【创新设计】（江西专用）高考化学二轮复习 专题提升练 第14讲 化学实验综合应用（含新题含解析）.doc

第14讲化学实验综合应用大题冲关练1(2014浙江理综，28)葡萄糖酸钙是一种可促进骨骼生长的营养物质。葡萄糖酸钙可通过以下反应制得： c6h12o6(葡萄糖)br2h2oc6h12o7(葡萄糖酸)2hbr2c6h12o7caco3ca(c6h11o7)2(葡萄糖酸钙)h2oco2 相关物质的溶解性见下表：物质名称葡萄糖酸钙葡萄糖酸溴化钙氯化钙水中的溶解性可溶于冷水易溶于热水可溶易溶易溶乙醇中的溶解性微溶微溶可溶可溶实验流程如下： c6h12o6溶液 悬浊液 ca(c6h11o7)2请回答下列问题：(1)第步中溴水氧化葡萄糖时，下列装置中最适合的是_。 制备葡萄糖酸钙的过程中，葡萄糖的氧化也可用其他试剂，下列物质中最适合的是_。a新制cu(oh)2悬浊液 b酸性kmno4溶液 co2/葡萄糖氧化酶 dag(nh3)2oh溶液 (2)第步充分反应后caco3固体需有剩余，其目的是_；本实验中不宜用cacl2替代caco3，理由是_。 (3)第步需趁热过滤，其原因是_。 (4)第步加入乙醇的作用是_。 (5)第步中，下列洗涤剂最合适的是_。a冷水 b热水 c乙醇 d乙醇水混合溶液解析(1)滴加溴水，应用分液漏斗，水浴加热易于控制温度，温度计应测量水浴的温度，因此装置b最合适。制备葡萄糖酸钙，将葡萄糖氧化最适合的试剂是o2/葡萄糖氧化酶，因为氧化过程中没有引入杂质，无须对产品进行分离提纯，另外酸性kmno4溶液氧化醛基时也可将葡萄糖中的羟基氧化，故c项最适合。(2)第步充分反应后caco3固体需过量，其目的是提高葡萄糖酸的转化率，便于后续分离；本实验不宜用cacl2，因为盐酸是强酸，cacl2难以与葡萄糖酸直接反应生成葡萄糖酸钙。(3)由于葡萄糖酸钙在冷水中溶解度小于热水，如不趁热过滤，会结晶析出，损失产品。(4)由于葡萄糖酸钙在乙醇中的溶解度较小，故加入乙醇，可降低它的溶解度，能减少产品的损失，有利于葡萄糖酸钙的析出。(5)洗涤是洗去葡萄糖酸钙中的cabr2，洗涤剂用水较好，为了防止葡萄糖酸钙的溶解，洗涤剂用乙醇较好。综合考虑合适的洗涤剂是乙醇水的混合溶液，d项正确。答案(1)bc(2)提高葡萄糖酸的转化率，便于后续分离氯化钙难以与葡萄糖酸直接反应得到葡萄糖酸钙(3)葡萄糖酸钙冷却后会结晶析出，如不趁热过滤会损失产品(4)可降低葡萄酸钙在溶剂中的溶解度，有利于葡萄糖酸钙的析出(5)d2某化学研究性学习小组拟对一种焰火原料(由两种短周期的常见金属单质组成的合金粉末)进行探究。请完成下列探究报告。探究目的探究该焰火原料的组成资料检索mg2的检验方法：取2滴待检液，加入2滴2 moll1的naoh溶液，再加入1滴镁试剂()染料(对硝基苯偶氮间苯二酚)，若出现沉淀并吸附镁试剂()染料呈天蓝色，表示待检液中含有mg2，ag、cu2、fe3、nh会妨碍mg2的检验。mg(oh)2可溶于浓的氯化铵溶液，其他的常见不溶碱难溶于氯化铵。探究思路确定焰火原料所含金属的种类实验探究(1)甲同学进行了初步实验，实验步骤和实验现象如下。请填写下表：实验序号实验步骤实验现象结论取少量该焰火原料加入冷水中无明显现象取少量该焰火原料加入稀盐酸中完全溶解，有大量气体产生，溶液呈无色(2)乙同学取第组实验的溶液，加入镁试剂()染料，得出合金中不含镁。