江苏高考化学复习水溶液中的离子平衡5第四单元沉淀溶解平衡教案.docx

第四单元沉淀溶解平衡1了解难溶电解质的沉淀溶解平衡。2.理解溶度积(Ksp)的含义，能进行相关的计算。沉淀溶解平衡知识梳理1含义在一定温度下的水溶液中，当沉淀溶解和生成的速率相等时，即建立了溶解平衡状态。2建立过程固体溶质溶液中的溶质3特征4影响因素(1)内因难溶电解质本身的性质，这是决定因素。(2)外因以AgCl悬浊液中AgCl(s)Ag(aq)Cl(aq)H0为例：外界条件移动方向平衡后c(Ag)平衡后c(Cl)Ksp升高温度正向增大增大增大加少量水稀释正向不变不变不变加入少量AgNO3逆向增大减小不变通入HCl逆向减小增大不变通入H2S正向减小增大不变5.溶度积沉淀溶解平衡常数(1)概念在一定温度下，难溶电解质的饱和溶液中，离子浓度的幂之积。(2)表达式对于沉淀溶解平衡：MmNn(s)mMn(aq)nNm(aq)，Kspcm(Mn)cn(Nm)，式中的浓度是平衡浓度。(3)意义反映了难溶电解质在水中的溶解能力。当化学式所表示的组成中阴、阳离子个数比相同时，Ksp的数值越大，说明难溶电解质在水中的溶解能力越强。(4)影响因素在一定温度下，溶度积是一个常数，只受温度影响，不受溶液中物质浓度的影响。6浓度商(1)表达式：MmNn(s)mMn(aq)nNm(aq)，Qccm(Mn)cn(Nm)，式中的浓度是任意时刻的浓度。(2)应用：判断在一定条件下沉淀能否生成或溶解。自我检测判断正误，正确的打“”，错误的打“”。(1)难溶电解质达到沉淀溶解平衡时，溶液中各种离子的溶解(或沉淀)速率都相等。()难溶电解质达到沉淀溶解平衡时，增加难溶电解质的量，平衡向溶解方向移动。()向Na2SO4溶液中加入过量的BaCl2溶液，SO沉淀完全，溶液中只含Ba2、Na和Cl，不含SO。()Ksp小的物质其溶解能力一定比Ksp大的物质的溶解能力小。()为减少洗涤过程中固体的损失，最好选用稀H2SO4代替H2O来洗涤BaSO4沉淀。()洗涤沉淀时，洗涤次数越多越好。()(2)对于平衡体系：Ca(OH)2(s)Ca2(aq)2OH(aq)H0：升高温度，平衡逆向移动。()向溶液中加入少量碳酸钠粉末能增大钙离子浓度。()除去氯化钠溶液中混有的少量钙离子，可以向溶液中加入适量的NaOH溶液。()恒温下向溶液中加入CaO，溶液的pH升高。()给溶液加热，溶液的pH升高。()向溶液中加入Na2CO3溶液，其中固体质量增加。()向溶液中加入少量NaOH固体，Ca(OH)2固体质量不变。()(3)(2016高考江苏卷)室温下，向浓度均为0.1 molL1的BaCl2和CaCl2混合溶液中滴加Na2SO4溶液，出现白色沉淀，说明Ksp(BaSO4)Ksp(AgI)D暂时硬水中含有较多的Ca2、Mg2、HCO，加热煮沸可以完全除去其中的Ca2、Mg2解析：选C。饱和石灰水中加入一定量生石灰，与水反应放热，溶液温度明显升高，但Ca(OH)2的溶解度降低，溶液中c(OH)减小，溶液的pH减小，A错；AgCl悬浊液中加入少量NaCl粉末，平衡向左移动，但离子的总浓度增大，B错；由沉淀的转化规律可得Ksp(AgCl)Ksp(AgI)，C对；加热煮沸暂时硬水，生成CaCO3和Mg(OH)2沉淀，由于CaCO3和Mg(OH)2在水中存在溶解平衡，所以不可能完全除去其中的Ca2和Mg2，D错。2下列有关沉淀溶解平衡的说法正确的是()A在AgCl的沉淀溶解平衡体系中，加入蒸馏水，Ksp(AgCl)增大B在CaCO3的沉淀溶解平衡体系中，加入稀盐酸，平衡不移动C可直接根据Ksp的数值大小比较难溶物在水中的溶解度大小D25 时，Ksp(AgCl)Ksp(AgBr)，向AgCl悬浊液中加入KBr固体，有淡黄色沉淀生成解析：选D。