广东省汕头市高三化学上学期期末试卷（含解析）.doc

广东省汕头市2015届高三上学期期 末化学试卷一、选择题（共6小题，每小题5分，满分30分）1（5分）下列说法正确的是（）a信息产业中的光缆的主要成份是单质硅bnox、co2、pm2.5颗粒都会导致酸雨c煤经气化、液化和干馏三个物理变化过程，可变为清洁能源d高铁车厢大部分材料采用铝合金，因铝合金强度大、质量轻、抗腐蚀能力强2（5分）设na为阿伏伽德罗常数的值下列叙述正确的是（）a78gna2o2固体中含有的阴离子数为nab标准状况下，2.24l氖气所含原子数为0.2nac1l 0.1 mol/l醋酸溶液中含有的氢离子数为0.1nad标准状况下，2.24l己烷含有分子的数目为0.1na3（5分）可以大量共存的离子组是（）ana+、fe2+、no3、c1bk+、hco3、so42、ohcc1o、c1、na+、hdba2+、k+、so42、h+4（5分）下列说法不正确的是（）a电解质溶液导电的过程实际上就是电解的过程b利用电解饱和食盐水所得的产物可以生产盐酸c化学反应的限度越大，则所有反应物的转化率就一定越大d氢氧燃料电池的负极通入的是氢气5（5分）下列实验过程中，始终无明显现象的是（）ano2通入feso4溶液中bco2通入cacl2溶液中cnh3通入alcl3溶液中dso2通入已酸化的ba（no3）2溶液中6（5分）结合你所学的有机化学基础知识，判断下列说法中正确的是（）a用na2co3溶液不能区分ch3cooh和ch3cooch2ch3b将碘酒滴在鸡蛋清中，可观察到鸡蛋清显蓝色c乙酸的酯化反应和苯的硝化反应属于同种反应类型d乙烯能够发生加成反应，结构简式为ch2ch2二、选择题（共2小题，每小题3分，满分6分）7（3分）元素周期表和元素周期律可以指导人们进行规律性的推测和判断下列说法不合理的是（）a微粒x2与y2+核外电子排布相同，离子半径：x2y2+b人们可在周期表的过渡元素中寻找催化剂、耐腐蚀和耐高温的合金材料c由水溶液的酸性：hclhf，可推断出元素的非金属性：clfdbe元素与al元素同处在周期表的金属与非金属的交界处，可推出：be（oh）2+2ohbeo22+2h2o8（3分）下列实验操作或装置符合实验要求的是（）a装置可用于测定中和热b装置中，c为阳极，d 为阴极c装置可用于高温煅烧石灰石d实验：静置一段时间，小试管内有晶体析出三、填空题（共4小题，每小题15分，满分64分）9（15分）下面是ae六种有机化合物的转化关系，已知物质a显酸性请根据以下框图回答问题：（1）a、e的结构简式为：、（2）d 化合物含有的官能团名称是、（3）ab、cd的反应类型分别为：、（4）c分子间可形成八原子环状化合物的化学方程式为（5）写出b的同分异构体中2种属于酯类物质的结构简式：、10（17分）（1）根据最新“人工固氮”的研究报道，在常温常压和光照条件下n2在催化剂表面与水发生反应：2n2（g）+6h2o（l）=4nh3（g）+3o2（g）若已知：n2（g）+3h2（g）=2nh3（g）h=a kj/mol；2h2（g）+o2（g）=2h2o（l）h=b kj/mol则：2n2（g）+6h2o（l）=4nh3（g）+3o2（g）的h=（用含a、b的式子表示）（2）在一定条件下，将1.00moln2（g）与3.00molh2（g）混合于一个10.0l密闭容器中，在不同温度下达到平衡时nh3（g）的平衡浓度如图1所示其中温度为t1时平衡混合气体中氨气的体积分数为25.0%该反应在t1温度下5.00min达到平衡，这段时间内n2的化学反应速率为；当温度由t1变化到t2时，平衡常 