高三物理第四次联考试题（含解析）.doc

物理试卷考生注意：1本试卷共100分。考试时间90分钟。2答题前，考生务必将密封线内的项目填写清楚。3请将试卷答案填在试卷后面的答题卷上。4本试卷主要考试内容：必修1，必修2，选修31电场和恒定电流。第i卷 (选择题 共40分)选择题部分共10小题每小题4分共40分。在每个小题给出的四个选项中，16小题只有一个选项正确710小题有多个选项正确；全部选对的得4分选对但不全的得2分有选错或不答的得0分。1足球以8 ms的速度飞来，运动员把它以12 ms的速度反向踢回，踢球时间是0.2 s， 以球飞来的方向为正方向，则足球在这段时间内的加速度为 a. 200ms2 b. 200 ms2 c. 100 ms2 d100 ms2答案c解析：a=m/s2 =100ms2，选项c正确。2某同学上过体育课后用网兜把质量为m的足球挂在光滑竖直墙壁上的p点，已知悬线与墙面的夹角为，重力加速度为g,网兜的重力不计，则足球对墙壁的压力为 a. mgtan b. mgsin c. mgcos d答案a解析：对足球受力分析如图所示，由几何关系可得：nmgtan，根据牛顿第三定律，足球对墙壁的压力为mgtan，选项a正确。3将一质量为m的小球靠近墙面竖直向上抛出，图甲是向上运动的频闪照片，图乙是下降时的频闪照片，o是运动的最高点，甲、乙两次的闪光频率相同。重力加速度为g，假设小球所受阻力大小不变，则可估算小球受到的阻力大小约为a. mg b. mg c. mg d. mg答案b 解析：设每块砖的厚度是d，向上运动时：9d-3d=at2，向下运动时：3d-d=a/t2 ，联立解得：a ：a/ = 3：1，根据牛顿第二定律：mg+f = ma、mg一f=ma/ ，联立解得：f = mg/2。选项b正确：4如图所示，ab杆以恒定角速度绕a点在竖直平面内顺时针转动，并带动套在固定水平杆oc上的小环m运动，ao间距离为h。运动开始时ab杆在竖直位置，则经过时间t(小环仍套在ab和oc杆上)小环m的速度大小为a. b. c. h dhtant答案a解析：经过时间t，oab=t，则am的长度为h/(cost)，ab杆上m点绕a点的线速度v=h/(cost) 。小环m的速度沿水平杆方向，将小环m的速度沿平行于ab杆方向和垂直于ab杆方向分解，垂直于ab杆上的分速度等于m点绕a点的线速度v，则小环m的速度v/ = =。选项 a正确。5我国志愿者王跃曾与俄罗斯志愿者一起进行“火星500的模拟实验活动。假设王跃登陆火星后，测得火星的半径是地球半径的1/2 ，质量是地球质量的1/9。已知地球表面的重力加速度为g，地球的半径为r，引力常量为g，王跃在地面上能向上竖直跳起的最大高度为h，忽略自转的影响，下列说法正确的是 a. 火星的密度为 b. 火星表面的重力加速度是 c. 火星的第一宇宙速度与地球的第一宇宙速度之比为2：3 d王跃以与在地球上相同的初速度在火星上起跳后，能达到的最大高度是答案a解析：对地球表面一质量为m的物体，由牛顿第二定律，有g=mg，则m=gr2/g，火星的密度= ，选项a正确；对火星表面一质量为m/的物体，由牛顿第二定律，有gm/g/ ，则g/4g/9，选项b错误；火星的第一宇宙速度与地球的第一宇宙速度之比；选项c错误；王跃在地球上和火星上跳高时，分别有h=和h/=，由以上各式解得，在火星上能达到的最大高度是4g/9，选项d错误。6如图所示，一个电荷量为q的点电荷甲，固定在绝缘水平面上的o点，另一个电荷量为q、质量为m的点电荷乙，从a点以初速度v0 。沿它们的连线向甲运动，运动到b点时的速度为v，且为运动过程中速度的最小值。已知点电荷乙受到的阻力大小恒为f，ab间距离为l0，静电力常量为k，则下列说法正确的是 a. 点电荷乙从a点向o点运动的过程中，其加速度逐渐增大 b. 点电荷乙从a点向o点运动的过程中，其电势能先增大再减小 c. ob间的距离为 d在点电荷甲形成的电场中，ab间的电势差uab=答案c解析：电荷乙受到的阻力不变，甲、乙靠近的过程中库仑力增大，乙在运动到b点之前，乙做加速度逐渐减小的减速运动，选项a错误；在乙向左的运动过程中电场力一直做正功，电势能一直减小，选项b错误；当速度最小时有：f=f库=k，解得：r=，选项c正确；乙从a运动到b的过程中，根据动能定理有：uab q =fl0=mv2mv02，所以a、b两点间的电势差uab=，选项d错误。 7在如图所示的电路中，电源的负极接地，其电动势为e、内阻为r，r1、r2为定值电阻，r3为滑动变阻器，c为电容器，、为理想电流表和电压表。在滑动变阻器滑动头p自a端向b端滑动的过程中，下列说法中正确的是a. 电压表的示数变大b. 电流表的示数变小c. 