河北省普通高中高二物理下学期5月学业考试试卷（含解析）.doc

2013-2014学年河北省普通高 中高二（下）学业考试物理试卷（5月份）一、单项选择题（本大题每小题2分，共计40分每小题只有一个选项是正确的其中1625题为选修模块试题，根据自己选修情况，两个模块任选一个作答两模块都答者，按照选修1-1模块计分）1 （2014河北）下列单位中属于国际单位制的基本单位的是（）a库仑b千克c吨d牛顿考点：力学单位制分析：国际单位制规定了七个基本物理量分别为长度、质量、时间、热力学温度、电流、光强度、物质的量它们的在国际单位制中的单位称为基本单位，而物理量之间的关系式推到出来的物理量的单位叫做导出单位解答：解：千克是国际单位制的基本单位牛顿、库仑是国际单位制中的导出单位，吨是常用单位，故b正确，a、c、d错误故选：b点评：国际单位制规定了七个基本物理量，这七个基本物理量分别是什么，它们在国际单位制分别是什么，这都是需要学生自己记住的2 （2014河北）下列说法中指时刻的是（）a列车起动后的第3s内b列车在石家庄站停8minc列车8：00到站d列车起动前1s内考点：时间与时刻专题：常规题型分析：正确解答本题的关键是：理解时间间隔和时刻的区别，时间间隔是指时间的长度，在时间轴上对应一段距离，时刻是指时间点，在时间轴上对应的是一个点解答：解：a、列车起动后的第3s内，3s内是指时间间隔，故a错误；b、列车在石家庄站停8min，8min是时间间隔，故b错误；c、列车8：00到站，8点是指时刻，故c正确；d、列车起动前1s内，1s内是指时间间隔，故d错误；故选：c点评：只要掌握了时刻在时间轴上对应的是一点，而时间间隔在时间轴上对应的是一段，即可顺利解决此类题目3 （2014河北）从高5m处以某一初速度竖直向下抛出一个小球，与地面相碰后竖直弹起，上升到高为2m处被接住，则这一过程中（）a小球的位移大小为7m，路程为7mb小球的位移大小为3m，路程为7mc小球的位移大小为3m，路程为3md小球的位移大小为7m，路程为3m考点：位移与路程专题：直线运动规律专题分析：位移的大小等于首末位置的距离，方向由初位置指向末位置路程等于运动轨迹的长度解答：解：从高为5m处以某一初速度竖直向下抛出一个小球，在与地面相碰后弹起，上升到高为2m处被接住，首末位置的距离为3m，所以位移的大小等于3m，方向竖直向下运动轨迹的长度为7m，所以路程等于7m故b正确，a、c、d错误故选：b点评：解决本题的关键知道位移是矢量，大小等于首末位置的距离，路程是标量，大小等于运动轨迹的长度4 （2014河北）汽车在距路口100m处遇红灯开始刹车做匀减速直线运动，在路口停留30s后，匀加速起动至速度恢复到刹车前的速度，下列vt图象可以表示此过程的是（）abcd考点：匀变速直线运动的图像专题：运动学中的图像专题分析：vt图象中，与时间轴平行的直线表示做匀速直线运动，倾斜的直线表示匀变速直线运动，斜率表示加速度，倾斜角越大表示加速度越大解答：解：vt图象中，与时间轴平行的直线表示做匀速直线运动，倾斜的直线表示匀变速直线运动，斜率表示加速度，汽车先做匀减速直线运动，速度随时间均匀减小，速度为正，加速度为负，在路口停留30s后，汽车处于静止状态，速度为零，后做匀加速直线运动，速度随时间均匀增大，故a正确故选：a点评：本题是为速度时间图象的应用，要明确斜率的含义，根据根据运动情况画出速度时间图象，难度不大，属于基础题5 （2014河北）如图所示，在第一次世界大战期间，一名飞行员在2km的高空飞行时，发现脸旁有一个小东西，他以为是一只小昆虫，便敏捷的把它一把抓了过来，令他吃惊的是，抓到的竟是一颗子弹飞行员能抓到子弹，是因为（）a飞行员的反应快b子弹相对地面速度很小c飞行员手有劲d子弹相对飞行员速度极小考点：参考系和坐标系专题：直线运动规律专题分析：根据当两个运动的物体相对静止时，这两个物体运动的方向和速度应该相同，这样它们之间的位置才能不发生变化来分析此题解答：解：子弹在飞行员脸旁，飞行员能够顺手抓住，说明子弹和飞行员之间保持相对静止，即二者之间的位置没有发生变化，满足这种情况的条件是子弹和飞机运动的方向相同，并且二者的速度也一样，也可以说子弹相对于飞行员来说是几乎静止的故d正确，abc错误；故选：d点评：该题考查了物体运动和静止的相对性，注意两个运动的物体如果保持相对静止，这两个物体运动的方向和速度大小都相同6 （2014河北）如图所示，一个弹簧称受到两根绳子的拉力，已知f1=6n，f2=8n，这两个拉力之间的夹角为90，则稳定后弹簧称的示数为（）a14nb2nc10nd12n考点：力的合成专题：平行四边形法则图解法专题分析：二力的合力的效果使弹簧拉长，弹簧秤的示数即为二力的合力的大小，求出二力的合力，即可得知弹簧秤的示数了解答：解：稳定后弹簧秤的示数为这两个力的合力的大小，因这两个拉力之间的夹角为90，所以合力为：f合=10n所以选项abd错误，c正确故选：c点评：该题的实质是三个力的合成，对弹簧秤的秤钩进行研究，受到三个力的作用，分别是已知f1，f2和弹簧秤的弹簧的弹力，秤钩受到的合力为零解决物理问题，正确的树立物理模型是解题的关键7 （2014河北）下列关于摩擦力的说法正确的是（）a静止在粗糙水平面上的物体一定受到静摩擦力的作用b静止的物体一定不会受到滑动摩擦力的作用c运动的物体可能受静摩擦力的作用d运动的物体一定不会受到静摩擦力的作用考点：静摩擦力和最大静摩擦力专题：摩擦力专题分析：摩擦力的概念是：两个互相接触的物体，当它们做相对运动时，在接触面上会产生一种阻碍相对运动的力，这种力就叫摩擦力根据两个物体的运动情况不同，可将摩擦力分为两种：当一个物体在另一个物体表面滑动时，产生的摩擦力叫滑动摩擦力当一个物体与另一个物体之间没有相对滑动时，产生的摩擦力叫静摩擦力解答：解：a、静摩擦力产生的条件是接触面粗糙，存在压力与相对运动趋势，故a错误；b、当一个物体在另一个物体表面滑动时，产生的摩擦力叫滑动摩擦力；受滑动摩擦力的物体不一定是运动的；如雪橇在雪地上滑动时，地面没有动，但是地面受到滑动摩擦力作用，故b错误；c、运动的物体可能受静摩擦力的作用，比如：正在沿传送带向上运动的物体；故c正确；d错误；故选：c点评：本题考查了摩擦力种类和方向，抓住产生滑动摩擦力产生的条件，以及摩擦力的效果阻碍物体的相对运动；看解答此题8 （2014河北）如图所示，小钢球以初速度v0在光滑水平桌面上运动，由于受到磁极的作用力而作图示的曲线运动到达b点，从图中可知磁极的位置可能为（）a位置ab位置bc位置cd位置d考点：物体做曲线运动的条件专题：物体做曲线运动条件专题分析：做曲线运动的物体轨迹一定处于合外力与速度方向之间且弯向合外力这一侧解答：解：做曲线运动物体的轨迹一定处于合外力与速度方向之间且弯向合外力这一侧，所以钢球受到的吸引力指向弧内，则磁极在a位置故选：a点评：本题主要考查了曲线运动的条件，知道做曲线运动的物体轨迹一定处于合外力与速度方向之间且弯向合外力这一侧，难度不大，属于基础题9 （2014河北）在宽度为d的河中，水流速度为v0，船在静水中速度为v1，现让该船以最短时间渡河，则该船（）a渡河速度大小为v0+vlb渡河位移为dc渡河时间为d渡河时间为考点：运动的合成和分解专题：运动的合成和分解专题分析：将小船的运动分解为沿船头指向和顺水流方向的两个分运动，两个分运动同时发生，互不干扰，与合运动相等效解答：解：a、根据题意：该船以最短时间渡河，可知，船与河岸垂直，渡河速度大小为v=，故a错误；b、当船头垂直过河时，其位移大于河宽，故b错误；c、d、将小船的运动分解为沿船头指向和顺水流方向的两个分运动，两个分运动同时发生，互不干扰，故渡河时间与顺水流方向的分运动无关，当船头与河岸垂直时，沿船头方向的分运动的分位移最小，故渡河时间最短，最短时间为，故c错误，d正确；故选：d点评：本题关键是当船头与河岸垂直时，渡河时间最短，同时合速度与分速度遵循平行四边形定则10 （2014河北）做匀速圆周运动的物体，其线速度（）a大小不变，方向改变b大小改变，方向不变c大小和方向都改变d大小和方向都不变考点：线速度、角速度和周期、转速专题：常规题型分析：解决本题的关键是把握匀速圆周运动的特点：线速度大小不变，而线速度的方向时刻改变解答：解：匀速圆周运动中的“匀速”是指匀速率即线速度的大小大小保持不变，故b、d错误又由于物体做曲线运动的速度方向始终沿轨迹的切线方向，而不同的位置切线方向不同，所以匀速圆周运动的线速度的方向时刻改变故选a点评：本题解题的关键是掌握匀速圆周运动的特点：线速度的大小不变，方向沿切线方向而时刻改变11 （2014河北）一颗人造卫星在地球引力作用下，绕地球做匀速圆周运动，已知地球的质量为m，地球的半径为r，卫星的质量为m，卫星离地面的高度为h，引力常量为g，则地球对卫星的万有引力大小为（）abcd考点：万有引力定律及其应用专题：万有引力定律的应用专题分析：万有引力的大小公式为f=，r为卫星到地心的距离解答：解：根据万有引力的大小公式为f=，r=r+h所以f=故a正确，b、c、d错误故选a点评：解决本题关键掌握万有引力的大小公式f=，以及知道r为卫星到地心的距离12 （2014河北）关于功的正负，下列说法正确的是（）a功的正负表示功的方向b功的正负表示功的大小c功的正负表示物体运动方向d功的正负由力与位移的夹角决定考点：功的计算专题：功的计算专题分析：功的正负不表示方向，功是标量；正功表示动力做功，而负功表示阻力做功解答：解：a、功的正负不表示方向，也不表示大小；只表示是动力做功还是阻力做功，故只说明了能转化的方向；故abc错误；d、由w=flcos可知，功的正负由力与位移的夹角决定，故d正确故选：d点评：本题考查功的正负的含义，要求明确功的正负不表示方向，只表示能量转化的方向13 （2014河北）若静止在平直公路上的汽车以恒定的功率启动在启动开始后的一小段时间内，关于汽车的运动，下列说法正确的是（）a汽车做匀加速直线运动b汽车的速度和加速度均不断增大c汽车的速度增大，加速度减小d汽车做匀速运动考点：功率、平均功率和瞬时功率专题：功率的计算专题分析：汽车以恒定功率启动，汽车做加速运动，由p=fv判断汽车的牵引力如何变化，然后由牛顿第二定律判断汽车的加速度如何变化，最后判断汽车的运动性质解答：解：汽车以恒定功率p启动，汽车做加速运动，由f=可知，随汽车速度v的增加，汽车的牵引力减小，由牛顿第二定律可知，汽车的加速度：a=减小，在开始的一段时间内，汽车做加速度减小的加速运动，故c正确；故选：c点评：本题考查了判断汽车的速度与加速度如何变化，应用功率公式p=fv、牛顿第二定律即可解题，分析清楚汽车运动过程是正确解题的关键，本题是一道基础题14 （2014河北）下例物体运动过程中，机械能守恒的是（）a匀速下降的雨滴b物体做自由落体运动c物体由斜面顶端匀速滑到斜面底端d摩天轮上的游客在竖直面内做匀速圆周运动考点：机械能守恒定律专题：机械能守恒定律应用专题分析：机械能守恒的条件：只有重力或只有弹力做功，系统机械能守恒根据机械能守恒的条件分析答题也可以根据机械能的概念：机械能等于动能与势能之和进行判断解答：解：a、雨滴匀速下落时，受到向上的阻力作用，阻力做负功，其机械能减小，故a错误b、物体自由下落时，只受重力；故只有重和做功；机械能守恒；故b正确；c、物块沿斜面匀速下滑时，一定有摩擦力做功；故机械能不守恒；故c错误；d、摩天轮上的游客在竖直面内做匀速圆周运动；动能不变，重力势能变化；故机械能不守恒；故d错误；故选：b点评：对于机械能是否守恒的判断，关键掌握机械能守恒的条件，也可以从能量转化的角度进行分析15 （2014河北）从地球上发射的两颗人造地球卫星a和b，绕地球做匀速圆周运动的半径之比为ra：rb=4：1，它们运动周期之比ta：tb为（）a2：1b4：1c8：1d16：1考点：人造卫星的加速度、周期和轨道的关系专题：人造卫星问题分析：万有引力提供向心力，根据可比较出周期解答：解：由于万有引力提供向心力，根据得：则有：故选：c点评：解决本题的关键掌握万有引力提供向心力，然后由比值的方法即可正确解答二、选择题（共5小题，每小题3分，满分15分）16（3分）（2014河北）一个电热器接在220v交流电路中，功率为lkw若把它接在直流电路中，使其功率仍为lkw，直流电路的电压为（）a220vbvc220vd380v考点：电功、电功率专题：恒定电流专题分析：根据功率公式p=，分别对交流和直流进行列式，对于交流，u是电流的有效值解答：解：电热器接在220v交流电路上，220v知交流电的有效值，根据功率公式p=，得：1000w=得直流电路的电压为：u=220v故选：a点评：对于电功率公式p=，交流和直流都可以运用同时要掌握电流有效值的定义；要知道对于交流，u是电流的有效值，而不是最大值17（3分）（2014河北）在电磁波谱中，红外线、可见光和x射线三个波段的频率大小关系是（）a红外线的频率最大，可见光的频率最小b可见光的频率最大，红外线的频率最小cx射线频率最大，可见光的频率最小dx线频率最大，红外线的频率最小考点：x射线、射线、射线、射线及其特性；红外线的热效应和红外线遥控分析：电磁波是由变化电磁场产生的，电磁波有：无线电波、红外线、可见光、紫外线、伦琴射线、射线它们的波长越来越短，频率越来越高解答：解：红外线、可见光和伦琴射线（x射线）三个波段的波长是从长到短，所以其频率是从低到高则频率最高的是伦琴射线（x射线），频率最小的红外线故选：d点评：对于电磁波谱要注意根据其波长或频率的变化而变化的规律18（3分）（2014河北）真空中有两个静止的点电荷，它们之间的相互作用力大小为f若它们的带电量都增大为原来的2倍，距离减小为原来的，它们之间的相互作用力大小变为（）abfc4fd16f考点：库仑定律分析：由库仑力公式可得出两次作用力的表达式，则可求得距离减小后的相互作用力解答：解：由库仑定律可得：f=k； 