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安远一中高二物理周练试题一、选择题（每题4分共40分）1某实验小组用三只相同的小灯泡连接成如图所示的电路，研究串并联电路的特点.实验中观察到的现象是( )A.K2断开，K1与a连接，三只灯泡都熄灭B.K2断开，K1与b连接，三只灯泡亮度相同C.K2闭合，K1与a连接，三只灯泡都发光，L1、L2亮度相同D.K2闭合，K1与b连接，三只灯泡都发光，L3的亮度小于L2的亮度2三只完全相同的电压表，如图所示接入电路中，已知V1的示数为12V，V2的示数为4V，V3的示数应是 （ ） A大于8V，小于12V B大于4V，小于8VC8V D12V 3根据电阻定律，电阻率对于温度一定的某种金属来说，它的电阻率（ ）A.跟导线的电阻成正比 B. 由所用金属材料的本身特性决定C. 跟导线的横截面积成正比 D.跟导线的长度成反比4若用E表示电源电动势，U表示外电压，U 表示内电压，R表示外电路总电阻(外电路为纯电阻电路)，r表示内电阻，I表示总电流，考察下列各关系式：U =IR U =EU E=U+Ir I=E/(R+r) U=ER/(R+r) U=E+Ir上述关系式中成立的是 A B C D 5 M、N是平行板电容器的两个极板，R0为定值电阻，R1、R2为可调电阻，用绝缘细线将质量为m、带正电的小球悬于电容器内部闭合开关S，小球静止时受到悬线的拉力为F.调节R1、R2，关于F的大小判断正确的是 ()A保持R1不变，缓慢增大R2时，F将变大B保持R1不变，缓慢增大R2时，F将变小C保持R2不变，缓慢增大R1时，F将变大D保持R2不变，缓慢增大R1时，F将变小R1A1A2VSR2R3abE r6在如下图电路中，E、r为电源电动势和内阻，R1 和 R3为定值电阻，R2为滑动变阻器，R2的滑动触点在a端时合上开关S，此时三个电表A1、A2和V的示数分别为I1、I2和U。现将R2的滑动触点向b端移动，则三个电表示数的变化情况是 （ ） AI1增大，I2不变，U增大 BI1减小，I2增大，U减小CI1增大，I2减小，U增大 DI1减小，I2不变，U减小7电阻非线性变化的滑动变阻器R2接入图甲的电路中，移动滑动变阻器触头改变接入电路中的长度x（x为图中a与触头之间的距离），定值电阻R1两端的电压U1与x间的关系如图乙，a、b、c为滑动变阻器上等间距的三个点，当触头从a移到b和从b移到c的这两过程中，下列说法正确的是( )A电流表A示数变化相等B电压表V2的示数变化不相等C电阻R1的功率变化相等D电源的输出功率均不断增大8调整如图所示电路的可变电阻R的阻值，使电压表V的示数增大U，在这个过程中下列说法正确的是（ ）A通过R1的电流增加，增加量一定等于U/R1BR2两端的电压减小，减少量一定等于UC通过R2的电流减小，但减少量一定小于U/R2D路端电压增加，增加量一定等于U9一直流电动机正常工作时两端的电压为U，通过的电流为I，电动机线圈的电阻为r。该电动机正常工作时，下列说法正确的是( )A电动机消耗的电功率为 B电动机的输出功率为C电动机的发热功率为 DI、U、r三个量间满足10如图所示的电路中，开关S闭合后，灯泡A和B都正常发光。由于电路故障，灯泡B变暗（没有熄灭），灯泡A变亮，则电路中可能发生的故障是：AR1短路 BR1断路 CR2短路 DR2断路题号12345678910答案班级 姓名 座号 成绩 二、实验题11（6分）（试研究长度为l、横截面积为S，单位体积自由电子数为n的均匀导体中电流的流动。