山东省枣庄市滕州市峄庄中学九年级物理上学期段考试题（含解析） 鲁教版.doc

2015-2016学年山东省枣庄市滕州市峄庄中学九年级（上）段考物理试卷一选择题（12小题，共36分，请将答案填在本题后的方框内）1高效节能的led灯，其核心元件发光二极管的主要材料是（）a陶瓷b超导体c半导体d橡胶2下列有关电阻的说法正确的是（）a导体的电阻越大，表明导体的导电能力越强b导体的电阻与导体两端的电压成正比c导体中的电流为零时电阻也为零d导体的电阻是导体本身的一种性质，与导体的材料、长度和横截面积等因素有关3如图是滑动变阻器的结构和连入电路的示意图，当滑片p向右滑动时，连入电路的电阻变小的是（）abcd4小刚用如图所示电路探究“一段电路中电流跟电阻的关系”在此实验过程中，当a、b两点间的电阻由5更换为10后，为了探究上述问题，他应该采取的唯一操作是（）a保持变阻器滑片不动b将变阻器滑片适当向左移动c将变阻器滑片适当向右移动d适当增加电池的节数5如甲图所示为气敏电阻随有害尾气浓度变化的曲线，某物理科技小组利用气敏电阻设计了汽车有害尾气排放检测电路，如图乙所示，电源电压恒定不变，r为气敏电阻，l为指示灯当有害尾气浓度增大时（）a电压表的示数增大，指示灯亮度增大b电压表的示数减小，指示灯亮度增大c电压表的示数减小，指示灯亮度减小d电压表的示数增大，指示灯亮度减小6在如图所示的伏安法测电阻实验中，闭合开关s，小明发现电流表有示数，但示数较小，小灯泡不亮接下来应进行的操作是（）a更换一个同样规格的小灯泡b更换电压表所使用的量程c检查电路中是否存在断路故障d减小变阻器接入电路的阻值7把n个阻值相等的定值电阻串联时，总阻值为r1；如果把它们并联时，总阻值为r2则r1：r2等于（）an2bncd8粗细均匀的电热丝放入一壶水中，通电一段时间将水加热至沸腾若将电阻丝对折并联后放入同样一壶水中，通电到将水加热至沸腾所需时时间与第一次的通电时间相比 （电源电压恒定，不计一切热损失）下列判断正确的是（）a相等b增加c减少d无法确定9小明观察家中的电能表（如图），下列说法正确的是（）a此电能表应该接在220v的电路中使用b电能表的额定功率是220wc小明家已经消耗的电能为107jd此电能表转盘每小时转过3000转10如图是小红在测量小灯泡电功率时连接实验器材的情况其中错误的是（）a电流表没有串连接入电路中b电压表没有与灯泡并联c滑动变阻器的接线柱的连接d开关没有串连接入电路中11如图是探究电流通过导体时产生热量的多少跟什么因素有关的实验装置，两个透明容器中密封着等量的空气，u形管中液面的高度的变化反应密闭空气温度的变化，下列说法正确的是（）a该实验装置是为了探究电流产生的热量与电阻的关系b将左边容器中的电阻丝换成10的电阻丝后，就可以探究电流产生的热量与电阻的关系c通电一段时间后，左侧u形管中液面的高度差比右侧的大d该实验装置是利用u形管中液体的热胀冷缩来反应电阻丝放出热量的多少的12在“测定小灯泡额定功率”的实验中，当手移动变阻器滑片时，眼睛应观察（）a灯泡的发光情况b变阻器滑片的位置c电压表的示数d电流表的示数二填空题（共10个空，每空2分，共20分，）13如图是四根高压输电线上的一个装置，利用这个装置将四根导线并联起来，相当于增大了导线的，从而减小了导线的，以达到减少输电线上电能损失的目的14如图为旋转式变阻器的结构图，a、b、c为变阻器的三个接线柱，d为旋钮触片将该变阻器接入电路中调节灯泡的亮度，当顺时针旋转旋钮触片时，灯泡变亮，则应连接接线柱（选填“a、b”、“b、c”或“a、c”）和灯泡联后接入电路中15如图所示的