陕西省榆林市神木县府谷中学高二物理上学期期中试卷（含解析）.docVIP

2011-2012学年陕西省榆林市神木县府谷中学高二（上）期中物理试卷 一.选择题（本题包括12小题，每小题给出的四个选项中，有的只有一个选项正确，有的有几个选项正确，全部选对得4分，选对但不全得2分，选错得0分）1（4分）（2014秋科尔沁区期末）关于元电荷和点电荷的理解正确的是（）a元电荷就是电子b元电荷是表示跟电子所带电量数值相等的电量c体积很小的带电体就是点电荷d点电荷是一种理想化模型考点：元电荷、点电荷专题：电场力与电势的性质专题分析：点电荷是当两个带电体的形状对它的相互作用力的影响可忽略时，这两个带电体可看作点电荷而元电荷是带电量的最小值，它不是电荷，所有带电电荷量均是元电荷的整数倍解答：解：a、元电荷的电量等于电子的电量，但不是电子元电荷是带电量的最小单元没有电性之说故a错误；b、元电荷是表示跟电子所带电量数值相等的电量，故b正确；c、当两个带电体的形状对它的相互作用力的影响可忽略时，这两个带电体可看作点电荷，故c错误；d、点电荷实际不存在，是理想化模型故d正确；故选：bd点评：点电荷是电荷，有电荷量与电性，而元电荷不是电荷，有电荷量但没有电性2（4分）（2011秋白城期末）真空中两个相同的金属小球a和b，带电荷量分别为qa=2108c和qb=4108c，相互作用力为f，若将两球接触后再放回原处，则它们之间的作用力将变为（）afbfcfdf考点：库仑定律分析：当a带电荷量为q，b带电荷量为2q，在真空中相距为r时，根据库仑定律可以得到f与电量q、距离r的关系；a、b球相互接触后放回原处，距离r不变，电荷先中和再平分，再根据库仑定律得到相互作用的库仑力大小与q、r的关系，用比例法求解解答：解：未接触前，根据库仑定律，得 f=接触后两球带电量平分，再由库仑定律，得 f=则f= f，故a正确，bcd错误故选：a点评：本题考查运用比例法求解物理问题的能力对于两个完全相同的金属球，互相接触后电量平分3（4分）（2014秋娄底期中）一带电量为q的检验电荷在电场中某点受到的电场力大小为f，该点场强大小为e，则下面能正确反映这三者关系的是（）abcd考点：电场强度专题：电场力与电势的性质专题分析：电场中的电场强度与放入电场中检验电荷的电量无关，由场源电荷决定解答：解：a、因为电场中的电场强度与放入电场中检验电荷的电量q无关，由场源电荷决定所以电场强度不随q、f的变化而变化故a错误，b正确，d错误 c、由e=知，某点的电场强度一定，f与q成正比故c正确故选bc点评：解决本题的关键掌握电场强度的定义式e=知道电场中的电场强度与放入电场中电荷的电量无关，由场源电荷决定4（4分）（2011秋神木县校级期中）如图所示，一带正电的粒子（不计重力）在匀强电场中途经a、b两点（电场线沿水平方向）则（）aab，epa=epbbab，epaepbcab，epaepbdab，epaepb考点：电势；电势能专题：电场力与电势的性质专题分析：根据粒子轨迹弯曲的方向分析电场力方向，确定电场线方向，即可判断电势的高低；根据电场力做功正负，分析电势能的变化解答：解：由图粒子的轨迹向左弯曲，可知粒子所受的电场力向左，而粒子带正电，所以电场线向左，则知ab电场力对粒子做负功，电势能增大，则有epaepb故选：c点评：在电场中跟据带电粒子运动轨迹和电场线关系判断电场强度、电势、电势能、动能等变化是对学生基本要求，也是重点知识，要重点掌握5（4分）（2014秋金家庄区校级期末）对于电容c=，以下说法正确的是（）a一只电容充荷量越大，电容就越大b对于固定电容器，它所充电荷量跟它两极板间所加电压的比值保持不变c可变电容器的充电荷量跟加在两极间