乙的结论_(填“正确”或“错误”)，你的理由是_。(3)丙同学设计实验方案，确定焰火原料中的金属种类，实验记录如下所示：由丙的实验记录可知，该焰火原料是由_和_两种金属组成的合金；向滤液中加入足量氢氧化钠溶液后需煮沸，煮沸的理由是_。解析由题意知中把焰火原料加入冷水中无明显现象，说明该合金中不含与冷水反应的金属，则锂、钠等活泼金属不存在，由可知金属能与盐酸反应放出气体，则其可能由短周期金属元素铍、镁、铝三种金属中的任意两种组成。答案(1)不含锂(li)、钠(na)等活泼金属可能含铍(be)、镁(mg)、铝(al)三种金属中的任意两种(2)错误由资料知，检验mg2的反应必须在碱性条件下进行(3)铝(或al)镁(或mg)(顺序可互换)将nh转化为nh3，煮沸促进其逸出，防止nh干扰mg2的检验3某课外活动小组设计了以下实验方案验证ag与浓hno3反应的过程中可能产生no。其实验流程图如下：(1)测定硝酸的物质的量反应结束后，从如图b装置中所得100 ml溶液中取出25.00 ml溶液，用0.1 moll1的naoh溶液滴定，用酚酞作指示剂，滴定前后的滴定管中液面的位置如右上图所示。在b容器中生成硝酸的物质的量为_，则ag与浓硝酸反应过程中生成的no2的物质的量为_。(2)测定no的体积从上图所示的装置中，你认为应选用_装置进行ag与浓硝酸反应实验，选用的理由是_。选用上图所示仪器组合一套可用来测定生成no体积的装置，其合理的连接顺序是_(填各导管口编号)。在读取量筒内液体体积之前，应进行的操作_。(3)气体成分分析若实验测得no的体积为112.0 ml(已折算到标准状况)，则ag与浓硝酸反应的过程中_(填“有”或“没有”)no产生，作此判断的依据是_。解析本题根据ag和浓hno3反应原理，考查了酸碱中和滴定及气体成分的分析方法。(1)根据图示消耗naoh溶液的体积为20.00 ml，n(hno3)20.00103 l0.1 moll140.008 mol。n(no2)30.012 mol。(2)装置a可以利用n2排尽装置内的气体，防止no被氧化，所以选用装置a。其装置顺序为abce，为了减少误差，在读取no体积时，一是要冷却到室温；二是量筒内液面应和集气瓶内液面相平。(3)根据3no2h2o=2hno3no0012 mol 0.004 molv(no)0.004 mol22.4 lmol10.089 6 l0.112 l，所以有no产生。答案(1)0.008 mol0.012 mol(2)a因为a装置可以通入n2将装置中的空气排尽，防止no被空气中o2氧化123547等液体冷却到室温，并使集气瓶和量筒内液面相平(3)有因为no2与水反应生成的no的体积小于收集到的no的体积(89.6112.0)4(2014广东理综，33)h2o2是一种绿色氧化还原试剂，在化学研究中应用广泛。 (1)某小组拟在同浓度fe3的催化下，探究h2o2浓度对h2o2分解反应速率的影响。限选试剂与仪器：30% h2o2、0.1moll1 fe2(so4)3、蒸馏水、锥形瓶、双孔塞、水槽、胶管、玻璃导管、量筒、秒表、恒温水浴槽、注射器。写出本实验h2o2分解反应方程式并标明电子转移的方向和数目：_。设计实验方案：在不同h2o2浓度下，测定_(要求所测得的数据能直接体现反应速率大小)。 设计实验装置，完成如图所示的装置示意图。