湖北省武汉市中考物理模拟试题（二）（含解析）.doc

2015年湖北省武汉市中考物理模拟试卷（二）一、选择题（36分）1下列四幅图中，关于声现象的描述正确的是（）a戴上防噪声耳罩，可以在声源处减弱噪声b医生用b超检查病情，说明声音可以传递信息c钢尺伸出桌边的长度越长，拨动时发出的声音音调越高d开启倒车雷达，可利用电磁波回声定位2如图是“观察水的沸腾”和“晶体熔化”的实装置，水沸腾时的温度如图所示，a、b是观察到的实验现象，下列说法正确的是（）a杯口上方的“白气”是汽化现象b当时的气压可能高于一标准大气压c水沸腾时产生的气泡是图bd丁图中晶体熔化时温度不变、内能增大3如图所示，某人正在平面玻璃制的地铁安全门外候车通过玻璃门看到背后的一辆列车的像正在向左匀速运动，下列说法正确的是（）a列车正在背后向右匀速运动b列车远去的过程中像越来越小c像和列车一定是相对静止的d两个门打开时不成像4关于家庭电路及安全用电，下列说法正确的是（）a对人体的安全电压是36vb只要人体接触带电体就会发生触电事故c当人触电时漏电保护器不一定会断开d家庭电路中开关应安装在零线上5如图是小兰同学在探究通电螺线管外部磁场的分布的实验，此时通电螺线管旁的小磁针静止不动，其中符合实际情况的是（）abcd6以下是某同学测定煤油的密度的一些实验步骤：（1）用天平测出空矿泉水瓶的质量m0；（2）在矿泉水瓶里装满水，用天平测出它们的总质量m1；（3）用矿泉水瓶装满煤油，用天平测出它们的质量m2；（4）用量筒测出矿泉水瓶里所盛煤油的体积v；（5）计算煤油的密度这些步骤中可省去的是（）a（1）b（2）或（4）c（3）d都不能省去7如图甲所示，小明用弹簧测力计用沿水平方向的力拉木块在水平桌面上匀速滑动，图乙是他两次在同一桌面拉动同一木块得到的距离随时间变化的图象下列说法正确的是（）a木块两次运动时受到的摩擦力不相等b木块第1次受到的拉力较大c木块在两次运动时的机械能相等d木块第1次运动时拉力对木块做功的功率较大8在2008年北京奥运会上，中国选手张湘祥在男子举重62kg级的决赛中获得金牌，挺举成绩是176kg，其中举起杠铃大约用了3s钟，杠铃在头顶停止3s不动，他每只脚与地面的接触面积大约200cm2，下列说法中错误的是（）a张湘祥手上涂有镁粉可以增大摩擦b地面对张湘祥的支持力与张湘祥的重力是一对平衡力c张湘祥举起杠铃时对杠铃做功大约3200jd张湘祥举着杠铃不动时对地面的压强大约是6104pa9如图，运动员正在进行跳水比赛：下列关于机械能及其转化的说法中错误的是（）a运动员的速度为零时，他的重力势能最大b运动员下落时的动能最大位置在a、b之间c运动员下落到最低点b点时，跳板的弹性势能大于人减少的动能d运动员弹离跳板后，因为惯性他可以继续上升一段距离10如图所示的电路中，电源电压保持不变若在甲、乙两处都接入电压表，闭合s，这时u甲：u乙=2：3若在甲、乙两处都接入电流表，则断开s后两电流表示数i甲：i乙等于（）a2：1b2：3c3：2d9：411如图所示的电路中，电源电压保持不变r1为滑动变阻器，r2、r3为定值电阻闭合开关s，将滑片p由a端向b端滑动一段距离后，电压表v1、v2示数变化的大小分别为u1、u2，电流表示数变化的大小为i下列判断不正确的是（）au2大于u1b与的差值等于r2cr2和r3消耗的电功率的和增加了u2id电压表v1示数变小、电压表v2示数变大，电流表示数变大12如图所示电路，电源电压不变，电阻r1=10，当开关s闭合时，电表v1和v2的示数之比为3：1；当开关s断开时，r2和r3的功率之和是r1功率的4倍关于此电路以下说法中正确的是（）ar2的阻值为10br3的阻值为30cs断开与闭合时，电阻r2消耗的功率之比为9：25ds断开与闭合时，电阻r3消耗的功率之比为3：5二、非选择题（34分）13如图甲是在水平公路上匀速行驶的太阳能汽车太阳能是一次能源，又是（可再生、不可再生）能源，太阳内部时刻都在发生核变太阳能汽车把太阳能先转化成能，再转化成机械能如果汽车高速行驶考虑空气对汽车的影响，请在乙图中画出汽车在竖直方向上所受力的示意图14在“测平均速度实验”中，斜面应保持很小的坡度，这是为了便于测量，如图所示，若秒表每格为1s，该次实验中，小车通过上半路程的平均速度v=m/s，若小车撞上金属片后过了一会儿才按秒表，则所测金属片的平均速度偏15如图所示是小明同学在探究凸透镜成像规律时的某一次蜡烛成像图片，小明画出了两条入射光线，请你帮他在图中画出折射光线成该像后，如果这时用硬纸板将凸透镜遮住一半，则（填“能”或“不能”）成完整的像若凸透镜的焦距为20cm，成像中，若把蜡烛移到距离凸