变化后f=16f故选：d点评：本题考查库仑定律的直接应用，只需注意数值的变化即可顺利求出19（3分）（2014河北）把螺线管与电源连接，发现小磁针n极向螺线管偏转，静止时所指方向如图所示下列说法正确的是（）a螺线管左端接电源正极b若将小磁针移到螺线管内部，小磁针n极所指方向不变c若将小磁针移到螺线管左端，小磁针n极将转过180d若将小磁针移到螺线管正上方，小磁针n极所指方向不变考点：通电直导线和通电线圈周围磁场的方向分析：先根据小磁针的转动，结合磁极间的相互作用判断出螺线管的极性，再利用安培定则判断出电流的方向，最后根据电流方向判断出电源的正负极解答：解：a、闭合开关后，小磁针的s极向右偏转，n极向左偏，说明螺线管的左端为n极，右端为s极用右手握住螺线管，使大拇指指向螺线管的n极，四指环绕的方向就是电流的方向由此可知，电流从左端流出、右端流入，因此，电源的右极为正极，左端为负极故a错误b、若将小磁针移到螺线管内部，因磁感线方向不变，则小磁针n极所指方向不变，故b正确；c、若将小磁针移到螺线管左端，因磁场方向不变，则小磁针n极指向仍不变，故c错误；d、若将小磁针移到螺线管正上方，小磁针n极将转过180故d错误故选：b点评：本题考查了磁极间的相互作用规律和右手螺旋定则的使用利用右手螺旋定则既可由电流的方向判定磁极磁性，也能由磁极极性判断电流的方向和线圈的绕法20（3分）（2014河北）如图为研究自感现象的实验电路图，其中自感线圈直流电阻很小可忽略不计下列可能出现的实验现象是（）a闭合开关，灯泡缓缓亮起来b闭合开关，灯泡立即亮起来，且亮度一直保持不变c断开开关，灯泡立即熄灭d断开开关，灯泡闪亮一下，然后熄灭考点：自感现象和自感系数分析：闭合s，a立刻亮，随着l中电流增大，线圈l直流电阻可忽略不计，分流作用增大，a逐渐被短路，总电阻减小，再由欧姆定律分析a灯亮度的变化断开s，线圈中电流减小，根据楞次定律判断a灯亮度如何变化解答：解：a、b闭合s时，电源的电压同时加到灯a上，a立刻亮，随着l中电流增大，由于线圈l直流电阻可忽略不计，分流作用增大，a逐渐被短路直到熄灭故ab错误c、d断开s，线圈中电流减小，产生自感电动势，感应电流流过a灯，a闪亮一下后熄灭故c错误，d正确故选：d点评：对于通电与断电的自感现象，它们是特殊的电磁感应现象，可楞次定律分析发生的现象三、选择题（共5小题，每小题3分，满分15分）21（3分）（2014河北）如图所示，实线是一簇未标明方向的由点电荷q产生的电场线，若带电粒子q （|q|q|）由a运动到b轨迹如图中虚线，电场力做正功已知在a、b两点粒子所受电场力分别为fa、fb，则下列判断正确的是（）a若q为正电荷，则q带负电，且fafbb若q为正电荷，则q带负电，且fafbc若q为负电荷，则q带负电，且fafbd若q为负电荷，则q带负电，且fafb考点：电场线分析：粒子的运动轨迹向右弯曲，说明粒子受到的电场力大体向右，q与q带同种电荷由电场线的疏密分析场强的大小，再判断电场力的大小解答：解：由图知，粒子的运动轨迹向右弯曲，说明粒子受到的电场力大体向右，则知q与q带同种电荷根据电场线的疏密表示场强的大小，知，a处的场强比b处的场强大，由f=qe，知fafb故c正确，abd错误故选：c点评：本题是电场中粒子的轨迹问题，关键要能根据轨迹的弯曲方向判断粒子受力方向，明确曲线运动的合外力指向轨迹的内侧22（3分）（2014河北）如图所示为 