a、发现有人触电时，应尽快切断电源或用绝缘干木棍挑开电线让触电者尽快脱离开电源，再实行救治措施故a正确b、使用测电笔时，测电笔前端的金属探头和带电体相连接，不能用手去接触，否则会造成人身触电事故故b错误；c、当用细铜丝代替后，细铜丝的熔点很高，温度即使升高到一定程度，它也不会自动熔断，起不到保护电路的作用，故c错误；d、接在电路中的插头属于带电体，用湿手拔插头时，水属于导体，有可能使电流通过水传到人体上，使人体触电，十分危险故d错误故选a【点评】本题考查的是日常生活中的一些安全用电常识，要掌握安全用电的原则：不接触低压带电体，不靠近高压带电体值得注意的是：本来不带电的物体带了电；本来不导电的物体导电了6能源、信息、材料是现代社会发展的三大支柱，下列说法正确的是（）a光纤通信是利用电信号来传递信息b太阳能、风能和水能都是可再生资源c塑料和铜都是好的绝缘材料d超导材料主要是应用在电饭锅等电器上【考点】能源的分类；超导体的作用；光纤通信；绝缘体【专题】其他综合题【分析】（1）光导纤维是利用频率比较高的激光来传递信息的；（2）能够短时间内从自然界得到补充的是可再生能源；（3）根据导电性的不同，材料可分为导体，半导体，绝缘体三大类，容易导电的物体叫导体，不容易导电的物体叫绝缘体，导电性能介于导体与绝缘体之间的叫半导体；（4）超导体是电阻为零的材料，当电流通过时不会发热【解答】解：a、光导纤维是利用激光来传递信息的，该选项说法不正确；b、太阳能、风能、水能可以从自然界源源不断的得到补充，因此是可再生能源，该选项说法正确；c、塑料是绝缘体，铜是导体，该选项说法不正确；d、超导体没有电阻，通电后不会发热，因此不能用在电饭锅上，该选项说法不正确故选b【点评】本题考查了光纤通信、能源分类、导体和绝缘体、超导体的相关知识，具有一定的综合性，熟练掌握各项知识是解题的关键7投影机的光源是强光灯泡，发光时必须用风扇给它降温现想设计投影仪的电路，要求带动风扇的电动机选启动后，灯泡才可以发光；电动机未启动，灯泡不可以发光图中符合设计要求的是（）abcd【考点】串、并联电路的设计【分析】由并联电路的特点知，开关在干路时，可控制所有用电器，在支路上时，只控制该支路上的用电器【解答】解：当电风扇的电动机启动后，灯泡才能发光；风扇不转，灯泡不能发光，故应当有一个开关在干路中，一个开关在灯泡的支路中故选c【点评】本题利用了并联电路的特点干路上的开关控制整个电路，支路上的开关只控制该支路8利用下列哪组器材不能区分如图所示的两杯没有标签的水和盐水（）abcd【考点】物体的浮沉条件及其应用；液体密度的测量；液体的压强的特点【专题】实验题；开放题【分析】本题要求区分水和盐水，可根据它们的密度不同来区分【解答】解：a、用铅笔和橡皮泥，可把橡皮泥粘在铅笔一段，使铅笔直立在液体中，浸没深度大的是水，不符合题意，故a错；b、用小石块和细线不能区分，因为无法知道小石块浸没在两种液体里时拉力大小，无法通过浮力比较，符合题意，故b正确；c、用天平和量筒可以测定它们的密度直接区分，密度小的是水，不符合题意，故c错；d、用刻度尺和压强计可以比较液体相同深度处的压强，压强小的就是水，不符合题意，故d错故选b【点评】本题考查了利用密度特性鉴别物质，我们可以用密度计、液体压强的公式（压强计和刻度尺）、称重法测浮力（弹簧测力计）、天平量筒测浮力来比较液体密度大小9关于一本八上的物理课本，下列估测不符合事实的是（）a平放在课桌表面，它所受到的重力约为2nb从课桌上掉落到地面，课本重力做的功约1.5jc若空气的密度为1.29kg/m3，则它受到空气对它的浮力约2.5103nd若今天的气压约为105pa，空气对课本上表面的压力约为450n【考点】重力大小的估测；大气压强的存在；浮力大小的计算；功的计算【专题】估算综合应用题【分析】不同物理量的估算，有的需要凭借生活经验，有的需要简单的计算，有的要进行单位的换算，最后判断最符合实际的是哪一个【解答