电路中，电源电压为12v闭合开关后，电流表的示数为0.4a，电压表的示数为8v，则电阻r2的阻值是将滑动变阻器r1的滑片向右移动，电压表的示数将变16有一款手机用的锂电池，上面标明电压为3.7v，容量为1000mah给它充电时，是电能转化为能充满电后，大约存储了j的电能17当天空中空气的湿度很大，两块云之间的电压很高时，原先不导电的空气就会变成导体，强大的电流可在瞬间通过天空，形成闪电某次闪电的放电电流约1104a，电压约1.8108v，放电时间约0.01s，则这次闪电释放的电能约j，合kwh三实验题（共3小题，每空2分，共28分）18在探究影响导体电阻大小的因素时，小明作出了如下猜想：导体的电阻可能与导体的长度有关；导体的横截面积有关；导体的材料有关实验室提供发4根电阻丝，其规格、材料如表所示编号材料长度/m横截面积/mm2a镍铬合金0.50.5b镍铬合金1.00.5c镍铬合金0.51.0d锰铜合金0.50.5（1）按照图1所示“探究影响导体电阻大小因素”的实验电路，在m、n之间分别接上不同的导体，则通过观察来比较导体电阻的大小（2）为了验证猜想，应该选用编号两根电阻丝分别接入电路进行实验；（3）分别将a和d两电阻丝接入图1电路中m、n两点间电流表示数不相同由此初步得到的结论是：当长度和横截面积相同时，导体电阻跟有关（4）要进一步研究导体材料的导电性能，就需要测量导体的电阻小明的实验方案的操作过程均正确，两表的连接的示数如图2所示但通过观察发现电流表指针偏转角度过这样会导致实验误差较大，解决这一问题的措施是19在“探究电流跟电阻关系”的实验中，小刚设计的实验电路图如图1所示：（1）请用笔划线代替导线，按电路图将图2实物连接起来（要求滑片向右移，电流表示数变小）（2）小刚连完最后一根导线后就发现两个表的指针发生偏转，并且指针总在晃动，造成上述现象的原因可能是（3）排除故障后，移动滑动变阻器的滑片，使电压表的示数为2v，读出并记下电流值；再将5的电阻改接成10的电阻，发现电压表示数大于2v，于是他下一步的操作是：将滑动变阻器的滑片向（填“左”或“右”）移动，使并记下电流值；再改接20的电阻，重复上述实验（4）此实验得到的结论是20如图是测定额定电压为2.5v小电灯功率的实物电路（1）开关闭合前，滑动变阻器滑片应该移动到（选填“左”或“右”）；（2）开关闭合后，若电路连接正确，发现小电灯不亮，电压表有示数，电流表指针几乎不动，产生这一现象的原因是；（3）排除故障后，移动滑片，获得多组对应的电压、电流值，绘出如下iu图象，则小电灯的额定功率为w，小电灯的电阻值随电压的升高而逐渐四解答题（共2小题，共16分）21在如图所示的电路中，电阻r1的阻值为10闭合开关s，电流表al的示数为0.3a，电流表a的示数为0.5a求：（1）通过电阻r2的电流；（2）电源电压；（3）电阻r2的阻值22早餐喝豆浆已经成为许多人的选择如图1所示为某款全自动豆浆机及其铭牌，其主要结构：中间部位是一个电动机带动的刀头，用来将原料进行粉碎打浆；外部是一个金属圆环形状的电热管，负责对液体加热煮沸如图2所示是该豆浆机正常制作一次豆浆过程中电热管和电动机交替工作的“pt”图象求：（1）电热管正常工作时的电流；（2）电热管正常工作时的电阻值；（3）豆浆机正常制作一次豆浆，消耗的总电能2015-2016学年山东省枣庄市滕州市峄庄中学九年级（上）段考物理试卷参考答案与试题解析一选择题（12小题，共36分，请将答案填在本题后的方框内）1高效节能的led灯，其核心元件发光二极管的主要材料是（）a陶瓷b超导体c半导体d橡胶【考点】半导体的作用