参照下表格式，拟定实验表格，完整体现实验方案(列出所选试剂体积、需记录的待测物理量和所拟定的数据；数据用字母表示)。 物理量实验序号v0.1 moll1 fe2(so4)3/ml 1a2a(2)利用图(a)和图(b)中的信息，按下图(c)装置(连通的a、b瓶中已充有no2气体)进行实验。可观察到b瓶中气体颜色比a瓶中的_(填“深”或“浅”)，其原因是_。解析(1)过氧化氢在fe3催化下分解成水和o2，根据o元素的化合价变化，可得：；在不同h2o2浓度下，需测定相同时间内，产生氧气的体积的多少，或生成相同体积氧气所需时间的多少。可用如图所示装置测定。根据“控制变量法”的要求，两个对比实验应使反应混合物中fe2(so4)3的浓度相同，h2o2的浓度不同。(2)由图(a)知，过氧化氢的分解反应为放热反应，由图(b)知no2转化为n2o4的反应为放热反应，故图(c)中，右侧烧杯温度高于左侧烧杯温度，即b瓶中的温度高于a瓶。温度升高，平衡2no2(g)n2o4(g)，向逆反应方向进行，b瓶中的二氧化氮浓度增大，颜色比a瓶颜色深。答案生成相同体积的氧气所需的时间(或相同时间内，生成氧气的体积)v(h2o2)/mlv(h2o)/mlv(o2) mlt/s1b2bed22bbef或v(h2o2)/mlv(h2o)/mlt/sv(o2) ml1b2bed22bbef(2)深因为过氧化氢分解是放热反应，2no2(g)n2o4(g)也是放热反应，所以b瓶温度高于a瓶，温度升高，平衡逆向移动，二氧化氮浓度增大，颜色加深5某研究小组利用下图装置探究温度对co还原fe2o3的影响(固定装置略)。(1)mgco3的分解产物为_。(2)装置c的作用是_，处理尾气的方法为_。(3)将研究小组分为两组，按上图装置进行对比实验，甲组用酒精灯、乙组用酒精喷灯对装置d加热，反应产物均为黑色粉末(纯净物)，两组分别用产物进行以下实验。步骤操作甲组现象乙组现象1取黑色粉末加入稀盐酸溶解，无气泡溶解，有气泡2取步骤1中溶液，滴加k3fe(cn)6溶液蓝色沉淀蓝色沉淀3取步骤1中溶液，滴加kscn溶液变红无现象4向步骤3溶液中滴加新制氯水红色褪去先变红，后褪色乙组得到的黑色粉末是_。甲组步骤1中反应的离子方程式为_。乙组步骤4中，溶液变红的原因为_；溶液褪色可能的原因及其验证方法为_。从实验安全考虑，上图装置还可采取的改进措施是_。解析(1)mgco3mgoco2；(2)co2znznoco装置c的作用是吸收剩余的co2气体，以防止对观察澄清石灰水是否变浑浊造成影响；由于最后出来的气体中含有co，所以用点燃法除去co。(3)由于该黑色粉末是纯净物，乙组中，步骤1溶解有气泡，说明得到的是铁粉；甲组中根据“蓝色沉淀”，证明溶解后含fe2；根据“变红”，证明溶解后还含有fe3，所以得到的是fe3o4。甲组中根据加入氯水红色褪去，说明氯水能氧化scn，而乙组中，由于fe2的还原性大于scn，所以fe2首先被氧化成fe3，溶液变红，当氯水过量时，又把scn氧化，红色褪去。因为fe3并没有发生变化，可用再加入kscn溶液的方法观察是否恢复红色来验证。(4)由于co2气体易和naoh发生反应，所以为了防止倒吸，应在b、c之间添加防倒吸装置e。