数关系k1k2（填“”，“”或“=”），焓变h0（填“”或“”）；t1温度下该反应的化学平衡常数k1=（3）体积均为100ml ph=2的ch3cooh与一元酸hx，加水稀释过程中ph与溶液体积的关系如图2所示，则ka（hx）ka（ch3cooh）（填“、或=”）（4）25时，ch3cooh与ch3coona的混合溶液，若测得ph=6，则溶液中c（ch3coo）c（na+）=moll1（填精确值）（5）在25下，向浓度均为0.1moll1的mgcl2和cucl2混合溶液中逐滴加入氨水，先生成沉淀的离子方程式为（已知25时kspmg（oh）2=1.81011，kspcu（oh）2=2.21020）11（15分）高纯度氧化铝有广泛的用途，某研究小组研究用以下流程制取高纯度氧化铝：根据上述流程图回答下列问题：（1）“除杂”操作是加入过氧化氢后，用氨水调节溶液的ph约为8.0，以除去硫酸铵溶液中的少量fe2+写出在除去fe2+离子的过程中，发生的主要反应的离子方程式：（2）检验上述流程中“过滤”后杂质是否除尽的实验方法是（3）配制硫酸铝溶液时，需用硫酸酸化，酸化的目的是（4）“结晶”这步操作中，母液经蒸发浓缩至溶液表面刚出现薄层晶体即停止加热，然后冷却结晶，得到铵明矾晶体（含结晶水）母液不能蒸干的原因是（5）铵明矾晶体的化学式为nh4al（so4）212h2o，在0.1mol/l铵明矾的水溶液中，离子浓度最大的离子是，离子浓度最小的离子是12（17分）焦亚硫酸钠（na2s2o5）是常用的食品抗氧化剂之一某研究小组进行如下实验：实验一 焦亚硫酸钠的制取：采用如图装置（实验前已除尽装置内的空气）制取na2s2o5装置 ii中有na2s2o5晶体析出，发生的反应为：na2so3+so2=na2s2o5（1）装置中产生气体的化学方程式为（2）要从装置中获得已析出的晶体，可采取的分离方法是（3）装置用于处理尾气，可选用的最合理装置（夹持仪器已略去）为（填序号）实验二 焦亚硫酸钠的性质：na2s2o5溶于水即生成nahso3（4）证明nahso3溶液中hso3的电离程度大于水解程度，可采用的实验方法是（填序号）a测定溶液的ph b加入ba（oh）2溶液 c加入盐酸 d加入品红溶液 e用蓝色石蕊试纸检测（5）检验na2s2o5晶体在空气中已被氧化的实验方案是实验三 葡萄酒中抗氧化剂残留量的测定（6）葡萄酒常用nas2o3作抗氧化剂测定某葡萄酒中抗氧化剂的残留量（以游离so2计算）的方案如下：（已知：滴定时反应的化学方程式为so2+i2+2h2o=h2so4+2hi）按上述方案实验，消耗标准i2溶液25.00ml，该次实验测得样品中抗氧化剂的残留量（以游离so2计算）为gl1在上述实验过程中，若有部分hi被空气氧化，则测得结果（填“偏高”“偏低”或“不变”）广东省汕头市2015届高三上学期期末化学试卷参考答案与试题解析一、选择题（共6小题，每小题5分，满分30分）1（5分）下列说法正确的是（）a信息产业中的光缆的主要成份是单质硅bnox、co2、pm2.5颗粒都会导致酸雨c煤经气化、液化和干馏三个物理变化过程，可变为清洁能源d高铁车厢大部分材料采用铝合金，因铝合金强度大、质量轻、抗腐蚀能力强考点：硅和二氧化硅；清洁能源；常见的生活环境的污染及治理；合金的概念及其重要应用 