透镜焦点5cm的位置，则成的像一定是（填：“放大的”或“缩小的”或“正立的”或“倒立的”）如果先用凸透镜的焦距为20cm，在光屏上得到了清晰的缩小的实像，接下来他改用焦距为10cm的凸透镜乙继续进行实验，在不改变发光体和凸透镜的情况下，要在光屏上得到清晰的像，光屏应该向凸透镜方向移动16如图所示是建筑工地上常见的塔式起重机示意图这种起重机主要用于房屋建筑施工中物料的竖直或水平输送（1）由杠杆的平衡条件可知，塔式起重机的起重量随起吊幅度而变化，起吊幅度越大，起重量（2）若最大起吊幅度为10m，配重距支架4m，若配重质量为3t，则该起重机在最大起吊幅度时能吊起物体的重力是n（此时不计钢丝绳重和滑轮重）（3）某塔式起重机是通过电动机带动如图乙所示滑轮组竖直起吊物料的已知起吊重为3104n的物料时，电动机的输出功率为60kw，物料匀速上升的速度为1.5m/s则电动机作用在滑轮组上的水平拉力f=n，这次起吊时滑轮组的机械效率=17在探究浮力的大小与排开液体所受重力的关系实验中，测力计每小格0.5n（1）在溢水杯中，如果不这样，g排会偏小（2）小红认为图中实验步骤不太合理，也有可能使g排偏小，那么不重复操作的合理步骤顺序是（3 根据甲乙两图可知，物体所受浮力为n，还可以计算物体的密度是（4）若物体接触容器底部且测力计有示数，则物体所受浮力18在测定“小灯泡电功率”的实验中，电源电压为4.5v，小灯泡额定电压为2.5v、电阻约为10（1）请你用将图甲中所示的实物电路连接完整要求p向左移灯变暗（2）小叶同学闭合开关，移动滑动变阻器滑片p到某一点时，电压表示数（如图乙所示）若他想测量小灯泡的额定功率，应将图甲中所示滑动变阻器滑片p向（填“左”或“右”）端移动，使电压表的示数为2.5v（3）小叶同学移动滑动变阻器滑片p，记下多组对应的电压表和电流表的示数，并绘制成如图丙所示的iu图象，根据图象信息，可计算出小灯泡的额定功率是w（4）接着调节小灯泡两端的电压至少两次，观察小灯泡的亮度，测量它实际的电功率实验表明：小灯泡的亮度是由它的决定的在规定范围内，在相同时间内小灯泡最亮时消耗的电能与滑动变阻器消耗的电能之比大约是19小星同学为自家电热水器设计了一个自动控制装置，如图1所示，r1是一个热敏电阻（置于热水器内），其阻值随温度的变化关系如表所示，表是这个电热水器的铭牌已知继电器线圈电阻r2为12，左边控制电路电源电压u0为6v不变，当继电器线圈r2中的电流增大到某一数值时，继电器的衔铁被吸下，电热水器电路断开表温度t/1020304050607080电阻r1/60423020151086表最大水量50kg额定电压220v额定内压0.75mpa额定功率2000w（1）电磁继电器中的铁芯应用（“软铁”或“钢棒”）（2）电热水器一般用三脚插头，如图2所示三脚插头上标着e的脚比另外两个略长一点，这是因为当把三脚插头插在对应的插座上时，它首先把热水器的相连，保证用电安全（3）若到达设定的最高温度时，线圈r2中电流为0.3a，衔铁被吸下，电热水管中电路被断开，则设定的最高温度是多少？（4）当水温降到一定温度时，热水器会重新启动加热直到最高设定温度时停止在没有热水放出的情况下，热水器重新启动加热一次的时间为15min，则重新加热前的水温t是多少？热水器的效率是84%，c水=4.2103j/（kg），最高设定温度同第（3）问不变2015年湖北省武汉市中考物理模拟试卷（二）参考答案与试题解析一、选择题（36分）1下列四幅图中，关于声现象的描述正确的是（）a戴上防噪声耳罩，可以在声源处减弱噪声b医生用b超检查病情，说明声音可以传递信息c钢尺伸出桌边的长度越长，拨动时发出的声音音调越高d开启倒车雷达，可利用电磁波回声定位【考点】防治噪声的途径；回声测距离的应用；频率及音调的关系；声与信息【专题】声现象【分析】减弱噪声的途径：在声源处、在传播过程中、在人耳处；声音传播需要介质，真空不能传声；声音的特征：音调、响度、音色；响度取决于物体振动的频率；响度取决于物体振动的幅度现代汽车广泛利用了倒车雷达，它在工作时会发出超声波，这些声波遇到障碍物时会反射回来，根据回声到来的方位和时间，可以确定障碍物的位置【解答】解：a、戴上防噪声耳罩，是在人耳处减弱噪声，故a错误b、医生用b超检查病情，利用了声音可以传递信息的特点，故b正确；c、钢尺伸出桌面的长度越长，拨动时振动的频率越慢，音调越低，不影响响度，故c错误d、汽车的倒车雷达，是因为超声波具有方向性强的特点，利用回声定位工作的，不是电磁波回声定位，故d错误故选b【点评】本题考查了防止噪声的途径、声音的传播条件、频率以及声的利用，具有一定综合性，属于声学