在导体两端加上电压U，于是导体中有匀强电场产生，在导体内移动的自由电子（-e）受匀强电场作用而加速而和做热运动的阳离子碰撞而减速，这样边反复进行边向前移动，可以认为阻碍电子运动的阻力大小与电子移动的平均速度v成正比，其大小可以表示成kv（k是常数）（1）电场力和碰撞的阻力相平衡时，导体中电子的速率v成为一定值，这时v为（ ）A B C D（2）设自由电子在导体中以一定速率v运动时，该导体中所流过的电流是_（3）该导体电阻的大小为_（用k、l、n、s、e表示） 12（4分）在用伏安法测量一个定值电阻阻值的实验中提供了如下器材，器材规格如下：（1）待测电阻Rx（约100 ）；（2）直流毫安表（量程020 mA，内阻约50 ）；（3）直流电压表（量程03 V，内阻约5 k）；（4）直流电源（输出电压3 V，内阻可不计）；（5）滑动变阻器（阻值范围015 ，允许最大电流1 A）；（6）电键一个，导线若干条.实验要求最大限度的减小误差，则毫安表的连接应选择 （填“内接” 或“外接”）的连接方式；滑动变阻器的连接应选择 （填“限流” 或“分压”）的连接方式。13（12分）甲同学设计了如图所示的电路测电源电动势E及电阻R1和R2阻值。实验器材有：待测电源E（不计内阻），待测电阻R1，待测电阻R2，电压表V（量程为1.5V，内阻很大），电阻箱R（099.99），单刀单掷开关S1，单刀双掷开关S2，导线若干。先测电阻R1的阻值。请将甲同学的操作补充完整：A、闭合S1，将S2切换到a，调节电阻箱，读出其示数r和对应的电压表示数Ul，B、保持电阻箱示数不变， ，读出电压表的示数U2。C、则电阻R1的表达式为R1_。甲同学已经测得电阻Rl4.80 ，继续测电源电动势E和电阻R2的阻值。该同学的做法是：闭合S1，将S2切换到a，多次调节电阻箱，读出多组电阻箱示数R和对应的电压表示数U，由测得的数据，绘出了如图所示的图线，则电源电动势 E_V，电阻R2_。（保留三位有效数字）利用甲同学设计的电路和测得的电阻Rl，乙同学测电源电动势E和电阻R2的阻值的做法是：闭合S1，将S2切换到b，多次调节电阻箱，读出多组电阻箱示数R和对应的电压表示数U，由测得的数据，绘出于相应的图线，根据图线得到电源电动势E和电阻R2。这种做法与甲同学的做法比较，由于电压表测得的数据范围_（选填“较大”、“较小”或“相同”），所以_同学的做法更恰当些。14（8分）在测定一组干电池的电动势和内电阻的实验中，备有下列器材：A.待测的干电池B.电流传感器1 C.电流传感器2D.滑动变阻器R（020，2 A）E.定值电阻R0（2000）F.开关和导线若干某同学发现上述器材中虽然没有电压传感器，但给出了两个电流传感器，于是他设计了如图甲所示的电路来完成实验。（1）在实验操作过程中，该同学将滑动变阻器的滑片P向右滑动，则电流传感器1的示数将_（选填“变大”或“变小”）。（2）图乙为该同学利用测出的实验数据绘出的I1-I2图线（I1为电流传感器1的示数，I2为电流传感器2的示数，且I2的数值远远大于I1的数值），则由图线可得被测电池的电动势E_V，内阻r_。（3）若将图线的纵坐标改为_，则图线与纵坐标的交点的物理含义即为电动势的大小。三、计算题15（10分）如图所示，电阻R18，电动机绕组电阻R02，当电键K断开时，电阻R1消耗的电功率是2.88W；当电键闭合时，电阻R1消耗的电功率是2W，若电源的电动势为6V.