【专题】粒子与宇宙、材料世界【分析】二极管是由半导体做成的器件，它具有单向导电性【解答】解：制作二极管的材料是半导体材料，常用的有：硅、锗等材料故选c【点评】本题考查了二极管由什么材料制成，考查方式简单，是一道基础题2下列有关电阻的说法正确的是（）a导体的电阻越大，表明导体的导电能力越强b导体的电阻与导体两端的电压成正比c导体中的电流为零时电阻也为零d导体的电阻是导体本身的一种性质，与导体的材料、长度和横截面积等因素有关【考点】电阻【专题】电压和电阻【分析】根据影响电阻大小的因素：材料、长度、横截面积、温度有关，与两端的电压和通过的电流无关进行解答【解答】解：（1）电阻是表示导体对电流阻碍作用大小的物理量，电阻越大，则导电能力越弱；故a错误；（2）导体的阻值是导体本身所具有的性质，电阻由导体材料、长度、横截面积决定，与通过它的电流、它两端的电压无关；故d选项正确，bc选项错误故选d【点评】本题考查了影响电阻大小的因素，关键是知道电阻的大小与通过它的电流、它两端的电压无关3如图是滑动变阻器的结构和连入电路的示意图，当滑片p向右滑动时，连入电路的电阻变小的是（）abcd【考点】滑动变阻器的使用【专题】电压和电阻【分析】滑动变阻器是通过改变接入电路中电阻丝的长度来改变电阻大小的滑动变阻器正确接法是上下接线柱各接一个，若要连入电路的电阻变小，则下边的d接线柱要接入电路【解答】解：a、图中滑片向右移动时，电阻丝接入部分变长，连入的阻值变大，不合题意；b、同时接入上方两接线柱，相当于接入一导线，滑片移动，接入电阻不变，不合题意；c、同时接入下方两接线柱，相当于接入一定值电阻，滑片移动，接入的电阻值不变，不合题意；d、滑片向右移动时，电阻丝接入部分减小，接入电路中的电阻变小，符合题意故选d【点评】本题考查了滑动变阻器的接法要使滑动变阻器的电阻变大或变小，关键是要看下边的接线柱接哪个4小刚用如图所示电路探究“一段电路中电流跟电阻的关系”在此实验过程中，当a、b两点间的电阻由5更换为10后，为了探究上述问题，他应该采取的唯一操作是（）a保持变阻器滑片不动b将变阻器滑片适当向左移动c将变阻器滑片适当向右移动d适当增加电池的节数【考点】探究电流与电压、电阻的关系实验【专题】探究型实验综合题【分析】要探究电流和电阻的关系，应保持电阻两端的电压不变，改变电阻【解答】解：当a、b两点间的电阻由5更换为10后，根据串分压的知识可知，电压表的示数变大，此时应该增大滑动变阻器的阻值，将滑片向右端适当滑动，使电压表的示数与原来相同故选c【点评】研究导体中的电流与电阻的关系，需要保证导体两端的电压不变是此题的突破点，并要掌握滑动变阻器的应用及串分压的知识5如甲图所示为气敏电阻随有害尾气浓度变化的曲线，某物理科技小组利用气敏电阻设计了汽车有害尾气排放检测电路，如图乙所示，电源电压恒定不变，r为气敏电阻，l为指示灯当有害尾气浓度增大时（）a电压表的示数增大，指示灯亮度增大b电压表的示数减小，指示灯亮度增大c电压表的示数减小，指示灯亮度减小d电压表的示数增大，指示灯亮度减小【考点】欧姆定律的应用【专题】应用题；推理法；欧姆定律【分析】由电路图可知，气敏电阻与指示灯串联，电压表测气敏电阻两端的电压，根据甲图得出当有害尾气浓度增大时气敏电阻阻值的变化，根据欧姆定律可知电路中电流的变化和灯泡两端的电压变化，根据串联电路的电压特点可知电压表示数的变化；【解答】解：由电路图可知，两电阻串联，电压表测气敏电阻两端的电压，由图甲可知，当有害尾气浓度增大时，气敏电阻的阻值将变小，电路的总电阻变小，由i=可知，电路中的电流变大，由u=ir可知，灯泡l两