a、b两个导体的伏安特性曲线，由图象分析可知（）ararbbrarbc若将两个导体串联起来，总电阻的伏安特性曲线应在a线上侧d若将两个导体串联起来，总电阻的伏安特性曲线应在a、b两条线之间考点：欧姆定律专题：恒定电流专题分析：根据电阻的定义式r=可知，iu图线直线的斜率k=，根据斜率大小，比较电阻的大小由图象读出u相同时，电流的大小解答：解：a、b、根据电阻的定义式r=可知，iu图线直线的斜率k=，斜率越大，其电阻越小，则由图可知，rarb故a错误，b正确；c、若两个导体串联使用时，总电阻大于任一电阻；总电阻的伏安特性曲线应在b的下侧；故cd错误；故选：b点评：本题考查识别、理解物理图象的能力物理上常常从数学的角度理解图象的物理意义23（3分）（2014河北）如图所示为用电压表（内阻rv）、电流表（内阻ra）测量电阻rx的两种电路图用电路甲测得阻值为r1，用电路乙测得阻值为r2下列说法正确的是（）ar1rxr2br2rxr1c若rxra，则用电路乙测量更精确d若rvrx，则用电路甲测量更精确考点：伏安法测电阻专题：恒定电流专题分析：伏安法测电阻，有两种电路：电流表内接法与电流表外接法，根据实验电路应用欧姆定律分析实验误差解答：解：a、由图甲所示电路可知，该实验采用电流表内接法，由于电流表分压作用，所测电压偏大，由欧姆定律可知，电阻测量值大于真实值；图乙采用电流表外接法，由于电压表的分流，所测电流偏大，由欧姆定律可知，电阻测量值小于真实值，故r1rxr2；c、若rxra，电阻可以看作大电阻，电压表的分流更明显；故此时应采用电路甲测量更精确；故c错误；d、若rvrx，电阻应看作小电阻，电流表的分压将明显，应用电路乙测量更精确；故d错误；故选：a点评：应用伏安法测电阻，当待测电阻远大于电流表内阻时，采用内接法，当待测电阻阻值远小于电压表内阻时，采用电流表外接法可以记作：“大内偏大，小外偏小”24（3分）（2014河北）如图所示，在空间直角坐标系中存在方向垂直于xoy平面、磁感应强度大小为b=0.5t的匀强磁场 ab=od=0.5m，bo=ef=ad=be=of=0.4m则通过面积saefd的磁通量为（）a0b0.1wbc0.08wbd0.2wb考点：磁通量分析：线圈在匀强磁场中，当线圈平面与磁场方向垂直时，穿过线圈的磁通量=bs，b是磁感应强度，s是线圈的面积当线圈平面与磁场方向平行时，穿过线圈的磁通量=0当存在一定夹角时，则将磁感应强度沿垂直平面方向与平行平面方向分解，从而求出磁通量解答：解：aefd与匀强磁场方向的夹角未知，因此可将面积s（aefd）投影到与x轴垂直的bcof上，aefd的有效面积就是abcd的面积，故磁通量2=bs=0.50.40.4=0.08wb；故选：c点评：对于匀强磁场中磁通量的求解，可以根据一般的计算公式=bssin（是线圈平面与磁场方向的夹角）来分析线圈平面与磁场方向垂直、平行两个特殊情况25（3分）（2014河北）如图所示，质量分布均匀的两段通电直导线ab、cd相互垂直放置，电流方向如图所示已知导线cd固定，导线ab可以在纸面内自由移动、转动则通电后导线ab在安培力作用下将（）a保持与导线cd垂直向上移动b保持与导线cd垂直向下移动c保持与导线cd垂直向右移动d向下移动并发生转动，同时远离cd考点：平行通电直导线间的作用分析：通过右手螺旋定则来确定固定放置的直导线cd，在导线a处的磁场分布，再由左手定则来确定安培力的方向，从而确定导线ab如何运动解答：解：由直导线cd电流方向，可以用安培定则来确定导线ab处的磁场分布，如图所示：因离导线越远，磁场越弱，根据左手定则可知，判断a端受到向下的安培力，b端也受向下的力；由于a的安培力较大从而使得ab杆并发生转动，当电流方向相反时，出现相互排斥，即远离cd，故d正确；abc错误；故选：d点评：本题考查右手螺旋定则、左手定则、及磁场的叠加，注意区别右手定则与左手定则二、双项选择题（本大题每小题3分，共计30分每小题有两个选项是正确的，全部选对得3分，只选一个且正确得2分，有错选不得分其中3338题为选修模块试题，根据自己选修情况，两个模块任选一个作答两模块都答者，按照选修1-1模块计分）26（3分）（2014河北）跳伞者着陆过程中的加速度约为a1=24.5m/s2，赛车起步过程中的加速度约为a2=4.5m/s2由此可知（）a跳伞者着陆过程中的加速度大于赛车起步过程中的加速度b跳伞者着陆过程中的加速度小于赛车起步过程中的加速度c跳伞者的速度一定大于赛车的速度d跳伞者着陆过程中的速度方向与加速度方向相反，而赛车起步过程中的速度方向与加速度方向相同考点：加速度专题：直线运动规律专题分析：加速度是矢量，加速度的正负表示方向，不表示大小结合加速度的绝对值比较加速度的大小解答：解：a、跳伞者着陆过程中的加速度约为a1=24.5m/s2，赛车起步过程中的加速度约为a2=4.5m/s2可知跳伞者着陆过程中的加速度大于赛车起步过程中的加速度，故