Ksp的大小只与温度有关，A项错误；CaCO3(s)Ca2(aq)CO(aq)，加入稀盐酸，CO与H反应，导致溶解平衡正向移动，B项错误；只有比较相同温度下、相同组成形式的难溶电解质的Ksp的数值大小，才可比较难溶物在水中的溶解度大小，C项错误。溶度积的相关计算3(2017高考全国卷，13，6分)在湿法炼锌的电解循环溶液中，较高浓度的Cl会腐蚀阳极板而增大电解能耗。可向溶液中同时加入Cu和CuSO4，生成CuCl沉淀从而除去Cl。根据溶液中平衡时相关离子浓度的关系图，下列说法错误的是()AKsp(CuCl)的数量级为107B除Cl反应为CuCu22Cl=2CuClC加入Cu越多，Cu浓度越高，除Cl效果越好D2Cu=Cu2Cu平衡常数很大，反应趋于完全解析：选C。由题图可知，当c(Cu)102 molL1时，c(Cl)约为104.75 molL1，则Ksp(CuCl)c(Cu)c(Cl)的数量级为107，A项正确；根据题目信息可知B项正确；Cu、Cu2是按一定物质的量之比反应的，并不是加入Cu越多，Cu浓度越高，除Cl效果越好，C项错误；由题图可知，交点处c(Cu)c(Cu2)106 molL1，则2Cu=Cu2Cu的平衡常数K106，该平衡常数很大，因而反应趋于完全，D项正确。4根据题目提供的溶度积数据进行计算并回答下列问题：(1)在Ca(NO3)2溶液中加入(NH4)2CO3溶液后过滤，若测得滤液中c(CO)103 molL1，则Ca2是否沉淀完全？_(填“是”或“否”)。已知c(Ca2)105 molL1时可视为沉淀完全；Ksp(CaCO3)4.96109(2)已知25 时，KspMg(OH)25.61012；酸碱指示剂百里酚蓝变色的pH范围如下：pH8.08.09.69.6颜色黄色绿色蓝色25 时，在Mg(OH)2饱和溶液中滴加2滴百里酚蓝指示剂，溶液的颜色为_。(3)向50 mL 0.018 molL1的AgNO3溶液中加入50 mL 0.020 molL1的盐酸，生成沉淀，反应后剩余Cl1.0104 mol。已知该温度下AgCl的Ksp1.01010，忽略溶液的体积变化。如果向完全沉淀后的溶液中继续加入50 mL 0.001 molL1的盐酸，是否有白色沉淀生成？_(填“是”或“否”)，理由是_。解析：(1)根据Ksp(CaCO3)c(Ca2)c(CO)4.96109，得c(Ca2) molL14.96106 molL1105 molL1，可视为沉淀完全。(2)设Mg(OH)2饱和溶液中c(OH)为x molL1，则 0.5x35.61012，x2.24104，c(H)4.461011 molL1，pH10.35，溶液为蓝色。答案：(1)是(2)蓝色(3)否因为加入的盐酸中c(Cl)和反应后所得溶液中的c(Cl)相同，c(Cl)没有改变，c(Ag)变小，所以Qcc(Ag)c(Cl)Ksp(AgCl)，没有沉淀产生(1)沉淀溶解平衡是化学平衡的一种，沉淀溶解平衡的移动也同样遵循勒夏特列原理。(2)复分解反应总是向着某些离子浓度减小的方向进行，若生成难溶电解质，则向着生成溶度积较小的难溶电解质的方向进行。 沉淀溶解平衡的应用知识梳理一、沉淀的生成1应用：可利用生成沉淀来达到分离或除去某些离子的目的。