云南省昭通市彝良县奎香中学高二物理上学期期末试卷（含解析）.doc

2014-2015学年云南省 昭通市彝良县奎香中学高二（上）期末物理试卷一、单项选择题（每小题3分，共30分）1下列物理量中，哪个是矢量（）a 质量b 摩擦系数c 路程d 静摩擦力2作用在一个物体上的两个共点力，大小分别是30n和40n，如果它们的夹角是90，则这两个力的合力大小为（）a 10nb 35nc 50nd 70n3在力的合成中，下列关于两个分力与它们的合力的关系的说法中，正确的是（）a 合力一定大于每一个分力b 合力一定小于每一个分力c 合力的方向一定与分力的方向相同d 两个分力的夹角在0180变化时，夹角越大合力越小4有四位同学把斜面对重物的支持力3n，分别画成如图的四种情况，其中画正确的是（）a b c d 5一根弹簧原长10cm，挂上重2n的砝码时，伸长1cm，这根弹簧挂上重8n的物体时，它的长度为（弹簧的形变是弹性形变）（）a 4cmb 14cmc 15cmd 44cm6物体从距地面某高处开始做自由落体运动，若下落前一半路程所用的时间为t，则物体下落全程所用的时间为（）a b 4tc 2td 7在图所示的四个速度图象中，有一个是表示物体做匀速直线运动的速度图象，这个图象是（）a b c d 8关于力和运动的下列说法中，正确的是（）a 撤去作用后，运动物体由于惯性最终总要停下来b 作用在物体上的合外力不为零，物体的即时速度可能为零c 物体在恒力作用下，它的速度一定不会发生变化d 物体运动速度的方向总跟合外力的方向一致9在真空中有两个点电荷，二者的距离保持一定，若把它们各自的电量都增加为原来的3倍，则两电荷的库仑力将增大到原来的（）a 3倍b 6倍c 9倍d 2倍10图是某区域的电场线图a、b是电场中的两个点，ea和eb分别表示同一个点电荷在a、b两点电场强度的大小，fa、fb分别表示同一个点电荷在a、b两点所受到的电场力的大小下面说法中正确的是（）a eaebb eaebc fa=fbd fafb二、双项选择题（每小题4分，少选得2分，错选不得分，共20分）11如图是电场中某区域的电场线分图，a、b是电场中的两点这两点相比，有（）a a点的场强较大b b点的场强较大c 同一个检验点电荷放在b点所受的电场力比放在a点时所受电场力大d 同一个检验点电荷放在a点所受的电场力比放在b点时所受电场力大12一个做直线运动的物体受到的合外力的方向与物体运动的方向一致，当合外力增大时，则物体运动的加速度和速度的变化是（）a 加速度增大b 加速度减小c 速度增大d 速度减小13一个物体做自由落体运动，经历t秒钟（）a 物体在t秒末的速度为gtb 物体在t秒末的速度为gtc 物体下落的高度为gt2d 物体下落的高度为gt214用弹簧拉着木块在水平面上做匀速直线运动，弹簧拉木块的力与木块拉弹簧的力是（）a 一对作用力和反作用力b 一对平衡力c 大小相等，方向相同，作用在一条直线上d 大小相等，方向相反，作用在同一物体上15汽车在平直公路上行驶，它受到的阻力大小不变，若发动机的功率保持恒定，汽车在加速行驶的过程中，它的牵引力f和加速度a及速度v的变化情况是（）a f逐渐减小，a也逐渐减小b f逐渐增大，a逐渐减小c f逐渐减小，v增大d f逐渐增大，a也逐渐增大三、填空题（每空2分，10空，共20分）16升降机吊起重为1.4104n的货物，货物以0.5m/s的速度匀速上升这时升降机提升货物做功的功率是w17如图所示，物体沿斜面匀速下滑，在这个过程中物体所具有的动能，重力势能，机械能（填“增加”、“不变”或“减少”）18一个正常发光的灯泡，两端的电压是36v，通过的电流是2a这时灯泡的电阻是，它消耗的电功率是w19磁感强度是0.8t的匀强磁场中，有一根跟磁感线垂直、长0.2m的直导线，以4m/s的速度、在跟磁感线和直导线都垂直的方向上做切割磁感线的运动，则导线中产生的感应电动势的大小等于v20图中标出了磁场b的方向、通电直导线中电流i的方向以及通电直导线所受磁场力f的方向，其中正确的是（）a