】解：a、物理课本的质量在200g=0.2kg左右，受到的重力在g=mg=0.2kg10n/kg=2n左右故a符合实际；b、课本的重力在2n左右，课桌的高度在0.75m左右，课本从课桌上掉落到地面，重力做的功约w=gh=2n0.75m=1.5j故b符合实际；c、课本的长26cm、宽18cm、厚1cm，体积约v=abc=0.26m0.18m0.01m=4.68104m3，受到空气的浮力在f浮=空气gv=1.29kg/m310n/kg4.68104m36103n故c不符合实际；d、课本的上表面面积在s=ab=0.26m0.18m=0.0468m2左右，空气对课本上表面的压力约为f=ps=105pa0.0468m2=468n，接近450n故d符合实际故选c【点评】物理与社会生活联系紧密，多了解一些生活中的常见量的值可帮助我们更好地学好物理，同时也能让物理更好地为生活服务10如图所示，电源电压保持不变，r1是定值电阻，闭合开关s，在变阻器r2的滑片p从a端滑到b端的过程中，电压表示数u、电流表的示数i随r2发生变化，下列关系的图象中正确的是（）abcd【考点】欧姆定律的应用【专题】欧姆定律【分析】由图可知r1、r2串联，电流表测电路中电流，电压表测r2两端的电压，根据串联电路的特点和欧姆定律判断滑片p从a端滑到b端的过程中电表示数情况，由此找到正确图象【解答】解：由图可知r1、r2串联，电流表测电路中电流，电压表测r2两端的电压，i与r2的关系式：i=，u电源与r1为定值，i随r2增大而减小，但其图象不是直线，故c错误，d正确；u与r2的关系式：u=r2=，u电源与r1为定值，但u随r2增大而增大，但与r2不成正比，故a正确，b错误故选ad【点评】本题考查串联电路特点和欧姆定律的应用，正确理解表达式的含义是关键二、解答题（共11小题，满分70分）11小强同学有一瓶饮料如图（1）利用托盘天平测量饮料和瓶的总质量调节天平平衡时，将游码调到“0”刻度线处，发现指针停在分度盘的左侧，如图甲所示要使天平平衡，应使平衡螺母向右移动天平平衡后，在左盘放饮料和瓶，右盘添加砝码，移动游码后，指针停在分度盘中央，所加砝码和游码的位置如图乙所示，饮料和瓶的总质量是82.4g（2）饮料瓶正立在水平桌面上，饮料对瓶底的压强为p1，若将饮料瓶倒放在水平桌面，饮料对瓶盖的压强为p2，则p1小于p2（大于/等于/小于）（3）小强用吸管能将饮料吸入口中，这是利用了大气压【考点】质量的测量与天平；压强大小比较；大气压强的存在【专题】质量及其测量；压强、液体的压强；气体的压强、流体压强与流速的关系【分析】（1）天平调平原则：指针右偏左调、左偏右调；天平平衡时，物体的质量等于砝码质量加游码所对的刻度值；（2）判断出两种情况下饮料的深度变化，由p=液gh判断压强的变化；（3）吸饮料时，利用了大气压的作用【解答】解：（1）由图甲知，指针停在分度盘的左侧，要使天平平衡，应使平衡螺母向右移动；由图乙知，标尺的分度值为0.2g，饮料和瓶的总质量为m=50g+20g+10g+2.4g=82.4g；（2）饮料瓶倒放时，饮料的深度变大，根据p=饮料gh可知，饮料对底部的压强变大，则p1p2；（3）小强用吸管吸饮料时，吸管内的压强小于外界大气压，这样饮料在外界大气压的作用下被压入口中，所以能将饮料吸入口中故答案为：（1）右；82.4；（2）小于；（3）大气压【点评】本题考查了天平使用、读数及液体压强的判断，同时考查了大气压的应用，都属基本知识，难度不大12如图是滑雪运动员在滑行的情景滑雪板做的又宽又长是通过增大受力面积的方法来减小压强在加速下滑过程中，以滑板作为参照物，运动员是静止的滑板和地面摩擦生热，是通过做功的方式改变物体内能，运动员的动能变大（变大/变小/不变）【考点】减小压强的方法及其应用；参照物及其选择；动能和势能的大小变化；做功改变物体内能【专题】分子热运动、内能；长度、时间、速度；压强、液体的压强；机械能及其转化【分