专题：化学应用分析：a光缆的主要成份是二氧化硅；b二氧化硫和氮氧化物是造成酸雨的主要气体；c有新物质生成的是化学变化；d车厢大部分采用铝合金材料制造，这是因为铝合金具有质量轻，强度大，抗腐蚀能力比较强的优点解答：解：a光缆的主要成份是二氧化硅，不是硅单质，故a错误； bco2不能形成酸雨，pm2.5颗粒是可吸入颗粒物，不能形成酸雨，故b错误；c煤的干馏可得到煤焦油、焦炉气、粗苯等，而煤焦油经蒸馏又可得到苯、二甲苯等重要的化工原料；煤经气化、液化可得到甲醇等清洁能源，煤的干馏、气化和液化均属于化学变化过程，故c错误；d铝常温下能与空气中氧气反应，生成一层致密的氧化物保护膜，从而具有抗腐蚀性，铝合金材料的密度小，用以减轻列车质量，铝合金强度大，所以高铁车厢大部分材料采用铝合金，故d正确故选d点评：本题主要考查了材料的使用、环境保护等知识，掌握光纤的成分、合金的用途、酸雨、煤的综合利用等基础知识是解答本题的关键，题目难度不大2（5分）设na为阿伏伽德罗常数的值下列叙述正确的是（）a78gna2o2固体中含有的阴离子数为nab标准状况下，2.24l氖气所含原子数为0.2nac1l 0.1 mol/l醋酸溶液中含有的氢离子数为0.1nad标准状况下，2.24l己烷含有分子的数目为0.1na考点：阿伏加德罗常数 专题：阿伏加德罗常数和阿伏加德罗定律分析：a过氧化钠中的阴离子为过氧根离子，1mol过氧化钠中含有1mol过氧根离子；b稀有气体为单原子分子，标况下2.24l氖气的物质的量为0.1mol，含有0.2mol氖原子；c醋酸为弱电解质，溶液中只能部分电离出氢离子；d标况下己烷为液体，不是气体，不能使用标况下的气体摩尔体积计算其物质的量解答：解：a78g过氧化钠的物质的量为：=1mol，1mol过氧化钠中含有1mol过氧根离子，含有的阴离子数为na，故a正确；b标准状况下，2.24l氖气的物质的量为：=0.1mol，0.1mol氖气中含有0.1mol氖原子，所含原子数为0.1na，故b错误；c1l0.1 mol/l醋酸溶液中含有溶质醋酸0.1mol，0.1mol醋酸只能部分电离出氢离子，则溶液中氢离子的物质的量小于0.1mol，含有的氢离子数小于0.1na，故c错误；d标准状况下，己烷不是气体，题中条件无法计算2.24l己烷的物质的量，故d错误；故选a点评：本题考查阿伏加德罗常数的有关计算和判断，题目难度中等，注意掌握好以物质的量为中心的各化学量与阿伏加德罗常数的关系，明确标况下气体摩尔体积的使用条件，选项a为易错点，注意过氧化钠中的阴离子为过氧根离子3（5分）可以大量共存的离子组是（）ana+、fe2+、no3、c1bk+、hco3、so42、ohcc1o、c1、na+、hdba2+、k+、so42、h+考点：离子共存问题 分析：ana+、fe2+、no3、c1离子之间不满足离子反应发生反应；b碳酸氢根离子与氢氧根离子反应生成碳酸根离子和水；c次氯酸根离子与氢离子反应生成弱酸次氯酸；d钡离子与硫酸根离子反应生成硫酸钡沉淀解答：解：ana+、fe2+、no3、c1之间不发生反应，在溶液中能够大量共存，故a正确；bhco3、oh之间反应生成碳酸根离子和水，在溶液中不能大量共存，故b错误；cc1o、h+之间反应生成次氯酸，在溶液中不能大量共存，故c错误；dba2+、so42之间反应生成难溶物硫酸钡，在溶液中不能大量共存，故d错误；故选a点评：本题考查离子共存的正误判断，为2015届高考中的高频题，属于中等难度的试题，注意明确离子不能大量共存的一般情况：能发生复分解反应的离子之间； 能发生氧化还原反应的离子之间；试题侧重对学生基础知识的训练和检验，有利于培养学生的逻辑推理能力，提高学生灵活运用基础知识解决实际问题的能力4（5分）下列说法不正确的是（）a电解质溶液导电的过程实际上就是电解的过程b利用电解饱和食盐水所得的产物可以生产盐酸c化学反应的限度越大，则所有反应物的转化率就一定越大d氢氧燃料电池的负极通入的是氢气考点：电解质与非电解质；原电池和电解池的工作原理；电解原理 