基础知识的考查2如图是“观察水的沸腾”和“晶体熔化”的实装置，水沸腾时的温度如图所示，a、b是观察到的实验现象，下列说法正确的是（）a杯口上方的“白气”是汽化现象b当时的气压可能高于一标准大气压c水沸腾时产生的气泡是图bd丁图中晶体熔化时温度不变、内能增大【考点】液化及液化现象；晶体和非晶体的区别；沸腾及沸腾条件；沸点及沸点与气压的关系【专题】温度计、熔化和凝固；汽化和液化、升华和凝华【分析】（1）物质由气态变为液态叫液化；（2）会进行温度计的读数，在读数时要认清温度计的分度值；液体的沸点跟气压的大小有关，气压增大，沸点升高；气压减小，沸点降低；（3）掌握水沸腾前和沸腾时的现象：沸腾前气泡在上升过程中，体积逐渐减小；沸腾时，气泡在上升过程中体积逐渐增大；（4）晶体在熔化和凝固时，吸收或放出热量，内能改变，但温度会保持不变【解答】解：a、杯口上方的“白气”是水蒸气液化成的小水珠，属于液化现象，故a错误；b、由图知，温度计的分度值为1，所以温度计的示数为98；因为液体的沸点跟气压的大小有关，标准大气压下，水沸腾时的温度是100，所以该实验环境的气压小于1标准大气压，故b错误；c、a图气泡在上升过程中体积增大，所以是沸腾时的图象；b图气泡在上升过程中体积逐渐减小，所以是沸腾前的图象，故c错误；d、晶体熔化过程中吸收热量，内能增加，但温度不变，故d正确故选d【点评】此题主要是探究水的沸腾实验，主要考查了液化现象、水沸腾时和沸腾前的现象区别及温度计的读数问题，沸点与气压的关系，以及对晶体熔化特点的了解和掌握3如图所示，某人正在平面玻璃制的地铁安全门外候车通过玻璃门看到背后的一辆列车的像正在向左匀速运动，下列说法正确的是（）a列车正在背后向右匀速运动b列车远去的过程中像越来越小c像和列车一定是相对静止的d两个门打开时不成像【考点】平面镜成像的特点、原理、现象及其实验方案【专题】光的传播和反射、平面镜成像【分析】平面镜所成的像，像与物大小相同，像与物到镜面的距离相等，即像与物关于镜面是对称的【解答】解：a、平面镜所成的像与物体关于镜面对称，列车的像正在向左匀速运动，说明列车也在向左匀速运动，故a错误；b、平面镜所成的像与物大小相同，列车远去的过程中像的大小不变，故b错误；c、平面镜所成的像与物体关于镜面对称，列车和它在平面镜中的像没有位置变化，即列车的像和列车是相对静止的，故c正确；d、每块平面镜都可以成像，因此两个门打开时，在两侧安全门中都能成列车的像，故d错误故选c【点评】平面镜成的像与物大小相同，和物到镜的距离无关，人们感觉到的近大远小是一种视觉效果，不影响真实的大小4关于家庭电路及安全用电，下列说法正确的是（）a对人体的安全电压是36vb只要人体接触带电体就会发生触电事故c当人触电时漏电保护器不一定会断开d家庭电路中开关应安装在零线上【考点】安全用电原则【专题】电与热、生活用电【分析】（1）人体安全电压不高于36v；（2）触电是指有电流通过人体，且电流超过人的承受能力时，对人造成伤害的现象是否触电要看是否电流通过人体形成了回路（3）判断漏电保护器会不会切断电路，就是分析触电时，人体与带电体接触的两处的电流是否相等，如果相等就不会切断电路，如果不相等就会切断电路；（4）为保证用电安全，控制家用电器的开关应该控制火线【解答】解：a、经验证明，只有不高于36v的电压对人体才是安全的，220v电压比安全电压高得多，故a错误；b、有电流通过人体，但电流非常小时，不会发生触电事故，如干电池的电流、测电笔使用时的电流等，人接触带电体不一定发生触电事故，故b错误；c、如果发生触电事故时，人体与带电体接触的两点之间电流大小相等，则漏电保护器不会断开，故c正确；d、为保证用电安全，控制家用电器的开关应该控制火线，断开开关，保证用电安全，故d错误故选：c【点评】本题考查的是日常生活中的一些安全用电常识只要同学们牢记安全用电常识，并正确规范操作，就不会有危险发生5如图是小兰同学在探究通电螺线管外部磁场的分布的实验，此时通电螺线管旁的小磁针静止不动，其中符合实际情况的是（）abcd【考点】通电螺线管的极性和电流方向的判断；磁极间的相互作用【专题】磁现象、电生磁【分析】根据螺线管的ns极，利用磁极间的作用规律：同名磁极相互排斥，异名磁极相互吸引可以确定小磁针的n、s极是否符合实际【解答】解：a、螺线管中的电流方向是从右端流入，左端流出；结合线圈绕向，利用右手螺旋定则可以确定螺线管的左端为n极，右端为s极；根据磁极间的相互作用可知，小磁针的右端应为s极，左端应为n极；故a错误；b、螺线管中的电流方向是从下端流出，上端流入；结合线圈绕向，利用右手螺旋定则可以确定螺线管的上端为n极，下