析】（1）减小压强的方法：在压力一定时，增大受力面积来减小压强；在受力面积一定时，减小压力来减小压强（2）判断物体的运动状态要看相对于参照物的位置是否发生变化，相对参照物的位置发生变化的物体是运动的，相对参照物的位置不发生变化的物体是静止的；（3）做功和热传递都能改变物体的内能（4）影响动能的影响因素是物体的质量和物体运动的速度【解答】解：滑雪板做的又宽又长是在压力一定时，通过增大受力面积来减小压强；在加速下滑过程中，如果以滑板作为参照物，运动员相对于滑板的位置没有发生改变，所以是静止的；摩擦生热属于通过做功的方法改变物体的内能在加速下滑过程中，运动员的质量不变，速度变大，动能变大故答案为：增大受力面积；静止；做功；变大【点评】以雪运动员在空中滑行为载体考查了减小压强的方法、运动与静止的相对性、做功改变物体内能、动能的大小变化等多个知识点，是一道综合性很强的题目13小明对家中的用电设备进行了观察和思考（1）电风扇转动时，叶片与空气摩擦带上“电”，由于带电体具有轻小物体的性质，所以容易粘上灰尘断开开关，电风扇不会立即停止转动，这是由于惯性（2）家用电热水壶的铭牌如表所示，小明将电热水壶装满初温为20的水，在一标准大气压下将水烧开，则水吸收的热量是3.36105j若烧水过程中，小明家的电路上仅电热水壶工作，电能表指示灯闪烁了400imp，则电热水壶的工作效率是74.7% xx牌电热水壶 额定电压 220v 额定功率 1210w 最大容量 1l【考点】电功与热量的综合计算；热量的计算；电能表参数的理解与电能的求法【专题】电和热综合题【分析】（1）物体具有吸引轻小物体的性质叫物体带电；物体具有的保持运动状态不变的性质叫惯性；（2）知道水的体积，根据密度的变形公式求出水的质量，然后根据q吸=cmt求出水吸收的热量；“3200imp/kwh”表示每消耗1kwh的电能，电能表指示灯闪烁了3200imp，据此求出表闪烁400imp消耗的电能，利用=100%求出电热水壶的热效率【解答】解：（1）带电体具有吸引轻小物体的性质，电风扇转动时，叶片与空气摩擦带上“电”，所以容易吸引灰尘断开开关，电风扇由于具有惯性，保持原来的转动状态，不会立即停止转动（2）由=可知，水的质量：m=v=1.0103kg/m31103m3=1kg；水吸收的热量：q吸=cmt=4.2103j/（kg）1kg（10020）=3.36105j；电热水壶消耗的电能：w=kwh=0.125kwh=0.1253.6106j=4.5105j；电热水壶的热效率：=100%=100%=74.7%故答案为：（1）轻小物体；惯性；（2）3.36105；74.7%【点评】本题考查了物体带电性质、惯性、密度公式和吸热公式的应用、以及效率的计算，难点在第二问，理解并利用好电能表的参数“3200imp/kwh”是关键14如图所示，用轻质薄木板ab做成杠杆，o为支点，oa=ob=2m，a端用一不可伸长的细线系于地面，此时ab静止于水平位置，细线刚好被拉直现将质量为4kg的小物块m放在o点的正上方的板上，对m施加f=8n的水平推力，使m沿ob以0.1m/s的速度做匀速直线运动（g取10n/kg）物块m的所受滑动摩擦力为8n，当物块m从o点开始往右运动15s时，物块m向右运动的距离是1.5m，绳子对杠杆的拉力为30n，在此过程中推力f做的功为45j【考点】杠杆的平衡分析法及其应用；速度公式及其应用；摩擦力的大小；功的计算【专题】重力、弹力、摩擦力；简单机械；功、功率、机械效率【分析】（1）根据二力平衡条件可判断物块m所受滑动摩擦力的大小；（2）根据物块运动的时间和速度，可计算运动的距离；（3）根据杠杆的平衡条件，根据相关数据可计算绳子对杠杆的拉力；（4）根据公式w=fs可计算推力做的功【解答】解：（1）由题意可知，对m施加f=8n的水平推力，使m沿做匀速直线运动，此时推力与摩擦力为一对平衡力，故物块m的所受滑动摩擦力为8n；（2）由公式v=得当物