专题：基本概念与基本理论分析：a、电解质溶液的导电过程是电解质溶液在外加直流电源作用下电解的过程；b、电解饱和食盐水可得到氢气和氯气，二者反应生成hcl；c、反应物的转化率与起始反应物的量成反比；d、燃料电池的负极通入可燃物，可燃物在负极发生氧化反应解答：解：a、电解质溶液的导电过程是电解质溶液在外加直流电源作用下电解的过程，故a正确；b、电解饱和食盐水可得到氢气和氯气，二者反应生成hcl，溶于水制得盐酸，故b正确；c、反应物的转化率与起始反应物的量成反比，因此反应限度大的化学反应，转化率不一定大，故c错误；d、燃料电池的负极通入可燃物，可燃物在负极发生氧化反应，故d正确；故选c点评：本题考查了电化学方面的知识，涉及电解池和原电池原理，难度不大，要注重对基础知识的积累和运用5（5分）下列实验过程中，始终无明显现象的是（）ano2通入feso4溶液中bco2通入cacl2溶液中cnh3通入alcl3溶液中dso2通入已酸化的ba（no3）2溶液中考点：氧化还原反应；离子反应发生的条件；两性氧化物和两性氢氧化物 专题：实验题；元素及其化合物分析：根据物质的性质来分析发生的化学反应，若化学反应中有气体、沉淀、颜色变化等明显现象，则不符合该题的题意解答：解：a、no2通入后和水反应生成具有强氧化性的硝酸，将亚铁盐氧化为铁盐，溶液颜色由浅绿色变为黄色，现象明显，故a不选；b、因co2和cacl2不反应，无明显现象，故b选；c、nh3通入溶液中转化为氨水，与alcl3反应生成氢氧化铝沉淀，现象明显，故c不选；d、so2通入酸化的硝酸钡中，硝酸根离子在酸性条件下具有氧化性，则亚硫酸根离子被氧化为硫酸根离子，该反应生成硫酸钡沉淀，现象明显，故d不选；故选：b点评：本题考查常见的化学反应及反应的现象，熟悉常见元素化合物知识即可解答；解答此题的易错点是：不能正确理解co2和cacl2能否反应，由于盐酸是强酸，碳酸是弱酸，故将co2通入cacl2溶液中时，因碳酸钙沉淀能溶于盐酸则co2和cacl2不反应6（5分）结合你所学的有机化学基础知识，判断下列说法中正确的是（）a用na2co3溶液不能区分ch3cooh和ch3cooch2ch3b将碘酒滴在鸡蛋清中，可观察到鸡蛋清显蓝色c乙酸的酯化反应和苯的硝化反应属于同种反应类型d乙烯能够发生加成反应，结构简式为ch2ch2考点：有机物的鉴别 专题：有机反应分析：a乙酸和na2co3溶液反应，乙酸乙酯不溶于饱和na2co3溶液；b淀粉遇碘变蓝色；c都属于取代反应；d结构简式应体现官能团解答：解：a乙酸和na2co3溶液反应，乙酸乙酯不溶于饱和na2co3溶液，现象不同，可鉴别，故a错误；b淀粉遇碘变蓝色，与蛋白质不反应，可用浓硝酸检验蛋白质，故b错误；c乙酸的酯化反应和苯的硝化反应都属于取代反应，故c正确；d乙烯的结构简式为ch2=ch2，故d错误故选c点评：本题综合考查有机物的结构、性质，为高频考点，侧重于学生的分析能力的考查，注意把握有机物的结构特点和官能团的性质，把握反应类型的判断，难度不大二、选择题（共2小题，每小题3分，满分6分）7（3分）元素周期表和元素周期律可以指导人们进行规律性的推测和判断下列说法不合理的是（）a微粒x2与y2+核外电子排布相同，离子半径：x2y2+b人们可在周期表的过渡元素中寻找催化剂、耐腐蚀和耐高温的合金材料c由水溶液的酸性：hclhf，可推断出元素的非金属性：clfdbe元素与al元素同处在周期表的金属与非金属的交界处，可推出：be（oh）2+2ohbeo22+2h2o考点：元素周期律和元素周期表的综合应用 