端为s极；根据磁极间的相互作用可知，小磁针的下端应为s极，上端应为n极；故b正确；c、螺线管中的电流方向是从左端流出，右端流入；结合线圈绕向，利用右手螺旋定则可以确定螺线管的右端为n极，左端为s极；根据磁极间的相互作用可知，小磁针的右端应为s极，左端应为n极；故c错误；d、电源左端为正极，右端为负极，螺线管中的电流方向是从左端流入，右端流出；结合线圈绕向，利用右手螺旋定则可以确定螺线管的右端为n极，左端为s极；根据磁极间的相互作用可知，小磁针的左端应为s极，右端应为n极；故d错误故选b【点评】对于一个通电螺线管，只要知道电流的方向、线圈的绕法、螺旋管的n、s极这三个因素中的任意两个，我们就可以据安培定则判断出另一个6以下是某同学测定煤油的密度的一些实验步骤：（1）用天平测出空矿泉水瓶的质量m0；（2）在矿泉水瓶里装满水，用天平测出它们的总质量m1；（3）用矿泉水瓶装满煤油，用天平测出它们的质量m2；（4）用量筒测出矿泉水瓶里所盛煤油的体积v；（5）计算煤油的密度这些步骤中可省去的是（）a（1）b（2）或（4）c（3）d都不能省去【考点】液体密度的测量【专题】实验题【分析】测量煤油的密度时，要根据密度公式，确定其质量和体积一定质量的煤油的体积可由量筒量出或根据水的质量与密度求出其体积可对四个选项逐一分析【解答】解：a、为测出一定体积下的质量，要根据矿泉水瓶的质量与煤油质量的和减去矿泉水瓶的质量，因此（1）不能省去；b、一定质量的煤油的体积可由量筒量出或根据水的质量与密度求出其体积，所以可省去（2）或（4），所以b正确；c、要根据矿泉水瓶的质量与煤油质量的和减去矿泉水瓶的质量，因此（3）不能省去；d、由以上分析可得，d不正确故选b【点评】求密度时要确定其质量和体积，体积可由多种方法得出，注意设计实验时不要重复7如图甲所示，小明用弹簧测力计用沿水平方向的力拉木块在水平桌面上匀速滑动，图乙是他两次在同一桌面拉动同一木块得到的距离随时间变化的图象下列说法正确的是（）a木块两次运动时受到的摩擦力不相等b木块第1次受到的拉力较大c木块在两次运动时的机械能相等d木块第1次运动时拉力对木块做功的功率较大【考点】二力平衡条件的应用；功率大小的比较；动能和势能的转化与守恒【专题】运动和力；功、功率、机械效率；机械能及其转化【分析】（1）滑动摩擦力大小跟压力大小和接触面粗糙程度有关（2）弹簧测力计拉动木块在水平面上匀速直线运动时，水平方向上木块受到拉力和滑动摩擦力作用，拉力和滑动摩擦力是一对平衡力（3）判断机械能的变化，先从图上分析两次的运动速度，然后从动能和重力势能大小的变化来判断（4）根据p=fv判断拉力的功率【解答】解：a、木块两次运动时压力不变，接触面粗糙程度不变，滑动摩擦力不变故a错误；b、木块两次都进行匀速直线运动，拉力等于滑动摩擦力，滑动摩擦力相等，拉力相等故b错误；c、木块运动过程中，质量不变，高度没有发生变化，重力势能不变二者运动的速度不同，动能不同，所以机械能不相等故c错误；d、两次的拉力相等，第1次速度较大，根据p=fv，拉力功率较大故d正确故选d【点评】本题通过图象可以判断木块进行匀速直线运动，匀速直线运动的物体受到平衡力作用，根据平衡力条件判断拉力和滑动摩擦力大小关系，根据动能和重力势能大小的影响因素判断机械能的变化，根据p=fv判断功率大小的变化8在2008年北京奥运会上，中国选手张湘祥在男子举重62kg级的决赛中获得金牌，挺举成绩是176kg，其中举起杠铃大约用了3s钟，杠铃在头顶停止3s不动，他每只脚与地面的接触面积大约200cm2，下列说法中错误的是（）a张湘祥手上涂有镁粉可以增大摩擦b地面对张湘祥的支持力与张湘祥的重力是一对平衡力c张湘祥举起杠铃时对杠铃做功大约3200jd张湘祥举着杠铃不动时对地面的压强大约是6104pa【考点】平衡力的辨别；增大或减小摩擦的方法；压强的大小及其计算；功的计算【专题】运动和力；重力、弹力、摩擦力；压强、液体的压强；功、功率、机械效率【分析】（1）在压力一定时，增大接触面的粗糙程度可以增大摩擦力；（2）一对平衡力必须大小相等、方向相反、作用在同一物体上、作用在一条直线上；（3）根据杠铃的质量可求出重力，再估算出距离，可计算做功的大小；（4）根据人和杠铃的总重力可得出压力，再根据压强公式可计算压强的大小【解答】解：a、张湘祥手上涂有镁粉可以通过增大接触面粗糙程度的方法增大摩擦，故a正确；b、地面对张湘祥的支持力与张湘祥的重力大小不相等，故不是一对平衡力，故b错误；c、杠铃的重力：g=mg=176kg10n/kg=1760n，举高的高度约为2m，则对杠铃做的功为：w=gh=1760n2m=3520j，与选