的电压成反比d如果一个电容器没有电压，就没有充电荷量，也就没有电容考点：电容分析：电容表征电容器容纳电荷本领的大小，与电容器的电量无关，由定义式c=，给定的电容器，带电荷量跟它两极板间所加电压的比值保持不变，当电容c一定时，电量与电压成正比解答：解：a、电容器带电荷量越大，板间电压越大，而电容不变故a错误b、电容表征电容器容纳电荷本领的大小，对于固定电容器，电容c不变，由定义式c=可知，则带电荷量跟它两极板间所加电压的比值保持不变故b正确c、电容器的带电荷量q=cu，当电容c一定时，电量与电压成正比当电容c变化时，电量与电压不成正比故c错误d、电容表征电容器容纳电荷本领的大小，与电容器的电量、电压无关故d错误故选：b点评：本题考查对电容的理解能力，抓住电容的物理意义和定义式是关键6（4分）（2010秋温州期末）一个电流表的满偏电流ig=1ma内阻为500，要把它改装成一个量程为10v的电压表，则应在电流表上（）a串联一个10k的电阻b并联一个10k的电阻c串联一个9.5k的电阻d并联一个9.5k的电阻考点：把电流表改装成电压表专题：实验题分析：电流表串联电阻起分压作用为电压表，电流表串联电阻为总电阻减去电流表的内阻总电阻=量程除以满偏电流解答：解：要将电流表改装成电压表，必须在电流表上串联一个大电阻，串联电阻起分流的作用应串联电阻为r=9.5103故c正确，abd错误故选：c点评：电流表改装成电压表应串联电阻分压串联电阻阻值为：r=，是总电阻7（4分）（2013秋吉州区校级期中）如图所示是水平旋转的平行板电容器，上板带负电，下板带正电，带电小球以速度v0水平射入电场，且沿下板边缘飞出若下板不动，将上板上移一小段距离，小球仍以相同的速度v0从原处飞入，则带电小球（）a将打在下板中央b仍沿原轨迹由下板边缘飞出c不发生偏转，沿直线运动d若上板不动，将下板上移一段距离，小球一定打不到下板的中央考点：带电粒子在匀强电场中的运动专题：带电粒子在电场中的运动专题分析：将电容器上板向下移动一段距离，电容器所带的电量q不变，根据电容器的定义式导出电场强度的变化，判断粒子的运动情况解答：解：a、b、c、将电容器上板上移一小段距离，电容器所带的电量q不变，由e=、c=、c=得，e=由题意可知，电容器带电量q不变，极板的正对面积s不变，相对介电常量不变，由公式可知当d增大时，场强e不变，以相同的速度入射的小球仍按原来的轨迹运动，故ac错误，b正确d、若上板不动，将下板上移一段距离时，根据推论可知，板间电场强度不变，粒子所受的电场力不变，粒子轨迹不变，小球可能打在下板的中央，故d错误故选：b点评：本题要注意当电容器与电源断开时，电容器所带的电量是定值不变，仅仅改变板间距离时，板间场强是不变的，这个推论要熟悉8（4分）（2013贵州模拟）一段长为l，电阻为r的均匀电阻丝，把它拉制成3l长的均匀细丝后，切成等长的三段，然后把它们并联在一起，其电阻值为（）ab3rcdr考点：电阻定律专题：恒定电流专题分析：一段长为l，电阻为r的均匀电阻丝，把它拉制成3l长的均匀细丝后，切成等长的三段，长度和横截面积均没有改变，根据电阻定律判断解答：解：一段长为l，电阻为r的均匀电阻丝，把它拉制成3l长的均匀细丝后，切成等长的三段，然后把它们并联在一起，长度和横截面积均没有改变，根据电阻定律公式r=，其电阻不变，为r；故选d点评：本题关键根据电阻定律判断，记住公式r=即可，基础题9（4分）（2011秋神木县校级期中）如图所示，对同一未知电阻rx用甲、乙两种电路测量，甲中电表读数为6v、8ma，乙中电表读数为8v、7.8ma，则可判断rx的值（）a比1k略小些b比750略小些c比1k略大些d比750略大些考点：把电流表改装