b c d 21图中已经标出了磁场b的方向、通电直导中电流i的方向，在图中画出通电直导线的受力方向22有一正弦交流电，它的电流瞬时值的表达式为i=102sin314t a那么它的电流有效值为23一台理想变压器的原副线圈的匝数比为n1：n2=40：1在副线圈两端接有“6v、40w”的电灯泡若灯泡恰能正常发光，则u1为三、实验题（10分，每空2分）24已知打点计时器电源频率为50hz，该电源是（选填直流、交流）电源则纸带上打相邻两点的时间间隔为25abcd是纸带上四个计数点，每两个相邻计数点间有四个点没有画出从图中读出a、b两点间距s=；b点的速度是c点对应的速度是（计算结果保留三位有效数字）四、计算题（共20分，每小题10分）26质量为2kg的物体置于粗糙水平地面上，用20n的水平拉力使它从静止开始运动，第4s末物体的速度达到24m/s，此时撤去拉力求：（1）物体在运动中受到的阻力；（2）撤去拉力后物体能继续滑行的距离27如图所示，两条平行金属导轨ab、cd置于匀强磁场中，磁场方向垂直纸面向里，两导轨间的距离l=0.6m电阻r=2，电阻为1的金属杆mn沿两条导轨向右匀速滑动，速度v=10m/s，产生的感应电动势为3v（1）求磁场的磁感应强度b；（2）通电10秒该电阻产生的焦耳热2014-2015学年云南省昭通市彝良县奎香中学高二（上）期末物理试卷参考答案与试题解析一、单项选择题（每小题3分，共30分）1下列物理量中，哪个是矢量（）a 质量b 摩擦系数c 路程d 静摩擦力考点：矢量和标量分析：矢量是既有大小又有方向的物理量，标量是只有大小没有方向的物理量解答：解：a、b、c、选项中的质量、摩擦系数和路程只有大小没有方向，是标量，故abc错误；d、静摩擦力既有大小又有方向，是矢量，故d正确；故选：d点评：矢量与标量有两大区别：一是矢量有方向，标量没有方向；二是运算法则不同，矢量运算遵守平行四边形定则，标量运算遵守代数加减法则2作用在一个物体上的两个共点力，大小分别是30n和40n，如果它们的夹角是90，则这两个力的合力大小为（）a 10nb 35nc 50nd 70n考点：力的合成分析：两个分力的夹角是90，根据勾股定理可以直接求得合力的大小解答：解：分力的大小分别是30n和40n，合力的大小为f=n=50n，所以c正确故选：c点评：夹角是90，根据勾股定理可以直接计算即可，比较简单3在力的合成中，下列关于两个分力与它们的合力的关系的说法中，正确的是（）a 合力一定大于每一个分力b 合力一定小于每一个分力c 合力的方向一定与分力的方向相同d 两个分力的夹角在0180变化时，夹角越大合力越小考点：合力的大小与分力间夹角的关系专题：平行四边形法则图解法专题分析：解答此题时，要从力的大小和方向两个方面来考虑，在分析各选项时千万不能漏掉力的方向（1）如果二力在同一条直线上，根据力的合成计算合力的大小，即同一直线上同方向二力的合力等于二力之和；同一直线反方向二力的合力等于二力之差（2）如果二力不在同一条直线上，合力大小介于二力之和与二力之差之间解答：解：a、当二力反向时，合力等于二力大小之差，合力有可能小于分力，故a错误；b、当两个力方向相同时，合力等于两分力之和，合力大于每一个分力；当两个分力方向相反时，合力等于两个分力之差，合力可能小于分力，由此可见：合力可能大于分力也有可能小于分力，故b错误；c、同一直线二力的合力方向与两个分力的方向相同；当二力方向相反时，合力方向与较大力的方向相同，而当两分力不共线时，则合力与分力的方向无关，故c错误；d、当夹角180时，由公式f= 