块m从o点开始往右运动15s时，物块m向右运动的距离是：s=vt=0.1m/s15s=1.5m；（3）设绳子的拉力为阻力f2，则阻力臂l2=oa=2m，动力为物块m的压力：f1=g=mg=4kg10n/kg=40n，动力臂：l1=1.5m，由f1l1=f2l2得：f2=30n；（4）在此过程中推力f做的功为w=fs=30n1.5m=45j故答案为：8；1.5；30；45【点评】此题是一道力学综合题，考查了杠杆平衡条件、速度公式的应用、二力平衡等知识点，难度较大，熟练掌握相关知识点，是解答的关键15在研究物体的浮沉条件的实验中，将一只鸡蛋放在一杯水中浸没向水中不断加盐，直至盐不能再溶解为止鸡蛋受到的浮力f随盐水密度变化的图象如图所示（已知 a=水）（1）从烧杯侧面观察水中的鸡蛋，所看到的是鸡蛋正立的放大的虚（实/虚）像（2）当盐水的密度小于b时，鸡蛋受到浮力小于鸡蛋受到的重力，处于沉底（漂浮/悬浮/沉底）状态（3）在盐水的密度由b当增大到c的过程中，鸡蛋受到的浮力不变（变大/变小/不变）（4）若实验中鸡蛋受到最大浮力为f0，则实验过程中鸡蛋受到的最小浮力f=f0【考点】物体的浮沉条件及其应用【专题】应用题；图析法；浮沉的应用【分析】（1）装满水的玻璃杯相当于凸透镜，可以对物体成正立、放大的虚像（2）鸡蛋沉底说明受到的浮力小于自身的重力；当水中加盐，食盐溶化后，水的密度增大；鸡蛋的体积不变，排开水的体积不变，根据阿基米德原理可知鸡蛋受到的浮力增大，重力是由于地球的吸引而使物体受到的力，在鸡蛋上浮过程中，重力不变，根据物体的浮沉条件进行解答【解答】解：（1）装满水的玻璃杯相当于凸透镜，它对水中的鸡蛋成正立、放大的虚像（2）由图可知：当盐水的密度小于b时，鸡蛋受到浮力，随着盐水的密度的增大而变大，但还没有达到浮力的最大值，则鸡蛋受到浮力小于鸡蛋受到的重力，处于沉底状态（3）由图可知：在盐水的密度由b增大到c的过程中，鸡蛋受到的浮力不变（4）当盐水的密度等于b时，鸡蛋受到浮力最大，由于盐水的密度再增大，而浮力保持不变，所以根据f浮=液v排g可知，v排是减小，会小于鸡蛋的体积，即鸡蛋开始处于漂浮状态；由此可知：当盐水的密度等于b时，鸡蛋处于悬浮状态；则鸡蛋重力g=f0，根据阿基米德原理可知鸡蛋的体积为v=v排=，根据阿基米德原理可知排开盐水的体积相同的条件下，盐水的密度最小时，受到的浮力最小；即受到的最小浮力f=av排g=ag=f0故答案为：（1）虚；（2）小于；沉底；（3）不变；（4）f0【点评】本题考查读图能力和物体浮沉条件的应用，根据物体浮力随液体密度的变化判断出排开液体的体积变化，由此判断物体的浮与沉状态16按照题目要求作图（1）如图甲，画出斜面上物体所受的重力g和斜面对物体支持力f的示意图（2）如图乙，小磁针在图示位置静止，请标出通电螺线管的n极和电源的正极（3）如图丙，根据平面镜成像特点，在图中作出物体ab在平面镜mn中所成的像【考点】力的示意图；平面镜成像的相关作图；通电螺线管的极性和电流方向的判断【专题】图像综合题【分析】（1）重力的方向是竖直向下的，作用点在重心上；斜面对物体的支持力和物体对斜面的压力是一对相互作用力，方向是相反的；压力的方向是垂直于斜面向下的，支持力就是垂直于斜面向上的，作用点在物体的重心上（2）根据磁极间的相互作用规律判断出通电螺线管的磁极；根据安培定则判断出电流的方向从而找到电源的正负极（3）平面镜成像的特点是：像物大小相等、到平面镜的距离相等、连线与镜面垂直、左右互换，即像物关于平面镜对称，利用这一对称性作出ab的像【解答】解：（1）重力和支持力的作用点画在物体的重心上；重力的方向竖直向下；支持力的方向与斜面垂直，垂直斜面向上如图所示：（2）：根据异名磁极相互吸引的规律可知，通电螺线管靠近小磁针n极的一端为s极，所以通电螺线管的右端是n极根据安培定则，伸出右手握住螺线管使大拇指指示通电螺线管的n极，则四指弯曲所指的方向为电流的方向，所