专题：元素周期律与元素周期表专题分析：a核外电子排布相同，核电荷数越大，离子半径越小；b优良的催化剂和耐高温、耐腐蚀的合金材料大多属于过渡元素；c非金属性fcl；dbe元素与al元素单质化合物具有相似的化学性质解答：解：a微粒x2与y2+核外电子排布相同，核电荷数yx，核电荷数越大，离子半径越小，故离子半径：x2y2+，故a正确；b优良的催化剂和耐高温、耐腐蚀的合金材料大多属于过渡元素，故b正确；c氢化物的酸性不能比较非金属性强弱，非金属性fcl，故c错误；dbe（oh）2与al（oh）3的化学性质相似，可推出：be（oh）2+2ohbeo22+2h2o，故d正确，故选c点评：本题考查元素周期表与元素周期律，难度不大，侧重基础知识的考查，注意掌握微粒比较的比较8（3分）下列实验操作或装置符合实验要求的是（）a装置可用于测定中和热b装置中，c为阳极，d 为阴极c装置可用于高温煅烧石灰石d实验：静置一段时间，小试管内有晶体析出考点：化学实验方案的评价 专题：实验评价题分析：a测定中和热，需要环形玻璃搅拌棒；b由电流的方向可知，a为正极，则c为阳极；c高温煅烧石灰石，生成大量的气体；d浓硫酸具有吸水性，饱和溶液中溶剂减少解答：解：a测定中和热，需要环形玻璃搅拌棒，则图中缺少必要的仪器，不能准确测定中和热，故a错误；b由电流的方向可知，a为正极，则c为阳极，所以d 为阴极，故b正确；c高温煅烧石灰石，生成大量的气体，则在坩埚中进行加热时，应将盖子取下，故c错误；d浓硫酸具有吸水性，饱和溶液中溶剂减少，则静置一段时间，小试管内有晶体析出，故d正确；故选bd点评：本题考查化学实验方案的评价，为高频考点，涉及中和热测定、电解原理及物质的性质等，把握物质的性质及反应原理为解答的关键，选项c为解答的难点，题目难度不大三、填空题（共4小题，每小题15分，满分64分）9（15分）下面是ae六种有机化合物的转化关系，已知物质a显酸性请根据以下框图回答问题：（1）a、e的结构简式为：ch2=chcooh、nh4oocch2coonh4（2）d 化合物含有的官能团名称是羧基、醛基（3）ab、cd的反应类型分别为：加成反应、氧化反应（4）c分子间可形成八原子环状化合物的化学方程式为2 hoch2ch2cooh+2h2o（5）写出b的同分异构体中2种属于酯类物质的结构简式：hcooch2ch2br、hcoochbrch3考点：有机物的推断 专题：有机物的化学性质及推断分析：a的分子式为c3h4o2，物质a显酸性，故a中含有cooh，a的不饱和度为=2，故a分子中还含有c=c双键，则a的结构简式为ch2=chcooh，c可以被氧化生成d，d可以与银氨溶液发生反应，故d中含有醛基cho，c中含有ch2oh，根据转化关系可知，b为brch2ch2cooh，c为hoch2ch2cooh，d为ohcch2cooh，e为nh4oocch2coonh4，据此解答解答：解：a的分子式为c3h4o2，物质a显酸性，故a中含有cooh，a的不饱和度为=2，故a分子中还含有c=c双键，则a的结构简式为ch2=chcooh，c可以被氧化生成d，d可以与银氨溶液发生反应，故d中含有醛基cho，c中含有ch2oh，根据转化关系可知，b为brch2ch2cooh，c为hoch2ch2cooh，d为ohcch2cooh，e为nh4oocch2coonh4，（1）由上述分析可知，a的结构简式为ch2=chcooh，e的结构简式为nh4oocch2coonh4，故答案为：ch2=chcooh；nh4oocch2coonh4；（2）d为ohcch2cooh，含有的官能团有：羧基、醛基，故答案为：羧基、醛基；（3）ab是碳碳双键与hbr发生的加成反应，cd发生醇的催化氧化反应，故答案为：加成反应；氧化反应；（4）c为hoch2ch2cooh，分子间：形成八原子环状化合物的化学方程式为：2 