求：电键闭合时，电动机输出的机械功率.16（10分）如图所示的电路中，电源电动势E6V，内阻r=1，电阻R1=3，R2=6，电容器的电容C=3.6F，二极管D具有单向导电性，开始时，开关S1闭合，S2断开。（1）合上S2，待电路稳定以后，求电容器C上电量变化了多少？（2）合上S2，待电路稳定以后再断开S1，求断开S1后流过R1的电量是多少？17（10分）如图所示电路，已知电源电动势=6.3V，内电阻r=0.5，固定电阻R1=2，R2=3，R3是阻值为5的滑动变阻器。按下电键K，调节滑动变阻器的触点，求通过电源的电流范围。参考答案1选D.【解析】 K2断开，K1与a连接时三只灯泡串联，三只灯泡应该亮度相同，A错误；K2断开，K1与b连接时，L1、L2两只灯泡串联，L3被断开没有接入电路，B错误；K2闭合，K1与a连接时只有L2亮，L1和L3被短路，C错误；K2闭合，K1与b连接时，L1和L3并联，然后与L2串联，此时三只灯泡都发光，L3的亮度与L1的亮度相同，都小于L2的亮度，D正确.2C【解析】因为三个电压表相同，所以内阻相同，电压表V2的示数小于电压表V3的示数，设电压表阻值为R，则两并联支路等效电阻大于R/2，根据串联分压，并联段电压应大于6V3B【解析】试题分析：电阻率描述的是导体本身的一种特性，是表征材料性质的重要的物理量，它与导体的材料有关，不与题意中的公式后的物理量有关，B对，ACD错。考点：本题考查影响导体材料电阻率的因素。点评：本题比较简单，学生要明确导体的电阻率与导体的材料有关。4B【解析】试题分析：根据闭合电路欧姆定律得：U =Ir U =IR U =EU U=ER/(R+r)，则B正确，ACD错误。考点：本题考查闭合电路欧姆定律中各量间的关系。5B【解析】试题分析：保持R1不变，缓慢增大R2时，电路的总电阻增大，由闭合电路欧姆定律知电路的总电流减小，通过电阻R0的电流变小，由知两端的电压变小，所以电容器两端的电压变小，由知场强E变小，再由知电场力F变小，B对，A错；保持R2不变，缓慢增大R1时，电路的总电阻不变，由闭合电路欧姆定律知电路的总电流不变，通过电阻R0的电流不变，由知两端的电压不变，所以电容器两端的电压不变，由知场强E不变，再由知电场力F不变，CD错。考点：本题考查全电路的分析，含容电路的分析点评：学生要知道含电容器的电路没有恒定电流，分析时按断路处理，本题的R1只起到导线的作用，没有和其他的元件构成回路。6B【解析】试题分析：滑动触点向b端移动，接入电路电阻减小，闭合电路总电阻减小，通过电源的电流增大，据可知路端电压变小，U减小；由可知两端的电压增大，据得减小，减小；由可得增大。故选B考点：闭合电路动态分析点评：动态问题分析思路总体来说是按照先部分后整体再部分的顺序，要充分利用电路中不变部分的电阻不变的特点，间接地讨论电路变化部分还要注意电源是有内阻的。7A【解析】试题分析：根据欧姆定律得到电阻两端的电压，由图看出，电压变化相等，一定，则知电流的变化相等，即得电流表示数变化相等故A正确电压表的示数，电流I的变化相等，一定，则相等故B错误电阻的功率，其功率的变化量为，由上知相等，而I减小，则知，从a移到b功率变化量较大故C错误由图乙知，减小，电路中电流减小，总电阻增大，由于外电路总与电源内阻的关系未知，无法确定电源的输出功率如何变化故D错误故选A考点：闭合电路的欧姆定律点评：分析电路图，得出滑动变阻器和定值电阻串联，利用好串联电路的特点和欧姆定律是基础，关键要利用好从图象得出的信息8AC【解析】V的示数增大，显然A正确；V的示数增大，可知R增大，干路中的电流I减小，即流过R2的电流减小，R2两端的电压减小，且R2两端电压的减少量小于U (R2两端电压的减少量与内电压的减少量之和等于U)，故B错误，C正确；路端电压U外=E-Ir，可知U外增加；增加量一定小于U (路端电压的增加量等于U减去R2两端电压的减少量)，故D不正确。