优化方案高三物理二轮复习 特色专项训练 第1篇 专题一 选择题巧练速度快得分 仿高考选择题巧练（一）.doc

仿高考选择题巧练(一) (建议用时：20分钟)14(2015河北五校质检)关于物理科学家和他们的贡献，下列说法中正确的是()a奥斯特发现了电流的磁效应，并发现了电磁感应现象b库仑提出了库仑定律，并最早用实验测得元电荷e的数值c牛顿发现了万有引力定律，并通过实验测出了引力常量d法拉第发现了电磁感应现象，并制作了世界上第一台发电机15.如图为用索道运输货物的情景，已知倾斜的索道与水平方向的夹角为37，重物与车厢地板之间的动摩擦因数为0.30.当载重车厢沿索道向上加速运动时，重物与车厢仍然保持相对静止状态，重物对车厢内水平地板的正压力为其重力的1.15倍，sin 370.6，cos 370.8，那么这时重物对车厢地板的摩擦力大小为()a0.35mg b0.30mgc0.23mg d0.20mg16.一正方形金属线框位于有界匀强磁场区域内，线框平面与磁场垂直，线框的右边紧贴着磁场边界，如图甲所示t0时刻对线框施加一水平向右的外力，让线框从静止开始做匀加速直线运动穿过磁场，外力f随时间t变化的图象如图乙所示已知线框质量m1 kg、电阻r1 ，下列说法错误的是()a线框做匀加速直线运动的加速度为1 m/s2b匀强磁场的磁感应强度为2 tc线框穿过磁场的过程中，通过线框的电荷量为 cd线框边长为1 m17如图甲是某交流发电机产生的正弦交变电压的图象，图乙是原、副线圈匝数比为51的理想变压器，电流表为理想电表，电阻r100 ，现将该交流发电机接入到变压器的a、b端，则下列说法中正确的是()a交流发电机线圈转动的角速度为50 rad/sb在t0.01 s时穿过发电机线圈的磁通量最小c电阻r消耗的电功率为19.36 wd电流表的示数为2.20 a18.(2015杭州二模)国际研究小组借助于智利的甚大望远镜，观测到了一组双星系统，它们绕两者连线上的某点o做匀速圆周运动，如图所示此双星系统中体积较小成员能“吸食”另一颗体积较大星体表面物质，达到质量转移的目的，被“吸食”星体的质量远大于“吸食”星体的质量假设在演变的过程中两者球心之间的距离保持不变，则在最初演变的过程中()a它们做圆周运动的万有引力保持不变b它们做圆周运动的角速度不断变大c体积较大星体圆周运动轨迹半径变大，线速度也变大d体积较大星体圆周运动轨迹半径变大，线速度变小19.(多选)甲、乙两辆汽车在同一水平直道上运动，其运动的位移时间图象(xt图象)如图所示，则下列关于两车运动情况的说法正确的是()a甲车先做匀减速直线运动，后做匀速直线运动b乙车在010 s内的平均速度大小为0.8 m/sc在010 s内，甲、乙两车相遇两次d若乙车做匀变速直线运动，则图线上p所对应的瞬时速度大小一定大于0.8 m/s20(多选)一半径为r的均匀带正电圆环水平放置，环心为o点，质量为m的带正电的小球从o点正上方h高度的a点由静止释放，并穿过带电圆环小球从a点运动到a点关于o点的对称点a的过程中，其加速度(a)、重力势能(epg)、机械能(e)、电势能 (ep电)随位置变化的图象如图所示(取o点为坐标原点且重力势能为零，向下为正方向，并取无穷远处电势为零)其中可能正确的是()21(多选)如图所示，足够长的光滑u形导轨宽度为l，其所在平面与水平面的夹角为，上端连接一个阻值为r的电阻，置于磁感应强度大小为b、方向竖直向上的匀强磁场中，今有一质量为m、有效电阻为r的金属杆垂直于导轨放置并由静止下滑，设磁场区域无限大，当金属杆下滑达到最大速度vm时，运动的位移为x，则以下说法中不正确的是 ()a金属杆所受导轨的支持力大于mgcos b金属杆下滑的最大速度vmc在此过程中电阻r上产生的焦耳热为mgxsin mvd在此过程中流过电阻r的电荷量为仿高考选择题巧练(一)14解析：选d.