a正确，b错误c、根据加速度的大小无法比较速度的大小，故c错误d、跳伞者在着陆的过程中，做减速运动，加速度方向与速度方向相反，赛车在起步的过程中，做加速运动，加速度方向与速度方向相同，故d正确故选：ad点评：解决本题的关键知道加速度是矢量，正负表示方向，掌握判断物体做加速运动还是减速运动的方法，关键看加速度方向与速度方向的关系27（3分）（2014河北）足球场上，足球受到运动员头部的作用力改变了运动方向，运动员的头部受到了足球的作用力，感到疼痛关于这两个力的说法正确的是（）a运动员对足球的作用力大于足球对运动员的作用力b这两个力为相互作用力c运动员对球的作用力比球对运动员的作用更早产生d这两个力一定会同时消失考点：作用力和反作用力分析：由牛顿第三定律可知，作用力与反作用力大小相等，方向相反，作用在同一条直线上，作用在两个物体上，力的性质相同，它们同时产生，同时变化，同时消失解答：解：a、b、运动员对足球的作用力与足球对运动员的作用力是运动员与足球间的相互作用力，总是大小相等、方向相反、作用在同一条直线上，故a错误，b正确；c、运动员对足球的作用力与足球对运动员的作用力是运动员与足球间的相互作用力，同时擦拭、同时消失，故c错误，d正确；故选：bd点评：考查牛顿第三定律及其理解理解牛顿第三定律与平衡力的区别28（3分）（2014河北）如图，a、b两点分别位于大、小轮的边缘上，c点位于大轮半径的中点，大轮的半径是小轮半径的2倍，它们之间靠摩擦传动，接触面不打滑下列说法正确的是（）aa与b线速度大小相等bb与c线速度大小相等ca的角速度是c的2倍da与c角速度大小相等考点：线速度、角速度和周期、转速专题：匀速圆周运动专题分析：靠摩擦传动做匀速转动的大、小两轮接触面互不打滑，知a、b两点具有相同的线速度，a、c共轴转动，则角速度相等根据v=r，a=r2，可得出角速度和加速度的关系解答：解：a、b、靠摩擦传动做匀速转动的大、小两轮接触面互不打滑，知a、b两点具有相同的线速度故a正确；c、d、点a和点c是同轴传动，角速度相等，c错误，d正确；b、点a和点b具有相同的线速度大小，又因为a、c具有相同的角速度，根据v=r，可知b点的线速度大于c点的线速度故b错误；故选：ad点评：解决本题的关键掌握靠摩擦传动轮子边缘上的点具有相同的线速度，共轴转动的点具有相同的角速度29（3分）（2014河北）若忽略空气阻力，下列物体的运动，可看成平抛运动的是（）a水管斜向上喷出的水b水平水管喷出的水c沿末端水平滑槽滚下的小球d古代抛石车抛出的石块考点：平抛运动专题：平抛运动专题分析：平抛运动的条件是具有水平初速度，仅受重力的运动解答：解：a、水管斜向上喷出的水，初速度不沿水平方向不是平抛运动，故a错误；b、水平水管喷出的水，初速度沿水平方向，只受重力作用，是平抛运动，故b正确；c、沿末端水平滑槽滚下的小球，初速度沿水平方向，只受重力作用，是平抛运动，故c正确；d、古代抛石车抛出的石块，初速度方向斜向上，不是平抛运动，故d错误；故选：bc点评：解决本题的关键知道平抛运动的条件，具有水平初速度，仅受重力，难度不大，属于基础题30（3分）（2014河北）已知力f的大小和方向，现将力f分解为互成角度的两个分力f1和f2，在以下四种条件中，哪两种情况下两分力的解是唯一的（）a已知f1的方向和f2的大小b已知f1和f2的大小c已知两个分力的方向d已知f1的大小和方向考点：力的合成与分解的运用；力的合成分析：力的分解是以分解的力为对角线作平行四边形，已知对角线画平行四边形有无数解，但加以条件限制可以使分解唯一，即满足条件的平行四边形只能画一个解答：解：a、已知f1的方向与f夹角为，根据几何关系，当f2fsin此时无解，故a错误；b、已知两个分力的大小，根据平行四边形定则，可以作出两个不同的平行四边形，有两种解，力不能唯一分解，故b错误；c、已知平行四边形的对角线和两个分力的方向，只能作唯一的平行四边形，能唯一分解，故c正确；d、已知对角线和平行四边形的一条边，这种情况下也只能画唯一的平行四边形，故唯一分解，故d正确；故选：cd点评：本题考查分解的唯一性，掌握力的分解满足平行四边形有定则是关键，能根据给出的关系分析满足条件的平行四边形是否唯一31（3分）（2014河北）关于开普勒第三定律的公式=k，下列说法正确的是（）a式中k值，对所有行星和卫星都相等b围绕不同恒星运行的行星，其k值一般不同c公式只适用于绕太阳做椭圆轨道运行的行星d公式适