端的电压变大，故指示灯亮度增大；故cd错误；因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，气敏电阻r两端的电压变小，即电压表的示数变小；故a错误，b正确故选b【点评】本题考查了电阻的串联特点、欧姆定律的应用以及灯泡亮度的判断，关键是根据图象得出当有害尾气浓度变大时气敏电阻阻值的变化6在如图所示的伏安法测电阻实验中，闭合开关s，小明发现电流表有示数，但示数较小，小灯泡不亮接下来应进行的操作是（）a更换一个同样规格的小灯泡b更换电压表所使用的量程c检查电路中是否存在断路故障d减小变阻器接入电路的阻值【考点】伏安法测电阻的探究实验【专题】电流和电路【分析】闭合开关后，发现小灯泡不亮，但电流表有示数，说明电路是通路，不用更换灯泡，也不用检查电路是否断路，可能是连入电阻太大，电路中电流太小所致，分析电阻过大的原因，然后进行下一步操作【解答】解：闭合开关后，电流表有示数，说明电路是通路，灯泡没坏，也不是断路，可能是连入电阻太大，电路中电流太小所致，灯泡实际功率太小不足以引起灯泡发光造成的，下一步操作：移动滑动变阻器滑片，减小变阻器接入电路的阻值，使电路电流变大，灯泡实际功率变大，看灯泡能否发光故选：d【点评】本题考查电路故障的判断，明确灯泡不亮的原因可能是灯泡断路或短路或灯泡的实际功率太小等因素即可正确解答7把n个阻值相等的定值电阻串联时，总阻值为r1；如果把它们并联时，总阻值为r2则r1：r2等于（）an2bncd【考点】电阻的串联；电阻的并联【专题】电压和电阻【分析】n个阻值相同的电阻串联时总电阻为nr，n个阻值相同的电阻并联时总电阻为，据此求出两电阻串联和并联时总电阻的比值【解答】解：设每一个电阻的阻值为r，n个阻值相同的电阻串联，总电阻r1=nr；n个阻值相同的电阻并联，总电阻r2=r；所以，r1：r2=nr： r=n2：1故选a【点评】本题考查了电阻的串联和并联特点，知道n个阻值相同的电阻串联总电阻为nr，n个阻值相同的电阻并联时总电阻为是关键8粗细均匀的电热丝放入一壶水中，通电一段时间将水加热至沸腾若将电阻丝对折并联后放入同样一壶水中，通电到将水加热至沸腾所需时时间与第一次的通电时间相比 （电源电压恒定，不计一切热损失）下列判断正确的是（）a相等b增加c减少d无法确定【考点】电功计算公式的应用【专题】电能和电功率【分析】电阻丝对折后电阻变为原来的，利用公式q=w=pt=t，进行分析【解答】解：电阻丝对折后电阻变为原来的，根据公式p=，功率变为原来的4倍，故烧开相同一壶水所需时间变为原来的；故选c【点评】本题考查了电热的计算公式，关键是选择好对应的公式9小明观察家中的电能表（如图），下列说法正确的是（）a此电能表应该接在220v的电路中使用b电能表的额定功率是220wc小明家已经消耗的电能为107jd此电能表转盘每小时转过3000转【考点】电能表参数的理解与电能的求法【专题】电能和电功率【分析】（1）电能表是测量用电器在一定时间内消耗电能多少的仪表电能表表盘上显示的数字是已消耗的电能；（2）“3000r/kwh”表示每消耗1kwh的电能，电能表的转盘转3000转；（3）电能表上“220v（10a）”表示该电能表在220v的电路中使用，最大电流不允许超过10a，可利用公式p=ui求出接在该电能表上的用电器的最大总功率【解答】解：a、此电能表应该接在220v的电路中使用，故a正确；b、电能表的额定功率：p=ui=220v20a=4400w，故b错误；c、小明家已经消耗的电能为107kwh，故c错误；d、“3000r/kwh”表示每消