奥斯特发现了电流的磁效应，法拉第发现了电磁感应现象，a项错；美国科学家密立根最早用油滴法测得元电荷e的数值，b项错；卡文迪许通过扭秤实验测出了引力常量，c项错15解析：选d.车厢内的重物受重力、支持力fn和水平向右的摩擦力ff的作用，将加速度沿水平方向和竖直方向分解，由牛顿运动定律可知fnmgmasin 37，ffmacos 37，由牛顿第三定律可知，重物所受支持力fn1.15mg，代入上式解得：ff0.20mg，d项正确16解析：选d.t0时，线框初速度为零，故感应电动势为零，力f为线框所受合外力，由牛顿第二定律可知，线框的加速度a1 m/s2，a项正确；由题图乙知，t1.0 s时，线框刚好离开磁场，由匀变速直线运动规律可知线框的边长为0.5 m，d项错误；线框的末速度vat1 m/s，感应电动势eblv，回路中电流ie/r，安培力f安bil，由牛顿第二定律有：ff安ma，联立解得b2 t，b项正确；由q c，c项正确17解析：选c.由题图甲可知，该交变电流的周期为t0.02 s，所以交流发电机线圈转动的角速度为100 rad/s，选项a错误；在t0.01 s时，交流发电机产生的电动势为零，即磁通量的变化率为零，所以此时穿过发电机线圈的磁通量最大，选项b错误；发电机发出的交流电的电压有效值为220 v，通过匝数比为51的理想变压器后，由可得其副线圈两端的电压为44 v，所以电阻r消耗的电功率为p19.36 w，选项c正确；副线圈的电流为i20.44 a，由可得i10.088 a，选项d错误18解析：选c.它们做圆周运动的万有引力fg，由于m变小，m变大，所以f变大，选项a错误；由牛顿第二定律得gm2r1m2r2，解得r1r，m变大，r1变大，又解得，保持不变，由vr得，r1变大，v1变大，选项b、d错误，c正确19解析：选bcd.从题图中可以看出，甲车先做匀速直线运动，当运动到t4 s末时，甲车停止，故a错误；乙车在010 s内的位移大小为8 m，平均速度大小v0.8 m/s，故b正确；甲车和乙车的位移时间图象有两个交点，所以甲、乙两车会相遇两次，故c正确；若乙车做匀变速直线运动，p点对应的位置坐标为x4 m，恰好是在010 s内乙车位移的中点，又因为vv0.8 m/s，vpvv，所以d正确20解析：选abc.圆环中心的场强为零，无穷远处场强也为零，则小球从a点到圆环中心o点的过程中，场强可能先增大后减小，则小球所受的电场力先增大后减小，方向竖直向上，小球所受重力不变，方向竖直向下，由牛顿第二定律得，加速度可能先减小后增大；小球穿过圆环中心o点后，小球所受的电场力竖直向下，加速度方向向下，为正值，根据对称性可知，电场力先增大后减小，则加速度先增大后减小故a是可能的小球从a点到圆环中心o点的过程中，重力势能epgmgh0，小球穿过圆环后，epgmgh0，根据数学知识可知，b是可能的小球从a点到圆环中心o点的过程中，电场力做负功，机械能减小，小球穿过圆环中心，o点后，电场力做正功，机械能增大，故c是可能的由于圆环所产生的是非匀强电场，小球下落的过程中，电场力做功与下落的高度之间是非线性关系，电势能变化与下落高度之间也是非线性关系，所以d是不可能的故选a