hoch2ch2cooh+2h2o，故答案为：2 hoch2ch2cooh+2h2o；（5）ch3ch2brcooh的同分异构体中属于酯类物质有：hcooch2ch2br、hcoochbrch3、brch2cooch3、ch3cooch2br，故答案为：hcooch2ch2br、hcoochbrch3等点评：本题考查有机物的推断，涉及烯、醇、醛、羧酸的性质与转化，是对有机化学知识的综合运用，根据a的分子式及性质判断a的结构是解题的关键，注意根据c可以连续发生氧化反应确定a与hbr发生加成反应产物，难度中等10（17分）（1）根据最新“人工固氮”的研究报道，在常温常压和光照条件下n2在催化剂表面与水发生反应：2n2（g）+6h2o（l）=4nh3（g）+3o2（g）若已知：n2（g）+3h2（g）=2nh3（g）h=a kj/mol；2h2（g）+o2（g）=2h2o（l）h=b kj/mol则：2n2（g）+6h2o（l）=4nh3（g）+3o2（g）的h=（2a3b）kj/mol（用含a、b的式子表示）（2）在一定条件下，将1.00moln2（g）与3.00molh2（g）混合于一个10.0l密闭容器中，在不同温度下达到平衡时nh3（g）的平衡浓度如图1所示其中温度为t1时平衡混合气体中氨气的体积分数为25.0%该反应在t1温度下5.00min达到平衡，这段时间内n2的化学反应速率为8.00103mol/（lmin）；当温度由t1变化到t2时，平衡常 数关系k1k2（填“”，“”或“=”），焓变h0（填“”或“”）；t1温度下该反应的化学平衡常数k1=18.3（3）体积均为100ml ph=2的ch3cooh与一元酸hx，加水稀释过程中ph与溶液体积的关系如图2所示，则ka（hx）ka（ch3cooh）（填“、或=”）（4）25时，ch3cooh与ch3coona的混合溶液，若测得ph=6，则溶液中c（ch3coo）c（na+）=9.9107moll1（填精确值）（5）在25下，向浓度均为0.1moll1的mgcl2和cucl2混合溶液中逐滴加入氨水，先生成沉淀的离子方程式为cu2+2nh3h2ocu（oh）2+2nh4+（已知25时kspmg（oh）2=1.81011，kspcu（oh）2=2.21020）考点：用盖斯定律进行有关反应热的计算；化学平衡的计算；难溶电解质的溶解平衡及沉淀转化的本质；酸碱混合时的定性判断及有关ph的计算 分析：（1）根据盖斯定律求h；（2）令参加反应的氮气的物质的量为nmol，利用三段式用n表示处于平衡时各组分的物质的量，根据氨气的体积分数列方程计算n的值，再计算用n2表示的化学反应速率；由图1可知，温度越高，平衡时nh3的浓度越小，说明升高温度平衡向逆反应进行，平衡常数减小；根据平衡常数表达式带入平衡浓度计算t1温度下该反应的化学平衡常数k1；（3）由图可知，稀释相同的倍数，hx的ph变化程度大，则酸性hx强，电离平衡常数大；（4）25时，混合液ph=6，c（h+）=1.0106mol/l，则由kw可知，c（oh）=1.0108mol/l，由电荷守恒可知，c（ch3coo）c（na+）=c（h+）c（oh）；（5）根据溶度积常数确定先沉淀的物质，溶度积常数越小的物质越先沉淀，铜离子和氨水反应生成氢氧化铜和铵根离子解答：解：（1）因为n2（g）+3h2（g）=2nh3（g）h=a