耗1kwh的电能，电能表的转盘转3000转，故d错误故选a【点评】本题考查对电能表参数的理解，关键是理解电能表各参数的物理意义10如图是小红在测量小灯泡电功率时连接实验器材的情况其中错误的是（）a电流表没有串连接入电路中b电压表没有与灯泡并联c滑动变阻器的接线柱的连接d开关没有串连接入电路中【考点】探究用电器的电功率实验；实物的电路连接【分析】在测量小灯泡电功率时连接实验器材时，电源、开关、电流表、滑动变阻器以及灯泡应顺次连接，电压表并联在灯泡两端，滑动变阻器需遵循“一上一下”的接线原则【解答】解：a、电流表与灯泡串联连接，故电流表接线正确；b、电压表与灯泡并联，因此电压表接线正确；c、滑动变阻器没有按照“一上一下”的原则进行接线，故滑动变阻器接线错误；d、开关与灯泡串联，故开关接线正确故选c【点评】本题考查滑动变阻器的正确使用方法、电压表和电流表的正确使用以及开关的使用，并会根据各自的使用方法判断电路连线是否正确11如图是探究电流通过导体时产生热量的多少跟什么因素有关的实验装置，两个透明容器中密封着等量的空气，u形管中液面的高度的变化反应密闭空气温度的变化，下列说法正确的是（）a该实验装置是为了探究电流产生的热量与电阻的关系b将左边容器中的电阻丝换成10的电阻丝后，就可以探究电流产生的热量与电阻的关系c通电一段时间后，左侧u形管中液面的高度差比右侧的大d该实验装置是利用u形管中液体的热胀冷缩来反应电阻丝放出热量的多少的【考点】焦耳定律【专题】压轴题；探究型实验综合题【分析】电流产生的热量跟电流大小、电阻大小、通电时间有关（1）探究电流产生热量跟电阻关系时，控制通电时间和电流不变；（2）探究电流产生热量跟通电时间关系时，控制电流和电阻不变；（3）探究电流产生的热量跟电流大小和电阻大小关系时运用了控制变量法；（4）电流通过导体产生热量的多少不能直接观察，但液体温度的变化可以通过液面高度差的变化来反映，体现的是转换思想【解答】解：（1）装置中一个5的电阻与两个5的电阻并联后再串联，根据串联电路的电流特点可知，右端两个电阻的总电流和左端的电阻电流相等，即i右=i左，两个5的电阻并联，根据并联电路的电流特点知i右=i1+i2，两电阻阻值相等，则支路中电流相等，i1=i2，所以右边容器中的通过电阻的电流是左侧通过电流的一半，即是研究电流产生的热量与电流的关系，由q=i2rt可知，左边容器中的电阻产生的热量多，温度升得较快；因此通电一段时间后，玻璃管左侧液面高度差更大，故a错误，c正确（2）将左边容器中的电阻丝换成10的电阻丝后，左右两端的电阻和电流都不同，没有控制好变量，所以不能探究电流产生的热量与电阻的关系，故b错误；（3）该实验装置是利用u型管中空气的热胀冷缩来反应热的多少，虽然产生热量的多少不能直接观察，但可以通过u型管液面高度差的变化来反映，故d错误故选c【点评】此题主要考查的是学生对“电流通过导体产生的热量与什么因素有关的”实验的理解和掌握，注意控制变量法和转换法的运用，同时考查了学生对焦耳定律变形公式的理解和掌握，难度较大12在“测定小灯泡额定功率”的实验中，当手移动变阻器滑片时，眼睛应观察（）a灯泡的发光情况b变阻器滑片的位置c电压表的示数d电流表的示数【考点】探究用电器的电功率实验；额定功率；电功率的测量【专题】实验题【分析】本题考查“测定小灯泡额定功率”的实验，重点对操作步骤的考查，关键在于理解额定功率的概念【解答】解：额定功率是指用电器在额定电压下的功率，“测定小灯泡额定功率”正确的操作步骤应该是移动滑片时，同时观察电压表的示数，直到等于小灯泡的额定电压，记下此时电流表的示数，然后