2方法方法实例反应的离子方程式调节pH法用Cu(OH)2、CuO等除去CuCl2中的FeCl3Fe33H2OFe(OH)33H，Cu(OH)22H=Cu22H2O沉淀剂法以Na2S、H2S等作沉淀剂除去污水中的Cu2等重金属离子H2SCu2=CuS2H二、沉淀的溶解1酸溶解法，如CaCO3溶于盐酸，离子方程式为CaCO32H=Ca2H2OCO2。2盐溶解法，如Mg(OH)2溶于NH4Cl溶液，离子方程式为Mg(OH)22NHMg22NH3H2O。三、沉淀的转化1实质：沉淀溶解平衡的移动。2特征(1)一般来说，溶解度小的沉淀转化为溶解度更小的沉淀容易实现。(2)沉淀的溶解度差别越大，越容易转化。3应用(1)锅炉除垢将CaSO4转化为CaCO3，离子方程式为CaSO4COCaCO3SO_。(2)矿物转化用饱和Na2CO3处理重晶石(BaSO4)制备可溶性钡盐的离子方程式为BaSO4COBaCO3SO、BaCO32H=Ba2H2OCO2。自我检测1判断正误，正确的打“”，错误的打“”。(1)Ksp(AB2)小于Ksp(CD)，则AB2的溶解度小于CD的溶解度。()(2)在一定条件下，溶解度较小的沉淀也可以转化成溶解度较大的沉淀。()(3)常温下，向BaCO3饱和溶液中加入Na2CO3固体，BaCO3的Ksp减小。()(4)溶度积常数Ksp只受温度影响，温度升高，Ksp 一定增大。()(5)常温下，向Mg(OH)2饱和溶液中加入NaOH固体，Mg(OH)2的Ksp不变。()答案：(1)(2)(3)(4)(5)2试用平衡移动原理解释下列事实：(1)BaCO3不溶于水，为什么不能作钡餐？(2)CaCO3难溶于稀H2SO4，却能溶于醋酸中。(3)分别用等体积的蒸馏水和0.01 molL1的盐酸洗涤AgCl沉淀，用水洗涤造成的AgCl的损失大于用稀盐酸洗涤的损失量。答案：(1)BaCO3(s)Ba2(aq)CO(aq)，胃液中的盐酸电离出的H与BaCO3产生的CO结合生成CO2和H2O，破坏了BaCO3的溶解平衡，c(Ba2)增大，会引起人体中毒。(2)CaCO3(s)Ca2(aq)CO(aq)，在稀H2SO4中，因为生成的CaSO4溶解度较小，会附在CaCO3的表面，阻止平衡的右移。醋酸钙易溶于水，当醋酸电离出H与CO结合生成CO2和H2O时，CaCO3的溶解平衡右移。(3)用水洗涤AgCl，AgCl(s)Ag(aq)Cl(aq)平衡右移，AgCl的质量减少，用盐酸洗涤AgCl，c(Cl)较大，会使平衡左移，AgCl减少的质量要小些。(1)难溶电解质的溶解平衡也是动态平衡，通过改变外界条件可以使平衡发生移动溶液中的离子转化为沉淀、沉淀转化为溶液中的离子或一种沉淀向另一种沉淀转化。(2)用沉淀法除杂不可能将杂质离子全部通过沉淀除去。一般认为残留在溶液中的离子浓度小于1105 molL1时，沉淀已经完全。(1)2017高考全国卷，27(5)若滤液中c(Mg2)0.02 molL1，加入双氧水和磷酸(设溶液体积增加1倍)，使Fe3恰好沉淀完全即溶液中c(Fe3)1.0105 molL1，此时是否有Mg3(PO4)2沉淀生成？列式计算。FePO4、Mg3(PO4)2的Ksp分别为1.31022、1.01024。(2)2016高考全国卷，27(3)在化学分析中采用K2CrO4为指示剂，以AgNO3标准溶液滴定溶液中Cl，利用Ag与CrO生成砖红色沉淀，指示到达滴定终点。当溶液中Cl恰好沉淀完全(浓度等于1.0105molL1)时，溶液中c(Ag)为_molL1，此时溶液中c(CrO)等于_molL1。(已知Ag2CrO4、AgCl的Ksp分别为2.01012和2.01010)。解析(1)考查溶度积计算以及判断沉淀是否生成。分两步计算：计算铁离子完全沉淀时磷酸根离子浓度。