项中3200j较为接近，故c正确；d、人和杠铃的总重力：g总=m总g=（62kg+176kg）10n/kg=2380n，张湘祥举着杠铃不动时对地面的压强：p=5.95104pa，与选项中6104pa非常接近，故d正确故选b【点评】在本题的解答中，要了解增大摩擦力的方法、平衡力的辨别、功的计算、压强大小的计算等，尤其是对功和压强的计算，因为选项中用的是“约”为多少，所以对数据并不要求完全一致9如图，运动员正在进行跳水比赛：下列关于机械能及其转化的说法中错误的是（）a运动员的速度为零时，他的重力势能最大b运动员下落时的动能最大位置在a、b之间c运动员下落到最低点b点时，跳板的弹性势能大于人减少的动能d运动员弹离跳板后，因为惯性他可以继续上升一段距离【考点】动能和势能的大小变化；惯性【专题】运动和力【分析】（1）重力势能大跟质量、高度有关动能跟质量、速度有关弹性势能跟物体的弹性形变程度有关（2）惯性是一切物体都有的，保持原来运动状态不变的性质【解答】解：a、运动员的速度为零时，可能是在最高点，也可能是在最低点，因此他的重力势能不一定最大，故a错误；b、运动员下落时，刚接触跳板时，重力大于弹力，所以速度继续增大，当重力小于弹力时，速度开始减小，所以动能最大位置在a、b之间，故b正确；c、运动员下落到最低点b点时，跳板的弹性势能应该等于减少的动能与减少的重力势能之和，所以弹性势能大于人减少的动能，故c正确；d、运动员弹离跳板后，因为惯性他可以继续上升一段距离，故d正确故选a【点评】通过运动员参加跳水比赛时的情景，考查了我们对重力势能、动能、弹性势能变化的分析同时，还考查了对惯性现象的认识，属基础题，难度不大10如图所示的电路中，电源电压保持不变若在甲、乙两处都接入电压表，闭合s，这时u甲：u乙=2：3若在甲、乙两处都接入电流表，则断开s后两电流表示数i甲：i乙等于（）a2：1b2：3c3：2d9：4【考点】欧姆定律的应用【专题】欧姆定律【分析】当甲、乙两处分别接入电压表时，两电阻串联在电路中，甲表测的是r1两端的电压，乙表测的是r2两端的电压，结合串联电路电压之比与电阻之比的关系求出电阻之比；当甲、乙两处分别接入电流表时，两电阻并联在电路中，甲表测的是通过r2的电流，乙表测的是通过r1的电流，并联电路中电流与电阻比值的关系即可求出电流之比【解答】解：在甲、乙两处分别接入电压表时，两电阻串联，并且串联电路电流相等；已知u甲：u乙=2：3，由欧姆定律可知，r1：r2=u甲：u乙=2：3；在甲、乙两处分别接入电流表时，电阻两端的电压相等由欧姆定律可知，i甲：i乙=r1：r2=2：3故选b【点评】此题考查了欧姆定律的应用以及串并联电路电流、电压的规律，关键明确两电阻的连接方式以及仪表的测量对象11如图所示的电路中，电源电压保持不变r1为滑动变阻器，r2、r3为定值电阻闭合开关s，将滑片p由a端向b端滑动一段距离后，电压表v1、v2示数变化的大小分别为u1、u2，电流表示数变化的大小为i下列判断不正确的是（）au2大于u1b与的差值等于r2cr2和r3消耗的电功率的和增加了u2id电压表v1示数变小、电压表v2示数变大，电流表示数变大【考点】欧姆定律的应用；电功率的计算【专题】欧姆定律；电能和电功率【分析】析清楚电路结构，根据滑片的移动方向判断滑动变阻器接入电路的阻值如何变化，应用串联电路特点与欧姆定律分析答题【解答】解：由图示电路图可知，三个电阻串联，电流表测电路电流，电压表v1测r1、r2两端电压，电压表v2测电阻r2、r3两端电压，a、由图示电路图可知，u2u1=ur12ur2ur3，滑片向右移动过程中，r1两端电压减小，r3两端电压增大，r1两端电压的减小量等于r2、r3两端电压的增加量之和，则ur1ur3，u2u10，u2u1，故a正确；b、=r2+r3， =r3，简化得二者的差值等于r2，故b正确；c、滑片向右移动过程中，电路电流增大，r2和r3消耗的电功率的和增加量p=i2（r2+r3）i2（r2+r3）=（i2i2）（r2+r3）u2i，故c错误；d、滑片向右移动过程中，滑动变阻器接入电路的阻值减小，电路总电阻变小，电源电压不变，由欧姆定律可知电路电流增大，电压表v1示数变小、电压表v2示数变大，故d正确故选c【点评】本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的灵活运用；难点是会把电压和电流的比值转化为电阻的大小来判断比值的变化12如图所示电路，电源电压不变，电阻r1=10，当开关s闭合时，电表v1和v2的示数之比为3：1；当开关s断开时，r2和r3的功率之和是r1功率的4倍关于此电