以电流由螺线管的右端流入，即电源的右端为正极，电源左端是负极如下图所示：（3）分别作出物体ab端点a、b关于平面镜的对称点a、b，用虚线连接a、b即为ab在平面镜中的像如图所示：【点评】（1）解答此题的关键是分析重力和支持力的方向，支持力的方向是垂直于斜面向上的（2）磁极间的相互作用规律与安培定则相结合是电磁学方面的常见题型，一般有两个思路：由小磁针的指向判断通电螺线管的磁极，进而判断电流的方向或绕线；根据右手定则判断出通电螺线管磁极，进而判断出小磁针的指向（3）平面镜成像作图的方法有两种：一种是根据平面镜成像的特点来作，另一种是根据光的反射定律来作，没有特殊要求的情况下，根据平面镜成像特点作图要简洁、容易17用如图所示的滑轮组提升货物，已知动滑轮重30n、货物重360n，货物上升3m，上升速度是0.3m/s，拉力f的功率是180w（不计绳重）求：（1）做的有用功为多少？（2）拉力f做的功为多少？（3）克服摩擦所做的功为多少？【考点】有用功和额外功【专题】功、功率、机械效率【分析】（1）根据w有用=gh求出有用功；（2）根据v=求出时间，再根据p=求出拉力做的总功；（3）根据w额动=g动h求出克服动滑轮重做的额外功，根据w总=w有用+w额动+w额摩求出克服摩擦做的额外功【解答】已知：物重g=360n，动滑轮重g动=30n，高度h=3m，速度v=0.3m/s，功率p=180w求：（1）有用功w有用=？；（2）总功w总=？；（3）克服摩擦所做的功w额摩=？解：（1）有用功：w有用=gh=360n3m=1080j；（2）由v=得：时间t=10s，由p=得：拉力做的总功：w总=pt=180w10s=1800j；（3）克服动滑轮重做的额外功：w额动=g动h=30n3m=90j，由w总=w有用+w额动+w额摩得：克服摩擦所做的功：w额摩=w总w有用w额动=1800j1080j90j=630j答：（1）做的有用功为1080j；（2）拉力f做的功为1800j；（3）克服摩擦所做的功630j【点评】此题主要考查的是学生对有用功、额外功、总功、功率计算公式的理解和掌握，基础性题目18如图所示的电路中，电源电压恒定不变，滑动变阻器r0上标有“20 1a”字样，定值电阻r1上标有“0.9w”字样，另一电阻r2=20若只闭合开关s、s1，调节滑片p，使r1正常工作，此时电压表的示数为3v；若只闭合开关s、s2，调节滑片p至中点时，电压表示数为2v求：（1）电阻r1的阻值；（2）电源电压；（3）三个开关同时闭合，将滑片p调到最右端，10min内整个电路消耗的电能【考点】欧姆定律的应用【专题】应用题；电路和欧姆定律；电能和电功率【分析】（1）只闭合开关s、s1时，r1与r0串联，电压表测r1两端的电压，电流表测电路中的电流，r1正常工作时的功率和额定功率相等，根据p=求出r1的阻值；（2）只闭合开关s、s2，调节滑片p至中点时，r2与r0串联，电压表测r2两端的电压，电流表测电路中的电流，根据串联电路的电流特点和欧姆定律求出电路中的电流，再根据电阻的串联和欧姆定律求出电源的电压；（3）三个开关同时闭合，将滑片p调到最右端时，r1与r2并联，根据电阻的并联求出电路中的总电阻，利用w=t求出10min内整个电路消耗的电能【解答】解：（1）只闭合开关s、s1时，r1与r0串联，电压表测r1两端的电压，电流表测电路中的电流，因r1正常工作，所以，由p=可得，r1的阻值：r1=10；（2）只闭合开关s、s2，调节滑片p至中点时，r2与r0串联，电压表测r2两端的电压，电流表测电路中的电流，因串联电路中各处的电流相等，所以，电路中的电流：i=0.1a，因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，所以，电源的电压：u=i（r2+r0）=0.1a（20+20）=3v；（3）三个开关同时闭合，将滑片p调到最右端时，r1与r2并联，因并联电路中总电阻的倒数等于各分电阻倒数之和，所以，电路中的总电阻：r=，10min内整个电路消耗的电能：w=t=1060s=810j答：（1）电阻r1的阻值为10；（2）电源的电压为3v；（3）三个开关同时闭合，将滑片p调到最右端，10min内整个电路消耗的电能为810j【点评】本题考查了串联电路和并联电路的特点以及欧姆定律、电功公式的灵活运用，关键是电路连接方式的辨别19在探究电流与电阻关系的实验中，学生电源电压为15v，滑动变阻器上标有“20 