根据p=ui计算出小灯泡的额定功率故选c【点评】伏安法测功率考查的重点在实验的原理、电路图、实物图、电表读数及额定功率的计算这几个方面二填空题（共10个空，每空2分，共20分，）13如图是四根高压输电线上的一个装置，利用这个装置将四根导线并联起来，相当于增大了导线的横截面积，从而减小了导线的电阻，以达到减少输电线上电能损失的目的【考点】影响电阻大小的因素【专题】压轴题【分析】将四根导线并列的连接在一起等效成一根导线，相对于其中的任何一根导线，从外形上看，很容易得出其横截面积的变化根据导体的横截面积与电阻的关系，从而可以确定横截面积的变化造成导体的电阻如何变化【解答】解：四根导线并联在一起，等效成一根导线，相对于其中的任何一根导线，其横截面积变大了导体的电阻大小与导体的横截面积有关，在其他因素不变的情况下，其电阻的大小与导体的横截面积成反比所以横截面积增大，导体的电阻减小故答案为：横截面积；电阻【点评】导体的电阻大小有四个因素有关：材料；长度；横截面积；温度研究导体的电阻变化时，要用到控制变量法，在此题中，通过四根导线的并联，改变了导体的横截面积从而改变了导体的电阻值14如图为旋转式变阻器的结构图，a、b、c为变阻器的三个接线柱，d为旋钮触片将该变阻器接入电路中调节灯泡的亮度，当顺时针旋转旋钮触片时，灯泡变亮，则应连接接线柱b、c（选填“a、b”、“b、c”或“a、c”）和灯泡串联后接入电路中【考点】滑动变阻器的使用【专题】压轴题；电压和电阻【分析】滑动变阻器与灯泡串联，顺时针旋转旋片可以使灯泡亮度增加，则电流变大，电阻变小，连入电路的部分应该是b、c段【解答】解：顺时针旋转旋片时，灯泡变亮，原因是电流变大，电源电压不变，根据欧姆定律可知：电路中电阻变小，则应连接接线柱b、c与灯泡串联后接入电路故答案为：b、c；串【点评】本题体现了物理和生活的密切关系能根据实际要求把滑动变阻器连入电路，来调节灯泡的亮度15如图所示的电路中，电源电压为12v闭合开关后，电流表的示数为0.4a，电压表的示数为8v，则电阻r2的阻值是10将滑动变阻器r1的滑片向右移动，电压表的示数将变小【考点】欧姆定律的应用；串联电路的电流规律；串联电路的电压规律；滑动变阻器的使用【专题】计算题；压轴题；动态预测题；图析法【分析】由电路图可知，两电阻串联，电压表测滑动变阻器两端的电压，电流表测电路中的电流；（1）根据串联电路的电压特点求出r2两端的电压，根据欧姆定律求出r2的阻值；（2）根据滑片的移动判断接入电路电阻的变化，根据欧姆定律确定电路中电流的变化和r2两端电压的变化，再根据串联电路的电压特点确定电压表示数的变化【解答】解：由电路图可知，r1、r2串联，电压表测滑动变阻器两端的电压u1，电流表测电路中的电流；（1）由题意可知，u=12v，i=0.4a，u1=8v，则u2=uu1=12v8v=4v，r2=10（2）当将滑动变阻器r1的滑片向右移动时，接入电路的电阻减小，电路的总电阻变小；根据i=可知，电路中的电流变大；根据u=ir可知，r2两端的电压变大；根据串联电路总电压等于各分电压之和可知，r1两端的电压变小，即电压表的示数变小故答案为：10；小【点评】判断电压表或者电流表示数变化的题目，需要按照以下步骤进行分析：（1）判断电路的连接方式，并认清电路中电流表、电压表的测量对象；（2）分析滑动变阻器的滑片移动时引起电路中总电阻的变化情况，并根据欧姆定律分析电路中总电流的变化情况，从而分析出电路中测量总电流的电流表的示数变化情况；（3）根据欧姆定律分析定值电阻两端的电压变化情况，根据串、并联电路中的电压和电流关系分析其余电表