路以下说法中正确的是（）ar2的阻值为10br3的阻值为30cs断开与闭合时，电阻r2消耗的功率之比为9：25ds断开与闭合时，电阻r3消耗的功率之比为3：5【考点】欧姆定律的应用；串联电路的电流规律；电阻的串联；电功率的计算【专题】计算题；电路和欧姆定律；电能和电功率；电路变化分析综合题【分析】（1）当开关s闭合时，r1与r2串联，电压表v1测电源的电压，电压表v2测r1两端的电压，根据电阻的串联特点和电流特点以及欧姆定律求出r2的阻值；（2）当开关s断开时，三电阻串联，根据串联电路的电流特点和p=i2r表示出r2和r3的功率之和是r1功率的4倍，即可求出r3的阻值；（3）根据电阻的串联和欧姆定律分别表示出两种情况下电源的电压，利用电源的电压不变求出两种情况下电路中的电流之比，再根据p=i2r求出电阻r2消耗的功率之比，开关s闭合时r3被短路【解答】解：（1）当开关s闭合时，r1与r2串联，电压表v1测电源的电压，电压表v2测r1两端的电压，串联电路中各处的电流相等，且电路中的总电阻等于各分电阻之和，由欧姆定律可得：=，解得：r2=2r1=210=20，故a不正确；（2）当开关s断开时，三电阻串联，p=i2r，且r2和r3的功率之和是r1功率的4倍，=，解得：r3=20，故b不正确；（3）电源的电压不变，=，s断开与闭合时，电阻r2消耗的功率之比：=（）2=（）2=，故c正确；开关s闭合时，r3被短路，则电阻r3消耗的功率之比不可能为3：5，故d不正确故选c【点评】本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，关键是开关闭合、断开时电路串并联的辨别和电压表所测电路元件的判断二、非选择题（34分）13如图甲是在水平公路上匀速行驶的太阳能汽车太阳能是一次能源，又是可再生（可再生、不可再生）能源，太阳内部时刻都在发生核聚变太阳能汽车把太阳能先转化成电能，再转化成机械能如果汽车高速行驶考虑空气对汽车的影响，请在乙图中画出汽车在竖直方向上所受力的示意图【考点】太阳能的转化【专题】能源的利用与发展【分析】（1）由可再生能源与不可再生能源的分类要求来看，可以从自然界源源不断地得到的能源称之为可再生能源；一旦消耗就很难再生的能源称之为不可再生能源（2）核能分为裂变和聚变两种，裂变分为两种：可控链式反应和不可控链式反应，前者主要应用在核反应堆中，后者应用在原子弹中；聚变主要应用在氢弹上（3）判断能量的转化过程，关键看清该过程中消耗了那种形式的能，进而产生了那种形式的能（4）行驶在水平面上的汽车，在竖直方向受到竖直向下的重力、竖直向上的支持力作用，重力、支持力的作用点都在物体的重心【解答】解：太阳能可以源源不断的获得，是可以再生的，故它是可再生能源；在太阳内部，太能之所以能发光发热，实质相当于无数个的氢弹爆炸而造成的，即氢原子核在超高温下发生聚变释放核能；太阳能汽车上的电池消耗太阳能，把太阳能转化为电能，电动机再把电能转化成机械能；重力从重心竖直向下画，支持力从重心竖直向上画，在线段的末端用箭头表示，符号分别用g和f表示如图所示：故答案为：可再生；聚；电；见上图【点评】本题考查了太阳能的利用和太阳内部进行的核反应的类型，太阳能环保无污染，越来越多的被利用画力的示意图，首先要对物体进行受力分析，看物体受几个力，要先分析力的大小、方向和作用点，再按照画图的要求画出各个力14在“测平均速度实验”中，斜面应保持很小的坡度，这是为了便于测量时间，如图所示，若秒表每格为1s，该次实验中，小车通过上半路程的平均速度v=0.1m/s，若小车撞上金属片后过了一会儿才按秒表，则所测金属片的平均速度偏小【考点】变速运动与平均速度【专题】长度、时间、速度【分析】（1）斜面坡度越小，小车速度变化越慢，小车运动时间越长，越方便时间的测量；（2）从图中秒表读出小车通过全程所用时间和小车运动距离，利用速度公式求小车通过全程的平均速度；（3）如果让小车撞上金属片后过了一会儿才按秒表，停止计时，使所计时间偏大，根据公式v=分析速度大小【解答】解：（1）实验中斜面应保持较小的坡度，这是为了便于测量时间；（2）小车通过上半的路程s=30cm=0.3m，t=3s，小车通过上半路程的平均速度：v=0.1m/s；（3）小车撞上金属片后过了一会儿才按秒表，停止计时晚，所计时间偏大，用公式v=算出的速度偏小故答案为：时间；0.1；小【点评】本题考查了测量平均速度原理、速度的计算，考查了学生分析实验数据得出结论的能力，属于基础题目15如图所示是小明同学在探究凸透镜成像规律时的某一次蜡烛成像图片，小明画出了两条入射光线，请你帮他在图中画出折射光线成该像后