c(Fe3)c(PO)Ksp(FePO4)，c(PO) molL11.31017 molL1。混合后，溶液中镁离子浓度为c(Mg2)0.01 molL1，c3(Mg2)c2(PO)0.013(1.31017)21.71040KspMg3(PO4)2，没有磷酸镁沉淀生成。(2)根据溶度积计算：c(Ag) molL12.0105 molL1，故c(CrO) molL15.0103 molL1。答案(1)见解析(2)2.01055.0103(1)2015高考全国卷，28(2)大量的碘富集在海藻中，用水浸取后浓缩，再向浓缩液中加MnO2和H2SO4，即可得到I2。上述浓缩液中主要含有I、Cl等离子。取一定量的浓缩液，向其中滴加AgNO3溶液，当AgCl开始沉淀时，溶液中为_。已知Ksp(AgCl)1.81010，Ksp(AgI)8.51017。(2)(2015高考江苏卷)已知：KspAl(OH)311033，KspFe(OH)331039，pH7.1时Mn(OH)2开始沉淀。室温下，除去MnSO4溶液中的Fe3、Al3(使其浓度均小于 1106 molL1)，需调节溶液pH范围为_。(3)(2015高考江苏卷)CaSO3水悬浮液中加入Na2SO4溶液，达到平衡后溶液中c(SO)_用 c(SO)、Ksp(CaSO3 )和Ksp(CaSO4 )表示。解析：(1)当AgCl开始沉淀时，溶液中4.7107。(2)Fe3全部转化为Fe(OH)3时，c(OH) molL1 1011 molL1；Al3全部转化为Al(OH)3时，c(OH) molL11109 molL1，故Al3、Fe3完全沉淀时，溶液中OH的最小浓度应为1109 molL1，即pH最小应为5.0，因为Mn(OH)2沉淀时的最小pH为7.1，故除去MnSO4溶液中的Fe3、Al3，应调节溶液至5.0pH7.1。(3)CaSO3水悬浮液中加入Na2SO4溶液以后的体系中存在两个沉淀溶解平衡：CaSO3 (s)Ca2(aq)SO(aq)，Ksp(CaSO3)c(Ca2)c(SO)CaSO4 (s)Ca2(aq) SO(aq)，Ksp(CaSO4)c(Ca2)c(SO)则c(SO)c(SO)。答案：(1)4.7107(2)5.0Ksp时，有沉淀析出。溶液中Cl、Br、CrO的浓度均为0.010 molL1，向该溶液中逐滴加入0.010 molL1的AgNO3溶液时，溶解度小的先满足QcKsp，有沉淀析出。比较Ksp，AgBr、AgCl同类型，溶解度：AgBr。故溶解度顺序为AgBrAgClAg2CrO4，推知三种阴离子产生沉淀的先后顺序为Br、Cl、CrO。3(1)在粗制CuSO45H2O晶体中常含有杂质Fe2。在提纯时为了除去Fe2，常加入合适的氧化剂，使Fe2转化为Fe3，下列物质可采用的是_(填字母，下同)。AKMnO4 BH2O2C氯水 DHNO3然后再加入适当物质调整至溶液pH3.8，使Fe3转化为Fe(OH)3，可以达到除去Fe3而不损失CuSO4的目的，调整溶液pH可选用下列中的_。ANaOH BNH3H2OCCuO DCu(OH)2(2)甲同学怀疑调整溶液pH3.8不一定能达到除去Fe3而不损失Cu2的目的，乙同学认为可以通过计算确定，他查阅有关资料得到如下数据，常温下Fe(OH)3的溶度积Ksp8.01038，Cu(OH)2的溶度积Ksp3.01020，通常认为残留在溶液中的离子浓度小于1105 molL1时就认为沉淀完全，设溶液中CuSO4的浓度为3.0 molL1，则Cu(OH)2开始沉淀时溶液的pH为_，Fe3完全沉淀时溶液的pH为_，通过计算确定上述方案_(填“可行”或“不可行”)。