变化情况16有一款手机用的锂电池，上面标明电压为3.7v，容量为1000mah给它充电时，是电能转化为化学能充满电后，大约存储了13320j的电能【考点】电功的计算【专题】电能和电功率【分析】（1）电池提供电能时是把储存的化学能转化电能；（2）知道电池的容量，根据w=uit求出电流做的功即为储存的电能【解答】解：电池充电和供电是相反的过程，充电时是把电能转化为化学能，放电时是把化学能转化电能；手机锂电池充满电后，存储的电能：w=uit=3.7v1000103a3600s=13320j故答案为：化学；13320【点评】本题考查了手机电池充满电后储存电能的计算，电池充电过程的能量转化等，关键是明白手机电池容量的含义17当天空中空气的湿度很大，两块云之间的电压很高时，原先不导电的空气就会变成导体，强大的电流可在瞬间通过天空，形成闪电某次闪电的放电电流约1104a，电压约1.8108v，放电时间约0.01s，则这次闪电释放的电能约1.81010j，合5000kwh【考点】电功的计算【专题】电能和电功率【分析】知道雷电的放电电压、放电电流和放电时间，可利用公式w=uit计算释放的电能1kwh=3.6106j【解答】解：u=1.8108v，i=1104a，t=0.01s，释放的电能为：w=uit=1.8108v1104a0.01s=1.81010j1.81010j=kwh=5000kwh故答案为：1.81010；5000【点评】本题考查雷雨天放电的现象以及释放电能的计算，通过计算让人们明白雷电释放的能量很大，雷雨天一定要注意三实验题（共3小题，每空2分，共28分）18在探究影响导体电阻大小的因素时，小明作出了如下猜想：导体的电阻可能与导体的长度有关；导体的横截面积有关；导体的材料有关实验室提供发4根电阻丝，其规格、材料如表所示编号材料长度/m横截面积/mm2a镍铬合金0.50.5b镍铬合金1.00.5c镍铬合金0.51.0d锰铜合金0.50.5（1）按照图1所示“探究影响导体电阻大小因素”的实验电路，在m、n之间分别接上不同的导体，则通过观察电流表示数来比较导体电阻的大小（2）为了验证猜想，应该选用编号a、b两根电阻丝分别接入电路进行实验；（3）分别将a和d两电阻丝接入图1电路中m、n两点间电流表示数不相同由此初步得到的结论是：当长度和横截面积相同时，导体电阻跟导体的材料有关（4）要进一步研究导体材料的导电性能，就需要测量导体的电阻小明的实验方案的操作过程均正确，两表的连接的示数如图2所示但通过观察发现电流表指针偏转角度过小这样会导致实验误差较大，解决这一问题的措施是电流表改用小量程【考点】影响电阻大小的因素【专题】探究型实验综合题【分析】（1）电流表串联在电路中，电源电压一定，导体电阻越大，电路电流越小，导体电阻越小，电路电流越大，可以通过电流表示数大小判断导体电阻大小（2）（3）根据控制变量法的要求，根据实验目的或实验现象分析答题；（4）用电流表测电路电流时，要选择合适的量程，量程过大，会使读数误差增大【解答】解：（1）在m、n之间分别接上不同的导体，则通过观察电流表示数来比较导体电阻的大小；（2）要验证猜想：导体的电阻可能与导体的长度有关，应控制导体材料与横截面积相同而长度不同，由表中数据可知，应选编号为a、b的两根电阻丝进行实验；（3）由表中数据可知，a、d两电阻丝的长度、横截面积相同而材料不同，将a和d两电阻丝接入图1电路中m、n两点间，电流表示数不相同，由此可知：当长度和横截面积相同时，导体电阻跟材料有关；（4）由图2所示电流表可知，电流表指针偏转过小，电流表读数误差较大，会增大实验误差，