，如果这时用硬纸板将凸透镜遮住一半，则能（填“能”或“不能”）成完整的像若凸透镜的焦距为20cm，成像中，若把蜡烛移到距离凸透镜焦点5cm的位置，则成的像一定是放大的（填：“放大的”或“缩小的”或“正立的”或“倒立的”）如果先用凸透镜的焦距为20cm，在光屏上得到了清晰的缩小的实像，接下来他改用焦距为10cm的凸透镜乙继续进行实验，在不改变发光体和凸透镜的情况下，要在光屏上得到清晰的像，光屏应该向靠近凸透镜方向移动【考点】凸透镜成像规律及其探究实验【专题】探究型实验综合题【分析】由图可以看出，蜡烛经凸透镜成清晰的像在光屏上是倒立缩小的，由凸透镜成像规律可知，此时u2f，然后即可确定凸透镜的大体位置，再根据光屏上成的是实像，将入射光线分别与像中的烛焰尖部连接起来即可得到相应的折射光线凸透镜成像光的折射现象，物体发出的光线经凸透镜折射后，会聚在凸透镜另一侧的光屏上，形成物体的实像；如果凸透镜的口径大，透过的光多，像就亮；口径小，透过的光少，像就暗凸透镜成像特点：u2f，成倒立、缩小的实像u=2f，成倒立、等大的实像2fuf，成倒立、放大的实像uf，成正立、放大的虚像首先根据题意“先用焦距为20cm的透镜甲进行实验，在屛上得到清晰缩小的实像”可确定物距与焦距的关系，然后再根据凸透镜成实像时，物远像小像变小来确定调节光屏的方法【解答】解：光屏上蜡烛的像是实像，是由实际光线会聚而成的来自烛焰尖部的光经透镜折射后会聚在光屏上组成烛焰尖部的像，所以，将入射光线与像中的烛焰尖部连接起来即可得到相应的折射光线，如图所示：凸透镜成实像时，所有透过透镜的光会聚到光屏上成像，当将透镜的下半部分挡住后，整个物体发出的光虽有一部分被挡住，但总会有一部分光通过上半部分凸透镜而会聚成像，因此，像与原来相同，仍然完整；由于透镜的一半被遮住，因此折射出的光线与原来相比减少了一半，故亮度会减弱，变暗了凸透镜的焦距为20cm，将蜡烛距透镜焦点5cm处时，一种情况是：蜡烛在凸透镜的一倍焦距以内20cm5cm=15cm处时，成的是正立、放大的虚像；另一种情况是：蜡烛在凸透镜的一倍焦距以外的，即u=20cm+5m=25m处时，此时蜡烛在凸透镜的一倍焦距和二倍焦距之间，成的是倒立、放大的实像综合上述两种情况可知，像一定是放大的由“先用焦距为20cm的透镜甲进行实验，在屛上得到清晰缩小的实像”可知，此时u2f；当改用焦距为10cm的透镜乙继续实验，不改变发光体和凸透镜的位置，则相当于增大了物距，根据凸透镜成实像时，物远像近像变小，可知，要在光屏上成清晰的像，光屏将靠近透镜移动，像变小故答案为：（1）见上图；（2）能；（3）放大的；（4）靠近【点评】此题考查了学生对凸透镜成像规律的掌握一定要熟记凸透镜成像的特点与物距、像距的关系此题物体离凸透镜焦点5cm处时，可能是在焦点内5cm，也可能在焦点外5cm16如图所示是建筑工地上常见的塔式起重机示意图这种起重机主要用于房屋建筑施工中物料的竖直或水平输送（1）由杠杆的平衡条件可知，塔式起重机的起重量随起吊幅度而变化，起吊幅度越大，起重量越小（2）若最大起吊幅度为10m，配重距支架4m，若配重质量为3t，则该起重机在最大起吊幅度时能吊起物体的重力是12000n（此时不计钢丝绳重和滑轮重）（3）某塔式起重机是通过电动机带动如图乙所示滑轮组竖直起吊物料的已知起吊重为3104n的物料时，电动机的输出功率为60kw，物料匀速上升的速度为1.5m/s则电动机作用在滑轮组上的水平拉力f=20000n，这次起吊时滑轮组的机械效率=75%【考点】杠杆的平衡条件；滑轮（组）的机械效率；功率计算公式的应用【专题】简单机械；功、功率、机械效率【分析】（1）因动力臂及动力的乘积不变，则由杠杆的平衡条件可知起吊辐度与起重量的关系；（2）计算出配重物的重力；根据杠杆的平衡条件进行计算出起重机在最大起吊幅度时能吊起物体的重力；（3）由图可知，有两段绳子吊着物体，知道物料匀速上升的速度，从而可以判断出绳子末端移动的速度，又知道电动机的输出功率，可利用公式f=计算出水平拉力的大小知道物料的重力和水平拉力的大小，可利用公式=计算出滑轮组的机械效率【解答】解：（1）由杠杆的平衡条件f1l1=f2l2（动力动力臂=阻力阻力臂）可知，当动力与动力臂不变时，阻力与阻力臂成反比；即阻力臂越大，阻力越小；阻力臂越小，阻力越大本题中动力与动力臂不变，则起吊幅度越大，起吊重量越小；（2）配重物的重力g=mg=3000kg10n/kg=30000n；根据杠杆的平衡条件f1l1=f2l2可知，起重机在最大起吊幅度时能吊起物体的重力g=12000n；（3）由图可知，有两段绳子吊着物体，而v物=1.5m/s，所以