(提示：lg 50.7)解析：(1)使Fe2氧化为Fe3可加入H2O2，然后再加入CuO或Cu(OH)2调整至溶液pH3.8，若使用其他试剂，会引入杂质离子。(2)Cu(OH)2开始沉淀时溶液中c2(OH)3.03.01020，解得c(OH)1.01010 molL1，溶液的pH为4；Fe3完全沉淀时：c3(OH)11058.01038，c(OH)2.01011 molL1，溶液的pH为3.3；即当pH3.8时Fe3完全沉淀而Cu(OH)2还未开始沉淀，调整溶液pH3.8的方案可行。答案：(1)BCD(2)43.3可行1沉淀生成的两大应用(1)分离离子：同一类型的难溶电解质，如AgCl、AgBr、AgI，溶度积小的物质先析出，溶度积大的物质后析出。(2)控制溶液的pH来分离物质，如除去ZnCl2中的FeCl3就可向溶液中加入ZnO或Zn(OH)2等物质，将Fe3转化为Fe(OH)3而除去。2沉淀溶解的三种常用方法(1)盐溶解法：加入盐溶液，与沉淀溶解平衡体系中某种离子反应生成弱电解质，从而减小离子浓度使沉淀溶解，如Cu(OH)2溶于NH4Cl溶液。(2)配位溶解法：加入适当的配合剂，与沉淀溶解平衡体系中的某种离子生成稳定的配合物，从而减小离子浓度使沉淀溶解，如AgCl溶于氨水。(3)氧化还原法：通过发生氧化还原反应使平衡体系中的离子浓度降低，从而使沉淀溶解，如Ag2S溶于硝酸。 课后达标检测一、选择题1为了除去MgCl2溶液中的FeCl3，可在加热搅拌的条件下加入的一种试剂是()ANaOHBNa2CO3C氨水 DMgO解析：选D。本题常规方法是加入化学物质直接与Fe3反应形成沉淀，但在这里却巧妙地利用了MgO消耗FeCl3水解生成的HCl促进FeCl3水解生成Fe(OH)3沉淀，同时MgO转化成MgCl2，即使MgO过量，但它难溶于水，不引入新杂质。2温度不变时，向含有AgCl(s)的饱和AgCl溶液中加水，下列叙述正确的是()AAgCl的溶解度增大 BAgCl的溶解度、Ksp均不变CKsp(AgCl)增大 DAgCl的溶解度、Ksp均增大解析：选B。温度不变，向含有AgCl(s)的饱和AgCl溶液中加水时，AgCl的溶解度、Ksp均不变。3下表为有关化合物的pKsp，pKsplg Ksp。相关化合物AgXAgYAgZpKspabc某同学设计实验如下：向AgNO3溶液中加入适量NaX溶液，得到沉淀AgX；向中加NaY固体，则沉淀转化为AgY；向中加入NaZ固体，沉淀又转化为AgZ。则表中a、b、c的大小关系为()AabcBabcCcab Dabc解析：选B。根据沉淀的转化原理可知，溶解度小的沉淀总是向着溶解度更小的沉淀转化，再结合pKsplg Ksp可知，Ksp越小其pKsp越大，故B正确。4(2018昆明高三质检)在pH为34的环境中，Cu2、Fe2不能生成沉淀，而Fe3几乎完全沉淀。工业上制取CuCl2是将浓盐酸用蒸汽加热到80 左右，再慢慢加入粗氧化铜(含杂质FeO)，充分搅拌使之溶解，欲除去溶液中的杂质离子，下列方法正确的是()A加入纯Cu将Fe2还原B向溶液中加入(NH4)2S使Fe2沉淀C直接加水加热使杂质离子水解除去D在溶液中通入Cl2，再加入CuO粉末调节pH为34解析：选D。A项，Cu与Fe2不反应；B项，引入新杂质，且Cu2转化为CuS；C项，直接加水加热，Cu2也会发生水解；D项，通入Cl2，把Fe2氧化为Fe3，再加入CuO调节pH为34，使Fe3沉淀完全即可。5为研究沉淀的生成及转化，某小组进行如下实验。