使实验误差偏大；电流表换用小量程，可以减小读数误差，从而减小实验误差故答案为：（1）电流表示数；（2）a、b； （3）导体的材料；（4）小；电流表改用小量程【点评】本题考查了影响导体电阻因素的实验，应用控制变量法是正确解题的关键19在“探究电流跟电阻关系”的实验中，小刚设计的实验电路图如图1所示：（1）请用笔划线代替导线，按电路图将图2实物连接起来（要求滑片向右移，电流表示数变小）（2）小刚连完最后一根导线后就发现两个表的指针发生偏转，并且指针总在晃动，造成上述现象的原因可能是连接电路时开关没有断开，电路中某处接触不良（3）排除故障后，移动滑动变阻器的滑片，使电压表的示数为2v，读出并记下电流值；再将5的电阻改接成10的电阻，发现电压表示数大于2v，于是他下一步的操作是：将滑动变阻器的滑片向右（填“左”或“右”）移动，使电压表示数为2v并记下电流值；再改接20的电阻，重复上述实验（4）此实验得到的结论是电压一定时，电流与电阻成反比【考点】探究电流与电压、电阻的关系实验【专题】探究型实验综合题【分析】（1）根据图1所示电路图连接实物电路图（2）连接电路时，开关要闭合；如果电路某处接触不良，电路不稳定，电表指针会晃动（3）探究电流与电阻的关系时，应控制电阻两端电压保持不变，用大电阻替换小电阻后，电阻两端电压变大，为保持电阻两端电压不变，应移动滑片使滑动变阻器接入电路的阻值变大，增大滑动变阻器的分压，使电阻两端电压减小，直到电压表示数为2v为止，根据电路图确定滑片的移动方向（4）根据实验现象，应用欧姆定律分析答题【解答】解：（1）根据图1所示电路图连接实物电路图，把两节干电池串联起来，从电源正极出发，把滑动变阻器、电阻、电流表、开关组成串联电路，回到电源负极，把电压表并联在电阻两端，电源电压为3v，电压表可以选03v量程，电流表选小量程，实物电路图如图所示（2）连完最后一根导线后就发现两个表的指针发生偏转，说明电路已经闭合，连接电路时没有断开开关；电表指针总在晃动，说明电路中某处接触不良（3）将5的电阻改接成10的电阻，电压表示数大于2v，为保持电阻两端电压不变，应将滑动变阻器的滑片向右移动，使电压表示数为2v，并记下电流值（4）由实验可知，在电压一定时，电流与电阻成反比故答案为：（1）实物电路图如图所示；（2）连接电路时开关没有断开，电路中某处接触不良；（3）右；电压表示数为2v；（4）电压一定时，电流与电阻成反比【点评】本题考查了连接实物电路图、电路现象分析、滑动变阻器的调节、实验现象分析；分析清楚电路结构是正确连接实物电路图的前提与关键，连接电路图时要注意电表正负接线柱不要接反，注意滑动变阻器的接法20如图是测定额定电压为2.5v小电灯功率的实物电路（1）开关闭合前，滑动变阻器滑片应该移动到左（选填“左”或“右”）；（2）开关闭合后，若电路连接正确，发现小电灯不亮，电压表有示数，电流表指针几乎不动，产生这一现象的原因是灯泡断路；（3）排除故障后，移动滑片，获得多组对应的电压、电流值，绘出如下iu图象，则小电灯的额定功率为0.5w，小电灯的电阻值随电压的升高而逐渐增大【考点】探究用电器的电功率实验【专题】探究题【分析】（1）闭合开关前，滑动变阻器接入电路的阻值应该是滑动变阻器的最大阻值（2）常见的电路故障有断路与短路，根据电路故障现象分析电路故障原因（3）由iu图象找出灯泡额定电压对应的电流，然后由p=ui求出灯泡功率；根据图象由欧姆定律判断灯泡电阻随电压变化的关系【解答】解：（1）由电路图可知，闭合开关前，滑片应移到最左端，此时滑动变阻器接入电路的阻值最大（2）闭合开关，灯泡不亮，可能是灯泡