绳子末端移动的速度为：v绳=2v物=21.5m/s=3m/s；又因为p=60kw=60000w，所以水平拉力w为：f=20000n因为g=3104n，所以滑轮组的机械效率为：=100%=75%故答案为：（1）越小；（2）12000；（3）20000；75%【点评】本题考查杠杆的平衡条件，要求学生能熟练应用平衡条件解决生产生活中的一些现象；机械功有两种表达式即w=fs和w=pt，注意在题目中的灵活应用此题应用到的公式较多，在计算时要注意公式的化简17在探究浮力的大小与排开液体所受重力的关系实验中，测力计每小格0.5n（1）在溢水杯中装满水，如果不这样，g排会偏小（2）小红认为图中实验步骤不太合理，也有可能使g排偏小，那么不重复操作的合理步骤顺序是丁甲乙丙（3 根据甲乙两图可知，物体所受浮力为0.5n，还可以计算物体的密度是4103kg/m3（4）若物体接触容器底部且测力计有示数，则物体所受浮力不变【考点】探究浮力大小的实验【专题】实验题；探究型实验综合题【分析】（1）根据阿基米德原理，浸在液体中的物体受到的浮力等于排开的液体受到的重力；若溢水杯没有装满水，物体排开的水不能全部溢出，排开的水会减小；（2）要先测石块的重力和空桶的重力，然后再把石块没入水中，测出石块受到的拉力，根据称重法求出浮力；最后再测出桶和溢出水的重力得出排开水的重力；（3）根据称重法求所受浮力；根据g=mg求出合金块的质量，根据阿基米德原理求出合金块浸没入水中时排开水的体积即为合金块的体积，利用密度公式求出合金块的密度；（4）物体所受浮力的大小与排开液体的体积和液体的密度有关，与浸没的深度无关【解答】解：（1）在溢水杯装满水时，物体排开的水才能全部溢出，所以如果不这样，g排会偏小；（2）合理的实验顺序是：丁、测出空桶所受的重力；甲、测出实心合金块所受的重力；乙、把合金块浸没在装满水的溢水杯中，测出合金块所受的浮力，收集合金块排开的水；丙、测出桶和排开的水所受的重力（3）已知测力计每小格0.5n，则甲图中测力计示数为2n，乙图中测力计示数为1.5n，所以合金块受到的浮力：f浮=2.0n1.5n=0.5n，合金块的质量：m=0.2kg，合金块完全浸没时排开水的体积：v排=5105m3，因为合金块浸没入水中，所以v=v排=5105m3，合金块的密度：=4103kg/m3（4）由阿基米德原理公式f浮=液gv排可知，浮力大小只与液体的密度和排开液体的体积有关当合金块浸没在水中时，若物体接触容器底部，但v排一定，所受浮力不变故答案为：（1）装满水；（2）丁甲乙丙；（3）0.5；4103kg/m3；（4）不变【点评】本题目就是考查学生对阿基米德实验的掌握程度，看学生能否掌握每个步骤，以及每一步要测量的对象，只要基本知识掌握扎实，题目不难做出18在测定“小灯泡电功率”的实验中，电源电压为4.5v，小灯泡额定电压为2.5v、电阻约为10（1）请你用将图甲中所示的实物电路连接完整要求p向左移灯变暗（2）小叶同学闭合开关，移动滑动变阻器滑片p到某一点时，电压表示数（如图乙所示）若他想测量小灯泡的额定功率，应将图甲中所示滑动变阻器滑片p向右（填“左”或“右”）端移动，使电压表的示数为2.5v（3）小叶同学移动滑动变阻器滑片p，记下多组对应的电压表和电流表的示数，并绘制成如图丙所示的iu图象，根据图象信息，可计算出小灯泡的额定功率是0.5w（4）接着调节小灯泡两端的电压至少两次，观察小灯泡的亮度，测量它实际的电功率实验表明：小灯泡的亮度是由它的实际功率决定的在规定范围内，在相同时间内小灯泡最亮时消耗的电能与滑动变阻器消耗的电能之比大约是2：1【考点】电功率的测量【专题】测量型实验综合题【分析】（1）根据欧姆定律求出小灯泡的电流确定电流表的量程，且与灯泡串联；电压表与小灯泡并联接入电路（2）据乙图中的电压表示数读出电压表的读数，据读数的大小分析滑动变阻器的移动方向；（3）由额定电压对应的电流值，利用p=ui计算额定功率（4）小灯泡的亮暗是由灯泡的实际功率决定的，功率越大，单位时间内产生的热量越多，灯泡越亮，反之，灯泡越暗；小灯泡最亮时，实际功率最大，两端的实际电压最高，由图丙读出小灯泡两端最大的电压值，计算出电阻两端的电压值，再由公式w=uit计算出二者消耗的电能之比【解答】解：（1）电源的电压为4.5v，小灯泡额定电压为2.5v；滑动变阻器分得的电压为：4.5v2.5v=2v，i=0.2a，所以电流表选00.6a的量程，且与灯泡串联，如图所示：（2）图乙中所示电压表的读数是2.2v，没有达到小灯泡的额定电压，所以应该将图甲中所示滑动变阻器滑片p向右端移动，使电压表的示数为2.5v（3）由图象知，当灯的电