关于该实验的分析不正确的是()A浊液中存在平衡：AgSCN(s)Ag(aq)SCN(aq)B中颜色变化说明上层清液中含有SCNC中颜色变化说明有AgI生成D该实验可以证明AgI比AgSCN更难溶解析：选D。A项，根据信息，白色沉淀是AgSCN，存在溶解平衡：AgSCN(s)Ag(aq)SCN(aq)，故说法正确；B项，取上层清液，加入Fe3出现红色溶液，说明生成Fe(SCN)3，说明溶液中含有SCN，故说法正确；C项，AgI是黄色沉淀，现象是有黄色沉淀生成，说明有AgI产生，故说法正确；D项，可能是浊液中c(I)c(Ag)Ksp(AgI)，出现黄色沉淀，故说法错误。625 时，PbCl2固体在不同浓度盐酸中的溶解度曲线如图。在制备PbCl2的实验中，洗涤PbCl2固体最好选用()A蒸馏水B1.00 molL1盐酸C5.00 molL1盐酸D10.00 molL1盐酸解析：选B。观察题图知，PbCl2固体在浓度为1.00 molL1的盐酸中溶解度最小。7向50 mL 0.018 molL1的AgNO3溶液中加入50 mL 0.02 molL1的盐酸生成沉淀。已知Ksp(AgCl)1.81010，则生成沉淀后的溶液中c(Ag)与pH分别为()A1.8107 molL1，2B1107 molL1，2C1.8107 molL1，3D1107 molL1，3解析：选A。两种溶液混合后(反应前)：c(AgNO3)0.009 molL1，c(HCl)0.01 molL1，显然Ag全部沉淀，溶液中剩余的c(Cl)0.001 molL1。根据Ksp(AgCl)，则生成沉淀后的溶液中c(Ag) molL11.8107 molL1；由于H没有参与反应，c(H)0.01 molL1，故pH2。8(2018大理高三模拟)在25 时，FeS的Ksp6.31018，CuS的Ksp1.31036，ZnS的Ksp1.31024。下列有关说法中正确的是()A25 时，CuS的溶解度大于ZnS的溶解度B25 时，饱和CuS溶液中Cu2的浓度为1.31036 molL1C向物质的量浓度相同的FeCl2、ZnCl2的混合液中加入少量Na2S，只有FeS沉淀生成 D除去某溶液中的Cu2，可以选用FeS作沉淀剂解析：选D。25 时，Ksp(CuS)Ksp(ZnS)，所以CuS的溶解度小于ZnS的溶解度，A错误；饱和CuS溶液中c(Cu2) molL1，B错误；FeS的Ksp大于ZnS的，所以只有ZnS生成，C错误；依据沉淀的转化，溶度积大的FeS可以转化为溶度积小的CuS，D正确。9已知25 时，CaSO4在水中的沉淀溶解平衡曲线如图所示：向100 mL该条件下的CaSO4饱和溶液中加入400 mL 0.01 mol/L Na2SO4溶液，下列叙述正确的是()A溶液中析出CaSO4固体沉淀，最终溶液中c(SO)比原来的大B溶液中无沉淀析出，溶液中c(Ca2)、c(SO)都变小C溶液中析出CaSO4固体沉淀，溶液中c(Ca2)、c(SO)都变小D溶液中无沉淀析出，但最终溶液中c(SO)比原来的大解析：选D。由题意知，Ksp(CaSO4)c(Ca2)c(SO)3.01033.01039106，CaSO4饱和溶液中c(Ca2)c(SO)3.0103 mol/L。加入400 mL 0.01 mol/L Na2SO4溶液后，c(Ca2)6104mol/L，c(SO)8.6103 mol/L，Qcc(Ca2)c(SO)61048.61035.16106acd BbadcCadcb Dabdc(2)已知298 K时，Ksp(BaSO4)1.11010，上述条件下，溶液b中的SO浓度为_molL1，溶液c中Ba2的浓度为_molL1。