可知随着增大而减小，故d正确；故选：d点评：解此题关键是要理解合力的大小范围：大于两力之差，小于两力之和；分析时考虑问题要全面，既要考虑到两个力同向，也要考虑反向的情况4有四位同学把斜面对重物的支持力3n，分别画成如图的四种情况，其中画正确的是（）a b c d 考点：力的合成与分解的运用专题：受力分析方法专题分析：首先确定支持力的作用点，然后确定方向，从而确定正确的力图解答：解：斜面对重物的支持力作用在物体上，垂直斜面向上故a正确，b、c、d错误故选a点评：解决本题的关键知道弹力的方向，垂直于接触面，指向受力物体5一根弹簧原长10cm，挂上重2n的砝码时，伸长1cm，这根弹簧挂上重8n的物体时，它的长度为（弹簧的形变是弹性形变）（）a 4cmb 14cmc 15cmd 44cm考点：胡克定律分析：先根据胡克定律求出劲度系数，再求出挂另一重物时，弹簧的伸长量，从而求出弹簧总长度解答：解：挂2n砝码时有：g1=kx1 挂8n的物体时有：g2=kx2 后来弹簧的总长：l=l0+x2 其中g1=2n，g2=8n，x1=1cm，联立可得：l=14cm，故acd错误，b正确故选b点评：本题较为简单，但是在应用胡克定律时，注意各物理量的含义以及单位6物体从距地面某高处开始做自由落体运动，若下落前一半路程所用的时间为t，则物体下落全程所用的时间为（）a b 4tc 2td 考点：自由落体运动专题：自由落体运动专题分析：对前一半位移和全部位移过程分别根据位移时间公式列方程，然后联立求解解答：解：设总位移为2h，前一半位移，有h=全部位移，有2h=解得：t=故选a点评：本题关键是对前一半位移和总位移运用位移时间公式列式求解，难度不大，属于基础题7在图所示的四个速度图象中，有一个是表示物体做匀速直线运动的速度图象，这个图象是（）a b c d 考点：匀变速直线运动的图像专题：运动学中的图像专题分析：vt图象中，与时间轴平行的直线表示做匀速直线运动解答：解：vt图象中，与时间轴平行的直线表示做匀速直线运动故abc错误，d正确故选：d点评：本题主要考查了匀速直线运动速度时间图象的特点，难度不大，属于基础题8关于力和运动的下列说法中，正确的是（）a 撤去作用后，运动物体由于惯性最终总要停下来b 作用在物体上的合外力不为零，物体的即时速度可能为零c 物体在恒力作用下，它的速度一定不会发生变化d 物体运动速度的方向总跟合外力的方向一致考点：力的概念及其矢量性；牛顿第二定律分析：利用下列知识分析判断：（1）力是改变物体运动状态的原因；（2）当物体受到平衡力的作用、合外力为零时，物体的运动状态保持不变，处于平衡状态，即物体处于匀速直线运动状态或静止状态；（3）当物体受到非平衡力的作用、合外力为不零时，物体的运动状态将发生变化（4）物体运动状态的改变包括两个方面，一是运动方向的改变，二是运动速度大小的改变，只要二者中有一个发生了变化，我们都说它的运动状态发生了改变解答：解：a、撤去作用后，运动物体由于惯性仍保持原来的运动状态，做匀速直线运动，但在运动过程中会受到摩擦阻力的作用，所以最终要停下来故a错误b、物体的合外力不为零，速度可能为零，比如竖直上抛到最高点时，故b正确c、力是改变物体运动状态的原因；物体在恒力作用下，速度一定改变，故c错误d、根据牛顿第二定律知，加速度的方向总跟合外力的方向一致，但速度的方向与合外力的方向不一定一致，故d错误故选：b点评：解答力和运动的问题，可根据牛顿第一、二定律和惯性知识进行分析9在真空中有两个点电荷，二者的距离保持一定，若把它们各自的电量都增加为原来的3倍，则两电荷的库仑力将增大到原来的（）a 3倍b 6倍c 9倍d 