成电压表专题：实验题分析：根据电表示数差值判断电流表应采用哪种接法，然后应用欧姆定律求出电阻阻值解答：解：由题意可知，=，=，则应选择电流表外接法，待测电阻阻值rx=750，电流表采用外接法，由于电压表分流作用，电流测量值大于真实值，由欧姆定律可知，电阻测量值小于真实值，则电阻真实值略大于750，故d正确；故选：d点评：试触法在电学实验中经常出现，在明确在比较时是比较变化量与真实值之间的关系，从而根据比例得出误差较小的接法10（4分）（2008秋桂林期末）根据电阻定律，电阻率=r对于温度一定的某种金属导线来说，它的电阻率（）a跟导线的电阻成正比b跟导线的横截面积成正比c跟导线的长度成反比d由所用金属材料本身特性决定考点：电阻定律专题：恒定电流专题分析：导线的电阻率有材料本身的特性决定，与导体的电阻、横截面积、长度无关解答：解：导线的电阻率与导体的电阻大小、横截面积、长度无关，由材料本身特性决定故d正确，a、b、c错误故选d点评：本题属于易错题，很多同学容易根据公式，认为电阻率与电阻、横截面积成正比，与长度成反比，其实电阻率由本身特性决定11（4分）（2011秋神木县校级期中）如图，为电源的ui图线，则（）ae=1.4v，r=1.4be=1.4v，r=0.4ce=1.4v，i短=1.0ade=1.4v，i短=3.5a考点：路端电压与负载的关系专题：恒定电流专题分析：ui图象中图象与纵坐标的交点表示电源的电动势，根据图象读出短路电流，从而求出内阻，根据闭合电路欧姆定律列式求出外电阻解答：解：由图可知，电源的电动势为e=1.4v；当路端电压为1.0v时，电流为1.0a；则r=0.4由e=ir可得：i短=3.5a故选：bd点评：测定电动势和内电阻的实验中为了减小误差采用了图象分析法，要根据实验原理得出公式，并结合图象的斜率和截距得出正确的结果12（4分）（2009佛山一模）在如图所示的电路中，r1、r2、r3和r4皆为定值电阻，r5为可变电阻，电源的电动势为e，内阻为r设电流表a的读数为i，电压表v的读数为u当r5的滑动触点向图中a端移动时（）ai变大，u变小bi变大，u变大ci变小，u变大di变小，u变小考点：闭合电路的欧姆定律专题：恒定电流专题分析：当r5的滑动触点向图中a端移动时，r5变小，外电路总电阻变小，根据欧姆定律分析总电流和路端电压的变化，确定电流表a和电压表的读数变化解答：解：当r5的滑动触点向图中a端移动时，r5变小，外电路总电阻变小，则由闭合电路欧姆定律知，总电流i变大，路端电压变小，u变小电路中并联部分电压变小，则i变小故选d点评：本题电路动态变化分析问题，按“局部整体局部”的顺序进行分析二、填空题（每空3分，共12分）13（3分）（2011秋神木县校级期中）如图中为示波器面板，屏上显示的是一亮度很低，线条较粗且模糊不清的波形则：下列说法不正确的是（）a若要增大显示波形的亮度，应调节辉度旋钮b若要将波形曲线调至屏中央，应调节竖直位移与水平位移旋钮c若要使波形曲线线条较细且清楚，应调节聚焦与辅助聚焦旋钮d若要将波形曲线调至屏中央，应调节y增益与x增益旋钮考点：示波器的使用专题：实验题分析：由示波器的各旋钮的功能进行选择，要明确示波器的使用方法，熟记各旋钮的作用解答：解：a、若要增大波形的亮度，应调节辉度调节旋钮，a正确；b、若要将波形调至屏中央，应调节竖直位移与水平位移调节旋钮b正确d错误；c、若要波形变细且清晰，应调节聚焦调节旋钮和辅助聚焦调节旋钮，c正确；题目要求选不正确的，故选：d点评：考查示波器的使用，明确各旋钮的功能14（3分）（2011秋浙江期中）有一个多用电表，其欧姆挡的四个量程分别为“1”、“10”、“100”、“1k”，某学生把选择开关旋到“100