kj/mol；2h2（g）+o2（g）=2h2o（l）h=b kj/mol，根据盖斯定律可知，目标反应为23，所以2n2（g）+6h2o（l）=4nh3（g）+3o2（g）h=（2a3b）kj/mol，故答案为：（2a3b）kj/mol；（2）令参加反应的氮气的物质的量为nmol，则： n2（g）+3h2（g）2nh3（g）开始（mol）：1 3 0变化（mol）：n 3n 2n平衡（mol）：1n 33n 2n所以所以100%=25%，解得n=0.4，这段时间内n2的化学反应速率为为：=8.00103mol/（lmin），故答案为：8.00103mol/（lmin）；由图可知，温度越高，平衡时nh3的浓度越小，说明升高温度平衡向逆反应进行，平衡常数减小，故平衡常数kakb，温度越高，k值越小，所以正反应是放热反应，故答案为：；n2（g）+3h2（g）2nh3（g）开始（mol）：1 3 0变化（mol）：0.4 1.2 0.8平衡（mol）：0.6 1.8 0.8平衡浓度（mol/l） 0.06 0.18 0.08k1=18.3故答案为：18.3；（3）由图可知，稀释相同的倍数，hx的ph变化程度大，则酸性hx强，hx的电离平衡常数更大，ka（hx）大于ka（ch3cooh），故答案为：；（4）25时，混合液ph=6，c（h+）=1.0106mol/l，则由kw可知，c（oh）=1.0108mol/l，由电荷守恒可知，c（ch3coo）c（na+）=c（h+）c（oh）=9.9107mol/l，故答案为：9.9107；（5）溶度积常数越小的物质越先沉淀，氢氧化铜的溶度积小于氢氧化镁的溶度积，所以氢氧化铜先沉淀，铜离子和氨水反应生成氢氧化铜沉淀和铵根离子，离子方程式为cu2+2nh3h2ocu（oh）2+2nh4+故答案为：cu2+2nh3h2ocu（oh）2+2nh4+点评：本题考查了反应热的计算、平衡计算、电解质溶液中的离子平衡，中等难度，注意基础知识的掌握和运用11（15分）高纯度氧化铝有广泛的用途，某研究小组研究用以下流程制取高纯度氧化铝：根据上述流程图回答下列问题：（1）“除杂”操作是加入过氧化氢后，用氨水调节溶液的ph约为8.0，以除去硫酸铵溶液中的少量fe2+写出在除去fe2+离子的过程中，发生的主要反应的离子方程式：2fe2+h2o2+4nh3h2o=2fe（oh）3+4nh4+（2）检验上述流程中“过滤”后杂质是否除尽的实验方法是取少许滤液于试管中，加几滴kscn溶液，若溶液不变红色，则杂质已除尽（3）配制硫酸铝溶液时，需用硫酸酸化，酸化的目的是抑制（防止）al3+水解（4）“结晶”这步操作中，母液经蒸发浓缩至溶液表面刚出现薄层晶体即停止加热，然后冷却结晶，得到铵明矾晶体（含结晶水）母液不能蒸干的原因是减少可溶性杂质的析出及al3+水解（5）铵明矾晶体的化学式为nh4al（so4）212h2o，在0.1mol/l铵明矾的水溶液中，离子浓度最大的离子是so42，离子浓度最小的离子是oh考点：物质分离和提纯的方法和基本操作综合应用；制备实验方案的设计 