(3)某同学取同样体积的溶液b和溶液d直接混合，则混合液的pH为_(设混合液的体积为混合前两溶液的体积之和)。解析：(1)SO会抑制BaSO4的溶解，所以c(SO)越大，c(Ba2)越小。(2)由于c(Ba2)c(SO)1.11010，所以溶液b中c(SO) molL15.51010molL1，溶液c中c(Ba2) molL12.21010 molL1。(3)溶液b、d混合后发生反应：Ba(OH)2H2SO4=BaSO42H2O，由题意知Ba(OH)2过量，溶液中OH的浓度为20.1 molL1，c(H)11013 molL1，pH13。答案：(1)B(2)5.510102.21010(3)1311请按要求回答下列问题：(1)已知25 时，KspMg(OH)21.81011，KspCu(OH)22.21020。在25 下，向浓度均为0.1 molL1的MgCl2和CuCl2混合溶液中逐滴加入氨水，先生成_沉淀(填化学式)，生成该沉淀的离子方程式为_。(2)25 时，向0.01 molL1的MgCl2溶液中逐滴加入浓NaOH溶液，刚好出现沉淀时，溶液的pH为_；当Mg2完全沉淀时，溶液的pH为_(忽略溶液体积变化，已知lg 2.40.4，lg 7.70.9)。(3)已知25 时，Ksp(AgCl)1.81010，则将AgCl放在蒸馏水中形成饱和溶液，溶液中的c(Ag)约为_molL1。(4)已知25 时，KspFe(OH)32.791039，该温度下反应Fe(OH)33HFe33H2O的平衡常数K_。解析：(1)因为KspCu(OH)2KspMg(OH)2，所以先生成Cu(OH)2沉淀。(2)KspMg(OH)21.81011c(Mg2)c2(OH)0.01c2(OH)，则c(OH)4.2105 molL1，c(H)Kw/c(OH)2.41010 molL1，则pH9.6，即当pH9.6时，开始出现Mg(OH)2沉淀。一般认为残留在溶液中的离子浓度小于1105 molL1时，沉淀已经完全，故Mg2完全沉淀时有 1105c2(OH)1.81011，则c(OH)1.3103 molL1，此时，c(H)7.71012 molL1，pH11.1。(3)Ksp(AgCl)1.81010c(Ag)c(Cl)c2(Ag)，解得：c(Ag)1.3105 molL1。(4)KspFe(OH)3c(Fe3)c3(OH)，题示反应的平衡常数为Kc(Fe3)/c3(H)，25 时水的离子积为Kwc(H)c(OH)11014，推得KKspFe(OH)3/K，即K2.791039/(11014)32.79103。答案：(1)Cu(OH)2Cu22NH3H2O=Cu(OH)22NH(2)9.611.1(3)1.3105(4)2.7910312金属氢氧化物在酸中溶解度不同，因此可以利用这一性质，控制溶液的pH，达到分离金属离子的目的。难溶金属的氢氧化物在不同pH下的溶解度(S/molL1)如图所示。(1)pH3时溶液中铜元素的主要存在形式是_。(2)若要除去CuCl2溶液中的少量Fe3，应该控制溶液的pH_(填字母)。A6(3)在Ni(NO3)2溶液中含有少量的Co2杂质，_(填“能”或“不能”)通过调节溶液pH的方法来除去，理由是_。(4)已知一些难溶物的溶度积常数如下表：物质FeSMnSCuSPbSHgSZnSKsp6.310182.510131.310353.410286.410331.61024为除去某工业废水中含有的Cu2、Pb2、Hg2