用于宇宙中所有围绕恒星运动的行星考点：开普勒定律专题：常规题型分析：开普勒运动定律不仅适用于椭圆运动，也适用于圆周运动，不仅适用于行星绕太阳的运动，也适用于卫星绕行星的运动式中的k是与中心星体的质量有关的解答：解：a、围绕不同恒星运行的行星，其k值一般不同，式中的k是与中心星体的质量有关故a错误，b正确c、开普勒第三定律不仅适用于行星绕太阳的运动，也适用于卫星绕行星的运动故c错误d、开普勒第三定律不仅适用于行星绕太阳的运动，也适用于卫星绕行星的运动故d正确故选：bd点评：此题需要掌握：开普勒运动定律不仅适用于椭圆运动，也适用于圆周运动，不仅适用于行星绕太阳的运动，也适用于卫星绕行星的运动式中的k是与中心星体的质量有关的32（3分）（2014河北）如图所示，物体在水平力f作用下沿粗糙斜面向上加速运动，则（）a物体机械能的改变量等于力f所做的功b物体动能的改变量等于合外力所做的功c物体重力势能的增加量等于物体克服重力所做的功d运动过程中由于摩擦产生的内能等于物体机械能的减少考点：功的计算专题：功的计算专题分析：物体机械能的增加量等于物体外力做的功，由动能定理可知物体动能的该变量等于物体合外力所做的功，物体重力势能的增加量等于物体克服重力所做的功，根能量守恒即可判断解答：解：a、物体机械能的改变量等于外力所做的功，在整个过程中外力为f和摩擦力，故做功之和为f和摩擦力之和，故a错误；b、由动能定理可知，物体的动能的该变量等于物体合外力所做的功，故b正确；c、物体重力势能的增加量等于物体克服重力所做的功，故c正确；d、根据能量守恒即可判断，运动过程中摩擦产生的内能不等于物体机械能的减少，故d错误；故选：bc点评：本题主要考查了动能定理，能量守恒，抓住运动过程即可；五、选择题（共3小题，每小题3分，满分9分）33（3分）（2014河北）一只灯泡的灯丝断了，轻轻摇晃还能搭上继续使用一段时间，则灯丝搭上后（）a电阻变大了b电阻变小了c比原来亮了d比原来喑了考点：电阻定律专题：恒定电流专题分析：将断了的灯丝重新搭接上，再将这只灯泡再接入原电路中，灯丝接入电路的长度变短，电阻变小，而电压不变，根据功率公式分析灯泡消耗的功率解答：解：将断了的灯丝重新搭接上，再将这只灯泡再接入原电路中，灯丝接入电路的长度变短，根据电阻定律得知，其电阻变小，而电路的电压不变，则由功率公式p=分析得知，灯泡实际消耗的功率增大，电流变大，灯泡变亮故选：bc点评：本题是电阻定律的具体应用，我们得到的结果应与实际经验相符基础题34（3分）（2014河北）如图所示，匀强磁场中有一通电矩形线圈绕其中心轴00转动，则在转动过程中（）aab和cd两边始终不受安培力作用bab和cd两边所受安培力的方向不断变化c在图示位置，ad和bc边均不受安培力d在图示位置，ab所受安培力垂直纸面向外，cd所受安培力垂直纸面向内考点：安培力分析：当电流方向与磁场方向不垂直时，电流受到安培力作用，当电流方向与磁场方向平行时电流不受安培力作用，应用左手定则可以判断出安培力方向解答：解：a、在线圈转动过程中，ab和cd两边电流始终与磁场方向垂直，ab与cd两边始终受到安培力作用，故a错误；b、由于电流方向与磁场方向都不变，由左手定则可知，ab和cd两边所受的安培力方向不变，故b错误；c、在图示位置，ad和bc边中的电流方向与磁场方向平行，两边均不受安培力作用，故c正确；d、由左手定则可知，在图示位置，ab所受安培力垂直纸面向外，cd所受安培力垂直纸面向内，故d正确；故选：cd点评：解决本题的关键掌握安培力方向的判定，明确安培力产生的条件，熟练应用左手定则判断安培力的方向35（3分）（2014河北）分别给门的四角钉上大钉子，用电线（有绝缘外皮的导线）沿着4个钉子绕制一个几十匝的大线圈，线圈的两端连在一个指针在表盘中央的电流表上下列可能发生的现象是（）a只要让门面对准正南方放置，电流表里就有电流流过b只要让门面对准正西方放置，电流表里就有电流流过c无论开门还是关门，电流表都有电流流过d开门速度越快，电流表指针偏转角度越大考点：法拉第电磁感应定律；感应电流的产生条件分析：根据感应电流产生的条件：闭合电路的磁通量变化，结合法拉第电磁感应定律，即可求解解答：解：ab、由题意，结合感应电流产生的条件，只要穿过门的磁通量变化，才有感应电流，电流表才有示数，不论a还是b，穿过门的磁通量没变化，则均没有电流，故ab错误；c、无论开门还是关门，穿过门的磁通量变化，电流表都有电流流过，故c正