专题：实验设计题分析：由工艺流程可知，加入过氧化氢将溶液中fe2+氧化为fe3+，加入氨水调节溶液ph值，fe3+使转化为fe（oh）3，过滤后滤液主要含硫酸铵，再将硫酸铵和硫酸铝溶液混合反应，经蒸发浓缩、冷却结晶、过滤、洗涤、干燥等最终得到硫酸铝铵晶体，硫酸铝铵晶体热分解得到氧化铝（1）h2o2溶液具有强氧化性，可以氧化亚铁离子生成铁离子，铁离子在氨水存在的条件下生成氢氧化铁红褐色沉淀；（2）由工艺流程可知，加入过氧化氢将溶液中fe2+氧化为fe3+，加入氨水调节溶液ph值，fe3+使转化为fe（oh）3，过滤后的滤液中可能含有fe3+，用kscn溶液检验是否含有fe3+；（3）铝离子在溶液中能够发生水解生成氢氧化铝；（4）蒸干会析出可溶性杂质的析出，且al3+水解程度增大；（5）根据题中所给的化学式，利用铵根和铝离子水解进行解答即可解答：解：（1）h2o2溶液具有强氧化性，可以氧化亚铁离子生成铁离子，铁离子在氨水存在的条件下生成氢氧化铁红褐色沉淀，反应的离子方程式：2fe2+h2o2+4nh3h2o=2fe（oh）3+4nh4+，故答案为：2fe2+h2o2+4nh3h2o=2fe（oh）3+4nh4+；（2）由工艺流程可知，加入过氧化氢将溶液中fe2+氧化为fe3+，加入氨水调节溶液ph值，fe3+使转化为fe（oh）3，过滤后的滤液中可能含有fe3+，取少许滤液于试管中，加几滴kscn溶液，若溶液不变红色，则杂质已除尽，故答案为：取少许滤液于试管中，加几滴kscn溶液，若溶液不变红色，则杂质已除尽；（3）由于铝离子在溶液中能够发生水解生成氢氧化铝，所以加入硫酸酸化，抑制了铝离子的水解，故答案为：抑制al3+水解；（4）由于蒸干会析出可溶性杂质的析出，且al3+水解程度增大，所以母液不能蒸干，故答案为：减少可溶性杂质的析出及al3+水解；（5）铵明矾晶体的化学式为nh4al（so4）212h2o，在0.1mol/l铵明矾的水溶液中，未水解前，c（al3+）=c（nh4+）=0.1mol/l，由于铵根和铝离子均水解，水解结合水电离出的氢氧根，故水解后浓度均小于0.1mol/l，c（so42）=0.2mol/l，0.20.1，故答案为：so42；oh点评：本题考查工艺流程、离子检验、盐类水解、对条件的控制选择、物质的分离提纯等，理解工艺流程原理是解题的关键，是对学生综合能力的考查，需要学生具备扎实的基础与灵活运用能力，题目难度中等12（17分）焦亚硫酸钠（na2s2o5）是常用的食品抗氧化剂之一某研究小组进行如下实验：实验一 焦亚硫酸钠的制取：采用如图装置（实验前已除尽装置内的空气）制取na2s2o5装置 ii中有na2s2o5晶体析出，发生的反应为：na2so3+so2=na2s2o5（1）装置中产生气体的化学方程式为na2so3+h2so4=na2so4+so2+h2o（2）要从装置中获得已析出的晶体，可采取的分离方法是过滤（3）装置用于处理尾气，可选用的最合理装置（夹持仪器已略去）为d（填序号）实验二 焦亚硫酸钠的性质：na2s2o5溶于水即生成nahso3（4）证明nahso3溶液中hso3的电离程度大于水解程度，可采用的实验方法是ae（填序号）a测定溶液的ph b加入ba（oh）2溶液 c加入盐酸 d加入品红溶液 e用蓝色石蕊试纸检测（5）检验na2s2o5晶体在空气中已被氧化的实验方案是取少量na2s2o5晶体于试管中，加入适量水溶解，滴加盐酸，振荡，再滴加氯化钡溶液，有白色沉淀生成实验三 葡萄酒中抗氧化剂残留量的测定（6）葡萄酒常用nas2o3作抗氧化剂测定某葡萄酒中抗氧化剂的残留量（以游离so2计算）的方案如下：（已知：滴定时反应的化学方程式为so2+i2+2h2o=h2so4+2hi）按上述方案实验，消耗标准i2溶液25.00ml，该次实验测得样品中抗氧