答案(1)mgo、co2(2)除去co2点燃(3)fefe3o48h=2fe3fe24h2ofe2被氧化为fe3，fe3遇scn显红色可能是因scn被cl2氧化而使溶液褪色假设scn被cl2氧化，向溶液中加入kscn溶液，若出现红色，则假设成立(其他合理答案均可)在装置b、c之间添加装置e以防倒吸(其他合理答案均可)6(2014全国卷，28)某小组以cocl26h2o、nh4cl、h2o2、浓氨水为原料，在活性炭催化下，合成了橙黄色晶体x。为确定其组成，进行如下实验。氨的测定：精确称取w g x，加适量水溶解，注入如图所示的三颈瓶中，然后逐滴加入足量10% naoh溶液，通入水蒸气，将样品液中的氨全部蒸出，用v1 ml c1 moll1的盐酸标准溶液吸收。蒸氨结束后取下接收瓶，用c2 moll1 naoh标准溶液滴定过剩的hcl，到终点时消耗v2 ml naoh溶液。氯的测定：准确称取样品x，配成溶液后用agno3标准溶液滴定，k2cro4溶液为指示剂，至出现淡红色沉淀不再消失为终点(ag2cro4为砖红色)。回答下列问题：(1)装置中安全管的作用原理是_。(2)用naoh标准溶液滴定过剩的hcl时，应使用_式滴定管，可使用的指示剂为_。(3)样品中氨的质量分数表达式为_。(4)测定氨前应该对装置进行气密性检验，若气密性不好，测定结果将_(填“偏高”或“偏低”)。(5)测定氯的过程中，使用棕色滴定管的原因是_；滴定终点时，若溶液中c(ag)2.0105 moll1，c(cro)为_ moll1。已知：ksp(ag2cro4)1.121012(6)经测定，样品x中钴、氨和氯的物质的量之比为163，钴的化合价为_。 制备x的化学方程式为_；x的制备过程中温度不能过高的原因是_。解析(3)实验中，从样品液中蒸出的n(nh3)v1103 lc1 moll1v2103 lc2 moll1(c1v1c2v2)103 mol，样品中氨的质量分数为100%100%。(4)若装置气密性不好，有部分nh3逸出，而不能被hcl吸收，则剩余的hcl的物质的量会增多，消耗naoh增多，即c2v2的值增大，由(3)中计算式可知测得m(nh3)变小，nh3的含量偏低。(5)滴定氯的过程中，使用棕色滴定管的原因是防止agno3见光分解，根据ag2cro4(s)2ag(aq)cro(aq)及ksp的表达式得：c(cro) moll12.8103 moll1。(6)由n(co)n(nh3)n(cl)163，则知x为co(nh3)6cl3，故co的化合价为3价，制备x的过程中温度不能过高的原因是防止h2o2分解，nh3逸出。答案(1)当压力过大时，安全管中液面上升，使a瓶中压力稳定(2)碱酚酞(或甲基橙)(3)100%(4)偏低(5)防止agno3见光分解2.8103 moll1(6)32cocl22nh4cl10nh3h2o2=2co(nh3)6cl32h2o温度过高，h2o2分解，氨气逸出7乙酸正丁酯是一种重要化工原料，某实验小组利用图1、图2装置合成乙酸正丁酯(夹持装置已略去)，发生的化学反应为：ch3coohch3ch2ch2ch2ohch3cooch2ch2ch2ch3h2o可能用到的有关数据见下表：相对分子质量沸点/水中溶解性正丁醇74117.20.80微溶乙酸60118.11.05易溶乙酸正丁酯116126.50.90微溶实验步骤如下：在图1的圆底烧瓶中，装入7.0 g正丁醇和7.0 g冰醋酸，再加入34滴浓硫酸。如图1所示，安装分水器和回流冷凝管。加热圆底烧瓶，待反应基本完成后，停止加热冷却后将分水器中分出的酯层和圆底烧瓶中的