确；d、当开门速度越快时，则磁能量变化率越大，那么感应电动势也越大，因此指针偏转角也越大，故d正确；故选：cd点评：考查感应电流产生的条件，掌握法拉第电磁感应定律的应用，注意磁通量，磁通量的变化，及磁通量的变化率的区别六、选择题（共3小题，每小题3分，满分9分）36（3分）（2014河北）如图所示，甲乙为两个验电器甲不带电，乙带正电且上端为几乎封闭的空心金属球（仅在上端开一小孔）让带有绝缘柄的小球c（尺寸比小孔小）先后接触两个验电器的金属球，观察验电器甲的箔片，你将看到的现象为（）a让c先接触乙金属球的外部，再接触甲的金属球，甲的箔片不张开b让c先接触乙金属球的外部，再接触甲的金属球，甲的箔片将张开c让c先接触乙金属球的内部，再接触甲的金属球，甲的箔片将张开d让c先接触乙金属球的内部，再接触甲的金属球，甲的箔片不张开考点：电荷守恒定律专题：电场力与电势的性质专题分析：明确物体带电的三种带电方式及原理：接触带电、感应起电、摩擦带电注意空腔导体带电时分布在外表面解答：解：a、b、空腔导体带电时净电荷分布与金属球外侧，内部不带电；故让c先接触乙金属球的外部，再接触甲的金属球，甲的箔片将张开；故a错误，b正确；c、d、空腔导体带电时净电荷分布与金属球外侧，内部不带电；故让c先接触乙金属球的内部，再接触甲的金属球，甲的箔片不张开；故c错误，d正确；故选：bd点评：弄清各种带电方式的实质，并能正确理解和应用，尤其注意导体带电特点37（3分）（2014河北）在“研究影响平行板电容器电容大小的因素”实验中，电容器的a、b两极板带有等量异种电荷，b板与静电计的小球连接，a板与金属外壳连接，如图所示下列哪些措施能使静电计指针张角变小（）a将a极板向右移动b将a极板向上移动c在a、b极板间插入电介质d将电介质从a、b极板间拔出考点：研究平行板电容器分析：改变板间距离、改变正对面积或放入电介质，根据电容的决定式分析电容的变化，电容器的电量不变，再根据电容的定义式分析板间电压的变化，判断静电计指针的变化解答：解：a、将a极板向右移动，则减小a、b板间的距离，根据电容的决定式c= 知电容c增大，电容器的电量q不变，则由定义式c= 知，板间电压u减小，静电计指针张角变小，故a正确；b、把a板向上平移，减小a、b板的正对面积，根据电容的决定式c= 分析得知，电容c减小，电容器的电量q不变，则由c= 得知，板间电压u增大，静电计指针张角变大故b错误c、在a、b板间放入一介质板，根据电容的决定式c= 知，电容c增大，电容器的电量q不变，则板间电压u减小，静电计指针张角变小故c正确d、抽出电介质时，由于c减小，电量不变；则电压增大；指针张角变大；故d错误；故选：ac点评：本题是电容器的动态变化分析问题，在分析不变量的基础上，由电容的决定式c= 和定义式c= 结合分析38（3分）（2014河北）在如图所示的电路中，电流表的内阻很小可忽略不计则利用此电路（）a若已知r1、r2的阻值，且r1r2，可以测定电源电动势和内电阻b若已知r1、r2的阻值，且r1r2，只能测定电源电动势不能测电源内电阻c若已知r1、r2的阻值，且 r1=r2，可以测定电源电动势和内电阻d若已知电源电动势e及r1的阻值，可以测量电阻r2的阻值和电源内电阻考点：闭合电路的欧姆定律专题：恒定电流专题分析：根据开关的位置确定电路特点，由闭合电路欧姆定律可得出关于e、r等的表达式，联立可求得电动势和内电阻解答：解：开关接1时，由闭合电路欧姆定律可得：e=i1（r1+r）开关接2时，e=i2（r2+r）a、若已知r1、r2的阻值，且r1r2，因电流值可以测出，故可以测定电源电动势和内电阻；故a正确，b错误；c、若 r1=r2，则两方程相同，故无法测定电源的电动势和内电阻；故c错误；d、若已知电源电动势e及r1的阻值，根据方程可以测量电阻r2的阻值和电源内电阻；故d正确；故选：ad点评：本题考查闭合电路欧姆定律的公式，要注意正确利用数学中方程组的求解方法进行分析三、探究与计算题（本题有3个小题，第39题8分，第40题10分，第41题12分，计30分）39（2014河北）一飞船返回舱距地面10km时启动降落伞装置，速度减至12m/s，并以这个速度在大气中匀速降落在接近地面时，返回舱的4台缓冲发动机开始向下喷火，使返回舱做匀减速直线运动，加速度大小为6m/s2若要使返回舱到达地面时恰好速度为0，求（1）启动缓冲发动机时，返回舱离地面的高度；（2）缓冲发动机作用的时间考点：匀变