电容器c所带的电荷量增多d. a点的电势降低答案ad解析：由题图可知，电压表与r1并联，r3与电流表串联后与r2并联，两部分串联后接在电源两端，在滑动变阻器滑动头p自a端向b端滑动的过程中，变阻器接入电路的电阻变小，故总电阻减小，流过电源的电流增大，路端电压减少，r1两端电压增大，电压表示数变大，a点电势降低，故选项a、d正确；r2两端电压减少，电容器与r2并联，故电容器所带电荷减少，所以选项c错误；流过r2电流减小，又因为总电流增大，所以流过电流表的电流增大，选项b错误。8某同学设计了一种静电除尘装置，如图甲所示，其中有一条长为l、宽为b、高为d的矩形通道，其前、后面板为绝缘材料，上、下面板为金属材料，上、下两面板与电压恒为u的高压直流电源相连。带负电的尘埃被吸入矩形通道时的水平速度为v0，当碰到下板后其所带的电荷被中和，同时尘埃被收集。将被收集尘埃的数量与进入矩形通道尘埃的数量的比值，称为除尘率。不计尘埃所受的重力及尘埃之间的相互作用，要增大除尘率，则下列措施可行的是a. 只增大电压u b只增大高度dc. 只加长长度ld. 只增大尘埃被吸入的水平速度v0 答案ac解析：尘埃做类平抛运动，到达下板的尘埃被收集，设有尘埃能够飞出除尘装置，则其竖直偏移y=at2=t2 = ，要增大除尘率，必须增大尘埃在通道内的偏移量，则可以增大u、l，减小d、v0，选项a、c正确。9图示轨道是由一直轨道和一半圆轨道组成的，半圆轨道的圆心为o，直径bod在竖直方向，最低点b与直轨道平滑连接，一质量为m的小滑块从距最低点高为h的a处由静止释放，不计一切摩擦。则a. 若滑块能通过圆轨道的最高点d，则h最小为25rb. 若h=2r，当滑块到达与圆心等高的c点时，对轨道的压力为3mgc. 若h=2r，滑块会从c、d之间的某个位置离开圆轨道做斜抛运动d若要使滑块能返回到a点，则hr答案acd解析：要使物体能通过最高点d，设滑块通过d点的最小速度为v，则由mg=m可得：v=，由机械能守恒定律可知，mg(h2r)=mv2，解得h=25r，选项a正确；若h=2r，由a至c，由机械能守恒定律可得mg(2rr)= mvc2，在c点，由牛顿第二定律有n=m，解得n=2mg，由牛顿第三定律可知选项b错误；若h=2r，小滑块不能通过d点，将在c、d中间某一位置开始做斜上抛运动而离开轨道，选项c正确；由机械能守恒可知选项d正确。10如图所示，一长为l的直杆ab与水平面成角固定，在杆上套一质量为m的小滑块，杆底端b点处有一弹性挡板，杆与板面垂直，滑块与挡板碰撞后，以原速率返回。现将滑块拉到a点由静止释放，滑块与挡板第一次碰撞后恰好能上升到ab的中点，重力加速度为g，由此可以确定a. 滑块下滑时加速度的大小a1=gsinb. 滑块与杆之间的动摩擦因数=tanc. 滑块最终将停在杆的底端d. 滑块第一次下滑所用的时间t=答案ac解析：设ab长为l，第一次到达底端速度为v。由v2=2ax得下滑过程：v2=2a下l，上滑过程：v2=2a上 a上l ，由牛顿第二定律得，下滑时的加速度a下 ，上滑时的加速度：a上，联立各式，得：a下=gsin a , a上= gsin a，选项a正确；又f=mgsin a， f=fn=mgcos a ，两式联立得：= tan a，选项b错误；因滑杆粗糙且f d/2 (1分) 故带电微粒不能从极板间射出。 (1分)16(13分)图甲为竖直放置的离心轨道，其中圆轨道的半径r=050 m，在轨道的最低点a处和最高点b处各安装了一个压力传感器(图中未画出)，小球(可视为质点)从斜轨道的不同高度由静止释放，可测出小球在轨道内侧通过这两点时对轨道的压力fa和fb的大小，g取10ms2。 (1)若不计小球所受的阻力，且小球恰能过b点，求小球通过a点时速度va的大小。 (2)若不计小球所受的阻力，小球每次都能通过b点，且fb随fa变化的图线如图乙中的a所示，求小球的质量m。 (3)若小球所受阻力不可忽略，小球的质量m=015 kg，fb随fa变化的图线如图乙中的b所示，求当fa=16 n时，小球从a运动到b的过程中损失的机械能e。16解：(1)若小球恰能通过b点，设小球通过b时的速度为vb 根据牛顿第二定律，有：mg=m (1分) 根据机械能守恒定律有： mva2 =mvb2+ mg2r (1分) 解得：va=5 ms (1分) (2)根据第(1)问及图乙可知：当小球通过a点时的速度va=5 ms时，小球对轨道压力的大小fa1= 6 n (1分) 设小球通过a点时，轨道对小球支持力的大小为fa2 。根据牛顿运动定律，有： fa1 =fa2 且fa2mg=m (2分) 解得：m=01 kg (1分)(3)根据图乙可知：若小球通过a点时对轨道压力