2倍考点：库仑定律分析：根据点电荷之间的库伦力的公式f=k，分析即可得出结论解答：解：由库伦力的公式f=k，当距离保持不变，把它们各自的电量都增加为原来的3倍时，f=k=9k，所以c正确，abd错误故选：c点评：本题是对点电荷之间的库伦力公式的直接应用，题目比较简单10图是某区域的电场线图a、b是电场中的两个点，ea和eb分别表示同一个点电荷在a、b两点电场强度的大小，fa、fb分别表示同一个点电荷在a、b两点所受到的电场力的大小下面说法中正确的是（）a eaebb eaebc fa=fbd fafb考点：电场强度；电场线专题：电场力与电势的性质专题分析：电场线是从正电荷或者无穷远发出，到负电荷或无穷远处为止，电场线密的地方电场的强度大，电场线疏的地方电场的强度小电场力与场强的关系是f=qe，大小与场强成正比解答：解：a、根据图象发现，在电场的a点的电场线较密，所以，在a点的电场的强度要比b点的电场的强度大，即eaeb，故a正确，b错误；c、由于eaeb，并且是同一个电荷，电荷的电荷量大小相同，由f=qe可知，电荷在a点时受到的电场力要在b点时受到的电场力大，即fafb，故c，d错误；故选：a点评：本题就是考查学生基础知识的掌握，加强基础知识的学习，掌握住电场线的特点：疏密表示场强的相对大小及电场力公式f=qe，即可解决本题二、双项选择题（每小题4分，少选得2分，错选不得分，共20分）11如图是电场中某区域的电场线分图，a、b是电场中的两点这两点相比，有（）a a点的场强较大b b点的场强较大c 同一个检验点电荷放在b点所受的电场力比放在a点时所受电场力大d 同一个检验点电荷放在a点所受的电场力比放在b点时所受电场力大考点：电场线分析：电场线的疏密表示场强的大小，沿着电场方向电势逐渐降低，据此即可解答解答：解：a、电场线的疏密表示场强的大小，所以b点的场强较大，故b正确，a错误；c、b点的电场强度较大，所以同一个检验点电荷放在b点所受的电场力比放在a点时所受电场力大，故c正确d错误；故选：bc点评：本题考查对电场线物理意义的理解，关键掌握电场线的特点，电场线的疏密可表示电场强度的强弱，沿着电场方向电势逐渐降低12一个做直线运动的物体受到的合外力的方向与物体运动的方向一致，当合外力增大时，则物体运动的加速度和速度的变化是（）a 加速度增大b 加速度减小c 速度增大d 速度减小考点：加速度；速度专题：直线运动规律专题分析：根据牛顿第二定律判断加速度与合力的关系，根据加速度方向与速度方向的关系，判断速度的变化解答：解：合力增大，根据牛顿第二定律知，加速度增大，因为合力方向与速度方向相同，速度增大故ac正确，bd错误故选：ac点评：解决本题的关键会通过合力的变化判断加速度的变化，以及知道当加速度方向与速度方向相同时，做加速运动，当加速度方向与速度方向相反时，做减速运动13一个物体做自由落体运动，经历t秒钟（）a 物体在t秒末的速度为gtb 物体在t秒末的速度为gtc 物体下落的高度为gt2d 物体下落的高度为gt2考点：自由落体运动专题：自由落体运动专题分析：自由落体运动做初速度为零，加速度为g的匀加速直线运动，结合速度时间公式和位移时间公式进行求解解答：解：a、物体在ts末的速度v=gt，故a正确，b错误c、物体下落的高度h=，故c错误，d正确故选：ad点评：解决本题的关键知道自由落体运动的运动规律，运用匀变速直线运动的运动学公式进行求解，基础题14用弹簧拉着木块在水平面上做匀速直线运动，弹簧拉木块的力与木块拉弹簧的力是（）a 一对作用力和反作用力b 一对平衡力c 大小相等，方向相同，作用在一条直线上d 