3a”字样，实验中所用的四个定值电阻的阻值分别为5、10、15、20（1）用笔画线代替导线将如图甲所示的电路连接完整（2）正确连接电路后，闭合开关，发现电流表、电压表的示数均为零，则原因可能是滑动变阻器开路（3）排除故障后，小明在a、b间接入5的电阻时，调节滑动变阻器的滑片，电流表的示数为1.2a（如图乙）断开开关，保持滑片的位置不变，用10的电阻替换5的电阻，闭合开关，要得到正确的实验结论，应将滑片向右端移动，使电压表的示数为6v（4）断开开关，再用15的电阻替换10的电阻继续实验时，无论怎样移动滑动变阻器的滑片都不能完成实验，为了使这四个电阻都能为实验所用，并能继续实验，可以换用最大阻值更大的滑动变阻器，或适当减小（增大/减小）学生电源的电压【考点】探究电流与电压、电阻的关系实验【专题】探究型实验综合题【分析】（1）探究电流与电阻关系实验，滑动变阻器、电阻、电流表应串联接入电路，电压表与定值电阻并联，据此连接实物电路图（2）常见电路故障有断路与短路，根据电路故障现象分析电路故障原因（3）由图示电流表确定其量程与分度值，读出其示数，然后应用欧姆定律求出电阻两端电压，再根据串联电路特点判断滑片的移动方向（4）探究电流与电阻关系实验，应控制电阻两端电压保持不变，为使实验顺利进行，可以换用最大阻值较大的滑动变阻器或减小定值定值两端电压、或减小电源电压进行实验【解答】解：（1）把滑动变阻器串联接入电路，电压表并联在定值电阻两端，实物电路图如图所示：（2）闭合开关，电流表示数为零，说明电路存在断路，电压表的示数为零，说明电压表不能与电源两极相连，则可能是滑动变阻器、电流表或开关处出现开路（3）由图示电流表可知，其量程为03a，分度值为0.1a，示数为1.2a，a、b间接入5的电阻，定值电阻两端电压：uir=1.2a5=6v；断开开关，保持滑片的位置不变，用10的电阻替换5的电阻，闭合开关，定值电阻两端电压变大，为保持电阻两端电压为6v不变，应增大滑动变阻器分压，增大滑动变阻器接入电路的阻值，由图示电路图可知，应向右端移动滑动变阻器滑片（4）断开开关，再用15的电阻替换10的电阻继续实验时，无论怎样移动滑动变阻器的滑片都不能完成实验，这是由于滑动变阻器分压太大（或滑动变阻器最大阻值太小、定值电阻分压太小）造成的，为完成实验，可以减小滑动变阻器分压，减小电源电压（或增大滑动变阻器最大阻值、或减小定值电阻分压）故答案为：（1）如图所示；（2）滑动变阻器开路；（3）1.2；右；6；（4）减小【点评】本题考查了连接实物电路图、电路故障分析、电流表读数、求电压、实验操作等问题，实验应用了控制变量法，应用控制变量法、串联电路特点与欧姆定律可以解题；对电流表读数时要先确定其量程与分度值，然后再读数20某物理兴趣小组利用透明橡皮膜、注射器、乳胶管、止水夹等器材制成凹、凸形状可改变的水透镜，并利用水透镜探究“透镜成像”，如图所示（1）图甲中，从形状上可以判别此时的水透镜是凸（凹/凸）透镜研究小组对水透镜中继续注入少许水，发现焦点左移，抽出少许水后，焦点右移；并测得了水透镜的多个焦距值这一现象说明水透镜的凸出程度越大，水透镜的焦距越大（大/小）（2）如图乙，在光具座上固定好蜡烛和水透镜，此时物距为20.0cm，移动光屏到如图的位置获得了一个清晰的像，这个像是倒立放大（放大/缩小）的实像（3）保持蜡烛和水透镜的位置不变，利用甲图装置测量水透镜的焦距，并在乙图中进行透镜