”挡测量一未知电阻时，发现指针偏转角度很大，为了减少误差，他应该（）a换用“1k”挡，不必重新调整调零旋钮b换用“10”挡，不必重新调整调零旋钮c换用“1k”挡，必须重新调整调零旋钮d换用“10”挡，必须重新调整调零旋钮考点：用多用电表测电阻专题：实验题；恒定电流专题分析：欧姆表表盘刻度不均匀，零刻度在右边，每次换挡都必须进行欧姆调零解答：解：欧姆表的零刻度在最右边，指针偏角大说明被测电阻小，因此，要换小挡位10，重新欧姆调零故d正确故选：d点评：本题考查了欧姆表的使用方法，特别注意换挡后都要进行短接调零15（3分）（2011秋神木县校级期中）用多用表欧姆挡（100）测试一只晶体二极管，其结果依次如图所示，由图可知，该二极管的正极是a端（填“a”或“b”）考点：用多用电表测电阻专题：实验题分析：本题的关键是明确当电流从“+”接线柱进入从“”接线柱流出时，电表的指针才正向偏转，欧姆表内部电池的正极应与黑表笔即“”极相连，再根据二极管导通时电阻较小即可求解解答：解：当电流从“+”接线柱进入从“”接线柱流出时，电表的指针应正向偏转，由于欧姆表内部电池的正极与黑表笔即“”接线柱相连，当指针向右偏转角度角度时说明待测电阻阻值较小，根据图可知二极管的正极应与黑表笔即“”相连，即该二极管的正极是a端故答案为：a点评：应明确欧姆表内部电池的正极与黑表笔相连负极与红表笔相连16（3分）（2011秋神木县校级期中）图中螺旋测微器读数是0.1780厘米考点：螺旋测微器的使用专题：实验题分析：螺旋测微器的读数方法是固定刻度读数加上可动刻度读数，在读可动刻度读数时需估读解答：解：螺旋测微器的固定刻度为1.5mm，可动刻度为28. 00.01mm=0.280mm，所以最终读数为1.5mm+0.280mm=1.780mm=0.1780cm故答案为：0.1780点评：对于基本测量仪器如游标卡尺、螺旋测微器等要了解其原理，要能正确使用这些基本仪器进行有关测量三.计算题（共40分，17题12分，18题14分，19题14分，要求写出必要的文字说明和计算过程）17（12分）（2011秋神木县校级期中）一根长为0.5m的金属丝，横截面积为3.0mm2，在它两端加上0.15v的电压时，通过金属丝的电流为2.0a，求金属丝的电阻率考点：电阻定律专题：恒定电流专题分析：根据欧姆定律求出电阻的大小，再结合电阻定律r=求出康铜线的电阻率解答：解：据公式r=得：r=由电阻定律r=得：=m答：这根导线的电阻率4.5107m点评：本题考查欧姆定律和电阻定律的基本运用，比较简单，注意电阻率是有单位的，需正确写出电阻率的单位18（14分）（2014春枣强县校级期末）如图所示为两组平行板金属板，一组竖直放置，一组水平放置，今有一质量为m的电子静止在竖直放置的平行金属板的a点，经电压u0加速后通过b点进入两板间距为d、电压为u的水平放置的平行金属板间，若电子从两块水平平行板的正中间射入，且最后电子刚好能从右侧的两块平行金属板穿出，a、b分别为两块竖直板的中点，求：（1）右侧平行金属板的长度；（2）电子穿出右侧平行金属板时的动能考点：带电粒子在匀强电场中的运动；动能定理的应用专题：带电粒子在电场中的运动专题分析：（1）电子在加速电场中，电场力做正功eu0，由动能定理求解电子射出加速电场的速度电子进入偏转电场后做类平抛运动，沿水平方向做匀速直线运动，位移大小等于板长l；竖直方向做匀加速直线运动，刚好从电场飞出时，竖直分位移大小等于板间距离的一半，由牛顿第二定律求出加速度，由运动学公式求解板长l（2）从刚开始到射出电场的过程中运用动能定理求解电子穿出右侧平行金属板时的动能解答：解：（1）在加速过程中，根据动能定理得： eu0=解得到电子射