大小相等，方向相反，作用在同一物体上考点：作用力和反作用力分析：弹簧拉木块的力与木块拉弹簧的力是一对作用力和反作用力，它们大小相等，方向相反，作用在一条直线上，作用在不同物体上解答：解：a、根据牛顿第三定律可知：弹簧拉木块的力与木块拉弹簧的力是一对作用力和反作用力，故a正确，b错误；c、对于作用力和反作用力它们大小相等，方向相反，作用在一条直线上，但作用在不同物体上故c、d错误故选：a点评：考查牛顿第三定律及其理解应理解牛顿第三定律与平衡力的区别，知道作用力和反作用力，它们大小相等，方向相反，作用在一条直线上，作用在不同物体上15汽车在平直公路上行驶，它受到的阻力大小不变，若发动机的功率保持恒定，汽车在加速行驶的过程中，它的牵引力f和加速度a及速度v的变化情况是（）a f逐渐减小，a也逐渐减小b f逐渐增大，a逐渐减小c f逐渐减小，v增大d f逐渐增大，a也逐渐增大考点：功率、平均功率和瞬时功率专题：功率的计算专题分析：发动机的功率保持不变，根据p=fv，v增大，f减小，根据牛顿第二定律可以判断加速度的变化解答：解：根据p=fv，发动机的功率不变，汽车加速行驶的过程中，速度增大，则牵引力减小，根据，阻力不变，加速度减小故ac正确，bd错误故选：ac点评：解决本题的关键知道通过p=fv判断牵引力的变化，根据牛顿第二定律，通过合力的变化判断加速度的变化三、填空题（每空2分，10空，共20分）16升降机吊起重为1.4104n的货物，货物以0.5m/s的速度匀速上升这时升降机提升货物做功的功率是7103w考点：功率、平均功率和瞬时功率专题：功率的计算专题分析：货物匀速上升，受重力和拉力，依据平衡条件可得拉力；然后根据p=fv求解瞬时功率，解答：解：货物受到重力和拉力f，货物以0.5m/s的速度匀速上升，由平衡条件可得：f=mg，可得升降机提升货物做功的功率是：p=fv=1.41040.5=7103w故答案为：7103点评：该题的工件是看好平衡条件，结合公式p=fv求解瞬时功率，当求解瞬时功率的时候v表示瞬时速度17如图所示，物体沿斜面匀速下滑，在这个过程中物体所具有的动能不变，重力势能减小，机械能减小（填“增加”、“不变”或“减少”）考点：动能和势能的相互转化；功能关系分析：由于物体是沿斜面匀速下滑的，速度没有变化，可以判断动能是否发生变化，物体下滑的过程中，高度降低，从而可以判断重力势能的变化而机械能等于动能和势能之和解答：解：物体是沿斜面匀速下滑的，速度没有变化，由动能的表达式ek=mv2可以判断，物体的动能不变；物体在沿斜面匀速下滑的过程中，选地面为零势能面，物体的高度越来越低，由重力势能的表达式ep=mgh可以判断重力势能在减少减少的重力势能转化为了系统的内能导致机械能减少故答案为：不变，减少；减小点评：动能是物体由于运动而具有的能，表达式是ek=mv2，动能是一个描述物体运动状态的量（即为状态量），是标量物体由于被举高而具有的能叫重力势能，表达式为ep=mgh，式中的h是相对参考平面的高度，重力势能是标量，但有正负，其大小与参考平面选取有关此题重力势能减小，动能不变，机械能减少，减少的机械能转化为内能18一个正常发光的灯泡，两端的电压是36v，通过的电流是2a这时灯泡的电阻是18，它消耗的电功率是72w考点：电功、电功率；欧姆定律专题：恒定电流专题分析：根据欧姆定律i=求出灯泡的电阻，根据p=ui求出灯泡消耗的功率解答：解：电阻r=，消耗的功率p=ui=362w=72w故答案为：18 72点评：解决本题的关键掌握欧姆定律i=以及电功率的公式p=ui19磁感强度是0.8t的匀强磁场中，有一根跟磁感线垂直、长0.2m的直导线，以4m/s的速度、在跟磁感线和直导线都垂直的方向上做切割磁感线的运动，则导线中产生的感应电动势的大小等于0.64v考点：导体切割磁感线时的感应电动势专题：电磁感应与电路结合分析：已知磁感应强度、速度与导线长度，应用e=blv可以求出感应电动势解答：解：感应电动势：e=blv=0.80.24=0.64v；故答案为：0.64点评：本题考查了求感应电动势，应用公式e=blv可以解题，本题是一道基础题20图中标出了磁场b的方向、通电直导线中电流i的方向以及通电直导线所受磁场力f的方向，其中正确的是（）a