9ABC【解析】试题分析：电动机正常工作时，其电路是非纯电阻电路，欧姆定律不再成立，其电功率，发热功率，所以电动机的输出功率为，A、B、C正确，由于欧姆定律不再成立，所以D错误，故选ABC,考点：本题考查对非纯电阻电路电功率、热功率和输出功率关系的理解和运算能力点评：要注意在非纯电阻电路中，求电功率，只能用，求发热功率只能用，由于欧姆定律不成立，10B【解析】试题分析：电路为串并联电路，电阻R1与灯A并联，电阻R2与灯B并联，然后是串联在电路中，根据“串反并同”，即串联电器的电压电流都与该电阻反向变化，并联电器的电压电流都与该电阻同向变化.短路就是电阻变小为0，断路就是电阻变大为无穷大。据此判断，R1短路会使得与之串联的电阻R2与灯B电流变大B灯变亮，与之并联的灯A电流变小（被短路，电流减小为0），A灯熄灭，选项A错误。R1断路会使得与之串联的电阻R2与灯B电流变小B灯变暗，与之并联的灯A电流变大A灯变亮，答案B对。R2短路使得与之串联的电阻R1与灯A电流变大，A灯变亮，与之并联的灯B电流变小（被短路减小到0）B灯熄灭，答案C错误。R2断路使得与之串联的电阻R1与灯A电流变小，A灯变暗，与之并联的灯B电流变大，B灯变亮。考点：电路故障判断【答案】（1）B （2）I= （3）R= 【解析】据题意可得kv=eE，其中E=U/l，因此v=eU/lk选顶B正确据电流微观表达式I=neSv，可得I=，再由欧姆定律可知R=12外接 分压【解析】本实验中要求多测几组数据才能正确的得出伏安特性曲线，故滑动变阻器采用分压接法；而灯泡内阻与电压表内阻相差不多，故用电流表内接法无法正确测量，故电流表应选用外接法；13将S2切换到b； 1.43；1.20；较小，甲【解析】试题分析：先测出电阻箱R两端的电压U1，再测出电阻箱与R1的总电压U2，两次的电压之比就等于电阻R与R+R1之比，因此电键先打到a，之后再打到b，这时，因此；根据闭合电路欧姆定律，整理得：，可知图象的截距，可得，而图象的斜率，而Rl4.80 ，可得，乙同学测量时，由于电压表测量的是R与R1的总电压，因此电阻箱调节范围较小，也就是电压表变化范围较小，甲同学的更合理。考点：测电源电动势和内电阻14【解析】（1）将滑动变阻器的滑片P向右滑动，则电阻减小，路端电压减小，所以电流传感器1的示数将变小（2）由图线可得被测电池的电动势E，内阻r（3）若将图线的纵坐标改为，则图线与纵坐标的交点的物理含义即为电动势的大小151.5W 【解析】K断开时，电流0.6A （2分）电源内阻EIR12 （ 2分）K闭合时，路端电压4V （ 2分 ） 电流R0.5A （1分）总电流E1A （ 2分）通过电动机的电流0.5A- （1分）电动机的机械功率1.5W （2分）本题考查闭合电路中非纯电阻电路的功率分配问题，当K断开时，电路中只有电阻R1，由电阻消耗功率和电阻R1的阻值可求得流过电路的电流，由电路欧姆定律即可求得电源内阻，当K闭合时，由电阻R1的功率和电阻阻值可求得电路电流和路端电压，对于非纯电阻电路欧姆定律不再适用，此时由E-U可求得流过电源的干路电流，从而求得电动机的支路电流，由P=UI可求得电动机的输入功率，由热功率可求得电动机内电阻消耗的功率，由能量守恒定