b c d 考点：安培力分析：由左手定则可以判断出b、i、f方向间的关系，然后选出正确的选项解答：解：a、由左手定则可知，通电导线所受安培力竖直向上，故a正确；b、由图可知，磁感应强度b与电流i平行，导线不受安培力，故b错误；c、由左手定则可知，通电导线所受安培力竖直向下，故c正确；d、由左手定则可知，通电导线所受安培力垂直于纸面向外，故d错误；故选ac点评：本题考查了左手定则的应用，要掌握左手定则内容，会用左手定则判断安培力及洛伦兹力的方向21图中已经标出了磁场b的方向、通电直导中电流i的方向，在图中画出通电直导线的受力方向考点：安培力；左手定则分析：根据左手定则判断出安培力的方向，伸开左手，使大拇指与四指方向垂直，四指方向与电流方向相同，磁场方向垂直于掌心，大拇指所指方向为安培力的方向解答：解：根据左手定则，导体受到的安培力方向为竖直向上，故受力方向如图点评：解决本题的关键掌握左手定则判断磁场方向、电流方向、安培力方向的关系22有一正弦交流电，它的电流瞬时值的表达式为i=102sin314t a那么它的电流有效值为56a考点：正弦式电流的图象和三角函数表达式专题：交流电专题分析：根据电流的瞬时值的表达式可以得知电流的最大值，根据最大值和有效值之间的关系即可求得有效值的大小解答：解：根据电流瞬时值的表达式为：i=102sin314t a可知，电流的最大值为：im=102a，所以电流有效值是：i=56a，故答案为：56a点评：此题关键要知道交流电的最大值和有效值之间的关系，直接计算即可，比较简单23一台理想变压器的原副线圈的匝数比为n1：n2=40：1在副线圈两端接有“6v、40w”的电灯泡若灯泡恰能正常发光，则u1为240v考点：变压器的构造和原理专题：交流电专题分析：根据灯泡的额定值可明确输出电压值；再根据电压之比等于匝数之比即可求得输入电压解答：解：副线圈两端接有“6v、40w”的电灯泡，且恰能正常发光则副线圈的电压为6v；因原副线圈的匝数比为n1：n2=40：1，得原线圈的电压为240v；故答案为：240v点评：理想变压器是理想化模型，一是不计线圈内阻；二是没有出现漏磁现象同时当电路中有变压器时，只要将变压器的有效值求出，则就相当于一个新的恒定电源，其值就是刚才的有效值三、实验题（10分，每空2分）24已知打点计时器电源频率为50hz，该电源是（选填直流、交流）交流电源则纸带上打相邻两点的时间间隔为0.02考点：电火花计时器、电磁打点计时器专题：实验题分析：了解电磁打点计时器和电火花打点计时器的工作电压、工作原理即可正确解答；同时要熟练使用打点计时器进行有关的操作解答：解：使用打点计时器来分析物体运动情况的实验中，打点计时器使用的是交流电源，若电源频率为50hz，则打点计时器打相邻两点的时间间隔是 0.02s故答案为：交流； 0.02；点评：对于基本仪器的使用和工作原理，我们不仅从理论上学习它，还要从实践上去了解它，自己动手去做做，以加强基本仪器的了解和使用25abcd是纸带上四个计数点，每两个相邻计数点间有四个点没有画出从图中读出a、b两点间距s=0.700；b点的速度是0.080m/sc点对应的速度是0.100（计算结果保留三位有效数字）考点：探究小车速度随时间变化的规律专题：实验题分析：打点计时器打点周期与交变电流的周期相同由t=0.02n算出计数点间的时间隔t，由平均速度可以表示中间时刻的瞬时速度解答：解